省考軟件設(shè)計師考試模擬題及答案資格證從業(yè)考試題(3)

1、 軟件設(shè)計師考試模擬題及答案-試題(1) 若內(nèi)存按字節(jié)編址，用存儲容量為32K8比特的存儲器芯片構(gòu)成地址編號 A0000HDFFFFH的內(nèi)存空間，則至少需要 (1) 片。1、A4 B6 C8 D10試題(2) 某計算機系統(tǒng)由下圖所示的部件構(gòu)成，假定每個部件的千小時可靠度R均為0.9，則該系統(tǒng)的千小時可靠度約為 (2) 。2、 A0.882 B0.951 C0.9 D0.99試題(3) 設(shè)指令由取指、分析、執(zhí)行3個子部件完成，每個子部件的工作周期均為t，采用常規(guī)標量單流水線處理機。若連續(xù)執(zhí)行10條指令，則共需時間 (3) t。3、A8 B10 C12 D14試題(4)、(5) 某計算機的時鐘頻率

2、為400MHz，測試該計算機的程序使用4種類型的指令。每種指令的數(shù)量及所需指令時鐘數(shù)(CPI)如下表所示，則該計算機的指令平均時鐘數(shù)為 (4) ：該計算機的運算速度約為 (5) MIPS。 指令類型指令數(shù)目(條)每條指令需時鐘數(shù)116000012300002324000441600084、A1.85 B1.93 C2.36 D3.755、A106.7 B169.5 C207.3 D216.2試題(6) 某計算機指令字長為16位，指令有雙操作數(shù)、單操作數(shù)和無操作數(shù)3種格式，每個操作數(shù)字段均用6位二進制表示，該指令系統(tǒng)共有m條(m16)雙操作數(shù)指令，并存在無操作數(shù)指令。若采用擴展操作碼技術(shù)，那么最

3、多還可設(shè)計出 (6) 條單操作數(shù)指令。6、A26 B(24-m)26-1 C(24-m)26 D(24-m)(26-1)試題(7) 以下不屬于網(wǎng)絡(luò)安全控制技術(shù)的是 (7) 。7、A防火墻技術(shù) B訪問控制技術(shù) C入侵檢測技術(shù) D差錯控制技術(shù)試題(8)、(9) “沖擊波”病毒屬于 (8) 類型的病毒，它利用Windows操作系統(tǒng)的 (9) 漏洞進行快速傳播。8、A蠕蟲 B文件 C引導(dǎo)區(qū) D郵件9、ACGI腳本 BRPC CDNS DIMAP試題(10) (10) 確定了標準體制和標準化管理體制，規(guī)定了制定標準的對象與原則以及實施標準的要求，明確了違法行為的法律責(zé)任和處罰辦法。10、A標準化 B標準

4、 C標準化法 D標準與標準化試題(11) 某開發(fā)人員不顧企業(yè)有關(guān)保守商業(yè)秘密的要求，將其參與該企業(yè)開發(fā)設(shè)計的應(yīng)用軟件的核心程序設(shè)計技巧和算法通過論文向社會發(fā)表，那么該開發(fā)人員的行為 (11) 。11、A屬于開發(fā)人員權(quán)利不涉及企業(yè)權(quán)利 B侵犯了企業(yè)商業(yè)秘密權(quán) C違反了企業(yè)的規(guī)章制度但不侵權(quán) D未侵犯權(quán)利人軟件著作權(quán)試題(12) 計算機要對聲音信號進行處理時，必須將其轉(zhuǎn)換為數(shù)字聲音信號。最基本的聲音信號數(shù)字化方法是取樣量化法。若量化后的每個聲音樣本用2個字節(jié)表示，則量化分辨率是 (12) 。12、A1/2 B1/1024 C1/65536 D1/131072試題(13)、(14) 某幅圖像具有64

5、0480個像素點，若每個像素具有8位的顏色深度，則可表示 (13) 種不同的顏色，經(jīng)5:1壓縮后，其圖像數(shù)據(jù)需占用 (14) (Byte)的存儲空間。13、A8 B256 C512 D102414、A61440 B307200 C384000 D3072000試題(15)、(16) 常見的軟件開發(fā)模型有瀑布模型、演化模型、螺旋模型、噴泉模型等。其中 (15) 模型適用于需求明確或很少變更的項目， (16) 模型主要用來描述面向?qū)ο蟮能浖_發(fā)過程。15、A瀑布模型 B演化模型 C螺旋模型 D噴泉模型16、A瀑布模型 B演化模型 C螺旋模型 D噴泉模型試題(17) 軟件能力成熟度模型(CMM)是目

6、前國際上最流行、最實用的軟件生產(chǎn)過程標準和軟件企業(yè)成熟度的等級認證標準。該模型將軟件能力成熟度自低到高依次劃分為初始級、可重復(fù)級、已定義級、已管理級、優(yōu)化級。從 (17) 開始，要求企業(yè)建立基本的項目管理過程的政策和管理規(guī)程，使項目管理工作有章可循。17、A初始級 B可重復(fù)級 C已定義級 D已管理級試題(18) 軟件項目開發(fā)成本的估算依據(jù)，通常是開發(fā)成本估算模型。常用的模型主要有： IBM模型 Putnam模型 基本COCOMO模型 中級COCOMO模型 高級COCOMO模型其中 (18) 均是靜態(tài)單變量模型。18、A B C D試題(19) “通過指明一系列可執(zhí)行的運算及運算的次序來描述計算

7、過程”是 (19) 語言的特點。19、A邏輯式 B函數(shù)式 C交互式 D命令式(或過程式)試題(20) “X=(A+B.(C-D/E.”的后綴式表示為 (20) 。20、AXAB+CDE/-= BXAB+C-DE/= CXAB+CDE-/= DXAB+CD-E/=試題(21)、(22) 在一個單CPU的計算機系統(tǒng)中，采用可剝奪式(也稱搶占式)優(yōu)先級的進程調(diào)度方案，且所有任務(wù)可以并行使用I/O設(shè)備。下表列出了三個任務(wù)T1、T2、T3的優(yōu)先級、獨立運行時占用CPU和I/O設(shè)備的時間。如果操作系統(tǒng)的開銷忽略不計，這三個任務(wù)從同時啟動到全部結(jié)束的總時間為 (21) ms，CPU的空閑時間共有 (22)

