2023屆北京市大興區(qū)物理高三第一學(xué)期期中達標檢測模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示，當A、B兩物塊放在光滑的水平面上時，用水平恒力F作用于A的左端，使A、B一起向右做勻加速直線

2、運動時的加速度大小為a1，A、B間的相互作用力的大小為N1如圖乙所示，當A、B兩物塊放在固定光滑斜面上時，此時在恒力F作用下沿斜面向上做勻加速時的加速度大小為a2，A、B間的相互作用力的大小為N2，則有關(guān)a1，a2和N1、N2的關(guān)系正確的是（）ABCD2、如圖所示，傾角為的斜面體C放于粗糙水平面上，物塊A通過斜面頂端的定滑輪用細線與B連接，細線與斜面平行斜面與A之間的動摩擦因數(shù)為，且tan，整個裝置處于靜止狀態(tài)，下列說法正確的是 AmB最小可以為0B地面對斜面體C的摩擦力方向水平向左C增大mB，物塊A所受摩擦力大小可能不變D剪斷A、B間的連線后，地面對斜面體C的支持力等于A、C的重力之和3、一

3、輛汽車以10m/s的速度沿平直公路勻速運動，司機發(fā)現(xiàn)前方有障礙物后立即減速，加速度大小為0.2m/s2，那么減速后1min內(nèi)汽車的位移是A240mB250mC260mD90m4、研究發(fā)現(xiàn)，若某行星的自轉(zhuǎn)角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則位于該行星赤道上的物體恰好對行星表面沒有壓力，已知該行星的自轉(zhuǎn)周期為，赤道半徑為，引力常量為，則（ ）A該行星的質(zhì)量為B該行星的質(zhì)量為C質(zhì)量為的物體對該行星赤道表面的壓力為D環(huán)繞該行星做勻速圓周運動的衛(wèi)星的最大線速度為5、兩千多年前，埃拉脫色尼通過卓越的分析求出地球的半徑。他住在尼羅河口的亞歷山大城，在夏日的中午他觀察到太陽光線與地面成角（單位：弧度），他還知道向南L距離

4、處此刻太陽光線與地面垂直。則他計算地球半徑的公式為 （）ABCD6、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，兩個帶等量正電的點電荷M、N，分別固定在A、B兩點，O為AB連線的中點，CD為AB的垂直平分線上關(guān)于AB連線對稱的兩點，在CO之間的F點由靜止釋放一個帶負電的小球P（設(shè)不改變原來的電場分布），在以后的一段時間內(nèi)，P在CD連線上做往復(fù)運動，則（ ）A.A、B兩點電荷產(chǎn)生的電場在中垂線上合場強從C至D一定先減小后增大B小球P的帶電量緩慢減小，則它往復(fù)運動過程中每次經(jīng)過O點時的速率不斷增大C點電荷M、N的帶電量同時等量地緩慢增大，則小球P往復(fù)運動過程中周期不斷減小D點電荷M、N的帶電量同時等量地緩慢增大

5、，C、D兩點的電勢差UCD不斷變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，半圓形框架豎直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球P在水平外力F的作用下處于靜止狀態(tài)，P與圓心O的連線與水平面的夾角為，將力F在豎直面內(nèi)沿順時針方向緩慢地轉(zhuǎn)過，框架與小球始終保持靜止狀態(tài)在此過程中下列說法正確的是A框架對小球的支持力先減小后增大B拉力F的最小值為mgcosC地面對框架的摩擦力減小D框架對地面的壓力先增大后減小8、如圖所示，傾角為的斜面靜置于地面上，斜面上表面光滑，A、B、C三

6、球的質(zhì)量分別為m、2m、3m，輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面頂端、另一端與A球相連，A、B間固定一個輕桿，B、C間由一輕質(zhì)細線連接彈簧、輕桿與細線均平行于斜面，初始系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)突然剪斷細線或彈簧下列判斷正確的是A彈簧被剪斷的瞬間，A、B、C三個小球的加速度均為零B彈簧被剪斷的瞬間，A、B之間桿的彈力大小為零C細線被剪斷的瞬間，A、B球的加速度沿斜面向上，大小為gsinD細線被剪斷的瞬間，A、B之間桿的彈力大小為4mgsin9、如圖所示，長木板A放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m2 kg的另一物體B以水平速度v03 m/s滑上原來靜止的長木板A的表面，由于A、B間存在摩擦，之后A、B速度隨時間變化情況

