2023屆山西省運(yùn)城市河津中學(xué)物理高三上期中聯(lián)考模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列所列出的物理量中，屬標(biāo)量的是（ ）A重力B路程C位移D加速度2、如圖所示,光滑水

2、平地面上有兩個(gè)大小相同、質(zhì)量不等的小球A和B,A以3m/s的速率向右運(yùn)動(dòng),B以lm/s的速率向左運(yùn)動(dòng),發(fā)生正碰后都以2m/s的速率反彈,則A、B兩球的質(zhì)量之比為A3:5 B2:3 C1:2 D1:33、如圖所示，用一輕繩將光滑小球P系于豎直墻壁上的O點(diǎn)，在墻壁和球P之間夾有一長方體物塊Q，P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)有一鉛筆緊貼墻壁從O點(diǎn)開始緩慢下移，則在鉛筆緩慢下移的過程中（）A細(xì)繩的拉力逐漸變小BQ受到墻壁的彈力逐漸變大CQ受到墻壁的摩擦力逐漸變大DQ將從墻壁和小球之間滑落4、小船相對于地面以速度v1向東行駛，若在船上以相對地面的相同速率v水平向西拋出一個(gè)質(zhì)量為m的重物，則小船的速度將（ ）A

3、不變B減小C增大D改變方向5、高速路上堵車，小東聽到導(dǎo)航儀提醒“前方3公里擁堵，估計(jì)需要24分鐘通過”，根據(jù)導(dǎo)航儀提醒，下列推斷合理的是A汽車將勻速通過前方3公里B能夠計(jì)算出此時(shí)車子的速度是C通過前方這3公里的過程中，車子的平均速度大約為D若此時(shí)離目的地還有30公里，到達(dá)目的地一定需要240分鐘6、如圖，一半徑為R的半圓形軌道豎直固定放置，軌道兩端等高；質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自軌道端點(diǎn)P由靜止開始滑下，滑到最低點(diǎn)Q時(shí)，對軌道的正壓力為2mg，重力加速度大小為g質(zhì)點(diǎn)自P滑到Q的過程中，克服摩擦力所做的功為（ ）AmgRBmgRCmgRDmgR二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給

4、出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、2016年10月17日，“神舟十一號”飛船載著景海鵬和陳冬兩名宇航員順利飛入太空。下面關(guān)于飛船與火箭上天的情形，其中敘述正確的是()A火箭尾部向外噴氣，噴出的氣體反過來對火箭產(chǎn)生一個(gè)反作用力，從而讓火箭獲得了向上的推力B火箭尾部噴出的氣體對空氣產(chǎn)生一個(gè)作用力，空氣的反作用力使火箭獲得飛行的動(dòng)力C火箭飛出大氣層后，由于沒有了空氣，火箭雖然向后噴氣，但也無法獲得前進(jìn)的動(dòng)力D飛船進(jìn)入運(yùn)行軌道之后，與地球之間仍然存在一對作用力與反作用力8、如圖所示，一根粗細(xì)和質(zhì)量分布均勻的細(xì)繩，兩端各系一個(gè)質(zhì)量都為m

5、的小環(huán)，小環(huán)套在固定水平桿上，兩環(huán)靜止時(shí)，繩子過環(huán)與細(xì)繩結(jié)點(diǎn)P、Q的切線與豎直方向的夾角均為，已知繩子的質(zhì)量也為m，重力加速度大小為g，則兩環(huán)靜止時(shí)（ ）A.每個(gè)環(huán)對桿的壓力大小為mgB繩子最低點(diǎn)處的彈力的大小為 mgtanC當(dāng)兩環(huán)間距離增大，環(huán)靜止時(shí)，桿對環(huán)的摩擦力增大D在繩的最低點(diǎn)施加豎直向下的力使繩的最低點(diǎn)緩慢下降（環(huán)仍保持靜止），則繩重心將下降9、如圖所示，在一個(gè)勻強(qiáng)電場中有一個(gè)四邊形MNQP，電場方向與四邊形MNQP所在平面平行，其中A為MP的中點(diǎn)，B為NQ的中點(diǎn)，一個(gè)電荷量為q的正粒子，從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)的過程中，電勢能減少Ep1，若將該粒子從P點(diǎn)移動(dòng)到Q點(diǎn)，電勢能減小Ep2，下列說

