2022-2023學(xué)年湖北省鄂州市部分高中聯(lián)考協(xié)作體物理高三第一學(xué)期期中綜合測(cè)試試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、小明同學(xué)想要懸掛一個(gè)畫(huà)框，以下四種方法中每根繩子所受拉力最小的是( )ABCD2、如圖所示，某質(zhì)點(diǎn)以A點(diǎn)為起點(diǎn)開(kāi)始做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)用時(shí)2s，再經(jīng)過(guò)6s運(yùn)動(dòng)

2、到C點(diǎn)，第10s末到達(dá)D點(diǎn)已知AB8m、CD24m，則該質(zhì)點(diǎn)的初速度v0和加速度a分別為( )A3m/s、4m/s2B0、1m/s2C0、4m/s2D3m/s、1m/s23、已知某行星半徑為R，以該行星第一宇宙速度運(yùn)行的衛(wèi)星的周期為T，圍繞該行星運(yùn)動(dòng)的同步衛(wèi)星運(yùn)行速度為v，則該行星的自轉(zhuǎn)周期為ABCD4、如圖所示，A、B 兩物體的質(zhì)量分別為 mA和 mB，且 mA mB ，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，滑輪的質(zhì)量和一切摩擦均不計(jì).如果繩一端由Q點(diǎn)緩慢地向左移到P點(diǎn)，整個(gè)系統(tǒng)重新平衡后，物體 A 的高度和兩滑輪間繩與水平方向的夾角如何變化？A物體 A 的高度升高，角變大B物體 A 的高度降低，角變小C物

3、體 A 的高度升高，角不變D物體 A 的高度不變，角變小5、如圖所示，一小球用繩子掛在墻上，設(shè)墻面對(duì)球的壓力大小為，繩子對(duì)球的拉力大小為，讓繩子縮短（繩與墻間夾角變大），則（ ）A增大，增大B增大，減小C減小，增大D減小，減小6、一輛汽車以10m/s的速度沿平直公路勻速運(yùn)動(dòng)，司機(jī)發(fā)現(xiàn)前方有障礙物后立即減速，加速度大小為0.2m/s2，那么減速后1min內(nèi)汽車的位移是A240mB250mC260mD90m二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，水平傳送帶以恒定速率

4、v運(yùn)動(dòng)現(xiàn)將質(zhì)量均為m的甲、乙兩小物體先后輕放在傳送帶的最左端，兩物體速率達(dá)到v時(shí)通過(guò)的位移分別為s甲、s乙，且s甲 S乙，則在兩物體加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是( )A傳送帶對(duì)兩物體做的功相等B兩物體加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等C兩物體加速運(yùn)動(dòng)的加速度相等D兩過(guò)程中摩擦產(chǎn)生的熱量相等8、關(guān)于固體、液體和氣體，下列說(shuō)法正確的是()A固體可以分為晶體和非晶體兩類，非晶體和多晶體都沒(méi)有確定的幾何形狀B液晶像液體一樣具有流動(dòng)性，而其光學(xué)性質(zhì)與某些多晶體相似，具有各向同性C在圍繞地球運(yùn)行的“天宮一號(hào)”中，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結(jié)果D空氣的相對(duì)濕度越大，空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)越接近同一溫度時(shí)水的飽

5、和汽壓E.大量氣體分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，速率有大有小，但分子的速率按“中間少，兩頭多”的規(guī)律分布9、一質(zhì)量為2kg的物體受到水平拉力F作用，在粗糙水平面上作加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的a-t圖象如圖2所示，t=0時(shí)其速度大小為2m/s，滑動(dòng)摩擦力大小恒為2N.則下列說(shuō)法正確的是A在t=6s時(shí)刻，物體的速度為20m/sB在t=6s時(shí)間內(nèi)，合力對(duì)物體做的功為400JC在t=6s時(shí)間內(nèi)，合力對(duì)物體做的功為396JD在t=6s時(shí)刻，拉力F的功率為200W10、如圖所示，半圓形框架豎直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球P在水平外力F的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，P與圓心O的連線與水平面的夾角為，將力F在豎直面內(nèi)沿順時(shí)針?lè)较蚓徛?/p>