7、如圖乙所示，則下列說法正確的是A木板獲得的動能為2 JB系統(tǒng)損失的機械能為6 JC木板A的最小長度為1 mDA，B間的動摩擦因數(shù)為0.110、將甲乙兩小球先后以同樣的速度在距地面相同高度處豎直向上拋出，拋出時間相隔2s，它們運動的圖象分別如直線甲、乙所示以下說法正確的是（）At=2s時，兩球相距最遠Bt=4s時，兩球的高度差為0Ct=6s時，兩球相距45mD甲球從拋出至最高點的時間間隔與乙球相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“練習(xí)使用打點計時器”實驗中，利用重物牽引小車，用電磁打點計時器打點，f=50Hz，得到一條清晰的紙

8、帶取其中的A 、B 、C 、七個點進行研究，這七個點和刻度尺標度的對應(yīng)如圖所示（1）小車向_運動（相對圖中方位填“左”或“右”）；（2）A點到D點的距離是 _ cm ，F(xiàn)點瞬時速度是_m/s；（3）根據(jù)紙帶可以計算小車的加速度a的大小約為_m/s2；（4）如果當時交變電流的頻率是f=40Hz，而計算時仍按f=50Hz，那么速度的測量值_（選填：偏大、偏小、相等）（已知：T=1/f）12（12分）在“用DIS研究加速度和力的關(guān)系”的實驗中（1）在該實驗中必須采用控制變量法，應(yīng)保持_不變，用鉤碼所受的重力作為_，用DIS測小車的加速度（2）改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測量在某次實驗中根據(jù)測得的多組

9、數(shù)據(jù)可畫出關(guān)系圖線，如圖所示分析此圖線的段可得出的實驗結(jié)論是：_此圖線的段明顯偏離直線，其主要原因是：_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在xl，y0范圍內(nèi)有一勻強磁場，方向垂直紙面向里；在xl，y0范圍內(nèi)有一電場強度為E的勻強電場，方向沿y軸負方向質(zhì)量為m，電荷量為q的粒子從y軸上的M點由靜止釋放，粒子運動到O點時的速度為v不計粒子重力（1）求O，M兩點間的距離d；（2）a如果經(jīng)過一段時間，粒子能通過x軸上的N點，O，N兩點間的距離為b（bl），求磁感應(yīng)強度Bb如果粒子運動到O點的同時，撤去電

10、場要使粒子能再次通過x軸，磁感應(yīng)強度B應(yīng)滿足什么條件？14（16分）如圖所示，水平面上放著一塊質(zhì)量為薄木板（厚度忽略不計），長為，木板處于靜止狀態(tài)。質(zhì)量為的小物塊可視為質(zhì)點放在木板的最右端。已知物塊與木板間的動摩擦因數(shù)，物塊與地面、木板與地面的動摩擦因數(shù)均為?？烧J為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。現(xiàn)對木板施加一個水平向右的恒力F（g?。?。若要使木板開始運動，且物塊相對木板不滑動，則求F的取值范圍。若，求物塊即將滑離木板時的速度大小。若，物塊靜止時離木板右端距離。15（12分）如圖所示，傾角（900）可調(diào)的斜面AB與水平面BO間用一小段光滑圓弧鏈接，在O點右側(cè)有一以O(shè)為圓心、半徑R=的圓弧擋板，一小

11、物塊從斜面上A點由靜止滑下，小物塊與斜面、水平面間的動摩擦因數(shù)均為=0.5，圖中AB=BO，小物塊越過O點后落在圓弧擋板上，取g=10m/s2. (1)必須滿足什么條件，小物塊才越過O點而落在擋板上？(2)當=53o時，小物塊落到擋板上的動能最小，求BO的長。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】對于圖1，根據(jù)牛頓第二定律，整體加速度，隔離對B分析，A對B的作用力.對于圖2，根據(jù)牛頓第二定律，整體的加速度.隔離對B分析，有：N2-mBgsin=mBa2，解得,知a1a2，N1=N2;故D正確，A、B、C錯誤