8、ms。任務(wù)優(yōu)先級每個任務(wù)獨立運行時所需的時間T1高對每個任務(wù)： 占用CPU 10ms，I/O 13ms，再占用CPU 5msT2中T3低21、A28 B58 C61 D6422、A3 B5 C8 D13試題(23) 從下表關(guān)于操作系統(tǒng)存儲管理方案1、方案2和方案3的相關(guān)描述可以看出，它們分別對應(yīng) (23) 存儲管理方案。方案說明1在系統(tǒng)進行初始化的時候就已經(jīng)將主存儲空間劃分成大小相等或不等的塊，并且這些塊的大小在此后是不可以改變的，系統(tǒng)將程序分配在連續(xù)的區(qū)域中2主存儲空間和程序按固定大小單位進行分割，程序可以分配在不連續(xù)的區(qū)域中，該方案當(dāng)一個作業(yè)的程序地址空間大于主存區(qū)可以使用的空間時也可以執(zhí)

9、行3編程時必須劃分程序模塊和確定程序模塊之間的調(diào)用關(guān)系，不存在調(diào)用關(guān)系的模塊可以占用相同的主存區(qū)23、A固定分區(qū)、請求分頁和覆蓋 B覆蓋、請求分頁和固定分區(qū) C固定分區(qū)、覆蓋和請求分頁 D請求分頁、覆蓋和固定分區(qū)試題(24)、(25) 假設(shè)系統(tǒng)中有三類互斥資源R1、R2和R3，可用資源數(shù)分別為8、7和4。在T0時刻系統(tǒng)中有P1、P2、P3、P4和P5五個進程，這些進程對資源的最大需求量和已分配資源數(shù)如下表所示。在T0時刻系統(tǒng)剩余的可用資源數(shù)分別為 (24) 。如果進程按 (25) 序列執(zhí)行，那么系統(tǒng)狀態(tài)是安全的。 24、A0、1和0 B0、1和1 C1、1和0 D1、1和125、AP1P2P4

10、P5P3 BP2P1P4P5P3 CP4P2P1P5P3 DP4P2P5P1P3試題(26) 統(tǒng)一過程(UP)的基本特征是“用例驅(qū)動、以架構(gòu)為中心的和受控的迭代式增量開發(fā)”。UP將一個周期的開發(fā)過程劃分為4個階段，其中 (26) 的提交結(jié)果包含了系統(tǒng)架構(gòu)。26、A先啟階段 B精化階段 C構(gòu)建階段 D提交階段試題(27) 某軟件在應(yīng)用初期運行在Windows NT環(huán)境中。現(xiàn)因某種原因，該軟件需要在UNIX環(huán)境中運行，而且必須完成相同的功能。為適應(yīng)這個要求，軟件本身需要進行修改，而所需修改的工作量取決于該軟件的 (27) 。27、A可擴充性 B可靠性 C復(fù)用性 D可移植性試題(28) 按照ISO/

11、IEC 9126軟件質(zhì)量度量模型定義，一個軟件的可靠性的子特性包括 (28) 。28、A容錯性和安全性 B容錯性和適應(yīng)性 C容錯性和易恢復(fù)性 D易恢復(fù)性和安全性試題(29) (29) 詳細描述軟件的功能、性能和用戶界面，以使用戶了解如何使用軟件。29、A概要設(shè)計說明書 B詳細設(shè)計說明書 C用戶手冊 D用戶需求說明書試題(30) 各類軟件維護活動中， (30) 維護占整個維護工作的比重最大。30、A完善性 B改正性 C適應(yīng)性 D預(yù)防性試題(31) 給定C語言程序： int foo(int x, int y，int d) if ( x !=0 ) if ( y = 0 ) d = d / x； e

12、lse d=d/(x*y)； else if ( y = 0 ) d = 0； else d=d/y； return d； 當(dāng)用路徑覆蓋法進行測試時，至少需要設(shè)計 (31) 個測試用例。31、A3 B4 C5 D8試題(32) 軟件的測試通常分單元測試、組裝測試、確認測試、系統(tǒng)測試四個階段進行。 (32) 屬于確認測試階段的活動。32、A設(shè)計評審 B代碼審查 C結(jié)構(gòu)測試 D可靠性測試試題(33) 面向?qū)ο蠓治龅牡谝徊绞?(33) 。33、A定義服務(wù) B確定附加的系統(tǒng)約束 C確定問題域 D定義類和對象試題(34) 面向?qū)ο蟪绦蛟O(shè)計語言為 (34) 提供支持。34、A面向?qū)ο笥美O(shè)計階段 B面向?qū)?/p>

13、象分析階段 C面向?qū)ο笮枨蠓治鲭A段 D面向?qū)ο髮崿F(xiàn)階段試題(35) 下面關(guān)于面向?qū)ο蟮拿枋稣_的是 (35) 。35、A針對接口編程，而不是針對實現(xiàn)編程 B針對實現(xiàn)編程，而不是針對接口編程 C接口與實現(xiàn)不可分割 D優(yōu)先使用繼承而非組合試題(36) 下面關(guān)于UML文檔的敘述中正確的是 (36) 。36、AUML文檔指導(dǎo)開發(fā)人員如何進行面向?qū)ο蠓治?BUML文檔描述了面向?qū)ο蠓治雠c設(shè)計的結(jié)果 CUML文檔給出了軟件的開發(fā)過程和設(shè)計流程 DUML文檔指導(dǎo)開發(fā)人員如何進行面向?qū)ο笤O(shè)計試題(37)(39) UML的設(shè)計視圖包含了類、接口和協(xié)作，其中，設(shè)計視圖的靜態(tài)方面由 (37) 和 (38) 表現(xiàn)；動

14、態(tài)方面由交互圖、 (39) 表現(xiàn)。37、A類圖 B狀態(tài)圖 C活動圖 D用例圖38、A狀態(tài)圖 B順序圖 C對象圖 D活動圖39、A狀態(tài)圖和類圖 B類圖和活動圖 C對象圖和狀態(tài)圖 D狀態(tài)圖和活動圖試題(40) UML中的構(gòu)件是遵從一組接口并提供一組接口的實現(xiàn)，下列說法錯誤的是 (40) 。40、A構(gòu)件應(yīng)是可替換的 B構(gòu)件表示的是邏輯模塊而不是物理模塊 C構(gòu)件應(yīng)是組成系統(tǒng)的一部分 D構(gòu)件與類處于不同的抽象層次試題(41) 設(shè)計模式具有 (41) 的優(yōu)點。41、A適應(yīng)需求變化 B程序易于理解 C減少開發(fā)過程中的代碼開發(fā)工作量 D簡化軟件系統(tǒng)的設(shè)計試題(42) 下面的 (42) 模式將對象組合成樹形結(jié)構(gòu)

