屆高考物理二輪復(fù)習(xí)選擇題練2

屆高考物理二輪復(fù)習(xí)選擇題滿分練屆高考物理二輪復(fù)習(xí)選擇題滿分練PAGE屆高考物理二輪復(fù)習(xí)選擇題滿分練選擇題滿分練十說明：共8小題，每題6分，在每題給出的四個選項中，第1～5題只有一項符合題目要求，第6～8題有多項符合題目要求．所有選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1．(2018·山東省濟(jì)南市高三二模)質(zhì)量為m、長度為l的均勻軟繩擱置在水平川面上．現(xiàn)將軟繩一端提高至離地面高度為h處，軟繩完滿走開地面，則最少需要對軟繩做的功為()A．mgeq\f(l,2)B．mgeq\f(h,2)C．mg(h－l)D．mgeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(h－\f(l,2)))解析：選D.對軟繩做的功等于它的重力勢能的增添量，即W＝ΔEp＝mgeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(l,2)＋h－l))＝mgeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(h－\f(l,2)))，選項D正確．2．以下說法正確的選項是()A．玻爾經(jīng)過對氫原子光譜的研究成立了原子的核式構(gòu)造模型B．某些原子核發(fā)生衰變時可以放出β粒子，說明原子核內(nèi)有β粒子C．原子核反響中的質(zhì)量損失現(xiàn)象違犯了能量守恒定律D．某種單色光照耀某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，若增大光照強(qiáng)度，則單位時間內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù)增添解析：選D.盧瑟福經(jīng)過α粒子散射實驗成立了原子核式構(gòu)造模型，玻爾將量子見解引入原子領(lǐng)域，其理論可以解說氫原子光譜的特點，故A錯誤；β衰變中產(chǎn)生的β射線其實是原子核中的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，而放出電子，故B錯誤；核反響中的質(zhì)量損失現(xiàn)象依據(jù)能量守恒定律，故C錯誤；發(fā)生光電效應(yīng)時，單位時間內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù)隨入射光強(qiáng)度的增添而增大，故D正確；應(yīng)選D.3．以以下圖，在天花板下用細(xì)線懸掛一半徑為R的金屬圓環(huán)，圓環(huán)處于靜止?fàn)顟B(tài)，圓環(huán)一部分處在垂直于環(huán)面的磁感覺強(qiáng)度大小為B的水平勻強(qiáng)磁場中，環(huán)與磁場界限交點A、B與圓心O連線的夾角為120°，此時懸線的拉力為F.若圓環(huán)通電，使懸線的拉力恰好為零，則環(huán)中電流大小和方向是()A．大小為eq\f(\r(3)F,3BR)，沿順時針方向B．大小為eq\f(\r(3)F,3BR)，沿逆時針方向C．大小為eq\f(\r(3)F,BR)，沿順時針方向D．大小為eq\f(\r(3)F,BR)，沿逆時針方向解析：選A.環(huán)受安培力的有效長度為l＝2·Rcos30°＝eq\r(3)R，由BIl＝mg＝F，可知，I＝eq\f(\r(3)F,3BR)，方向為順時針方向．4．一質(zhì)點從靜止開始沿著直線運動，先后經(jīng)歷勻加快、勻速和勻減速三個運動過程，三段過程運動位移均為x，勻加快運動時間為t，勻減速運動時間為eq\f(3,4)t，則以下說法中正確的選項是()A．質(zhì)點在勻加快階段的加快度大小小于勻減速運動階段的加快度大小B．質(zhì)點在勻減速階段的末速度大小是勻速運動階段的速度大小的一半C．質(zhì)點在勻加快運動階段的均勻速度等于勻減速運動階段的均勻速度D．質(zhì)點在勻速運動階段的運動時間為eq\f(1,2)t解析：選D.設(shè)勻速運動的速度大小為v，質(zhì)點在勻減速階段的末速度大小為vt，質(zhì)點在勻加快階段x＝eq\f(0＋v,2)t＝eq\f(vt,2)，勻減速運動階段x＝eq\f(vt＋v,2)×eq\f(3,4)t，解得vt＝eq\f(v,3)，質(zhì)點在勻加快階段的加快度大小a1＝eq\f(v－0,t)＝eq\f(v,t)，勻減速運動階段的加快度大小a2＝eq\f(v－\f(v,3),\f(3,4)t)＝eq\f(8v,9t)，故AB錯誤；質(zhì)點在勻加快運動階段的均勻速度v1＝eq\f(0＋v,2)＝eq\f(v,2)，勻減速運動階段的均勻速度v2＝eq\f(v＋\f(1,3)v,2)＝eq\f(2v,3)，故C錯誤；質(zhì)點在勻速運動階段的運動時間t′＝eq\f(x,v)＝eq\f(\f(1,2)vt,v)＝eq\f(1,2)t，故D正確；應(yīng)選D.5．