12、.故選D.【點睛】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地進行受力分析，運用牛頓第二定律進行求解，以及掌握整體法和隔離法的運用2、C【解析】由可知，若無繩子拉力，A不可能靜止于斜面上，即最小不可以為0，故A錯誤；整個裝置處于靜止狀態(tài)，把整個裝置看做一個整體，可知地面對斜面體C的摩擦力為0，故B錯誤；若開始B質(zhì)量較小，A有向下滑的趨勢；增大，物塊A有可能有向上滑的趨勢，摩擦力方向相反，大小可能不變，故C正確；剪斷A、B間的連線后，由可知，A不可能靜止于斜面上，A加速下滑，A超重，所以地面對斜面體C的支持力大于A、C的重力之和，故D錯誤故選C【點睛】由可知，若無繩子拉力，A不可能靜止于斜面上整個裝置處于靜止狀態(tài)可

13、以考慮用整體法研究地面對斜面體C的摩擦力方向3、B【解析】設(shè)汽車經(jīng)過t時間末速度v減為零，已知汽車初速度v0=10m/s，加速度是a=-0.2m/s2，由速度關(guān)系式：代入數(shù)據(jù)解得：t=50s所以50s以后汽車靜止不動，即減速后1min內(nèi)汽車的位移等于減速后50s的位移，由位移時間關(guān)系式得：代入數(shù)據(jù)解得：x=250m故選B4、B【解析】AB該行星自轉(zhuǎn)角速度變?yōu)樵瓉韮杀叮瑒t周期將變?yōu)樵瓉淼?/2，即為T/2，由題意可知此時：，解得：，故A錯誤；B正確；C行星地面物體的重力和支持力的合力提供向心力：mgFNmR，又： ，解得：，由牛頓第三定律可知質(zhì)量為m的物體對行星赤道地面的壓力為，故C錯誤；D7.

14、9km/s是地球的第一宇宙速度，由于不知道該星球的質(zhì)量以及半徑與地球質(zhì)量和半徑的關(guān)系，故無法得到該星球的第一宇宙速度與地球第一宇宙速度的關(guān)系，故無法確環(huán)繞該行星作勻速圓周運動的衛(wèi)星線速度是不是必不大于7.9km/s，故D錯誤5、B【解析】太陽光為一束平行光，如圖所示，兩地之間的距離，為圓上兩點間的弧長，根據(jù)幾何知識可得解得故選B。6、C【解析】本題考查等量同種電荷的電場線分布規(guī)律?！驹斀狻緼.等量同種點電荷中垂線上的場強從中點向兩側(cè)先增大后減小，故A錯誤；B.若小球P的帶電量緩慢減小，它在電場中某點的電場力在不斷地減小，由平衡位置向最大位移運動時，動能向電勢能轉(zhuǎn)化時，克服電場力做功需要經(jīng)過更長

15、的距離，所以它往復(fù)運動過程中的在振幅不斷增大，由最大位移返回平衡位置時，電場力做的功在不斷地減小，它往復(fù)運動過程中每次經(jīng)過O點時的速率不斷減小，故B正確；C.若M、N的帶電荷量等量緩慢增大，則小球P所受電場力產(chǎn)生的加速度在同一位置時將更大，速度變化將更快，即周期將變小，故C正確；D.雖然點電荷M、N的帶電量同時等量地緩慢增大，但C、D兩點的電勢總是相等的，則C、D兩點的電勢差始終為零，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB以小球為研究對

16、象，分析受力情況，作出受力示意力圖，如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可知，當F順時針轉(zhuǎn)動至豎直向上之前，支持力逐漸減小，F(xiàn)先減小后增大，當F的方向沿圓的切線方向向上時，F(xiàn)最小，此時：F=mgcos故A錯誤，B正確；C以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時針方向轉(zhuǎn)動的過程中，F(xiàn)沿水平方向的分力逐漸減小，所以地面對框架的摩擦力始終在減小，故C正確；D以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時針方向轉(zhuǎn)動的過程中，F(xiàn)沿豎直方向的分力逐漸增大，所以地面對框架的支持力始終在減小，故

17、D錯誤8、BCD【解析】試題分析：若彈簧被剪斷，彈力為零，據(jù)此分析三者的加速度；若細線被剪斷，彈力不能突變，保持不變，先以A、B組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律求A、B兩球的加速度再以B球為研究對象，由牛頓第二定律求桿的拉力大小若是彈簧被剪斷，將三個小球看做一個整體，整體的加速度為，然后隔離A，對A分析，設(shè)桿的作用力為F，則，解得，A錯誤B正確；燒斷細線前，以A、B、C組成的系統(tǒng)為研究對象，系統(tǒng)靜止，處于平衡狀態(tài)，合力為零，則彈簧的彈力為以C為研究對象知，細線的拉力為3mgsin燒斷細線的瞬間，由于彈簧彈力不能突變，彈簧彈力不變，以A、B組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律得，解得A、B兩