6、法正確的是（ ）A勻強(qiáng)電場場強(qiáng)方向必沿PQ方向B若MN之間的距離為L，則該電場的場強(qiáng)大小為Ep1qlC若將該粒子從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，則電場力做功大小W=Ep1+Ep22D若AB之間的距離為L，則該電場場強(qiáng)最小值為E=Ep1+Ep22qL10、下列說法正確的是A物體的內(nèi)能是所有分子的動(dòng)能與勢能的總和B系統(tǒng)內(nèi)能增加時(shí)，一定有外界向系統(tǒng)傳遞熱量C電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能是通過電流做功實(shí)現(xiàn)的D第-類永動(dòng)機(jī)違背能量守恒定律，不可能制成三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，水平桌面上固定一傾斜的氣墊導(dǎo)軌；

7、導(dǎo)軌上A點(diǎn)處有一帶長方形遮光片的滑塊，其總質(zhì)量為M，左端由跨過輕質(zhì)光滑定滑輪的細(xì)繩與一質(zhì)量為m的小球相連；遮光片兩條長邊與導(dǎo)軌垂直；導(dǎo)軌上B點(diǎn)有一光電門，可以測量遮光片經(jīng)過光電門時(shí)的擋光時(shí)間t，用d表示A點(diǎn)到光電門B處的距離，b表示遮光片的寬度，將遮光片通過光電門的平均速度看作滑塊通過B點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度，實(shí)驗(yàn)時(shí)滑塊在A處由靜止開始運(yùn)動(dòng)（1）用游標(biāo)卡尺測量遮光條的寬度b，結(jié)果如圖1所示，由此讀出b=_mm；（1）某次實(shí)驗(yàn)測得傾角=30，重力加速度用g表示，滑塊從A處到達(dá)B處時(shí)m和M組成的系統(tǒng)動(dòng)能增加量可表示為Ek=_，系統(tǒng)的重力勢能減少量可表示為Ep=_，在誤差允許的范圍內(nèi)，若Ek=Ep則可認(rèn)為系

8、統(tǒng)的機(jī)械能守恒；（用題中字母表示）（3）在上次實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)改變A、B間的距離，作出的v1d圖象如圖3所示，并測得M=m，則重力加速度g=_m/s112（12分）未來在一個(gè)未知星球上用如圖甲所示裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。懸點(diǎn)O正下方P點(diǎn)處有水平放置的熾熱電熱絲，當(dāng)懸線擺至電熱絲處時(shí)能輕易被燒斷，小球由于慣性向前飛出做平拋運(yùn)動(dòng)?，F(xiàn)對小球采用頻閃數(shù)碼照相機(jī)連續(xù)拍攝。在有坐標(biāo)紙的背景屏前，拍下了小球在做平拋運(yùn)動(dòng)過程中的多張照片，經(jīng)合成后，照片如圖乙所示。a、b、c、d為連續(xù)四次拍下的小球位置，已知照相機(jī)連續(xù)拍照的時(shí)間間隔是0.10s，照片大小如圖中坐標(biāo)所示，又知該照片的長度與實(shí)際背景屏的長度之比為1：

9、4，則：(1)由以上信息，可知a點(diǎn)_（填“是”或“不是”）小球的拋出點(diǎn)。(2)由以上及圖信息，可以推算出該星球表面的重力加速度為_m/s2。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）(3)由以上及圖信息可以算出小球平拋的初速度是_m/s。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長為L8cm，兩板間距離d8cm，A板比B板電勢高300V，一帶正電的粒子電荷量為q1.01010C、質(zhì)量為m1.01020kg，沿電場中心線RD垂直電場線飛入電場，初速度v02.0106m/s，粒子飛出

