2023學(xué)年南寧市第三中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中檢測模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、建筑工人用簡單的定滑輪裝置將工件從地面提升并運(yùn)送到樓頂如圖所示，設(shè)當(dāng)重物提升到一定高度后，工人甲拉緊繩索不動，乙通過一始終保持水平的輕繩將工件緩慢拉到樓頂，不計(jì)滑輪的摩擦力，則工件在向左移動過程中（ ）A樓頂對乙的摩擦力不變B繩索對甲的拉力不斷減小C樓頂對甲的支持力不變D樓頂對甲的摩擦力大于樓頂對乙的摩擦力2、如圖所示電路中，A、B是構(gòu)成平行板電容器的兩金屬極板，P為其中的一個定點(diǎn)將開關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定后將A板向上平移一小段距離，則下列說法正確的是（）A電容器的電容增加B在A板

3、上移過程中，電阻R中有向上的電流CA、B兩板間的電場強(qiáng)度增大DP點(diǎn)電勢升高3、關(guān)于電場強(qiáng)度和電勢，下列說法正確的是()A由公式E=F/q可知E與F成正比，與q成反比B由公式U=Ed可知，在勻強(qiáng)電場中，E為恒值，任意兩點(diǎn)間的電勢差與這兩點(diǎn)間的距離成正比C電場強(qiáng)度為零處，電勢不一定為零D無論是正電荷還是負(fù)電荷，當(dāng)它在電場中移動時，若電場力做功，它一定是從電勢高處移到電勢低處，并且它的電勢能一定減少4、由電場強(qiáng)度的定義式EF/q可知AE和F成正比，F(xiàn)越大，E越大BE和q成反比，q越小，E越大CE的方向與F的方向相同DE的大小可由F/q計(jì)算5、如圖甲所示，AB是電場中的一條直線，電子以某一初速度從A點(diǎn)

4、出發(fā)，僅在電場力作用下沿AB運(yùn)動到B點(diǎn)，其v t圖像如圖乙所示。關(guān)于A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度EA、EB和電勢A、B的關(guān)系，下列判斷正確的是()AEAEBBEAEBCA=BDAB6、如圖，一個半徑為L的半圓形硬導(dǎo)體AB以速度，在水平U型框架上勻速滑動，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，回路中的電阻為，半圓形硬導(dǎo)體AB的電阻為，其余電阻不計(jì)，則半圓形導(dǎo)體AB切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的大小及AB之間的電勢差分別為( )A，B，C，D，二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、三個質(zhì)量相等，分

5、別帶正電、負(fù)電和不帶電的粒子，從帶電平行金屬板左側(cè)中央以相同的水平初速度先后垂直電場進(jìn)入，并分別落在正極板的A、B、C三處，O點(diǎn)是下極板的左端點(diǎn)，且，如圖所示，則下列說法正確的是（）A三個粒子在電場中運(yùn)動的時間之比B帶正、負(fù)電荷的兩個粒子的電荷量之比為C三個粒子在電場中運(yùn)動的加速度之比D三個粒子在電場中運(yùn)動時動能的變化量之比8、某電場的電場線分布如圖所示，以下說法錯誤的是（）Ac點(diǎn)場強(qiáng)大于b點(diǎn)場強(qiáng)Ba點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢C若將一試探電荷+q由a點(diǎn)釋放，它將沿電場線運(yùn)動到b點(diǎn)D若在d點(diǎn)再固定一點(diǎn)電荷Q，將一試探電荷+q由a移至b的過程中，電勢能減小9、如圖電路中，A、B為兩塊豎直放置的金屬板，G是

6、一只驗(yàn)電器，開關(guān)S合上時，靜電計(jì)張開一個角度，下述情況中可使指針張角增大的是（） A合上S，使A、B兩板靠近一些B合上S，使A、B正對面積錯開一些C斷開S，使A、B間距增大一些D斷開S，使A、B正對面積錯開一些10、如圖所示，圓環(huán)形導(dǎo)體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路.若將滑動變阻器的滑片P向上滑動，下面說法中正確的是A穿過線圈a的磁通量變小B線圈a有收縮的趨勢C自上往下看，線圈a中將產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流D線圈a對水平桌面的壓力FN將增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要

