高三期中模擬試題

1、高三物理期中模擬試題二考試時(shí)間：90分鐘L-a.i總分100分一、選擇題（此題共12小題，每題4分，共48分。1-6單項(xiàng)選擇，7-12多項(xiàng)選擇, 選全對(duì)得4分，不全得2分，選錯(cuò)或不選得0分）.以下關(guān)于物理學(xué)思想方法的表達(dá)錯(cuò)誤的選項(xiàng)是（）A、探究加速度與力和質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中運(yùn)用了控制變量法B、加速度B、加速度的定義運(yùn)用了比值法mC、質(zhì)點(diǎn)運(yùn)用了理想模型法D、平均速度、合力與分力等概念的建立運(yùn)用了等效替代法.如下圖，用一輕繩將光滑小球P系于豎直墻壁上的。點(diǎn)，在 墻壁和球P之間夾有一長(zhǎng)方體物塊Q, P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn) 有一鉛筆緊貼墻壁從0點(diǎn)開(kāi)始緩慢下移，那么在鉛筆緩慢下移的過(guò) 程中（）A、細(xì)繩的

2、拉力逐漸變小B、Q受到墻壁的彈力逐漸增大C、Q受到墻壁的摩擦力逐漸變大D、Q將從培壁和小球之間滑落.如下圖，小物體A沿高為h、傾角為8的光滑斜面以初速度V。，從項(xiàng)端滑到底端，而相同的物體B以同樣大小的初速度從同等高度處豎直上拋，貝！|（）A.兩物體落地時(shí)速度相同B.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至落地過(guò)程中，重力對(duì)它們做功的平均 功率相同C.兩物體落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率相同D.從開(kāi)始至落地，重力對(duì)它們做功相同4.如下圖,在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,有相距為L(zhǎng)的A、B兩點(diǎn),其連線(xiàn)與場(chǎng)強(qiáng)方向 的夾角為 A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差九二工現(xiàn)將一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)金屬棒沿AB連線(xiàn)方向 置于該勻強(qiáng)電場(chǎng)中，此時(shí)金屬棒兩端的電勢(shì)差UM%那么以下關(guān)

3、于5和U2的說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是 （）Ui=U2=E1cos 8Ui=U2=-ELcos Ui=ELcos,U2=0Ui=-ELcos , U2=ELcos .CD分析：兩個(gè)物塊在沿斜面方向上由于機(jī)gsin37omgcos37。，所以物塊都會(huì) 沿斜面向下滑動(dòng)，傳送帶對(duì)物塊四的摩擦力都沿傳送帶向上。并且加速度大小都 等于a = gsin37O-/zgcos37o = 2w/s2,初速度相同，加速度大小相同，經(jīng)過(guò)的位移大小相同，根據(jù)% =可知兩者的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，都為！ = 1S,即兩者同時(shí)到 達(dá)底端，AB錯(cuò)誤；滑動(dòng)摩擦力向上，位移向下，重力做正功，摩擦力做負(fù)功，所以物塊A、B運(yùn)動(dòng)到傳送帶底端時(shí)速度的

4、大小相同，由題可知居與水平面的夾角是相 等的，所以重力的功率一定相等，故C正確；3到達(dá)傳,送帶底端時(shí)的速度 vB =v0+at = 1 + 2x1 = 3m/s 9 傳送帶在Is內(nèi)的路程為xZ與傳送帶是同 向運(yùn)動(dòng)的，Z的劃痕長(zhǎng)度是2對(duì)地路程（斜面長(zhǎng)度）減去在此時(shí)間內(nèi)傳送帶的路程, 即為2根-1根=1租.8與傳送帶是反向運(yùn)動(dòng)的，8的劃痕長(zhǎng)度是6對(duì)地路程（斜面長(zhǎng) 度）加上在此時(shí)間內(nèi)傳送帶的路程，即為2機(jī)+1加=3根，即物塊A、B在傳送帶上 的劃痕長(zhǎng)度之比為1： 3,故D正確；ACDm 將平行板電囂的下被感直向翻動(dòng)一小窗離由c二懸 平行板電囂的電容將變小,選項(xiàng)A正確;P點(diǎn)的電勢(shì)先隨d的僧大而增大,帶