10、電場后經(jīng)過界面MN、PS間的無電場區(qū)域。已知兩界面MN、PS相距為12 cm，粒子最后打在放置于PS線上的熒光屏上。(粒子的重力不計(jì)) 求：粒子打在熒光屏上的位置。14（16分）如圖所示，質(zhì)量為，電荷量為的粒子從點(diǎn)以的速度沿垂直電場線方向的直線方向射入勻強(qiáng)電場，由點(diǎn)飛出電場時(shí)速度方向與方向成，已知的水平距離為（不計(jì)重力）求：（）從點(diǎn)到點(diǎn)用的時(shí)間（）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小15（12分）如圖所示，AB為半徑R0.50m的四分之一圓弧軌道，B端距水平地面的高度h0.45m。一質(zhì)量m1.0kg的小滑塊從圓弧道A端由靜止釋放，到達(dá)軌道B端的速度v2.0m/s。忽略空氣的阻力，取g10m/s2，求：（1）

11、小滑塊在圓弧軌道B端受到的支持力大?。唬?）小滑塊由A端到B端的過程中，克服摩擦力所做的功W；（3）小滑塊的落地點(diǎn)與B點(diǎn)的水平距離x。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】ACD加速度、重力和位移是即有大小又有方向，相加時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量，都是矢量。故ACD不符合題意。B路程是只有大小，沒有方向的物理量，是標(biāo)量。故B符合題意。2、A【解析】兩球碰撞過程中，動(dòng)量守恒，以A的初速度方向?yàn)檎鶕?jù)動(dòng)量守恒定律得：mAvA-mBvB=mBvB-mAvA，代入數(shù)據(jù)解得：mAmB=35，故A正確，B，C，D錯(cuò)

12、誤.故選A.【點(diǎn)睛】本題主要考查了動(dòng)量守恒定律的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確分析物體的運(yùn)動(dòng)情況，注意應(yīng)用動(dòng)量守恒定律時(shí)要規(guī)定正方向.3、B【解析】對P分析，P受到重力、拉力和Q對P的彈力處于平衡，設(shè)拉力與豎直方向的夾角為，根據(jù)共點(diǎn)力平衡有：拉力，Q對P的支持力鉛筆緩慢下移的過程中，增大，則拉力F增大，Q對P的支持力增大，故A錯(cuò)誤B正確；對Q分析知，在水平方向上P對Q的壓力增大，則墻壁對Q的彈力增大，在豎直方向上重力與摩擦力相等，所以A受到的摩擦力不變，Q不會從墻壁和小球之間滑落，故CD錯(cuò)誤4、C【解析】以重物和船組成的系統(tǒng)為研究對象，拋重物的過程系統(tǒng)遵守滿足動(dòng)量守恒定律取向東方向?yàn)檎较?，設(shè)船的

13、質(zhì)量為M根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：（M+m）v1=-mv+Mv所以有：即船速增大故C正確ABD錯(cuò)誤。故選C5、C【解析】前方擁堵，汽車不可能做勻速運(yùn)動(dòng)通過3公里，故A錯(cuò)誤；根據(jù)題設(shè)條件，汽車的瞬時(shí)速度無法求出，故B錯(cuò)誤；根據(jù)平均速度公式可知，平均速度約為：，故C正確；經(jīng)過擁堵路段后，汽車的速度并不一定一直保持，故此后的運(yùn)動(dòng)時(shí)間無法確定，故D錯(cuò)誤故選C6、C【解析】試題分析：據(jù)題意，質(zhì)點(diǎn)在位置P是具有的重力勢能為：；當(dāng)質(zhì)點(diǎn)沿著曲面下滑到位置Q時(shí)具有的動(dòng)能為：，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)對軌道壓力為：，由能量守恒定律得到：，故選項(xiàng)C正確考點(diǎn)：能量守恒定律、圓周運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】本題分析的關(guān)鍵是找出質(zhì)點(diǎn)在初始位置是的機(jī)械能和

14、在末位置時(shí)的機(jī)械能，兩個(gè)位置機(jī)械能只差就等于摩擦力做的功的大小即；但在球末位置時(shí)的動(dòng)能時(shí)需要用到圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律，由此式可以求出在末位置的速度，也就可以求解此位置的動(dòng)能大小了二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】AB火箭尾部向外噴氣，噴出的氣體對火箭產(chǎn)生一個(gè)反作用，從而讓火箭獲得了向上的推力，故A正確、B錯(cuò)誤；C火箭飛出大氣層后，雖然沒有空氣，火箭向后噴氣，噴出的氣體反過來對火箭產(chǎn)生一個(gè)反作用力，使火箭獲得了向前的推力，故C錯(cuò)誤；D火箭飛出大氣層進(jìn)入運(yùn)行軌道之后