7、求寫出演算過程。11（6分）目前很多用電器的指示燈是發(fā)光二極管。某廠家提供的某種型號發(fā)光二極管的伏安特性曲線如圖所示，該二極管的正常工作電壓為3.0V，允許通過的最大電流為56mA。（1）該二極管正常工作時阻值約為（_） A5 B15 C75 D30（2）某同學(xué)用中值電阻為10的多用電表歐姆擋測量該二極管的正向電阻，下列測量方法更合理的是（_）A BCD12（12分） (1) 圖乙是用螺旋測微器測量某一圓筒外徑時的示數(shù)，此讀數(shù)應(yīng)_mm。(2) 現(xiàn)用多用電表測量一個定值電阻的阻值(阻值約為100 )，將紅、黑表筆分別插入“+”“-”插孔,接下來必要的操作步驟和正確的順序是_.(請將必要步驟前的序

8、號按正確的順序?qū)懗?將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“10”的位置;將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“100”的位置;用兩支表筆的金屬部分分別接觸電阻的兩條引線;根據(jù)指針?biāo)缚潭群瓦x擇開關(guān)的位置,讀出電阻的阻值;將兩支表筆直接接觸,調(diào)整“歐姆調(diào)零旋鈕”使指針指向“0 ”.若正確測量時指針?biāo)缚潭热鐖D所示,則這個電阻的測量值是_.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一電荷量q=310-5C帶正電的小球，用絕緣細(xì)線懸于豎直放置足夠大的平行金屬板中的O點(diǎn)。電鍵S合上后，當(dāng)小球靜止時，細(xì)線與豎直方向的夾角=37。已知兩板相距d=0.1m

9、，電源電動勢=15V，內(nèi)阻r=0.5，電阻R1=3，R2=R3= R4 =8。g取10m/s2，已知，。求：（1）電源的輸出功率；（2）兩板間的電場強(qiáng)度的大??；（3）帶電小球的質(zhì)量。14（16分）有一滿偏電流為Ig=1 mA、內(nèi)阻為Rg=100 的小量程電流表。求：（1）把它改裝成滿偏電壓U=10 V的電壓表需要串聯(lián)的電阻。（2）把它改裝成滿偏電流I=0.6 A的電流表需要并聯(lián)的電阻。15（12分）如圖，光滑水平面AB和粗糙斜面BC平滑連接，斜面傾角為53,AB=BC=3.75m質(zhì)量為m=2kg，帶電量為的小物塊在與水平面成53角斜向右上方的強(qiáng)電場中，電場強(qiáng)度為從A點(diǎn)由靜止開始沿ABC運(yùn)動到C

10、點(diǎn)(取 )，求:(1)物塊從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)所用的時間；(2)若物塊在AB和BC上運(yùn)動的時間之比為2:1，求物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；(3)若斜面光滑，改變場強(qiáng)E的大小(方向不變)，仍能使物體沿ABC運(yùn)動到C，求場強(qiáng)E的取值范圍參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】當(dāng)乙把工件拉開一個小角度后，工件的受力如圖：A. 繩子與豎直方向夾角為，則有，當(dāng)角增大，則F1增大，繩子對乙的拉力增大，則乙受到樓頂?shù)哪Σ亮σ苍龃?，故A錯誤；B. 開始的時候繩子對甲的拉力大小等于物體重力,后來當(dāng)角增大，繩子對甲的拉力，增大，故B錯

11、誤；C. 甲在樓頂受到重力、樓頂?shù)闹С至湍Σ亮?、以及繩子的拉力，豎直方向樓頂對甲的支持力加上繩子對甲的拉力在豎直方向的分力與重力大小相等方向相反，由于繩子對甲的拉力增大，樓頂對甲的支持力減小，故C錯誤；D. 可用極端法,先分析乙在圖上位置f=0,再分析乙在甲位置f乙=f甲,所以在移動的過程中,是始終小于f甲的故D正確；故選D點(diǎn)睛：對工件進(jìn)行受力分析，然后根據(jù)受力平衡，及平行四邊形定則即可求解兩個繩子拉力的變化，然后分別對甲和乙進(jìn)行受力分析即可2、B【解析】A根據(jù)，當(dāng)A板向上平移一小段距離，間距d增大，其它條件不變，則導(dǎo)致電容變小，故A錯誤；B在A板上移過程中，導(dǎo)致電容減小，由于極板電壓不變，

