2022-2023學(xué)年四川省自貢市旭川中學(xué)物理高三上期中質(zhì)量檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，O為半徑為R的圓的圓心，ac、bd為圓的兩個互相垂直的直徑在圓心O處固定一電荷量為Q的負(fù)點電荷，在a點固定一電荷量為4Q的正點電荷e為Oc連線上一點，f

2、為Oc延長線上的一點，且eccf則下列說法正確的是（ ）Ab、d兩點場強(qiáng)相同Bb、c、d三點中，c點場強(qiáng)最大Cb、c、d三點中，c點電勢最高D將一負(fù)的點電荷從e點沿直線移到f點，電勢能先減小后增大2、盧瑟福提出原子核式結(jié)構(gòu)的實驗基礎(chǔ)是粒子散射實驗，在粒子散射實驗中，大多數(shù)粒子穿越金箔后仍然沿著原來的方向運(yùn)動，其較為合理的解釋是()A粒子穿越金箔時距離原子核較近B粒子穿越金箔時距離原子核較遠(yuǎn)C粒子穿越金箔時沒有受到原子核的作用力D粒子穿越金箔時受到原子核與電子的作用力構(gòu)成平衡力3、一物體自空中的A點以一定的初速度豎直向上拋出，1s后物體的速率變?yōu)?0m/s，此時物體的位置和速度方向是（不計空氣阻

3、力，重力加速度g10m/s2）（ ）A在A點上方，向上B在A點下方，向下C在A點上方，向下D在A點下方，向上4、一凡是學(xué)校里有名的大力王，在他參加的某次校運(yùn)會的鉛球比賽中，他投出了13.4米的好成績，關(guān)于這個成績，幾個同學(xué)結(jié)合物理的學(xué)習(xí)，有了一些爭論，你認(rèn)為下列的說法中正確的是（ ）A丁丁認(rèn)為這是鉛球的位移B當(dāng)當(dāng)認(rèn)為這是鉛球所經(jīng)過的路程C順順認(rèn)為它既不是鉛球的路程也不是鉛球的位移D利利說它既可以是鉛球的路程，也可以是鉛球的位移5、如圖所示，一個小型水電站，其交流發(fā)電機(jī)的輸出電壓U1 一定，通過理想升壓變壓器T1 和理想降壓變壓器T2向遠(yuǎn)處用戶供電，輸電線的總電阻為R.T1的輸入電壓和輸入功率分

4、別為U1和P1，它的輸出電壓和輸出功率分別為U2和P2；T2的輸入電壓和輸入功率分別為U3和P3，它的輸出電壓和輸出功率分別為U4和P4.下列說法正確的是()A當(dāng)用戶的用電器增多時，U2減小，U4變小B當(dāng)用戶的用電器增多時，P1變大，P3減小C輸電線上損失的功率為PD要減小線路的損耗，應(yīng)增大升壓變壓器的匝數(shù)比，同時應(yīng)增大降壓變壓器的匝數(shù)比6、甲、乙兩球在光滑水平軌道上同向運(yùn)動，它們的動量分別是，甲追乙并發(fā)生碰撞，碰后乙球的動量變?yōu)椋瑒t關(guān)于甲球動量的大小和方向判斷正確的是A，方向與原來方向相反B，方向與原來方向相同C，方向與原來方向相反D，方向與原來方向相同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5

5、分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有水平向右、場強(qiáng)為 E=1104N/C 的勻強(qiáng)電場有一根長L=2m的絕緣細(xì)線，一端固定在O點，另一端系質(zhì)量為 0.04kg的帶電小球，小球靜止時細(xì)線與豎直方向成 37角如果突然給小球施加一個沿著圓弧切線方向的外部作用，使小球獲得沿圓弧切線方向的初速度v0，之后小球恰好能夠繞O點在豎直平面內(nèi)完成圓周運(yùn)動設(shè)小球原本靜止時的位置電勢=0，取靜止時所在水平平面為零重力勢能面，g=10m/s2，下列說法正確的是（ ）A小球所帶電量為 q=310-4CB小球所

6、獲得的初動能為 2.5JC小球在圓周運(yùn)動的過程中機(jī)械能最小值是1.54JD小球在圓周運(yùn)動的機(jī)械能最大值是2.5J8、我國北斗導(dǎo)航衛(wèi)星系統(tǒng)定位精度達(dá)10米，測速精度0.2米/秒，授時精度10納秒，中國計劃于2019年發(fā)射10顆北斗衛(wèi)星，若某衛(wèi)星發(fā)射后在距地球表面高度為h的軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動，其運(yùn)行的周期為T。若以R表示地球的半徑，忽略地球自轉(zhuǎn)及地球?qū)πl(wèi)星的影響，根據(jù)這些信息，可以求出（ ）A該衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動時的線速度大小為B地球表面的重力加速度大小為C在地球上發(fā)射衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為D地球的平均密度為9、P1、P2為相距遙遠(yuǎn)的兩顆行星，距各自表面相同高度處各有一顆衛(wèi)星s1、s2