15、，還受重力，同時(shí)對地球產(chǎn)生吸引力，所以與地球之間仍然存在一對作用力與反作用力，故D正確。8、BC【解析】AB對繩子受力分析，受重力、水平拉力和天花板的拉力，如圖甲所示，根據(jù)平衡條件，有水平方向豎直方向聯(lián)立解得，對環(huán)進(jìn)行受力分析如圖乙，水平方向豎直方向故A錯(cuò)誤，B正確；C當(dāng)兩環(huán)之間的距離增大，變大，故f變大，故C正確；D在繩的最低點(diǎn)施加豎直向下的力使繩的最低點(diǎn)緩慢下降，力做正功，由功能關(guān)系可知，繩的機(jī)械能增大，所以繩的重心上升，故D錯(cuò)誤。故選BC。9、CD【解析】試題分析：由于電場強(qiáng)度方向未知，不能求解場強(qiáng)的大小強(qiáng)電場中沿著電場線方向，兩點(diǎn)間的電勢差與兩點(diǎn)間的距離成正比，則A點(diǎn)的電勢等于MP兩點(diǎn)

16、電勢的平均值，B的電勢等于NQ兩點(diǎn)電勢的平均值，根據(jù)電場力公式W=qU求解從題中只能判斷出從P點(diǎn)移動(dòng)到Q點(diǎn)過程中電場力做正功，無法判斷電場方向，A錯(cuò)誤；由于MN之間的距離不一定是沿著電場方向上的距離，所以無法計(jì)算電場強(qiáng)度大小，B錯(cuò)誤；因?yàn)殡妶鍪莿驈?qiáng)電場，在同一條電場線上，A點(diǎn)的電勢是M、P兩點(diǎn)電勢的平均值，即A=M+P2，同理B=N+Q2，所以WAB=qUAB=q(A-B)=q(M+P2-N+Q2)=q12(M-N)+q12(P-Q)=WP1+WP22，故C正確；根據(jù)上面公式：UAB=EP1+EP22q，若M、N兩點(diǎn)正好處于同一條電場線上，則電場強(qiáng)度為E=EP1+EP22qL，距離d為過M和N

17、的兩個(gè)等勢面之間距離的最大值，故該電場的場強(qiáng)最小值為E=EP1+EP22qL，故D正確；10、ACD【解析】A物體內(nèi)所有分子的動(dòng)能與勢能的總和叫物體的內(nèi)能，故A正確；B系統(tǒng)內(nèi)能增加時(shí)，可能是外界對系統(tǒng)做功，也可能是系統(tǒng)吸熱，故B錯(cuò)誤；C電流做功，電能可以轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，即焦耳定律，故C正確；D第一類永動(dòng)機(jī)違背了能量守恒定律，所以不可能制成，故D正確。故選ACD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.85(m+M)b22t2(m-M2)gd9.7【解析】（1）寬度b的讀數(shù)為：3mm+160.05mm=3.80mm；（1）由于光電門的寬度b很

18、小，故用很短時(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度，則滑塊通過光電門B速度為：vB=bt；滑塊從A處到達(dá)B處時(shí)m和M組成的系統(tǒng)動(dòng)能增加量為：Ek=12M+mvB2=M+mb22t2；系統(tǒng)的重力勢能減少量可表示為：Ep=mgd-Mgdsin30=m-M2gd；比較Ep和Ek，若在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)相等，即可認(rèn)為機(jī)械能是守恒的（3）根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒有：12M+mv2=m-M2gd； 則v2=2m-MM+mgd，若v2-d圖象，則圖線的斜率：gk=2m-MM+mg；由圖象可知，k=2.40.5；則有：g=kM+m2m-M，代入數(shù)據(jù)得：g=9.6ms212、是 【解析】(1)1因?yàn)樨Q直方向上相等時(shí)間內(nèi)的位移之比為，符合初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，因此可知點(diǎn)的豎直分速度為零，點(diǎn)是小球的拋出點(diǎn)；(2)2由照片的長度與實(shí)際背景屏的長度之比為可得乙圖中正方形的邊長為豎直方向上有解得(3)3水平方向小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，因此小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題