6、地轉(zhuǎn)過(guò)，框架與小球始終保持靜止?fàn)顟B(tài)在此過(guò)程中下列說(shuō)法正確的是A框架對(duì)小球的支持力先減小后增大B拉力F的最小值為mgcosC地面對(duì)框架的摩擦力減小D框架對(duì)地面的壓力先增大后減小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的裝置來(lái)研究小車的加速度與所受合力的關(guān)系將裝有力傳感器的小車放置于水平長(zhǎng)木板上，緩慢向小桶中加入細(xì)砂，直到小車剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)為止，記下傳感器的最大示數(shù)再將小車放回原處并按住，繼續(xù)向小桶中加入細(xì)砂，記下傳感器的示數(shù)釋放小車，記錄小車運(yùn)動(dòng)時(shí)傳感器的示數(shù)（1）接通頻率為50Hz的交流電源，釋放小車，打出如圖乙所示

7、的紙帶從比較清晰的點(diǎn)起，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，量出相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離，則小車的加速度_（2）同一次實(shí)驗(yàn)中，_選填“”、“”或“”（3）改變小桶中砂的重力，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，獲得多組數(shù)據(jù)，描繪小車加速度a與F的關(guān)系如圖丙不計(jì)紙帶與計(jì)時(shí)器間的摩擦圖象中F表示的是實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的_A. B. C. （4）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的是_A.小車和傳感器的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于小桶和砂的總質(zhì)量B.實(shí)驗(yàn)中需要將長(zhǎng)木板傾斜以平衡摩擦力C.實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)出小車和傳感器的總質(zhì)量D.用加細(xì)砂的方法改變拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，可更方便地獲取多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)12（12分）某同學(xué)欲運(yùn)用牛頓第二定律測(cè)量滑塊的質(zhì)量M，其實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲

8、所示，設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)步驟為：（1）調(diào)整長(zhǎng)木板傾角，當(dāng)鉤碼的質(zhì)量為m0時(shí)滑塊恰好沿木板向下做勻速運(yùn)動(dòng)；（2）保持木板傾角不變，撤去鉤碼m0，將滑塊移近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，然后釋放滑塊，滑塊沿木板向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，并打出點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖乙所示(打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為50Hz)請(qǐng)回答下列問(wèn)題：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打下D點(diǎn)時(shí)滑塊的速度vD=_m/s；(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度a=_m/s2；(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)滑塊質(zhì)量M=_(用字母a、m0和當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭表示)（3）保持木板傾角不變，掛上質(zhì)量為m(均小于m0)的鉤碼，滑塊沿木板向下勻加速運(yùn)動(dòng)，測(cè)出滑塊的加速度；多次改變鉤碼的質(zhì)量，分

9、別求出相應(yīng)的加速度（4）若繩的拉力與所掛鉤碼的重力大小相等，作出amg圖象如圖丙所示，則由圖丙可求得滑塊的質(zhì)量M=_kg(取g=10m/s2，結(jié)果保留3位有效數(shù)字)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示為某種彈射裝置的示意圖，該裝置由三部分組成，傳送帶左邊是足夠長(zhǎng)的光滑水平面，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端連接質(zhì)量 M=6.0kg 的物塊 A，物塊 A 靜止在水平面上裝置的中間部分是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺(tái)面等高，并能平滑對(duì)接傳送帶以 u=1.0m/s 逆時(shí)針勻速運(yùn)動(dòng)傳送帶的右邊是一個(gè)半徑 R=1.15