7、做勻速圓周運(yùn)動，圖中縱坐標(biāo)表示行星對周圍空間各處物體的引力產(chǎn)生的加速度a，橫坐標(biāo)表示物體到行星中心的距離r的平方，兩條曲線分別表示 P1、P2周圍的a與r2 的反比關(guān)系，它們左端點橫坐標(biāo)相同，則AP1的平均密度比 P2的大BP1的第一宇宙速度比 P2的小Cs1的向心加速度比 s2的大Ds1的公轉(zhuǎn)周期比 s2的大10、聯(lián)合國氣候變化大會達(dá)成哥本哈根協(xié)議，為減少二氧化碳排放，我國城市公交推出新型節(jié)能環(huán)保電動車，在檢測某款電動車性能的實驗中，質(zhì)量為8102kg的電動車由某一速度開始沿平直公路行駛，達(dá)到的最大速度為15m/s，利用傳感器測得此過程中不同時刻電動車的牽引力F與對應(yīng)的速度v，并描繪出F-圖

8、像(圖中AB、BO均為線段)，假設(shè)電動車行駛中所受的阻力恒定，則由圖像可得A在全過程中，電動車在B點時速度最大B電動車運(yùn)動過程中所受的阻力C電動車的額定功率D電動車從開始運(yùn)動到剛好達(dá)到最大速度所用的時間三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖甲所示為阿特武德機(jī)的示意圖，它是早期測量重力加速度的器械，由英國數(shù)學(xué)家和物理學(xué)家阿特武德于1784年制成他將質(zhì)量均為M的兩個重物用不可伸長的輕繩連接后，放在光滑的輕質(zhì)滑輪上，處于靜止?fàn)顟B(tài)再在一個重物上附加一質(zhì)量為m的小物塊，這時，由于小物塊的重力而使系統(tǒng)做初速度為零的緩慢加速運(yùn)動并測出加速度，

9、完成一次實驗后，換用不同質(zhì)量的小物塊，重復(fù)實驗，測出不同m時系統(tǒng)的加速度所產(chǎn)生的微小加速度可表示為a=_(用M、m、重力加速度g表示)；若選定如圖甲所示左側(cè)重物從靜止開始下落的過程進(jìn)行測量，想要求出重力加速度g則需要測量的物理量有：_A小物塊的質(zhì)量m B重物下落的距離及下落這段距離所用的時間C繩子的長度 D滑輪半徑經(jīng)過多次重復(fù)實驗，得到多組a、m數(shù)據(jù)，作出圖像，如圖乙所示，已知該圖像斜率為k，縱軸截距為b，則可求出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=_，并可求出每個重物質(zhì)量M=_12（12分）飛飛同學(xué)學(xué)習(xí)了牛頓第二定律之后，想自己通過實驗來驗證“當(dāng)質(zhì)量一定時，物體運(yùn)動的加速度與它所受的合外力成正比”這一物理規(guī)

10、律。他在實驗室找到了如下器材：一傾角可以調(diào)節(jié)的長斜面（可近似認(rèn)為斜面光滑）。小車。計時器一個。米尺。請?zhí)钊脒m當(dāng)?shù)墓交蛭淖?，棒他完善下面的實驗步驟：讓小車自斜面上方一固定點A1從靜止開始下滑至斜面底端A2，記下所用的時間t。用米尺測量A1與A2之間的距離x，則小車的加速度a=_。用米尺測量A1相對于A2的高度h。設(shè)小車所受重力為mg，則小車所受合外力F=_。改變_（填字母），重復(fù)上述測量。為縱坐標(biāo)，_（用所測物理量對應(yīng)字母表達(dá)）為橫坐標(biāo)，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作圖。如能得到一條過原點的直線，則可以驗證“當(dāng)質(zhì)量一定時，物體運(yùn)動的加速度與它所受的合外力成正比”這一規(guī)律。四、計算題：本題共2小題，共26分。把