18、個小球的加速度為，方向沿斜面向上，以B為研究對象，由牛頓第二定律得：，解得桿的拉力為，故CD正確9、AB【解析】A由圖示圖象可知，木板獲得的速度為v=1m/s，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mv0=（M+m）v，解得：M=4kg木板A的質(zhì)量為 M=4kg，木板獲得的動能為：。故A正確。B系統(tǒng)損失的機械能：，代入數(shù)據(jù)解得：Ek=6J故B正確。C由圖得到：0-1s內(nèi)B的位移為：A的位移為：木板A的最小長度為：L=xB-xA=1.5m。故C錯誤。D由圖示圖象可知，B的加速度：，負號表示加速度的方向，由牛頓第二定律得：mBg=mBa，代入解得：=0.2故D錯誤。

19、10、BD【解析】t=2s時，兩球相距不是最遠因為t=5s時，甲球正在下降，乙球到達最高點，之后，甲球的速度比乙球的大，兩者間距不斷增大，兩球相距的距離可以大于t=2s時的距離，A錯誤根據(jù)“面積法”知：t=4s時，甲球相對于拋出點的位移為12303-12103m=40m，乙球相對于拋出點的位移為1230+102m=40m，故兩球相對于各自的拋出點的位移相等，兩球的高度差為1故B正確t=6s時，甲球回到拋出點此時乙球的位移為12303-12101m=40m，所以兩球相距41m，C錯誤由圖知，甲球從拋出至到達最高點的時間間隔與乙球相等，都是3sD正確選BD【點睛】速度時間圖象與時間軸所圍的“面積”

20、表示質(zhì)點的位移，但不能反映物體初始的位置由圖直接讀出物體運動的時間結(jié)合豎直上拋運動的對稱性分析三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、左 4.134.17 0.220.24 0.250.30 偏大 【解析】根據(jù)相等時間內(nèi)，點與點間隔越來越大，則有小車向左開始運動，由圖可以知道，A、B兩點的時間間隔是0.1s，A點到D點的距離是4.15cm，根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，根據(jù)勻變速直線運動的推論公式x=aT2則加速度的大??；如果在某次實驗中，交流電的頻率40Hz，f50Hz，那么實際打點周期變大，打點時兩點間距變大

21、，根據(jù)運動學(xué)公式，所以測量的速度值偏大12、小車的總質(zhì)量 小車所受外力 在質(zhì)量不變的條件下，加速度與外力成正比 所掛鉤碼的總質(zhì)量太大 【解析】1在研究加速度和力的關(guān)系的實驗中，應(yīng)保持小車的總質(zhì)量不變2用鉤碼所受的重力作為小車所受外力。3根據(jù)圖線知段為正比例函數(shù)，由此可知在質(zhì)量不變的條件下，加速度與外力成正比。4實驗中要求所掛鉤碼的總質(zhì)量要遠小于小車的總質(zhì)量，圖線的段明顯偏離直線，主要原因是所掛鉤碼的總質(zhì)量太大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)；(2)?！窘馕觥?1)粒子在電場中只受電場力，根據(jù)動能定理有所以(2)a. 粒子進入磁場，做勻速圓周運動，設(shè)其軌道半徑為r，根據(jù)牛頓第二定律有由于粒子從O點到N點經(jīng)歷半圓的軌跡可以有n個(n=1,2,3,.)，所以b=2nr(n=1,2,3,.)所以b.要使粒子能再次通過x軸，需滿足 ，即14、（1）3NF9N；（2）2m/s；（3）18m【解析】（1）根據(jù)木板受到地面的最大靜摩擦力求出F的最小值，根據(jù)牛頓第二定律求出m不發(fā)生相對滑動的最大加速度，對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出最大拉力，從而得出F的范圍；（2）當F=13N時，M和m發(fā)生相對滑動，根據(jù)牛頓第二定律分別求出m和M的加速度，結(jié)合位移關(guān)系，運用運動學(xué)公式求出滑離時經(jīng)歷的時間，