10、m 位于豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道某時(shí)刻起將一個(gè)質(zhì)量m=1.0kg的物塊B從圓弧的最高處由靜止釋放已知物塊 B 與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.1，傳送帶兩軸之間的距離l=4.5m，物塊 B 與 A 發(fā)生的碰撞為彈性碰撞取g=10m/s1求：(1)物塊 B 與物塊 A 第一次碰撞后彈簧的最大彈性勢(shì)能；(1)如果物塊 A、B 每次碰撞后，物塊 A 再回到平衡位置時(shí)彈簧都會(huì)被立即鎖定，而當(dāng)它們?cè)俅闻鲎睬版i定被解除，求物塊 B 從第1次與物塊 A 碰撞結(jié)束后，到第 5 次與物塊A碰撞前,物塊B一共在傳送帶上運(yùn)動(dòng)了多長(zhǎng)時(shí)間14（16分）一定質(zhì)量的理想氣體體積V與熱力學(xué)溫度T的關(guān)系圖象如圖所示，氣體在狀態(tài)A

11、時(shí)的壓強(qiáng)pA=p0，溫度TA=T0，線段AB與V軸平行，BC的延長(zhǎng)線過(guò)原點(diǎn)求：（i）氣體在狀態(tài)B時(shí)的壓強(qiáng)pB；（ii）氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過(guò)程中，對(duì)外界做的功為10J，該過(guò)程中氣體吸收的熱量為多少；（iii）氣體在狀態(tài)C時(shí)的壓強(qiáng)pC和溫度TC15（12分）如圖所示，水平地面上有一輛小車，小車上固定著豎直的立柱，“L 形”的輕質(zhì)細(xì)桿ABC固定在支柱上。質(zhì)量為m的小球P固定在桿的A端，小球Q用細(xì)繩系在桿的C端。某段時(shí)間內(nèi)小車向右運(yùn)動(dòng)，細(xì)繩偏離豎直線的角度保持不變。求:(1)小車做什么運(yùn)動(dòng);(2)小車的加速度大小;(3)桿對(duì)小球P的作用力大小。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，

12、共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】A.鏡框受重力和兩根繩子的拉力處于平衡，合力等于0，知兩根繩子拉力的合力等于重力，繩子的夾角越小，繩子拉力越小，故AC錯(cuò)誤；B.B圖中只有一根繩子，則其拉力大小等于畫(huà)框的重力的大小，而D圖中有兩根繩子，而且兩根繩子之間的夾角為，則此時(shí)每根繩子的拉力大小等于其重力大小的，故B錯(cuò)誤，D正確；故選D。2、D【解析】ABCDA到B的過(guò)程中；C到D的過(guò)程中；x1=8m，t1=2sx2=24m，t2=2s+6s=8st3=10s代入解得：v0=3m/sa=1m/s2；故D正確，ABC錯(cuò)誤3、A【解析】設(shè)同步衛(wèi)星距地面高度為h，則有

13、： 以第一宇宙速度運(yùn)行的衛(wèi)星其軌道半徑就是行星半徑R，則有： 由得：行星自轉(zhuǎn)周期等于同步衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)周期，即為：故A正確，B、C、D錯(cuò)誤。故選A。4、C【解析】原來(lái)整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩的拉力等于A物體的重力，B物體對(duì)滑輪的拉力等于B物體的重力，將繩一端由Q點(diǎn)緩慢地向左移到P點(diǎn)，整個(gè)系統(tǒng)重新平衡后，繩的拉力仍等于A物體的重力，B物體對(duì)滑輪的拉力仍等于B物體的重力，都沒(méi)有變化，即滑輪所受的三個(gè)力都不變，則根據(jù)平衡條件可知，兩繩之間的夾角也沒(méi)有變化，即不變，設(shè)滑輪到天花板的距離為h，繩兩端點(diǎn)的距離為s，由幾何關(guān)系得：，由于s增大，所h增大，滑輪下降，A上升，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C。5、A【