11、答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，半徑R = 0.1m的豎直半圓形光滑軌道BC與水平面AB相切，AB距離x = 1m質(zhì)量m = 0.1kg的小滑塊1放在半圓形軌道末端的B點，另一質(zhì)量也為m = 0.1kg的小滑塊1，從A點以m/s的初速度在水平面上滑行，兩滑塊相碰，碰撞時間極短，碰后兩滑塊粘在一起滑上半圓形軌道已知滑塊1與水平面之間的動摩擦因數(shù)= 0.1取重力加速度兩滑塊均可視為質(zhì)點求(1)碰后瞬間兩滑塊共同的速度大小v；(1)兩滑塊在碰撞過程中損失的機(jī)械能；(3)在C點軌道對兩滑塊的作用力F14（16分）2012年11月，我國艦載

12、機(jī)在航母上首降成功。假設(shè)著艦過程中航母靜止不動，某一艦載機(jī)質(zhì)量，著艦速度，著艦過程艦載機(jī)發(fā)動機(jī)的推力大小恒為，若空氣阻力和甲板阻力保持不變。（1）若飛機(jī)著艦后，關(guān)閉發(fā)動機(jī)，僅受空氣阻力和甲板阻力作用，飛機(jī)將在甲板上以的加速度做勻減速運(yùn)動，航母甲板至少多長才能保證飛機(jī)不滑到海里；（2）為了讓飛機(jī)在有限長度的跑道上停下來，甲板上設(shè)置了阻攔索讓飛機(jī)減速，同時考慮到飛機(jī)尾鉤掛索失敗需要復(fù)飛的情況，飛機(jī)著艦時并不關(guān)閉發(fā)動機(jī)。若飛機(jī)著艦后就鉤住阻攔索，如圖所示為飛機(jī)鉤住阻攔索后某時刻的情景，此時飛機(jī)的加速度大小，速度，阻攔索夾角，兩滑輪間距，。求此時阻攔索承受張力的大小和飛機(jī)從著艦到圖示時刻阻攔索對飛機(jī)所

13、做的功。15（12分）研究表明，一般人的剎車反應(yīng)時間，即圖(a)中“反應(yīng)過程”所用時間t00.4 s，但飲酒會導(dǎo)致反應(yīng)時間延長，在某次試驗中，志愿者少量飲酒后駕車在試驗場的水平路面上勻速行駛，從發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止，行駛距離L39 m。減速過程中汽車位移x與速度v的關(guān)系曲線如圖(b)所示，此過程可視為勻變速直線運(yùn)動。求：減速過程汽車加速度的大小及所用時間；飲酒使志愿者的反應(yīng)時間比一般人增加了多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)電場線的分布情況知，b、d兩點場強(qiáng)大小相等，但方向不同，則電場強(qiáng)度不等，

14、根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理可知兩電荷在c點產(chǎn)生的場強(qiáng)等大反向，合場強(qiáng)為零，而b、d兩點均不為零，所以c點場強(qiáng)最小，故AB錯誤；b、d到正電荷的距離相等，由于b、d兩點場強(qiáng)大小相等，所以b、d兩點電勢相等；由電場強(qiáng)度疊加可知，正負(fù)電荷在ac連線上的合場強(qiáng)向右，因為沿電場線的方向電勢逐漸降低，所以c點電勢最低，故C錯誤；將負(fù)的點電荷從e點沿直線移到f點，電場力先做正功后做負(fù)功，所以點電荷的電勢能先減小后增大，故D正確所以D正確，ABC錯誤2、B【解析】A.當(dāng)粒子與核十分接近時，會受到很大庫侖斥力，會發(fā)生大角度的偏轉(zhuǎn)，故A錯誤；BCD.當(dāng)粒子穿過原子時，電子對粒子影響很小，影響粒子運(yùn)動的主要是原子核，離核較

15、遠(yuǎn)的粒子受到的庫侖斥力很小，運(yùn)動方向改變小，故B正確，CD錯誤故選B。3、A【解析】假設(shè)此時其位置在拋出點的下方，由豎直上拋公式，若時間t=1s時物體的速率變?yōu)?0m/s，則必須是v0=0時，才有v=-10m/s，而這種情況就不是豎直上拋了，而是自由落體，與題目不符，因此此時只能是在A點的上方，且速度方向為正，故A正確； BCD錯誤。故選A?！军c睛】本題采用假設(shè)法先假設(shè)在拋出點的下方，速度為負(fù)，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動速度與時間關(guān)系列出方程，可得出初速度為零，與題目條件不符，假設(shè)不對，則時間t=1s時物體的速率變?yōu)檎?0m/s，可計算得出速度、位移都是正值，在A點上方，且向上運(yùn)動。4、C【解析】AB鉛