5、電油滴的電勢(shì)能及二r仲將戚少,選項(xiàng)C正確j 觸計(jì)醐的電勢(shì)差恒總指針幃角不變,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;假設(shè)先將上柵與電源正極間的導(dǎo)線(xiàn)斷開(kāi),電荷 量。一定,兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度打生挈,那么帶電油滴所受靜電力不變,選項(xiàng)D正確.CD解：A、根據(jù)牛頓第二定律和萬(wàn)有引力定律得3號(hào)=加。rGMa = ,所以?xún)深w衛(wèi)星分別經(jīng)過(guò)A點(diǎn)處時(shí)，a的加速度等于于b的加速度，故A錯(cuò)誤; rBD.衛(wèi)星在軌道a上做橢運(yùn)動(dòng)，要過(guò)度到軌道b,在A(yíng)點(diǎn)應(yīng)該增大速度,做離心運(yùn)動(dòng),所以?xún)深w衛(wèi)星分別經(jīng)過(guò)A點(diǎn)處時(shí)，a的速度小于b的速度，故B錯(cuò)誤，D正確;及3C、衛(wèi)星a的半長(zhǎng)軸小于衛(wèi)星b的軌道半徑，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律一=k得衛(wèi)星a的運(yùn)行周期比衛(wèi)星b的運(yùn)行周期

6、短.故C正確;應(yīng)選：CD.AD解:解:B、C、A、飛鏢水平拋出做平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，因此t=在，故A正確.VO1 2gD飛鏢擊中P點(diǎn)時(shí)，P恰好在最下方，貝ij2r解得圓盤(pán)的半徑r=,故B錯(cuò)誤.24v0飛鏢擊中P點(diǎn)，貝lP點(diǎn)轉(zhuǎn)過(guò)的角度滿(mǎn)足9=4=兀+2k兀（k=O, 1, 2）故8=&=竺?空，那么圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度的最小值為32.故C錯(cuò)誤./ LLT2D、P點(diǎn)隨圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的線(xiàn)速度為v=3r=（2；）Q匕=（2左；）兀 L 4V 4vo0當(dāng)k=2時(shí)，丫=?瓦& .故D正確. 4vo應(yīng)選：AD.BCD解：ABC、解：ABC、減速運(yùn)動(dòng)由圖乙所示圖象可知，加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為：ai=m/s

7、2=m/s2,f 0.93的加速度大小為:的加速度大小為:32=人 37-= 10m/s2,在勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由牛頓第二定律知：mgsin30+|imgcos30o=ma2所以mgsinBOGmgMiimgcosBO。，所以物塊到達(dá)C點(diǎn)后將靜止在C點(diǎn)不會(huì)下滑，故A錯(cuò)誤，BC正確;D、加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，沿斜面方向根據(jù)牛頓第二定律可得：F-mgsin300-gmgcos300=mai,即：F-1x3-更 x3xJI = 0.3xW, 2323解得：F=4N.應(yīng)選：BCD.AD解：A、根據(jù)牽引力和速度的圖象和功率P=Fv得汽車(chē)運(yùn)動(dòng)中的最大功率為Fiv故A正確.B、汽車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中先保持某一恒定加速度，

8、后保持恒定的牽引功率，所以速度為V2時(shí)的功率是Fl v1，根據(jù)功率P=Fv得速度為V2時(shí)的牽引力是F=3,V2對(duì)汽車(chē)受力分析，受重力、支持力、牽引力和阻力，該車(chē)所能到達(dá)的最大速度時(shí)加速度為零，所以此時(shí)阻力等于牽引力，所以阻力f=3V3根據(jù)牛頓第二定律，有速度為V2時(shí)加速度大小為故B錯(cuò)誤D正確. mv2 7WV3C、根據(jù)牛頓第二定律，有恒定加速時(shí)，加速度根據(jù)vi=a，t解得t=，故c錯(cuò)m wv3尸 1?3一尸誤.應(yīng)選：AD(1)通過(guò)連接在一起的A、B兩物體驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律,即驗(yàn)證系統(tǒng)的勢(shì)能 變化與動(dòng)能變化是否相等，A、B連接在一起，A下降的距離一定等于B上升的距離; A、B的速度大小總是相等的