15、以表示“部分-整體”的層次結(jié)構(gòu)，并使得用戶對單個對象和組合對象的使用具有一致性。42、A組合(Composite) B橋接(Bridge) C修飾(Decorator) D外觀(Facade)試題(43) 下圖描述了一種設(shè)計模式，該設(shè)計模式不可以 (43) 。 43、A動態(tài)決定由一組對象中某個對象處理該請求 B動態(tài)指定處理一個請求的對象集合，并高效率地處理一個請求 C使多個對象都有機會處理請求，避免請求的發(fā)送者和接收者間的耦合關(guān)系 D將對象連成一條鏈，并沿著該鏈傳遞請求試題(44) 在面向?qū)ο蟪绦蛟O(shè)計中，常常將接口的定義與接口的實現(xiàn)相分離，可定義不同的類來實現(xiàn)相同的接口。在程序運行過程中，對該

16、接口的調(diào)用可根據(jù)實際的對象類型調(diào)用其相應(yīng)的實現(xiàn)。為達到上述目的，面向?qū)ο笳Z言須提供 (44) 機制。44、A繼承和過載(overloading) B抽象類 C繼承和重置(overriding) D對象自身引用試題(45)、(46) 下圖是一有限自動機的狀態(tài)轉(zhuǎn)換圖，該自動機所識別語言的特點是 (45) ，等價的正規(guī)式為 (46) 。 45、A由符號a、b構(gòu)成且包含偶數(shù)個a的串 B由符號a、b構(gòu)成且開頭和結(jié)尾符號都為a的串 C由符號a、b構(gòu)成的任意串 D由符號a、b構(gòu)成且b的前后必須為a的串46、A(a|b)*(aa)* Ba(a|b)*a C(a|b)* Da(ba)*a試題(47) 關(guān)系R、S

17、如下圖所示，元組演算表達式t|(u)(R(t)S(u)t3u1)的結(jié)果為 (47) 。ABC1 4 7 102 5 8 113 6 9 12 R ABC3 4 5 67 5 9 1011 6 13 14S47、AABC1 42 5 3 6 BABC3 4 7 5 11 6 CABC7 10 8 11 9 12 DABC5 6 9 10 13 14 試題(48)、(49) 某企業(yè)職工和部門的關(guān)系模式如下所示，其中部門負責(zé)人也是一個職工。職工和部門關(guān)系的外鍵分別是 (48) 。 職工(職工號，姓名，年齡，月工資，部門號，電話，辦公室) 部門(部門號，部門名，負責(zé)人代碼，任職時間) 查詢每個部門中月

18、工資最高的“職工號”的SQL查詢語句如下： Select 職工號 from 職工as E where 月工資=(Select Max(月工資)from 職工 as M (49) )。48、A職工號和部門號 B部門號和負責(zé)人代碼 C職工號和負責(zé)人代碼 D部門號和職工號49、 Awhere M.職工號=E.職工號 Bwhere M.職工號=E.負責(zé)人代碼 Cwhere M.部門號=部門號 Dwhere M.部門號=E.部門號試題(50)、(51) 操作序列T1、T2、T3對數(shù)據(jù)A、B、C并發(fā)操作如下所示，T1與T2間并發(fā)操作 (50) ， T2與T3間并發(fā)操作 (51) 。 50、A不存在問題 B

19、將丟失修改 C不能重復(fù)讀 D將讀“臟”數(shù)據(jù)51、A不存在問題 B將丟失修改 C不能重復(fù)讀 D將讀“臟”數(shù)據(jù)試題(52)、(53) 結(jié)點數(shù)目為n的二叉查找樹(二叉排序樹)的最小高度為 (52) 、最大高度為 (53) 。52、An B Clog2n Dlog2(n+1)53、An B Clog2n Dlog2(n+1)試題(54) 某雙向鏈表中的結(jié)點如下圖所示，刪除t所指結(jié)點的操作為 (54) 。 54、At-prior-next=t-next；t-next-prior=t-prior； Bt-prior-prior=t-prior；t-next-next=t-next； Ct-prior-ne

20、xt=t-prior；t-next-prior=t-next； Dt-prior-prior=t-next；t-next-prior=t-prior；試題(55) 對于二維數(shù)組a0.4,1.5，設(shè)每個元素占1個存儲單元，且以列為主序存儲，則元素a2,2相對于數(shù)組空間起始地址的偏移量是 (55) 。55、A5 B7 C10 D15試題(56) 對于n個元素的關(guān)鍵字序列k1，k2，kn，當(dāng)且僅當(dāng)滿足關(guān)系kik2i，且kik2i+1(2i n,2i+1n)稱其為小根堆，反之則為大根堆。以下序列中， (56) 不符合堆的定義。56、A(4,10,15,72,39,23,18) B(58,27,36,1

21、2,8,23,9) C(4,10,18,72,39,23,15) D(58,36,27,12,8,23,9)試題(57) 求單源點最短路徑的迪杰斯特拉(Dijkstra)算法是按 (57) 的順序求源點到各頂點的最短路徑的。57、A路徑長度遞減 B路徑長度遞增 C頂點編號遞減 D頂點編號遞增試題(58) (58) 算法策略與遞歸技術(shù)的聯(lián)系最弱。58、A動態(tài)規(guī)劃 B貪心 C回溯 D分治試題(59)、(60) 對于具有n個元素的一個數(shù)據(jù)序列，若只需得到其中第k個元素之前的部分排序，最好采用 (59) ，使用分治(Divide and Conquer)策略的是 (60) 算法。59、A希爾排序 B直

22、接插入排序 C快速排序 D堆排序60、A冒泡排序 B插入排序 C快速排序 D堆排序試題(61)、(62) ARP協(xié)議的作用是 (61) ，ARP報文封裝在 (62) 中傳送。61、A由IP地址查找對應(yīng)的MAC地址 B由MAC地址查找對應(yīng)的IP地址 C由IP地址查找對應(yīng)的端口號 D由MAC地址查找對應(yīng)的端口號62、A以太幀 BIP數(shù)據(jù)報 CUDP報文 DTCP報文試題(63) 802.11標準定義的分布式協(xié)調(diào)功能采用了 (63) 協(xié)議。63、ACSMA/CD BCSMA/CA CCDMA/CD DCDMA/CA試題(64) 設(shè)有兩個子網(wǎng)202.118.133.0/24和202.118.130.0

