2023學(xué)年廣東省部分地區(qū)物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，水平放置的兩個(gè)平行金屬板，上板帶負(fù)電，下板帶等量的正電，三個(gè)質(zhì)量相等，分別帶正電、負(fù)電和不帶電的粒子從極板的左側(cè)P點(diǎn)以相同的水平初速度進(jìn)入電場中，分別落在正極

2、板的a、b、c三處，由此可知 ( ) A粒子a帶正電，b不帶電，c帶負(fù)電B三個(gè)粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等C三個(gè)粒子在電場中的加速度aaabacD三個(gè)粒子到達(dá)正極板的動(dòng)能EkaEkbEkc2、兩個(gè)點(diǎn)電荷所帶電量分別為2Q 和4Q.在真空中相距為r，它們之間的靜電力為F.現(xiàn)把它們的電量各減小一半，距離相距為r/4.則它們間的靜電力為( )A4FB2FC1/2FD1/4F3、如圖所示，如圖所示，在光滑絕緣水平面上有A、B、C三個(gè)可視為點(diǎn)電荷的帶電小球，位于同一條直線上，僅在它們之間的靜電力作用下均處于靜止?fàn)顟B(tài)，且距離關(guān)系滿足：ABBC，下列說法錯(cuò)誤的是（）AA、C帶同種電荷BA、B帶異種電荷CB所帶

3、電荷量最大DA、B在C處產(chǎn)生電場的合場強(qiáng)為零4、如圖所示電路用來測定電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻其中V為電壓表（理想電表），定值電阻R=7.0在電鍵未接通時(shí)，V的讀數(shù)為6.0V；接通電鍵后，V的讀數(shù)變?yōu)?.6V那么，電池組的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻分別等于（ ）A6.0V，0.5B6.0V，1.25C5.6V，1.25D5.6V，0.55、質(zhì)量為m的物塊，帶正電Q，開始時(shí)讓它靜止在傾角30的光滑絕緣斜面頂端，斜面固定在地面上，整個(gè)裝置放在水平方向、大小為EmgQ的勻強(qiáng)電場中，如圖所示，斜面高為H，釋放物塊后，物塊落地的速度大小為A BC D6、如圖所示，a、b是帶有同種電荷的小球，用絕緣細(xì)線掛于同一點(diǎn)，兩球靜止

4、時(shí)離水平地面的高度相等，不計(jì)空氣阻力，兩球帶電荷量不變。若同時(shí)將兩細(xì)線剪斷，則下列說法中正確的是Aa球先落地B兩球落地時(shí)動(dòng)能相等C落地時(shí)a球飛行的水平距離比b球小D在飛行過程中，a球受到的電場力比b球受到的電場力小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，垂直紙面的正方形勻強(qiáng)磁場區(qū)域內(nèi)，有一位于紙面的、電阻均勻的正方形導(dǎo)體框abcd，現(xiàn)將導(dǎo)體框分別朝兩個(gè)方向以v、3v速度勻速拉出磁場，則導(dǎo)體框從兩個(gè)方向移出磁場的兩個(gè)過程中（ ）A導(dǎo)體框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同B導(dǎo)

5、體框中產(chǎn)生的焦耳熱相同C通過導(dǎo)體框截面的電荷量相同D導(dǎo)體框ad邊兩端電勢差相同8、如圖所示，A、B、C、D為勻強(qiáng)電場中相鄰的四個(gè)等勢面，一個(gè)電子垂直經(jīng)過等勢面D時(shí)，動(dòng)能為20eV飛經(jīng)等勢面C時(shí)，電勢能為10eV，飛至等勢面B時(shí)速度恰好為零，已知相鄰等勢面間的距離為5cm，則下列說法正確的是 ( )A等勢面A的電勢為10VB勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為200V/mC電子再次飛經(jīng)D勢面時(shí)，動(dòng)能為10eVD電子的運(yùn)動(dòng)為勻變速直線運(yùn)動(dòng)9、關(guān)于電流，下列說法中正確的是（）A由可知，通過導(dǎo)線截面的電量越多，電流越大B由I=nqsv可知，同一導(dǎo)線內(nèi)電荷定向移動(dòng)的速率越大，電流越大C由I=可知，同一導(dǎo)體中的電流與導(dǎo)體