16、球運(yùn)動的軌跡是拋物線。鉛球比賽的成績是13.4m，是拋出點的豎直投影點到落地點的距離，該距離要小于位移；故該成績不是鉛球的位移。故AB錯誤。CD鉛球在靠慣性前進(jìn)的同時，還由于重力的作用而向下落，因此，經(jīng)過的路程是一條曲線，大于13.4m。該距離也不是鉛球的路程，故C正確， D錯誤。5、D【解析】A交流發(fā)電機(jī)的輸出電壓U1一定，匝數(shù)比沒變，根據(jù)，知U2不變，故A錯誤；B當(dāng)用戶的用電器增多時，用戶消耗的電功率變大，則輸入功率增大，即P3變大，故B錯誤；C輸電線上損失的功率，輸電線上損失的電壓U損小于U2，故C錯誤；D輸送功率一定時，根據(jù)P=UI和P損=I2R知，要減小線路的損耗，應(yīng)增大輸送電壓，又

17、U1一定，根據(jù)，可知應(yīng)增大升壓變壓器的匝數(shù)比，U3=U2-IR，U2增大，I2減小，所以U3增大，用戶電壓不變，根據(jù)，知，應(yīng)增大降壓變壓器的匝數(shù)比，故D正確6、B【解析】甲乙兩球在碰撞過程中系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)題意應(yīng)用動量守恒定律求出甲球的動量大小和方向。【詳解】兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以兩球初動量方向為正方向，由動量守恒定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：，方向與原方向相同，故B正確，ACD錯誤?！军c睛】本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用，兩球碰撞過程動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律即可解題，解題時注意：動量是矢量，要注意動量的方向，注意正方向的選擇。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出

18、的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A. 小球靜止時，對小球進(jìn)行受力分析如圖所示，可得：mgtan37=qE解得小球的帶電量為：q=3105C，故A錯誤；B. 由于重力和電場力都是恒力，所以它們的合力也是恒力，在圓上各點中，小球在平衡位置A點的勢能(重力勢能和電勢能之和)最小，在平衡位置的對稱點B點，小球的勢能最大，由于小球總能量不變，所以在B點的動能最小，對應(yīng)速度最小，在B點，小球受到的重力和電場力的合力作為小球做圓周運(yùn)動的向心力，而繩子的拉力恰為零，有：所以B點的動能為：從A點到B點，根據(jù)動能定理：代入數(shù)據(jù)解得：E

19、k0=2.5J故B正確；C.由于總能量保持不變，所以小球在圓上最左側(cè)的C點時，電勢能最大，機(jī)械能最小。小球在A點的重力勢能為0，所以小球在B點的機(jī)械能為2.5J，小球從A運(yùn)動到C，電場力做功為：W電=qEL(1+sin37)=0.96J小球恰能做圓周運(yùn)動的機(jī)械能最小值為：Emin=E-W電=2.5J-0.96J=1.54J，故C正確；D. 小球從A點到圓周最左端電場力做正功最多，機(jī)械能增大做多，所以運(yùn)動到圓周最左端時機(jī)械能最大，機(jī)械能最大值大于2.5J，故D錯誤。8、BD【解析】A根據(jù)線速度與周期的關(guān)系可知A錯誤；B根據(jù)萬有引力提供向心力可得解得衛(wèi)星在地球的表面有聯(lián)立可得B正確；C在地球上發(fā)射

20、衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為，則有解得C錯誤；D地球的平均密度為D正確。故選BD。9、AC【解析】由圖可知，兩行星的球體半徑相同，對行星周圍空間各處物體來說，萬有引力提供加速度，故有，故可知P1的質(zhì)量比P2的大，即P1的平均密度比P2的大，所以選項A正確； 由圖可知，P1表面的重力加速比P2的大，由可知，P1的第一宇宙速度比P2的大，所以選項B錯誤；對衛(wèi)星而言，萬有引力提供向心加速度，即，故可知，s1的向心加速度比s2的大，所以選項C正確；根據(jù)可知，s1的公轉(zhuǎn)周期比s2的小，所以選項D錯誤；考點：天體與萬有引力定律10、BC【解析】A.當(dāng)最大速度vmax=15m/s時，牽引力為Fmin=400N，故恒

21、定阻力f=Fmin=400N，此時為C點；故A錯誤，B正確.C.額定功率P=Fminvmax=40015=6103W；故C正確.D.BC段做變速直線運(yùn)動，無法求解其運(yùn)動位移，也就求不出阻力做的功，所以無法求出時間，電動車開始運(yùn)動到剛好達(dá)到最大速度所用的時間；故D錯誤.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 AB ; 【解析】(1)1對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得： ，解得：a=（2）2根據(jù)h=，則有：g= 所以需要測量的物理量有：小重物的質(zhì)量m，重物下落的距離h及下落這段距離所用的時間t故AB正確，CD錯誤故選AB.(3)3因為a=，則，知圖線斜率