23、/24，如果進行路由匯聚，得到的網(wǎng)絡(luò)地址是 (64) 。64、A202.118.128.0/21 B202.118.128.0/22 C202.118.130.0/22 D202.118.132.0/20試題(65) 路由器收到一個數(shù)據(jù)包，其目標地址為195.26.17.4，該地址屬于 (65) 子網(wǎng)。65、A195.26.0.0/21 B195.26.16.0/20 C195.26.8.0/22 D195.26.20.0/22試題(66)(70) NACs (Network Access Control) role is to restrict network access to Only

24、compliant endpoints and (66) users. However, NAC is not a complete LAN (67) solution; additional proactive and (68) security measures must be implemented. Nevis is the first and only comprehensive LAN security solution that combines deep security processing of every packet at 10Gbps, ensuring a high

25、 level of security plus application availability and performance. Nevis integrates NAC as the first line of LAN security (69) . In addition to NAC, enterprises need to implement role-based network access control as well as critical proactive security measures real-time, multilevel (70) inspection an

26、d microsecond threat containment.66、A. automated B. distinguished C. authenticated D. destructed67、A. crisis B. security C. favorable D. excellent68、A. constructive B. reductive C. reactive D. productive69、A. defense B. intrusion C. inbreak D. protection70、A. port B. connection C. threat D. insuranc

27、e試題(71)(75) Virtualization is an approach to IT that pools and shares (71) so that utilization is optimized and supplies automatically meet demand. Traditional IT environments are often silos, where both technology and human (72) are aligned around an application or business function. With a virtual

28、ized (73) , people, processes, and technology are focused on meeting service levels, (74) is allocated dynamically, resources are optimized, and the entire infrastructure is simplified and flexible. We offer a broad spectrum of virtualization (75) that allows customers to choose the most appropriate

29、 path and optimization focus for their IT infrastructure resources.71、A. advantages B. resources C. benefits D. precedents72、A. profits B. costs C. resources D. powers73、A. system B. infrastructure C. hardware D. link74、A. content B. position C. power D. capacity75、A. solutions B. networks C. interf

30、aces D. connections答案: 試題(1) 若內(nèi)存按字節(jié)編址，用存儲容量為32K8比特的存儲器芯片構(gòu)成地址編號 A0000HDFFFFH的內(nèi)存空間，則至少需要 (1) 片。1、C解析 本題考查內(nèi)存容量的計算。 給定起、止地址碼的內(nèi)存容量=終止地址-起始地址+1。 將終止地址加1等于E0000H，再減去起始地址，即E0000H-A0000H=40000H。十六進制的(40000)16=218。 組成內(nèi)存儲器的芯片數(shù)量=內(nèi)存儲器的容量/單個芯片的容量。 218/(32*210)=218/215=23。試題(2) 某計算機系統(tǒng)由下圖所示的部件構(gòu)成，假定每個部件的千小時可靠度R均為0.9

31、，則該系統(tǒng)的千小時可靠度約為 (2) 。2、A解析 本題考查系統(tǒng)可靠度的概念。 串聯(lián)部件的可靠度=各部件的可靠度的乘積。 并聯(lián)部件的可靠度=1-部件失效率的乘積。 題目中給出的系統(tǒng)由三個部件串聯(lián)組成，其中第二、第三部件又分別由兩個部件并聯(lián)構(gòu)成，因此整個系統(tǒng)的可靠度為 0.9(1-(1-0.9)(1-0.9)(1-(1-0.9)(1-0.9)0.882試題(3) 設(shè)指令由取指、分析、執(zhí)行3個子部件完成，每個子部件的工作周期均為t，采用常規(guī)標量單流水線處理機。若連續(xù)執(zhí)行10條指令，則共需時間 (3) t。3、C解析 本題考查指令流水的概念。 順序執(zhí)行時，每條指令都需三步才能執(zhí)行完，沒有重疊。 采用

32、常規(guī)標量單流水線處理機連續(xù)執(zhí)行10條指令的時空圖如下圖所示： 由時空圖可知，從第二個時間單位之后，各子部件開始完全并行。此后每個t都能完成一條指令，所以連續(xù)執(zhí)行10條指令后，則共需時間為2+10=12t。試題(4)、(5) 某計算機的時鐘頻率為400MHz，測試該計算機的程序使用4種類型的指令。每種指令的數(shù)量及所需指令時鐘數(shù)(CPI)如下表所示，則該計算機的指令平均時鐘數(shù)為 (4) ：該計算機的運算速度約為 (5) MIPS。 指令類型指令數(shù)目(條)每條指令需時鐘數(shù)116000012300002324000441600084、B(4)、(5)分析 指令平均時鐘數(shù)約為 (1600001+3000

33、02+240004+160008)/(160000+30000+24000+16000) =444000/2300001.93 該計算機的運算速度約為 400M/1.93207.3MIPS5、C 試題(6) 某計算機指令字長為16位，指令有雙操作數(shù)、單操作數(shù)和無操作數(shù)3種格式，每個操作數(shù)字段均用6位二進制表示，該指令系統(tǒng)共有m條(m16)雙操作數(shù)指令，并存在無操作數(shù)指令。若采用擴展操作碼技術(shù)，那么最多還可設(shè)計出 (6) 條單操作數(shù)指令。6、B解析 若指令字長為16位，每個操作數(shù)字段均用6位，則可設(shè)置16(216-6-6)條雙操作數(shù)指令。當(dāng)雙操作數(shù)指令數(shù)m小于16時，余下的編碼可作為擴展碼(24

34、-m個)。若為單操作數(shù)指令，則可將其中的一個操作數(shù)字段擴展為操作碼(26個)，因此共擴展出(24-m)26條單操作數(shù)指令，考慮到還有無操作數(shù)指令，所以單操作數(shù)指令中必須至少留出一個編碼，用于擴展無操作數(shù)指令，因此，最多還可設(shè)計出(24-m)26-1條單操作數(shù)指令。試題(7) 以下不屬于網(wǎng)絡(luò)安全控制技術(shù)的是 (7) 。7、D解析 防火墻技術(shù)、訪問控制技術(shù)和入侵檢測技術(shù)都屬于網(wǎng)絡(luò)安全控制技術(shù)，而差錯控制技術(shù)是一種用來保證數(shù)據(jù)傳輸質(zhì)量的技術(shù)，不屬于網(wǎng)絡(luò)安全控制技術(shù)。試題(8)、(9) “沖擊波”病毒屬于 (8) 類型的病毒，它利用Windows操作系統(tǒng)的 (9) 漏洞進行快速傳播。8、A(8)、(9