12、那么電量減小，因此電容器處于放電狀態(tài)，電阻R中有向上的電流，故B正確；C根據(jù)與相結(jié)合可得：由于電量減小，場強(qiáng)大小變小，故C錯誤；D因場強(qiáng)變小，導(dǎo)致P點(diǎn)與B板的電勢差減小，因B板接地，電勢為零，即P點(diǎn)電勢降低，故D錯誤【點(diǎn)睛】做好電容器的題目要把電容的定義式、決定式和場強(qiáng)的推導(dǎo)式結(jié)合應(yīng)用，掌握電場強(qiáng)度的推導(dǎo)式，注意B極接地，電勢為零3、C【解析】A電場中某點(diǎn)的場強(qiáng)與試探電荷的電量與其所受的電場力無關(guān)，選項(xiàng)A錯誤；B由公式UEd可知，在勻強(qiáng)電場中，任意兩點(diǎn)間的電勢差與這兩點(diǎn)沿電場線方向間的距離成正比，選項(xiàng)B錯誤；C電場強(qiáng)度為零處，電勢不一定為零，例如等量同種電荷連線的中點(diǎn)處的場強(qiáng)為零，電勢大于零，

13、選項(xiàng)C正確；D無論是正電荷還是負(fù)電荷，當(dāng)它在電場中移動時，若電場力做正功，它的電勢能一定減少，但是不一定是從電勢高處移到電勢低處，選項(xiàng)D錯誤故選C。4、D【解析】：試題分析：A、電場強(qiáng)度由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)，不能理解為E與F成正比，與q成反比，A錯B、理由同A，B錯C、當(dāng)F為正電荷受電場力時，E的方向與F方向相同；當(dāng)F為負(fù)電荷受電場力時，E的方向與F方向相反，C錯D、E=F/q為場強(qiáng)的定義式，所以E的大小可以由E=F/q來計(jì)算，D對故選D考點(diǎn)：電場強(qiáng)度的定義式點(diǎn)評：電場強(qiáng)度由場源電荷決定，與試探電荷無關(guān)，不能理解為E與F成正比，與q成反比5、A【解析】AB由圖可知，電子做減速運(yùn)動，加

14、速度逐漸減小，說明受到的電場力逐漸減小，根據(jù)F=qE可知，電場強(qiáng)度逐漸減小，即EAEB，故A正確，B錯誤；CD由圖看出電子的速度減小，則動能減小，電場力做負(fù)功，則電子受到的電場力的方向由B指向A，電子帶負(fù)電，所以電場線的方向是由A指向B，A點(diǎn)的電勢高，所以AB；故C錯誤，D錯誤。6、D【解析】半圓形導(dǎo)體AB切割磁感線的有效長度為2L，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，AB切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的大小為E=B2Lv=2BLv；AB相當(dāng)于電源，其兩端的電壓是外電壓，由歐姆定律得AB之間的電勢差U=。A. AB切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的大小及AB之間的電勢差分別為，與分析不一致，故A錯誤；B. AB切割磁感

15、線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的大小及AB之間的電勢差分別為，與分析不一致，故B錯誤；C. AB切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的大小及AB之間的電勢差分別為，與分析不一致，故C錯誤；D. AB切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的大小及AB之間的電勢差分別為，與分析相一致，故D正確。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】A三個粒子的初速度相等，在水平方向做勻速直線運(yùn)動，水平位移之比為由，可知故A正確；BC三個粒子在豎直方向的位移相等，由可得由可知，三個粒子所受合力大小關(guān)系為因三個粒子的重

16、力相等，故可知A所受電場力方向向下，B不受電場力，C受電場力方向向上，由牛頓第二定律可知解得故B正確，C錯誤；D由動能定理，合外力做功等于物體動能的增量，由于三個粒子在合外力方向發(fā)生的位移都相等，所以三個粒子在電場中運(yùn)動時動能的變化量之比等于合外力之比，即故D正確。故選ABD。8、AC【解析】明確電場線的性質(zhì)，知道電場線的疏密反映電場的強(qiáng)弱沿著電場線方向電勢降低根據(jù)電場力做功的正負(fù)來確定電勢能增加與否【詳解】電場線的密的地方場強(qiáng)大，b處電場線比c點(diǎn)密，所以b點(diǎn)場強(qiáng)大于c點(diǎn)場強(qiáng)，A錯誤；沿著電場線方向電勢降低，則a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢，B正確；由圖可知，該電場不是勻強(qiáng)電場，a到b的電場線是曲線，說