9、，故不需要測(cè)量繩子的長(zhǎng)度和B上升的距離及時(shí)間.故 選或均可以.(2)如果繩子較重，系統(tǒng)的重力勢(shì)能就會(huì)有一局部轉(zhuǎn)化為繩子的動(dòng)能，造成實(shí)驗(yàn) 誤差；繩子不宜太長(zhǎng)，長(zhǎng)了形變對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響越大；叫、圓相差越大，整體所受阻 力相對(duì)于合力對(duì)運(yùn)動(dòng)的影響越小.物體末速度v是根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)求出的，故 要保證物體在豎直方向運(yùn)動(dòng).這些都是減小系統(tǒng)誤差,提高實(shí)驗(yàn)準(zhǔn)確程度的做法.故 選：(3)實(shí)驗(yàn)誤差來(lái)自測(cè)量：所以屢次取平均值可減少測(cè)量誤差，又繩子伸長(zhǎng)量盡量 小，可減少測(cè)量的高度時(shí)的誤差.故答案為：(1)或；(2)；(3)屢次取平均值可減少測(cè)量誤差或繩 子伸長(zhǎng)量盡量小等.(意思對(duì)即可)(1)也(2) 1. 5必2 (3

10、)砂和砂桶的總質(zhì)量太大;g（1）設(shè)經(jīng)過(guò)t時(shí)間兩車(chē)速度相等,那么：vA=vB-at 解得:25sa1那么兩車(chē)相距的最近距離為：A x=vBt- at2-vAt2代入數(shù)據(jù)解得： x=250m (2) 10s 后,B 車(chē)的速度為： vBi=vB-ati=22m/s此時(shí)兩車(chē)的距離為：Ax=VAti+200m-(VBti ；at,=40m 設(shè)A車(chē)的加速度大小至少為a7 ,10s后速度相等需經(jīng)歷的時(shí)間為t，那么有:11vBi-at =vA+a t，取/ +-ar t，2+Ax7 =vBit -at，222代入數(shù)據(jù)聯(lián)立兩式解得：az =lm/s2答案：(1) 250m (2) lm/s216.解析質(zhì)量分別為

11、必、16.解析質(zhì)量分別為必、周的兩小球離開(kāi)3點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng),設(shè)平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為Vb，那么2R=,x= vBt 解得 %=2鏡 m/s設(shè)質(zhì)量分別為血、外的兩小球碰后的速度為儂根據(jù)機(jī)械能守恒定律有（血+外）g27?+：（歿+必）*=3（處+加,解得%=4 m/s設(shè)質(zhì)量分別為血、尼的兩小球碰前質(zhì)量為儂的小球的速度為w，由動(dòng)量守恒定律得儂眩=（功+外）匕，解得打=6 m/s設(shè)質(zhì)量分別為防、血的兩小球碰前質(zhì)量為血的小球的速度為M，由動(dòng)量守恒定律得：nhVinkVQ=nkv29 解得 匕=4 m/s對(duì)質(zhì)量為儂的小球，由動(dòng)量定理得分方=汲,解得分=8 No答案8 N.解：(1)設(shè)繩的拉力大小為T(mén),分別以A

12、、B為對(duì)象用牛頓第二定律,有 T=ma, mgT=ma,貝Ij有 T=ma, mgT=ma,貝Ij_g a-2(2) A加速上升階段，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)前對(duì)A： T+kx-(2) A加速上升階段，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)前對(duì)A： T+kx-mg5=ma對(duì) B： mgT=ma消去T得詈+kx=2ma上升過(guò)程x減小，a減小，v增大彈簧變?yōu)樯扉L(zhǎng)后同理得等一kx=2ma上升過(guò)程x增大,上升過(guò)程x增大,a減小，v繼續(xù)增大;當(dāng)kx=詈時(shí)a=0,速度到達(dá)最大.可見(jiàn)Q點(diǎn)時(shí)速度最大，對(duì)應(yīng)的彈力大小恰好是于，彈性勢(shì)能和初始狀態(tài)相同.A上升到Q點(diǎn)過(guò)程，A、B的位移大小都是及=詈,K該過(guò)程對(duì)A、B和彈簧系統(tǒng)用機(jī)械能守恒定律有mgxo=

13、mgxosin 0 +1 2m 潟可得” =可得” =1.解：圖（甲）中虛線(xiàn)表示2、6球原來(lái)的平衡位置，實(shí)線(xiàn)表示燒斷后重新到達(dá)平 衡的位置，其中a、4分別表示以、回與豎直方向的夾角.4球受力如圖（乙）所 示：重力儂，豎直向下；電場(chǎng)力qE,水平向左；細(xì)線(xiàn)0A對(duì)2的拉力方，方向如圖; 細(xì)線(xiàn)四對(duì)4的拉力應(yīng) 方向如圖.由平衡條件得圖甲圖乙圖丙I sina + 與 sin/? = q石（cosa =儂 + 5 cos夕球受力如圖（丙）所示：童力mg,豎直向下；電場(chǎng)力水平向右; 細(xì)線(xiàn)相對(duì)6的拉力公，方向如圖.由平衡條件得T? sin 0 = qE T2 cos a = mg 聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)，得a