35、)分析 “沖擊波”病毒是一種蠕蟲類型的病毒。在進行網(wǎng)絡(luò)傳播時，利用了Windows操作系統(tǒng)的RPC漏洞。9、B 試題(10) (10) 確定了標準體制和標準化管理體制，規(guī)定了制定標準的對象與原則以及實施標準的要求，明確了違法行為的法律責(zé)任和處罰辦法。10、C解析 本試題考查標準化法的主要內(nèi)容是什么。標準化法分為五章二十六條，其主要內(nèi)容是：確定了標準體制和標準化管理體制(第一章)，規(guī)定了制定標準的對象與原則以及實施標準的要求(第二章、第三章)，明確了違法行為的法律責(zé)任和處罰辦法(第四章)。 標準是對重復(fù)性事物和概念所做的統(tǒng)一規(guī)定。標準以科學(xué)、技術(shù)和實踐經(jīng)驗的綜合成果為基礎(chǔ)，以獲得最佳秩序和促進最

36、佳社會效益為目的，經(jīng)有關(guān)方面協(xié)商一致，由主管或公認機構(gòu)批準，并以規(guī)則、指南或特性的文件形式發(fā)布，作為共同遵守的準則和依據(jù)。 標準化是在經(jīng)濟、技術(shù)、科學(xué)和管理等社會實踐中，以改進產(chǎn)品、過程和服務(wù)的適用性，防止貿(mào)易壁壘、促進技術(shù)合作、促進最大社會效益為目的，對重復(fù)性事物和概念通過制定、發(fā)布和實施標準，達到統(tǒng)一，以獲得最佳秩序和社會效益的過程。試題(11) 某開發(fā)人員不顧企業(yè)有關(guān)保守商業(yè)秘密的要求，將其參與該企業(yè)開發(fā)設(shè)計的應(yīng)用軟件的核心程序設(shè)計技巧和算法通過論文向社會發(fā)表，那么該開發(fā)人員的行為 (11) 。11、B解析 本題考查的是知識產(chǎn)權(quán)方面的基礎(chǔ)知識。 高新技術(shù)企業(yè)大都是以知識創(chuàng)新開發(fā)產(chǎn)品，當(dāng)知

37、識產(chǎn)品進入市場后，則完全依賴于對其知識產(chǎn)權(quán)的保護，如果沒有保護或保護不力，將影響企業(yè)的生存與發(fā)展。 我國反不正當(dāng)競爭法第十條第3項規(guī)定：“違反約定或者違反權(quán)利人有關(guān)保守商業(yè)秘密的要求，披露、使用或者允許他人使用其所掌握的商業(yè)秘密。第三人明知或者應(yīng)知前款所列違法行為，獲取、使用或者披露他人的商業(yè)秘密，視為侵犯商業(yè)秘密。” “本條所稱的商業(yè)秘密，是指不為公眾所知悉、能為權(quán)利人帶來經(jīng)濟利益、具有實用性并經(jīng)權(quán)利人采取保密措施的技術(shù)信息和經(jīng)營信息?！?試題中“某開發(fā)人員違反企業(yè)有關(guān)保守商業(yè)秘密的要求”表明企業(yè)對軟件產(chǎn)品或成果中的技術(shù)秘密，采取了保密措施，構(gòu)成了商業(yè)秘密。一旦發(fā)生企業(yè)“技術(shù)秘密”被泄露的情

38、況，則便于認定為技術(shù)秘密，依法追究泄密行為人的法律責(zé)任，保護企業(yè)的權(quán)益。 發(fā)表權(quán)是指決定作品是否公之于眾的權(quán)利。所謂公之于眾是指作品完成后，以復(fù)制、表演、播放、展覽、朗誦、發(fā)行、攝制或改編、翻譯等方式使作品在一定數(shù)量不特定人的范圍內(nèi)公開。發(fā)表權(quán)具體內(nèi)容包括作品發(fā)表的時間、發(fā)表的形式和發(fā)表的地點等。 所以開發(fā)人員的行為違反了企業(yè)的規(guī)章制度，侵犯了權(quán)利人商業(yè)秘密權(quán)，侵犯了權(quán)利人軟件著作權(quán)。試題(12) 計算機要對聲音信號進行處理時，必須將其轉(zhuǎn)換為數(shù)字聲音信號。最基本的聲音信號數(shù)字化方法是取樣量化法。若量化后的每個聲音樣本用2個字節(jié)表示，則量化分辨率是 (12) 。12、C解析 聲音信號是一種模擬信

39、號，計算機要對其進行處理，必須將其轉(zhuǎn)換為數(shù)字聲音信號，即用二進制數(shù)字的編碼形式來表示聲音。最基本的聲音信號數(shù)字化方法是取樣-量化法，分成如下3個步驟。 (1)采樣：把時間連續(xù)的模擬信號轉(zhuǎn)換成時間離散、幅度連續(xù)的信號。在某些特定的時刻獲取聲音信號幅值叫做采樣，由這些特定時刻采樣得到的信號稱為離散時間信號。一般都是每隔相等的一小段時間采樣一次，其時間間隔稱為取樣周期，其倒數(shù)稱為采樣頻率。采樣定理是選擇采樣頻率的理論依據(jù)，為了不產(chǎn)生失真，采樣頻率不應(yīng)低于聲音信號最高頻率的兩倍。因此，語音信號的采樣頻率一般為8kHz，音樂信號的采樣頻率則應(yīng)在40kHz以上。采樣頻率越高，可恢復(fù)的聲音信號分量越豐富，其

40、聲音的保真度越好。 (2)量化：把在幅度上連續(xù)取值(模擬量)的每一個樣本轉(zhuǎn)換為離散值(數(shù)字量)，因此量化過程有時也稱為A/D轉(zhuǎn)換(模數(shù)轉(zhuǎn)換)。量化后的樣本是用若干位二進制數(shù)(bit)來表示的，位數(shù)的多少反映了度量聲音波形幅度的精度，稱為量化精度，也稱為量化分辨率。例如，每個聲音樣本若用16位(2個字節(jié))表示，則聲音樣本的取值范圍是0 65536，精度是1/65536；若只用8位(1個字節(jié))表示，則樣本的取值范圍是0255，精度是1/256。量化精度越高，聲音的質(zhì)量越好，需要的存儲空間也越多；量化精度越低，聲音的質(zhì)量越差，需要的存儲空間也越少。 (3)編碼：經(jīng)過采樣和量化處理后的聲音信號已經(jīng)是數(shù)