17、明電場的方向是不斷變化的，所以若將一試探電荷+q由a點(diǎn)釋放，它不可能沿電場線運(yùn)動到b點(diǎn)，C錯誤；若不加-Q，將一試探電荷+q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程中，電場力與運(yùn)動方向同向，則電場力做正功，因此電勢能減?。蝗粼赿點(diǎn)再固定一點(diǎn)電荷-Q，-Q產(chǎn)生的電場中，a點(diǎn)離開-Q多一些，所以a點(diǎn)的電勢高，所以將一試探電荷+q由a移至b的過程中，電勢能減小，故在d點(diǎn)再固定一點(diǎn)電荷-Q，將一試探電荷+q由a移至b的過程中，電勢能減小，D正確9、CD【解析】試題分析：合上開關(guān)，電容器兩端間的電勢差不變，靜電計(jì)指針張角不變，故A、B錯誤；斷開S，電容器帶電量保持不變，使A、B間距靠近一些，根據(jù)，d變小，C變大根據(jù)，U減小

18、，張角變小，故C錯誤；斷開S，電容器帶電量保持不變，使A、B正對面積錯開一些，根據(jù)，S變小，C變小根據(jù)，U增大，張角增大，故D正確考點(diǎn)：考查了電容的動態(tài)變化10、AC【解析】此題的關(guān)鍵首先明確滑動觸頭向上滑動時通過判斷出線圈b中的電流減小，然后根據(jù)楞次定律判斷出線圈a中感應(yīng)電流的方向。根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因，可以很好判斷線圈的運(yùn)動趨勢?！驹斀狻慨?dāng)滑動觸頭P向上移動時電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知通過線圈b的電流減小，b線圈產(chǎn)生的磁場減弱，故穿過線圈a的磁通量變小，故A正確；根據(jù)b中的電流方向和安培定則可知b產(chǎn)生的磁場方向向下穿過線圈a，根據(jù)楞次定律，a中的感應(yīng)電流的

19、磁場要阻礙原來磁場的減小，故a的感應(yīng)電流的磁場方向也向下，根據(jù)安培定則可知線圈a中感應(yīng)電流方向俯視應(yīng)為順時針，故C正確；再根據(jù)微元法將線圈a無限分割根據(jù)左手定則不難判斷出線圈a應(yīng)有擴(kuò)張的趨勢，或直接根據(jù)楞次定律的第二描述“感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因”，因?yàn)榛瑒佑|頭向上滑動導(dǎo)致穿過線圈a的磁通量減小，故只有線圈面積增大時才能阻礙磁通量的減小，故線圈a應(yīng)有擴(kuò)張的趨勢，故B錯誤；開始時線圈a對桌面的壓力等于線圈a的重力，當(dāng)滑動觸頭向上滑動時，可以用“等效法”，即將線圈a和b看做兩個條形磁鐵，不難判斷此時兩磁鐵互相吸引，故線圈a對水平桌面的壓力FN將減小，故D錯誤故選AC【點(diǎn)睛】首先

20、應(yīng)掌握楞次定律的基本應(yīng)用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中得出的必然結(jié)果。一般在解決有關(guān)相對運(yùn)動類問題時用楞次定律的第二描述將會非常簡便。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C A 【解析】（1）1二極管電阻：故選C.（2）2歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，紅表筆與內(nèi)阻電源負(fù)極相連，測二極管正向電阻，歐姆表黑表筆與二極管正極相連，紅表筆與二極管負(fù)極相連，用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位使指針指在中央刻度線附近，由圖示電路圖可知，圖A所示正確；12、 (1)6.7900.002 (2) 130【解析】（1）螺旋測微器讀數(shù)為：

21、6.5mm+0.01mm29.0=6.790mm；（2）待測電阻阻值約為一百多歐姆，用歐姆表測電阻，將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)“10”的位置，然后進(jìn)行歐姆調(diào)零，具體操作是：將紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕調(diào)零，使指針指在右側(cè)零刻度線處；再測出電阻阻值，因此合理是實(shí)驗(yàn)步驟為：（3）由圖示表盤可知，待測電阻阻值為：1310=130；點(diǎn)睛：本題考查了應(yīng)用歐姆表測電阻，使用歐姆表測電阻時，應(yīng)使指針指在表盤中央刻度線附近；換擋后要進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）28W （2）140V/m （3）5.610-4kg【解析】(1) R2與R3并聯(lián)后的阻值： 由閉合電路歐姆定律得： 電源的輸出功率:(2) 電容器兩板間的電壓 UC=I（R1+R23）=2（3+4）V=14V電容器兩板間的電場強(qiáng)度：(3) 小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，所受電場力為F，由平衡條件得：F=mg