6、兩端的電壓成正比D因?yàn)殡娏饔蟹较?，所以電流是矢?0、如圖所示，離地H高處有一個(gè)質(zhì)量為m的物體，給物體施加一個(gè)水平方向的作用力F，已知F隨時(shí)間的變化規(guī)律為：以向左為正，、k均為大于零的常數(shù)，物體與豎直絕緣墻壁間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，且時(shí)，物體從墻上靜止釋放，若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，當(dāng)物體下滑后脫離墻面，此時(shí)速度大小為，最終落在地面上。則下列關(guān)于物體的說法，正確的是A當(dāng)物體沿墻壁下滑時(shí)，物體先加速再做勻速直線運(yùn)動(dòng)B物體與墻壁脫離的時(shí)刻為C物體從脫離墻壁到落地之前的運(yùn)動(dòng)軌跡是一條直線D物體克服摩擦力所做的功為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演

7、算過程。11（6分）小姚同學(xué)做了“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，請回答以下問題：本實(shí)驗(yàn)中需要測量電壓，則在如圖所示的器材中，應(yīng)_（填字母）；A選甲圖中的器材B選乙圖中的器材C都可以選D都不能選小姚在做本實(shí)驗(yàn)時(shí)，選擇的原線圈為100匝，副線圈為200匝；他將原線圈接入學(xué)生電源中的交流電壓“6V”擋位，用合適的電表測量出副線圈的電壓為13.0V，則下列敘述可能符合實(shí)際情況的一項(xiàng)是_（填字母）A變壓器的鐵芯沒有閉合B一定是電壓的測量出了問題C副線圈實(shí)際匝數(shù)與標(biāo)注的“200”不符，應(yīng)該小于200匝D學(xué)生電源實(shí)際輸出電壓大于標(biāo)注的“6V“12（12分）（1）在“測定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中

8、，需要用刻度尺測出被測金屬絲的長度L，用螺旋測微器測出金屬絲的直徑d，用電流表和電壓表測出金屬絲的電阻R請寫出測金屬絲電阻率的表達(dá)式： =_ (用上述測量的字母表示)若實(shí)驗(yàn)中測量金屬絲的長度時(shí)如圖所示，則金屬絲長度的測量值為L= _ cm（2）某同學(xué)想通過“測繪小燈泡的伏安特性曲線”的方法來測量一小燈泡的額定功率所用器材如下：a.待測小燈泡一只：額定電壓為2.5V，電阻約為幾歐b.電壓表一只：量程為3V，內(nèi)阻約為3kc.電流表一只：量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.1d.滑動(dòng)變阻器一只，干電池兩節(jié)，開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干在圖甲中補(bǔ)全測量小燈泡額定功率的電路圖_,圖甲中開關(guān)S閉合之前,滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置

9、于_(選填“A端”、“B端”或“AB正中間”)；若該同學(xué)測量過程中發(fā)現(xiàn)電壓表損壞,他找來一塊萬用表代替電壓表測量燈泡的電壓,則萬用表的_(選填“紅”、“黑”)表筆應(yīng)該與燈泡的左端相連該同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)作出了小燈泡的伏安特性曲線,如圖乙所示,則小燈泡的額定功率為_W；若將小燈泡直接與電動(dòng)勢E=3.0V,內(nèi)阻r =7.5的電源相連,小燈泡的功率為_W(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示電路，R12 ，R23 ，R34 .(1)如果已知流過電阻R1的電流I13 A，則干路電流多大？(

10、2)如果已知干路電流I3 A，則流過每個(gè)電阻的電流多大？14（16分）反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，它利用電子團(tuán)在電場中的振蕩來產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過程類似.已知靜電場的方向平行于x軸，其電勢隨x的分布如圖所示.一質(zhì)量m=1.01020kg，電荷量q=1.0109C的帶負(fù)電的粒子從（1，0）點(diǎn)由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上往返運(yùn)動(dòng).忽略粒子的重力等因素.求：（1）x軸左側(cè)電場強(qiáng)度E1和右側(cè)電場強(qiáng)度E2的大小之比E1E2； （2）該粒子運(yùn)動(dòng)的最大動(dòng)能Ekm； （3）該粒子運(yùn)動(dòng)的周期T.15（12分）有一小型直流電動(dòng)機(jī)，把它接入U(xiǎn)10.3 V的電路中時(shí)，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)，測得流過電動(dòng)機(jī)的