41、字形式了，但為了便于計算機的存儲、處理和傳輸，還必須按照一定的要求進行數(shù)據(jù)壓縮和編碼，即：選擇某一種或者幾種方法對其進行數(shù)據(jù)壓縮，以減少數(shù)據(jù)量，再按照某種規(guī)定的格式將數(shù)據(jù)組織成為文件。試題(13)、(14) 某幅圖像具有640480個像素點，若每個像素具有8位的顏色深度，則可表示 (13) 種不同的顏色，經(jīng)5:1壓縮后，其圖像數(shù)據(jù)需占用 (14) (Byte)的存儲空間。13、B(13)、(14)分析 顏色深度是表示位圖圖像中單個像素的顏色或灰度所占的位數(shù)，8位的顏色深度，表示每個像素有8位顏色位，可表示256種不同的顏色。存儲位圖圖像的數(shù)據(jù)量與圖像大小有關(guān)。而位圖圖像的大小與分辨率、顏色深度

42、有關(guān)。本題圖像的垂直方向分辨率為640像素，水平方向分辨率為480，顏色深度為8位，則該圖像所需存儲空間為(6404808)/8(Byte)=307200(Byte)。經(jīng)5:1壓縮后，該圖像所需存儲空間為307200/5=61440(Byte)。14、A 試題(15)、(16) 常見的軟件開發(fā)模型有瀑布模型、演化模型、螺旋模型、噴泉模型等。其中 (15) 模型適用于需求明確或很少變更的項目， (16) 模型主要用來描述面向?qū)ο蟮能浖_發(fā)過程。15、A(15)、(16)分析 本題考查的是常見的軟件開發(fā)模型的基本概念。 瀑布模型給出了軟件生存周期中制定開發(fā)計劃、需求分析、軟件設(shè)計、編碼、測試和維護

43、等階段以及各階段的固定順序，上一階段完成后才能進入到下一階段，整個過程如同瀑布流水。該模型為軟件的開發(fā)和維護提供了一種有效的管理模式，但在大量的實踐中暴露出其缺點，其中最為突出的是缺乏靈活性，特別是無法解決軟件需求不明確或不準確的問題。這些問題有可能造成開發(fā)出的軟件并不是用戶真正需要的，并且這一點只有在開發(fā)過程完成后才能發(fā)現(xiàn)。所以瀑布模型適用于需求明確，且很少發(fā)生較大變化的項目。 為了克服瀑布模型的上述缺點，演化模型允許在獲取了一組基本需求后，通過快速分析構(gòu)造出軟件的一個初始可運行版本(稱作原型)，然后根據(jù)用戶在適用原型的過程中提出的意見對原型進行改進，從而獲得原型的新版本。這一過程重復(fù)進行，

44、直到得到令用戶滿意的軟件。該模型和螺旋模型、噴泉模型等適用于對軟件需求缺乏明確認識的項目。 螺旋模型將瀑布模型和演化模型進行結(jié)合，在保持二者優(yōu)點的同時，增加了風(fēng)險分析，從而彌補了二者的不足。該模型沿著螺線旋轉(zhuǎn)，并通過笛卡爾坐標的四個象限分別表示四個方面的活動：制定計劃、風(fēng)險分析、實施工程和客戶評估。螺旋模型為項目管理人員及時調(diào)整管理決策提供了方便，進而可降低開發(fā)風(fēng)險。 噴泉模型是以面向?qū)ο蟮能浖_發(fā)方法為基礎(chǔ)，以用戶需求為動力，以對象來驅(qū)動的模型。該模型主要用于描述面向?qū)ο蟮拈_發(fā)過程，體現(xiàn)了面向?qū)ο箝_發(fā)過程的迭代和無間隙特性。迭代指模型中的活動通常需要重復(fù)多次，相關(guān)功能在每次迭代中被加入新的系

45、統(tǒng)。無間隙是指在各開發(fā)活動(如分析、設(shè)計、編碼)之間沒有明顯邊界。16、D 試題(17) 軟件能力成熟度模型(CMM)是目前國際上最流行、最實用的軟件生產(chǎn)過程標準和軟件企業(yè)成熟度的等級認證標準。該模型將軟件能力成熟度自低到高依次劃分為初始級、可重復(fù)級、已定義級、已管理級、優(yōu)化級。從 (17) 開始，要求企業(yè)建立基本的項目管理過程的政策和管理規(guī)程，使項目管理工作有章可循。17、B解析 CMM是美國卡內(nèi)基-梅隆大學(xué)軟件工程研究所與企業(yè)、政府合作的基礎(chǔ)上開發(fā)的模型，主要用于評價軟件企業(yè)的質(zhì)量保證能力。CMM為軟件企業(yè)的過程能力提供了一個階梯式的進化框架，將軟件過程改進的進化步驟分為5個成熱度等級，每

46、個等級定義了一組過程能力目標，并描述了要達到這些目標應(yīng)采取的實踐活動，為不斷改進過程奠定了循序漸近的基礎(chǔ)。這個等級的層次關(guān)系如下圖所示。圖中的初始級是起點，該等級的企業(yè)一般缺少有效的管理，項目進行過程中常放棄最初的規(guī)劃，開發(fā)項目成效不穩(wěn)定。而從可重復(fù)級開始，每個級別都設(shè)定了一組目標，且低級別目標的實現(xiàn)是實現(xiàn)高級別目標的基礎(chǔ)。 可重復(fù)級要求企業(yè)建了基本的管理制度和規(guī)程，管理工作有章可循，初步實現(xiàn)開發(fā)過程標準化。定義級要求整個軟件生命周期的管理和技術(shù)工作均已實現(xiàn)標準化、文檔化，并建立完善的培訓(xùn)制度和專家評審制度，項目質(zhì)量、進度和費用均可控制。在管理級，企業(yè)的軟件過程和產(chǎn)品已建立定量的質(zhì)量目標，并通

47、過一致的度量標準來指導(dǎo)軟件過程，保證項目對生產(chǎn)率和質(zhì)量進行度量，可預(yù)測過程和產(chǎn)品質(zhì)量趨勢。在優(yōu)化級，企業(yè)可集中精力改進軟件過程，并擁有防止出現(xiàn)缺陷、識別薄弱環(huán)節(jié)及進行改進的手段。 該模型經(jīng)過二十多年的驗證，目前已經(jīng)成為國際上最流行、最實用的軟件生產(chǎn)過程標準和軟件企業(yè)成熟度的等級認證標準。試題(18) 軟件項目開發(fā)成本的估算依據(jù)，通常是開發(fā)成本估算模型。常用的模型主要有： IBM模型 Putnam模型 基本COCOMO模型 中級COCOMO模型 高級COCOMO模型其中 (18) 均是靜態(tài)單變量模型。18、C解析 各種開發(fā)成本估算模型通常采用經(jīng)驗公式，提供一個或多個數(shù)學(xué)算法，將成本作為若干個變量