14、= 0尸= 45。由此可知，4 6球重新到達(dá)平衡的位置如圖（?。┧?與原來(lái)位置相比，A球的重力勢(shì)能減少了瑪sin60。）夕球的重力勢(shì)能減少了夕球的重力勢(shì)能減少了Eb = mg/(l-sin600 + cos 450)2球的電勢(shì)能增加了2球的電勢(shì)能增加了WA=qElco0 (9)8球的電勢(shì)能減少了8球的電勢(shì)能減少了WB = yE/(sin 45 - sin30)兩種勢(shì)能總和減少了兩種勢(shì)能總和減少了w = wb-wa + ea + eb代入數(shù)據(jù)解得代入數(shù)據(jù)解得W = 6.8x10-2J5.在x軸上有兩個(gè)點(diǎn)電荷，一個(gè)帶正電荷一個(gè)帶負(fù)電荷Q2,且Q】=2Q2,用瓦和E2分別表示兩個(gè)電荷所產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的

15、大小，那么在x軸上（）Ei=Ez的點(diǎn)有一處,&=E2的點(diǎn)有兩處,E1=E2的點(diǎn)有三處,Ei=E2的點(diǎn)有三處,Ei=Ez的點(diǎn)有一處,&=E2的點(diǎn)有兩處,E1=E2的點(diǎn)有三處,Ei=E2的點(diǎn)有三處,該處合場(chǎng)強(qiáng)為零其中一處合場(chǎng)強(qiáng)為零, 其中兩處合場(chǎng)強(qiáng)為零, 其中一處合場(chǎng)強(qiáng)為零,另一處合場(chǎng)強(qiáng)為2E2另一處合場(chǎng)強(qiáng)為2E2另兩處合場(chǎng)強(qiáng)為2E16.如以下圖所示，質(zhì)量分別為m、2m的球A、B由輕質(zhì)彈簧相連后 再用輕質(zhì)細(xì)線(xiàn)懸掛在正在豎直向上做勻減速運(yùn)動(dòng)的電梯內(nèi)，細(xì)線(xiàn)VA.VA.的拉力為F,此時(shí)突然剪斷細(xì)線(xiàn)，在線(xiàn)斷的瞬間，彈簧的彈力大小和小球A的加速度大小分別為（A.生 3C.更 32F + g 3mF + g

16、3mB.-3D.32F + g 3mF + g3m.如下圖，三角形傳送帶以lm/s的速度逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，兩邊的傳送帶長(zhǎng)都是 2m且與水平方向的夾角均為370 .現(xiàn)有兩個(gè)小物塊A、B同時(shí)從傳送帶頂端都以 lm/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)都是0. 5,sin37 =0.6, cos37 =0.8,重力加速度g=10m/s2.以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是（）A.物塊A、B運(yùn)動(dòng)的加速度大小不同B.物塊A、先到達(dá)傳送帶底端C.物塊A、B運(yùn)動(dòng)到傳送帶底端時(shí)重力的功率相等D.物塊A、B在傳送帶上的劃痕長(zhǎng)度之比為1： 3.如下圖，平行板電容器與直流電源連接，下極板接地，靜電計(jì)所帶電荷量很少，可

17、被忽略.一帶負(fù)電的油滴被固定于電容器中的P點(diǎn).現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，貝!1（A.平行板電容器的電容將變小B.靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角變小C.帶電油滴的電勢(shì)能將減少D.假設(shè)先將電容器的上極板與電源正極間的導(dǎo)線(xiàn)斷開(kāi)，再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，那么帶電油滴所受靜電力不變9.如下圖，地球衛(wèi)星a、6分別在橢軌道、形軌道上運(yùn)行,橢圓軌道在遠(yuǎn)地點(diǎn)2處與圓形軌道相切，貝A.兩顆衛(wèi)星分別經(jīng)過(guò)2點(diǎn)處時(shí)，“的加速度小于6的加速度B.兩顆衛(wèi)星分別經(jīng)過(guò)4點(diǎn)處時(shí)，a的速度大于6的速度C.衛(wèi)星a的運(yùn)行周期比衛(wèi)星6的運(yùn)行周期短D.衛(wèi)星a在Z點(diǎn)處通過(guò)加速可以到圓軌道上運(yùn)行10.如下圖，一位同學(xué)玩飛鏢游戲。