11、電流為I10.6 A；若把電動(dòng)機(jī)接入U(xiǎn)23.0 V的電路中時(shí)，電動(dòng)機(jī)正常工作，工作電流是I21.0 A。(1)求電動(dòng)機(jī)的內(nèi)電阻。(2)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率是多少？(3)如果電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，轉(zhuǎn)子突然被卡住，此時(shí)電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率是多大？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】由圖，電容器上極板帶負(fù)電，下極板帶正電，平行板間有豎直向上的勻強(qiáng)電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，負(fù)電荷受到向下的電場力，不帶電的小球做平拋運(yùn)動(dòng)，帶負(fù)電的小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，加速度比重力加速度大，帶正電的小球做加速度比重力加速度小的

12、類平拋運(yùn)動(dòng)由此根據(jù)平拋和類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解【詳解】A、B、C根據(jù)題意，三小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有x=v0t，v0相同，則水平位移x與運(yùn)動(dòng)時(shí)間t成正比，由圖看出，水平位移的關(guān)系為xaxbxc，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系為tAtBtc豎直方向上三個(gè)粒子都做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)下極板時(shí)，在豎直方向產(chǎn)生的位移y相等：y=at2，則知加速度關(guān)系為 aAaBaC由牛頓第二定律得知三個(gè)小球 的合力關(guān)系為 FAFBFC由于平行板間有豎直向上的電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，向下的合力最小，向下的加速度最小，負(fù)電荷受到向下的電場力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不帶電的小球做平拋運(yùn)動(dòng)，加速度

13、為重力加速度g，可知，落在a點(diǎn)的顆粒帶負(fù)電，c點(diǎn)的帶正電，b點(diǎn)的不帶電故ABC錯(cuò)誤，D、由以上分析可知，F(xiàn)AFBFC則豎直位移相同，則可知外力做功a最大，c最??；則由動(dòng)能定理可知三個(gè)粒子到達(dá)正極板的動(dòng)能EkaEkbEkc，故D正確；故選D【點(diǎn)睛】確認(rèn)不帶電小球做平拋運(yùn)動(dòng)，帶電小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，分水平和豎直方向分析小球的運(yùn)動(dòng)，水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)的合成與分解進(jìn)行分析2、A【解析】由庫侖定律的可得原來它們之間的庫侖力為：，把它們的電量各減小一半，距離相距為r/4，變化之后它們之間的庫侖力為：，故A正確，BCD錯(cuò)誤3、C【解析】AB根據(jù)電場力方向來確定各自

14、電性，從而得出“兩同夾一異”，因此AB正確，不符合題意；C根據(jù)庫侖定律來確定電場力的大小，并由平衡條件來確定各自電量的大小，因此在大小上一定為“兩大夾一小”，即B所帶的電荷量最小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，符合題意；D因C處于靜止?fàn)顟B(tài)，可知C處的場強(qiáng)為零，即A、B在C處產(chǎn)生電場的合場強(qiáng)為零，故D正確，不符合題意。故選C。4、A【解析】電鍵未接通時(shí)，電壓表示數(shù)即為電源電動(dòng)勢，故電動(dòng)勢E=6.0V；接通電鍵后，對R由歐姆定律可得：電路中電流I=0.8A；由閉合電路歐姆定律可知：內(nèi)電阻r=0.5；故答案為A5、D【解析】試題分析：對物體受力分析：豎直向下的重力mg，水平向左的電場力，此二力合力為2mg與水平方向成