14、解析】對(duì)小球受力分析，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有：FN=mgtan當(dāng)繩子縮短，繩與墻間夾角變大時(shí)，則FN變大，F(xiàn)T變大A增大，增大，與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；B增大，減小，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C減小，增大，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D減小，減小，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；6、B【解析】設(shè)汽車經(jīng)過(guò)t時(shí)間末速度v減為零，已知汽車初速度v0=10m/s，加速度是a=-0.2m/s2，由速度關(guān)系式：代入數(shù)據(jù)解得：t=50s所以50s以后汽車靜止不動(dòng)，即減速后1min內(nèi)汽車的位移等于減速后50s的位移，由位移時(shí)間關(guān)系式得：代入數(shù)據(jù)解得：x=250m故選B二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共2

15、0分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】小物體放到傳送帶上時(shí)，在摩擦力的作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，因?yàn)榧铀龠^(guò)程中的初速度都為零，末速度都為v，故根據(jù)公式，解得，根據(jù)牛頓第二定律可得傳送帶做功，所以傳送帶做功相同，A正確C錯(cuò)誤；根據(jù)可得，B錯(cuò)誤；克服摩擦力做的功轉(zhuǎn)化為熱量，故，故兩過(guò)程中摩擦產(chǎn)生的熱量相等，D正確。8、ACD【解析】固體可以分為晶體和非晶體兩類，晶體又分為單晶體和多晶體，非晶體和多晶體都沒(méi)有確定的幾何形狀，A正確；液晶像液體一樣具有流動(dòng)性，而其光學(xué)性質(zhì)與某些單晶體相似，具有各向異性，B錯(cuò)誤；凡

16、作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，在圍繞地球運(yùn)行的天宮一號(hào)中，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結(jié)果，C正確；空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢，D正確；大量分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的速率有大有小，分子速率分布有規(guī)律，即統(tǒng)計(jì)規(guī)律分子數(shù)百分率呈現(xiàn)“中間多，兩頭少”統(tǒng)計(jì)規(guī)律，E錯(cuò)誤9、ACD【解析】根據(jù)v=at可知：a-t圖象中，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示速度的增量，則在t=6s時(shí)刻，物體的速度v6=v0+

17、v=2+12(2+4)6=20m/s，故A正確；根據(jù)動(dòng)能定理得：W合=EK=12mv62-12mv02=396J，故B錯(cuò)誤，C正確；在t=6s時(shí)刻，根據(jù)牛頓第二定律得：F=ma+f=24+2=10N；則在t=6s時(shí)刻，拉力F的功率P=Fv6=1020=200W，故D正確。故選ACD?！军c(diǎn)睛】本題主要考查了動(dòng)能定理、牛頓第二定律及瞬時(shí)功率公式的直接應(yīng)用，解題的突破口是知道a-t圖象中，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示速度的增量.10、BC【解析】AB以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，作出受力示意力圖，如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可知，當(dāng)F順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)至豎直向上之前，支持力逐漸減小，F(xiàn)先減小后增大，當(dāng)F的方向沿圓

18、的切線方向向上時(shí)，F(xiàn)最小，此時(shí)：F=mgcos故A錯(cuò)誤，B正確；C以框架與小球組成的整體為研究對(duì)象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，F(xiàn)沿水平方向的分力逐漸減小，所以地面對(duì)框架的摩擦力始終在減小，故C正確；D以框架與小球組成的整體為研究對(duì)象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，F(xiàn)沿豎直方向的分力逐漸增大，所以地面對(duì)框架的支持力始終在減小，故D錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、0.16 D D 【解析】（1）根據(jù)勻變

19、速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式可以求出加速度的大小；（2）對(duì)小桶受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解；（3）由于已經(jīng)平衡摩擦力，圖象過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，則F表示合力；（4）在該實(shí)驗(yàn)中力傳感器可以直接得出力的大小，實(shí)驗(yàn)中不需要將長(zhǎng)木板右端墊高，因?yàn)橐呀?jīng)測(cè)量了小車所受摩擦力的大小，用加砂的方法改變拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，可更方便地獲取多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)【詳解】（1）從比較清晰的點(diǎn)起，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式可以求出加速度的大小，得：，（2）對(duì)小桶受力分析，設(shè)小桶重力為mg，木板釋放前力傳感器的示數(shù)，所以，設(shè)小車的重力為Mg，小車在加速運(yùn)動(dòng)時(shí)力傳感器的示數(shù)，根據(jù)