48、的函數(shù)計算求得。常用的估算模型中，IBM模型是靜態(tài)單變量模型，利用已估算的特性(如源代碼函數(shù))來估算各種資源的需求量。Putnam模型是一種動態(tài)多變量模型，它假定軟件項目工作量的分布和Rayleigh曲線類似，并把項目的資源需求當(dāng)作時間的函數(shù)。該模型為描述開發(fā)工作量和計劃進度之間的關(guān)系定義了兩個方程：軟件方程，表明開發(fā)工作量和項目規(guī)模的三次冪成正比，與開發(fā)時間的四次方稱反比；人力增加方程，表明工作量和開發(fā)時間三次冪成正比、Putnam模型一般應(yīng)用于超過70000代碼行的項目。 COCOMO模型是一種精確且易于適用的成本估算模型，它是由基本COCOMO模型、中級COCOMO模型和高級COCOMO

49、模型組成的集合?；綜OCOMO模型是靜態(tài)單變量模型，用一個已估算的源代碼行數(shù)為自變量的經(jīng)驗函數(shù)來計算軟件開發(fā)工作量和開發(fā)成本。中級COCOMO模型在基本模型中已計算的軟件開發(fā)工作量的基礎(chǔ)上，在用涉及產(chǎn)品、硬件、人員、項目和項目的15個成本驅(qū)動因素來調(diào)控工作量的估算。高級 COCOMO模型不但包括了中級COCOMO模型的所有特性，而且為上述15個因素在軟件生存周期的不同階段賦予了不同的權(quán)重。 COCOMO模型由Boehm于1981年首次發(fā)表，Boehm后來又和同事定義了更復(fù)雜的COCOMO 模型，該模型反映了軟件工程技術(shù)的近期變化。COCOMO模型非常適合專用的、按技術(shù)說明制作的軟件項目，而C

50、OCOMO 模型更適用于廣泛匯集各種技術(shù)的軟件項目，為商用軟件、面向?qū)ο筌浖?、通過螺旋型或進化型等開發(fā)模型制作的軟件。試題(19) “通過指明一系列可執(zhí)行的運算及運算的次序來描述計算過程”是 (19) 語言的特點。19、D解析 本題考查程序語言的基本類型和特點。 邏輯式語言是一類以形式邏輯為基礎(chǔ)的語言。函數(shù)式語言以-演算為基礎(chǔ)。命令式語言是基于動作的語言，在這種語言中，計算被看成是動作的序列。因此，通過指明一系列可執(zhí)行的運算及運算的次序來描述計算過程是命令式語言的特點。試題(20) “X=(A+B)(C-D/E)”的后綴式表示為 (20) 。20、A解析 本題考查表達式的表示方式。 后綴表示也

51、稱為表達式的逆波蘭表示。在這種表示方法中，將運算符號寫在運算對象的后面，并指明其前面的操作數(shù)或中間結(jié)果所要執(zhí)行的運算。對后綴表達式從左到右求值，則每當(dāng)掃描到一個運算符號時，其操作數(shù)是最近剛得到的。表達式“X=(A+B)(C-D/E)”的后綴式為“XAB+CDE/-=”。試題(21)、(22) 在一個單CPU的計算機系統(tǒng)中，采用可剝奪式(也稱搶占式)優(yōu)先級的進程調(diào)度方案，且所有任務(wù)可以并行使用I/O設(shè)備。下表列出了三個任務(wù)T1、T2、T3的優(yōu)先級、獨立運行時占用CPU和I/O設(shè)備的時間。如果操作系統(tǒng)的開銷忽略不計，這三個任務(wù)從同時啟動到全部結(jié)束的總時間為 (21) ms，CPU的空閑時間共有 (

52、22) ms。任務(wù)優(yōu)先級每個任務(wù)獨立運行時所需的時間T1高對每個任務(wù)： 占用CPU 10ms，I/O 13ms，再占用CPU 5msT2中T3低21、B(21)、(22)分析 本題考查的是操作系統(tǒng)進程調(diào)度方面的知識。 根據(jù)題意可知，三個任務(wù)的優(yōu)先級TIT2T3，進程調(diào)度過程如下圖所示，分析如下。 t0時刻：進程調(diào)度程序選任務(wù)T1投入運行，運行10ms，任務(wù)T1占用I/O t1時刻：此時由于CPU空閑，進程調(diào)度程序選任務(wù)T2投入運行，運行10ms后任務(wù)T2占用I/O。此時，t1與t2時刻任務(wù)T1在I/O，任務(wù)T2在運行。 t2時刻：此時由于CPU空閑，進程調(diào)度程序選任務(wù)T3投入運行，運行3ms后

53、任務(wù) T1結(jié)束占用I/O。此時，t2與t3時刻任務(wù)T1和任務(wù)T2占用I/O，任務(wù)T3在運行。 t3時刻：由于系統(tǒng)采用可剝奪式優(yōu)先級的進程調(diào)度方案，所以，強行地將任務(wù)T3占用的CPU剝奪，分配給任務(wù)T1。在運行5ms后，到t4時刻任務(wù)T1運行完畢。此時，t3與t4時刻任務(wù)T1在運行，任務(wù)T2等待，任務(wù)T3占用I/O。 t4時刻：將CPU分配給T3運行5ms后，到t5時刻任務(wù)T2結(jié)束占用I/O，強行地將任務(wù)T3占用的CPU剝奪，任務(wù)T2開始運行。此時，t4與t5時刻任務(wù)T1結(jié)束，任務(wù)T2占用I/O，任務(wù)T3在運行。 t5時刻：運行5ms后，到t6時刻任務(wù)T2運行完畢。 t6時刻：系統(tǒng)將CPU分配給

54、任務(wù)T3，運行2ms后，到t7時刻任務(wù)T3占用I/O。 t7時刻到t6時刻：共計13ms，沒有待運行的任務(wù)。 t8時刻：任務(wù)T3結(jié)束占用I/O，運行5ms后，到t9時刻任務(wù)T3運行結(jié)束。 從以上分析可見，這三個任務(wù)從同時啟動到全部結(jié)束的總時間為58ms，CPU的空閑時間共有13ms。22、D 試題(23) 從下表關(guān)于操作系統(tǒng)存儲管理方案1、方案2和方案3的相關(guān)描述可以看出，它們分別對應(yīng) (23) 存儲管理方案。方案說明1在系統(tǒng)進行初始化的時候就已經(jīng)將主存儲空間劃分成大小相等或不等的塊，并且這些塊的大小在此后是不可以改變的，系統(tǒng)將程序分配在連續(xù)的區(qū)域中2主存儲空間和程序按固定大小單位進行分割，程