15、30，與斜面不接觸（所以不受斜面對它的彈力）。根據(jù)幾何關(guān)系：斜面的長度為對物塊在斜面上動(dòng)能定理：推出v=考點(diǎn)：考查功能關(guān)系的應(yīng)用點(diǎn)評：本題難度較小，主要考查學(xué)生對功能關(guān)系的理解，需要重視的是電場力和重力做功與路徑無關(guān)，只與初末位置有關(guān)6、C【解析】根據(jù)根據(jù)牛頓第三定律得：A球?qū)球的庫侖力等于B球?qū)球的庫侖力未剪斷兩根細(xì)線時(shí)，對小球受力分析，根據(jù)平衡條件和相似三角形表示兩球質(zhì)量的大小關(guān)系，抓住豎直方向上運(yùn)動(dòng)規(guī)律相同，比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)水平方向上動(dòng)量守恒比較兩球在水平方向上的速度，從而比較落地時(shí)水平距離，結(jié)合動(dòng)能定理比較兩球落地的動(dòng)能；【詳解】A、同時(shí)剪斷細(xì)線后，二者在豎直方向上均只受重力，

16、故在豎直方向上均做自由落體運(yùn)動(dòng)，可知兩球同時(shí)落地，故A錯(cuò)誤；C、對小球受力分析，根據(jù)平衡條件有：mag=F庫tan，mbg=F庫tan，由于，所以mamb，而剪斷細(xì)線后，在水平方向上，a、b組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故任一時(shí)刻mava=mbvb，因mamb，所以vavb；又因時(shí)間相等，所以sasb，故C正確；B、由于庫侖力對a球做功較小，重力對a球做功較大，根據(jù)動(dòng)能定理可知，無法比較兩球落地的動(dòng)能，故B錯(cuò)誤；D、在飛行過程中，根據(jù)牛頓第三定律可知，a球受到的電場力等于b球受到的電場力，故D錯(cuò)誤；故選C。【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是運(yùn)用平衡條件分析兩物體質(zhì)量關(guān)系，采用運(yùn)動(dòng)的分解法分析小球的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，剪斷細(xì)線后，在水

17、平方向上，a、b組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】由題意可知考查電磁感應(yīng)中電流方向、能量轉(zhuǎn)化、電路問題，根據(jù)電磁感應(yīng)規(guī)律分析計(jì)算可得【詳解】A由楞次定律分析可知導(dǎo)體框中產(chǎn)生感應(yīng)電流方向都為逆時(shí)針方向，故A正確；B導(dǎo)體框拉出過程中產(chǎn)生焦耳熱等于克服安培力做的功，設(shè)導(dǎo)體框邊長為L，總電阻為R聯(lián)立可得 因兩次拉出時(shí)的速度不同，產(chǎn)生的焦耳熱不同，故B錯(cuò)誤；C兩次拉出時(shí)磁通量變化量相同，線圈電阻相同，通過導(dǎo)體框截面的電荷量相同故C正確；D向右拉

18、出時(shí)向上拉出時(shí)導(dǎo)體框ad邊兩端電勢差不相同，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】導(dǎo)體棒切割磁感線部分是電源，電源兩端電壓指的是外電壓向右切割時(shí)ad是電源，ad兩端電壓指的是ab、bc、bd三段電阻電壓之和，向上拉出時(shí)，bc是電源，ad兩端電壓是ad段電阻電壓產(chǎn)生焦耳熱等于克服安培力做功，由可比較產(chǎn)生熱量關(guān)系8、ABD【解析】AB電子從D到B的過程，根據(jù)動(dòng)能定理得：-eUDB=0-EkD解得：則電場強(qiáng)度為：電子經(jīng)過等勢面C時(shí)的電勢能為-10ev，則C點(diǎn)的電勢為10V，因?yàn)镃A間的電勢差等于DB間的電勢差，可知A點(diǎn)電勢為-10V,故A、B均正確;C根據(jù)能量守恒定律得，電子再次經(jīng)過D等勢面時(shí)，動(dòng)能不變，仍然為20eV，