18、盤(pán)最上端有一 P點(diǎn)，飛鏢拋出時(shí)與P等高,盤(pán)以經(jīng)過(guò)盤(pán)盤(pán)以經(jīng)過(guò)盤(pán)且距離P點(diǎn)為L(zhǎng)。當(dāng)飛鏢以初速度右垂直盤(pán)面瞄準(zhǔn)P點(diǎn)拋出的同時(shí), 心0點(diǎn)的水平軸在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。忽略空氣阻力，重力加速度為g,假設(shè)飛鏢恰好擊中P點(diǎn)，貝!1()A.飛鏢擊中P點(diǎn)所需的時(shí)間為上%B.盤(pán)的半徑可能為C.盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度的最小值為2萬(wàn)%LD.P點(diǎn)隨圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的線(xiàn)速度可能為衛(wèi) 4%C、小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為311.如圖甲所示，粗糙斜面與水平面的夾角為30 ,質(zhì)量為0.3Kg的小物塊靜止 在A(yíng)點(diǎn)，現(xiàn)有一沿斜面向上的恒定推力F作用在小物塊上，作用一段時(shí)間后撤去推 力F,小物塊能到達(dá)的最高位置為C點(diǎn)，小物塊從A到C的uT圖像如圖乙所

19、示，gmiOm/s2,那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是：()A、小物塊到C點(diǎn)后將沿斜面下滑B、小物塊加速時(shí)的加速度是減速時(shí)加速度的13D、推力F的大小為4N12. 一輛汽車(chē)在平直的公路上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中先保持某一恒定加速度，后保持恒 定的牽引功率，其牽引力和速度的圖像如下圖，假設(shè)汽車(chē)的質(zhì)量ID,牽引力明 和速度V1及該車(chē)所能到達(dá)的最大速度V3,運(yùn)動(dòng)過(guò)程中阻力大小恒定，那么根據(jù)圖像所 給的信息，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是：（）A.汽車(chē)運(yùn)動(dòng)中的最大功率為尸得B.速度為V2時(shí)的加速度大小為他C.恒定加速時(shí)，加速度為二 mD.汽車(chē)行駛中所受的阻力為他匕第n卷（非選擇題，共60分）二、實(shí)驗(yàn)題。（此題共3小題，共16分

20、，每空2分）13.（全國(guó)I高考22）如下圖，兩個(gè)質(zhì)量各為叫和的小物塊A和B,分別系在一條跨過(guò)定滑輪的軟繩兩端，叫,現(xiàn)要利用此裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.V/假設(shè)選定物塊A從靜止開(kāi)始下落的過(guò)程進(jìn)行測(cè)量，那么需要測(cè)量的物理量有 物塊的質(zhì)量四、m2；物塊A下落的距離及下落這段距離所用的時(shí)間；物塊B上升的距離及上升這段距離所用的時(shí)間；繩子的長(zhǎng)度.（2）為提高實(shí)驗(yàn)結(jié)果的準(zhǔn)確程度，某小組同學(xué)對(duì)此實(shí)驗(yàn)提出以下建議:繩的質(zhì)量要輕； 在“輕質(zhì)繩”的前提下，繩子越長(zhǎng)越好；盡量保證物塊只沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，不要搖晃；兩個(gè)物塊的質(zhì)量之差要盡可能小.以上建議中確實(shí)對(duì)提高準(zhǔn)確程度有作用的是（3）寫(xiě)出一條上面沒(méi)有提到的對(duì)提高實(shí)驗(yàn)結(jié)

21、果準(zhǔn)確程度有益的建議： 14.用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證牛頓第二定律（所用交流電頻率為50Hz,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間）。（1）以下做法正確的選項(xiàng)是（填字母代碼）A.調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤?chē)的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行B.在調(diào)節(jié)木板傾斜程度平衡小車(chē)受到的滑動(dòng)摩擦力時(shí)，將裝有砂的砂桶，用細(xì)線(xiàn) 通過(guò)定滑輪拴在小車(chē)上C.實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開(kāi)小車(chē)再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源D.通過(guò)增減小車(chē)上的祛碼改變質(zhì)量時(shí)，需要再次調(diào)節(jié)木板傾斜度E.為使繩子拉力近似等于砂和砂桶總重力，應(yīng)保證砂和小桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē) 與祛碼的總質(zhì)量（2）如圖2所示為某次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，紙帶中相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離已標(biāo)出，相 鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)實(shí)際點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)