20、牛頓第二定律得：，所以，（3）圖象是過(guò)原點(diǎn)的一條傾斜的直線，已經(jīng)平衡摩擦力，所以F應(yīng)該表示小車受到的合力，即，故D正確；故選D.（4）在該實(shí)驗(yàn)中力傳感器可以直接得出力的大小，不需要使小車和傳感器的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于小桶和砂的總質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)中不需要將長(zhǎng)木板傾斜，因?yàn)橐呀?jīng)測(cè)量了小車所受摩擦力的大小，故B錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)中不需要測(cè)出小車和傳感器的總質(zhì)量，只需要保證小車和傳感器的總質(zhì)量不變，故C錯(cuò)誤；用加砂的方法改變拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，可更方便地獲取多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，故D正確；故選D【點(diǎn)睛】本題借助實(shí)驗(yàn)考查了勻變速直線的規(guī)律以及推論的應(yīng)用，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用，提高解決問(wèn)題能力解

21、決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，其中平衡摩擦力的原因以及做法在實(shí)驗(yàn)中應(yīng)當(dāng)清楚12、；， ；（4）【解析】試題分析：根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上D點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式可以求出加速度的大??；當(dāng)取下細(xì)繩和鉤碼時(shí)，由于滑塊所受其它力不變，因此其合外力與撤掉鉤碼的重力等大反向；根據(jù)牛頓第二定律有mg=Ma，由此可解得滑塊的質(zhì)量從圖乙中可知，（2）相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的中間時(shí)刻速度推論可得， 根據(jù)逐差法可得，聯(lián)立即得滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)受力平衡作用，由平衡條件得

22、，撤去時(shí)滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到的合外力，由牛頓第二定律得，解得（4）滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)受力平衡作用，由平衡條件得，掛上質(zhì)量為m的鉤碼時(shí)滑塊沿木板向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，受到的合外力為，由牛頓第二定律得，解得，由圖丙所示圖象可知，解得M=0.200kg四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）11J；（1）7.5s【解析】（1）設(shè)物塊 B 沿光滑曲面下滑到水平位置時(shí)的速度大小為 v0，由機(jī)械能守恒定律得： 解得：在傳送帶上，對(duì)物塊 B，由牛頓第二定律得：mg=ma 設(shè)物塊 B 通過(guò)傳送帶后運(yùn)動(dòng)速度大小為 v，有：

23、聯(lián)立解得：由于 vu=1m/s，所以 v=4m/s 即為物塊 B 與物塊 A 第一次碰撞前的速度大小， 設(shè)物塊 A、B 第一次碰撞后的速度分別為 v1、v1，以向左為正方向， 由動(dòng)量守恒定律得：mv=mv1+Mv1 由機(jī)械能守恒定律得： 聯(lián)立解得v1 1m / s ，v1 1m / s物塊 A 的速度為零時(shí)彈簧壓縮量最大，彈簧彈性勢(shì)能最大，由能量守恒定律得： （1）碰撞后物塊 B 沿水平臺(tái)面向右勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)物塊 B 在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為 l，由動(dòng)能定理得： 解得：l=1m4.5m所以物塊B不能通過(guò)傳送帶運(yùn)動(dòng)到右邊的曲面上。當(dāng)物塊B在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的速度為零后，將會(huì)沿傳送帶向左加速運(yùn)動(dòng)。可以判斷，物塊B運(yùn)動(dòng)到左邊臺(tái)面時(shí)的速度大小為，繼而與物塊A發(fā)生第二次碰撞。設(shè)第1次碰撞到第1次碰撞之間，物塊B在傳送帶運(yùn)動(dòng)