19、故C錯(cuò)誤；D因?yàn)殡妶鰪?qiáng)度的方向與等勢面垂直，則電子所受電場力方向與速度方向在同一條直線上，做勻變速直線運(yùn)動(dòng),故D正確9、BC【解析】通過導(dǎo)線截面的電量多，若時(shí)間長，電流不一定大，A錯(cuò)誤；由I=nqsv可知，同一導(dǎo)線內(nèi)電荷定向移動(dòng)的速率越大，電流越大，B正確；由知，同一導(dǎo)體中的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，選項(xiàng)C正確；電流有方向，但是電流合成不遵循平行四邊形法則，所以電流是標(biāo)量，D錯(cuò)誤10、BD【解析】根據(jù)牛頓第二定律通過加速度的變化判斷物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，抓住F的變化規(guī)律，結(jié)合F為零時(shí)，物體脫離墻面求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)合力與速度的方向確定物體的運(yùn)動(dòng)軌跡。根據(jù)動(dòng)能定理，抓住F在沿墻面下滑的過程中不做功

20、，求出物體克服摩擦力做功的大小?！驹斀狻控Q直方向上，由牛頓第二定律有：，隨著F減小，加速度a逐漸增大，做變加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)時(shí)，加速度增大到重力加速度g，此后物塊脫離墻面，故A錯(cuò)誤。當(dāng)物體與墻面脫離時(shí)F為零，所以，解得時(shí)間，故B正確；物體脫離墻面時(shí)的速度向下，之后所受合外力與初速度不在同一條直線上，所以運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線。故C錯(cuò)誤。物體從開始運(yùn)動(dòng)到脫離墻面F一直不做功，由動(dòng)能定理得：，物體克服摩擦力所做的功故D正確。故選BD。【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵能運(yùn)用牛頓第二定律，正確分析物體的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合動(dòng)能定理求解摩擦力做功，并要知道物體做直線運(yùn)動(dòng)還是曲線運(yùn)動(dòng)的條件。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題

21、卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A D 【解析】由圖可知，甲圖中多用電表，而乙圖是靈敏電壓表，需要測量電壓，因此選用甲圖，故A正確，BCD錯(cuò)誤根據(jù)理想變壓器的原副線圈的電壓與其匝數(shù)關(guān)系式：，計(jì)算可得A若變壓器的鐵芯沒有閉合，則得出副線圈的電壓為0，故A錯(cuò)誤；B若是電壓的測量出了問題，應(yīng)該是小于12V，不應(yīng)該大于，故B錯(cuò)誤；C副線圈實(shí)際匝數(shù)與標(biāo)注的“200”不符，若小于200匝，由公式可知，副線圈的電壓小于12.0V，故C錯(cuò)誤；D若學(xué)生電源實(shí)際輸出電壓大于標(biāo)注的“6V“，由公式可知，副線圈的電壓可能為13.0V，故D正確12、（1） ； 60.50； （2） B端； 黑； 1.1；

22、0.26,(0.220.30之間均正確)； 【解析】(1) 由與得；由刻度尺讀數(shù)規(guī)則：L=(70.50-10.00)cm=60.50cm；(2) 由于小燈泡電阻較小，滿足，電流表應(yīng)用外接法，電路圖如圖所示；圖甲中開關(guān)S閉合之前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于B端，使得閉合電鍵后，測量電路部分處于短路狀態(tài)，電壓表、電流表示數(shù)為0，起保護(hù)作用萬用表測電壓時(shí)，萬用表的紅表筆應(yīng)該與正極相連，黑表筆與負(fù)極相連燈泡的左端是負(fù)極，所以萬用表的黑表筆燈泡的左端相連當(dāng)U=2.5V時(shí)，電流I=0.44A，所以額定功率為：P=UI=2.50.44W=1.1W作出電動(dòng)勢E=3.0V，內(nèi)阻r=7.5的電源的I-U圖線，如圖，交點(diǎn)對應(yīng)的電壓和電流分別為：1.0V、0.28A，所以實(shí)際功率為：P=UI=1.00.28=0.28W點(diǎn)晴：解決本題的關(guān)鍵掌握電流表內(nèi)外接選擇的方法，難點(diǎn)是與電源連接求實(shí)際功率，因?yàn)闊襞莸碾娮枋请SU的變化而變化的，所以必須用圖象的方法來解決四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)6.5A；(2)I11.38A，I20.92A， I30.69A【解析】(1)由歐姆定律得R1兩端的電壓為：U1I1R