55、序可以分配在不連續(xù)的區(qū)域中，該方案當(dāng)一個作業(yè)的程序地址空間大于主存區(qū)可以使用的空間時也可以執(zhí)行3編程時必須劃分程序模塊和確定程序模塊之間的調(diào)用關(guān)系，不存在調(diào)用關(guān)系的模塊可以占用相同的主存區(qū)23、A解析 本題考查的是操作系統(tǒng)存儲管理方面的基礎(chǔ)知識，正確答案為A，分析如下： 題中方案1對應(yīng)的是固定分區(qū)管理方案。固定分區(qū)是一種靜態(tài)分區(qū)方式，在系統(tǒng)生成時已將主存區(qū)劃分為若干個分區(qū)，每個分區(qū)的大小可不等。操作系統(tǒng)通過主存分配情況表管理主存區(qū)。這種方法的突出問題是已分配區(qū)中存在未用空間，原因是程序或作業(yè)的大小不可能都剛好等于分區(qū)的大小，造成了空間的浪費。通常將已分配分區(qū)內(nèi)的未用的空間叫做零頭或內(nèi)碎片。 題

56、中方案2對應(yīng)的是請求分頁存儲管理。將一個進程的地址空間劃分成若干個大小相等的區(qū)域，稱為頁。相應(yīng)地，將主存空間劃分成與頁相同大小的若干個物理塊，稱為塊或頁框。在為進程分配主存時，只裝入若干頁的用戶程序和數(shù)據(jù)(而非全部程序)，就可以啟動運行，而且若干頁可分別裝入多個不相鄰接的物理塊中。當(dāng)訪問的頁面不在主存區(qū)時，產(chǎn)生缺頁中斷，系統(tǒng)通過調(diào)頁功能和頁面置換功能，陸續(xù)把將要使用的頁面調(diào)入主存區(qū)，同時把暫不運行的頁面置換到外存上。因此，該方案當(dāng)一個作業(yè)的程序地址空間大于主存區(qū)可以使用的空間時也可以執(zhí)行。 題中方案3對應(yīng)的是覆蓋技術(shù)。覆蓋技術(shù)是指讓作業(yè)中不同時運行的程序模塊共同使用同一主存區(qū)域，這樣，不必將程

57、序完全裝入主存區(qū)即可運行。當(dāng)運行中調(diào)用另一個模塊時，再從輔存中調(diào)入這個模塊而將原來已經(jīng)運行完成的程序模塊覆蓋，即裝入到同一個存儲區(qū)域內(nèi)。對此，要求用戶明確地描述作業(yè)中各個程序摸塊間的調(diào)用關(guān)系，這將加重用戶負擔(dān)。試題(24)、(25) 假設(shè)系統(tǒng)中有三類互斥資源R1、R2和R3，可用資源數(shù)分別為8、7和4。在T0時刻系統(tǒng)中有P1、P2、P3、P4和P5五個進程，這些進程對資源的最大需求量和已分配資源數(shù)如下表所示。在T0時刻系統(tǒng)剩余的可用資源數(shù)分別為 (24) 。如果進程按 (25) 序列執(zhí)行，那么系統(tǒng)狀態(tài)是安全的。 24、C(24)、(25)分析 試題(24)的正確答案是C。因為，初始時系統(tǒng)的可用

58、資源數(shù)分別為8、7和4。在 T0時刻已分配資源數(shù)分別為7、6和4，因此系統(tǒng)剩余的可用資源數(shù)分別為1、1和0。 試題(25)的正確答案是D。安全狀態(tài)是指系統(tǒng)能按某種進程順序(P1，P2，Pn)，來為每個進程Pi分配其所需的資源，直到滿足每個進程對資源的最大需求，使每個進程都可以順利完成。如果無法找到這樣的一個安全序列，則稱系統(tǒng)處于不安全狀態(tài)。 本題，序列已經(jīng)給出，只需將四個選項按其順序執(zhí)行一遍，便可以判斷出現(xiàn)死鎖的三個序列。 由于R3資源為0，系統(tǒng)不能在分配R3資源了，所以不能一開始就運行需要分配 R3資源的進程。所以，A和B顯然是不安全的。 現(xiàn)在求序列P4P2P1P5P3是否安全。進程P4可以

59、加上能完成標志“True”，如下表所示。因為系統(tǒng)的可用資源數(shù)為(1，1，0)，而進程P4只需要一臺R1資源：進程P2可以加上能完成標志“True”，因為進程P4運行完畢將釋放所有資源，此時系統(tǒng)的可用資源數(shù)應(yīng)為(2，3，1)，而進程P2只需要(0，1，1)，進程P2運行完畢將釋放所有資源，此時系統(tǒng)的可用資源數(shù)應(yīng)為(4，4，2)；進程P1不能加上能完成標志“True”，因為，進程P1需要R1資源為5，系統(tǒng)能提供的R1資源為4，所以序列無法進行下去，因此，P4P2P1P5P3為不安全序列。 序列P4P2P5P1P3是安全的，因為所有的進程都能加上完成標志“True”，如下表所示。 25、D 試題(2

60、6) 統(tǒng)一過程(UP)的基本特征是“用例驅(qū)動、以架構(gòu)為中心的和受控的迭代式增量開發(fā)”。UP將一個周期的開發(fā)過程劃分為4個階段，其中 (26) 的提交結(jié)果包含了系統(tǒng)架構(gòu)。26、B解析 統(tǒng)一過程(UP)的基本特征是“用例驅(qū)動、以架構(gòu)為中心的和受控的迭代式增量開發(fā)”。一個UP可分為若干個周期，每個周期的開發(fā)過程被分為4個階段，每個階段可進行若干次迭代。 UP將一個周期的開發(fā)過程劃分為如下的4個階段。 (1)先啟階段(Inception)：該階段的主要意圖是建立項目的范圍和版本，確定業(yè)務(wù)實現(xiàn)的可能性和項目目標的穩(wěn)定性。提交結(jié)果包括原始的項目需求和業(yè)務(wù)用例。 (2)精化階段(Elaboration)：該