22、出。由此可求得小車(chē)的加速度大小為 m/s2.（3）保持小車(chē)的質(zhì)量M不變，改變砂桶與砂的總重力F,屢次實(shí)驗(yàn)，根據(jù)得到的數(shù) 據(jù)，在a-F圖象中描點(diǎn)（如圖3所示）.結(jié)果發(fā)現(xiàn)右側(cè)假設(shè)干個(gè)點(diǎn)明顯偏離直線(xiàn)，造成此誤差的主要原因是成此誤差的主要原因是.假設(shè)不斷增加砂桶中砂的質(zhì)量，a-F圖象中各點(diǎn)連成的曲線(xiàn)將不斷延伸，加速度的趨向值為三、計(jì)算題(此題共4小題，共44分。解答必須寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和 重要的演算步驟。只寫(xiě)出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確 寫(xiě)出數(shù)值和單位).某地出現(xiàn)霧霾天氣,能見(jiàn)度只有200m,即看不到200m以外的情況,A、B兩輛汽車(chē) 沿同一公路同向行駛,A車(chē)在前,速

23、度vA=10m/s, B車(chē)在后,速度vB=30m/s, B車(chē)在距A 車(chē)200m處才發(fā)現(xiàn)前方的A車(chē),這時(shí)B車(chē)立即以最大加速度a=0. gm/s?剎車(chē),求:(1)如果B車(chē)以最大加速度減速,能見(jiàn)度至少到達(dá)多少米才能保證兩車(chē)不相撞。(2)如果B車(chē)以最大加速度減速,同時(shí)開(kāi)始按喇叭,10s后,A車(chē)發(fā)現(xiàn)后，立即加速前進(jìn), 那么A車(chē)的加速度至少多大時(shí)才能防止與B車(chē)相撞。.如下圖，水平光滑地面的右端與一半徑 40.2 m的豎直半圓形光滑軌道相 連，某時(shí)刻起質(zhì)量外=2 kg的小球在水平恒力廠(chǎng)的作用下由靜止向左運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t=l s撤去力F,接著與質(zhì)量圖=4 kg以速度匕=5 m/s向右運(yùn)動(dòng)的小球碰撞，碰后質(zhì)量為圖

24、的小球停下來(lái)，質(zhì)量為血的小球反向運(yùn)動(dòng)，然后與停在半形軌道底端A點(diǎn)的質(zhì)量砥=1 kg的小球碰撞，碰后兩小球粘在一起沿半圓形軌道運(yùn)動(dòng),離開(kāi)6點(diǎn)后,落在離2點(diǎn)0. 8 m的位置,求恒力方的大小。(g取10 m/s2)四外/ / / / / / / /.如下圖，戶(hù)是傾角為30的光滑固定斜面。勁度為A的輕彈簧一端同定在斜 面底端的固定擋板。上，另一端與質(zhì)量為必的物塊A相連接。細(xì)繩的一端系在物體 4上，細(xì)繩跨過(guò)不計(jì)質(zhì)量和摩擦的定滑輪，另一端有一個(gè)不計(jì)質(zhì)量的小掛鉤。小掛 鉤不掛任何物體時(shí)，物體Z處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)繩與斜面平行.在小掛鉤上輕輕掛上 一個(gè)質(zhì)量也為R的物塊6后，物體Z沿斜面向上運(yùn)動(dòng).斜面足夠長(zhǎng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中6 始終未接觸地面。(1)求物塊A剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小紿 (2)設(shè)物塊A沿斜面上升通過(guò)0點(diǎn)位置時(shí)速度最大，求0點(diǎn)到出發(fā)點(diǎn)的距離及及最 大速度片;.如下圖有三根長(zhǎng)度皆為1=1. 00 m的不可伸長(zhǎng)的絕緣輕線(xiàn)，其中兩根的一端/定在天花板上的o點(diǎn),另一端分別掛有質(zhì)量皆為皿=1.00 x10-2kg的帶電小球z 和3它們的電量分別為一 O和+ s q=l. 00X1CT7C. 2、5之間用第三根線(xiàn)連接 起來(lái).空間中存在大小為月