(2018·山東泰安市二模)北斗地圖APP馬上上線，其導(dǎo)航功能可精準(zhǔn)到1米之內(nèi)，可以清楚定位到詳細(xì)車道．以以下圖是北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中部分衛(wèi)星的軌道表示圖，已知a、b、c三顆衛(wèi)星均做圓周運動，此中a是地球同步衛(wèi)星，則()A．衛(wèi)星a的角速度小于c的角速度B．衛(wèi)星a的加快度大于b的加快度C．衛(wèi)星a的運轉(zhuǎn)速度大于第一宇宙速度D．衛(wèi)星b的周期大于24h解析：選A.依據(jù)萬有引力供給向心力：Geq\f(Mm,r2)＝mω2r，解得：ω＝eq\r(\f(GM,r3))，可知軌道半徑大的衛(wèi)星角速度小，所以衛(wèi)星a的角速度小于c的角速度．故A正確．衛(wèi)星的加快度為a＝ω2r＝eq\f(GM,r2)，可知軌道半徑大的衛(wèi)星加快度小，所以衛(wèi)星a與b的加快度大小相等．故B錯誤．第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球做圓周運動時最大的運轉(zhuǎn)速度，則知衛(wèi)星a的運轉(zhuǎn)速度小于第一宇宙速度，故C錯誤．衛(wèi)星a與b的軌道半徑同樣，角速度相等，則周期也相等，所以衛(wèi)星b的周期等于24h，故D錯誤．應(yīng)選A.6．以以下圖的電路中電表均為理想電表，閉合開關(guān)S，將滑動變阻器的滑片P向右挪動至某一地點，與挪動前比較，以下說法正確的選項是()A．電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大B．小燈泡L變亮C．電源的輸出功率必定變大D．電容器C所帶的電荷量減少解析：選BD.由圖可知，電容并聯(lián)在滑動變阻器兩頭；當(dāng)滑片右移時，滑動變阻器接入電阻減?。粍t總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，故電流表示數(shù)增大，燈泡亮度變亮，因內(nèi)壓增大，故電壓表示數(shù)減小，故A錯誤，B正確；由P＝EI可知，電源的總功率變大，當(dāng)外阻和內(nèi)阻相等時輸出功率最大，由于不知道外阻和內(nèi)阻的關(guān)系，所以不可以判斷電源輸出功率的變化，故C錯誤；因電容器并聯(lián)在滑動變阻器兩頭；總電流變大，燈泡及內(nèi)阻分壓增大，則滑動變阻器分壓減小，故電容器C兩頭的電壓減小，所以C上的電量減小，故D正確．所以BD正確，AC錯誤．7．如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，金屬線框的質(zhì)量為m，電阻為R，在金屬線框的下方有一勻強(qiáng)磁場所區(qū)，MN和PQ是勻強(qiáng)磁場所區(qū)的水平界限，并與線框的bc邊平行，磁場方向垂直于線框平面向里．現(xiàn)使金屬線框從MN上方某一高度處由靜止開始著落，如圖乙是金屬線框由開始著落到完滿穿過勻強(qiáng)磁場所區(qū)瞬時的v-t圖象，圖中字母均為已知量．重力加快度為g，不計空氣阻力．以下說法正確的選項是()A．金屬線框剛進(jìn)入磁場時感覺電流方向沿adcba方向B．金屬線框的邊長為v1(t2－t1)C．磁場的磁感覺強(qiáng)度為eq\f(1,v1（t2－t1）)eq\r(\f(mgR,v1))D．金屬線框在0～t4的時間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量為2mgv1(t2－t1)＋eq\f(1,2)m(veq\o\al(2,3)－veq\o\al(2,2))解析：選BCD.金屬線框剛進(jìn)入磁場時，由楞次定律知感覺電流方向沿abcda方向，A錯誤．由圖象可知，線框先做自由落體運動，t1勻速進(jìn)入磁場，直至所有進(jìn)入磁場，所以線框的邊長為v1(t2－t1)，B正確．由mg＝eq\f(B2l2v1,R)，代入得B＝eq\f(1,v1（t2－t1）)eq\r(\f(mgR,v1))，C正確．由能量守恒定律可知，線框入磁場時Q1＝mgv1(t2－t1)，線框出磁場時Q2＝mgv1(t2－t1)＋eq\f(1,2)m(veq\o\al(2,3)－veq\o\al(2,2))，D正確．8．如圖甲所示，平行于圓滑斜面的輕彈簧勁度系數(shù)為k，一端固定在傾角為θ的斜面底端，另一端與物塊A連結(jié)；兩物塊A、B質(zhì)量均為m，初始時物塊均靜止．現(xiàn)用平行于斜面向上的拉力F拉動物塊B，使B做加快度為a的勻加快運動，兩物塊在開始一段時間內(nèi)的v-t圖象如圖乙所示(t1時辰A、B的圖線相切，t2時辰對應(yīng)A圖線的最高點)，重力加快度為g，則()A．A達(dá)到最大速度時的位移eq\f(mgsinθ,k)B．拉力F的最小值為mgsinθ＋maC．A、B分別時t1＝eq\r(\f(2（mgsinθ－ma）,ak))D．A、B分別前，A和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能增添解析：選AC.開始時彈簧的壓縮量知足2mgsinθ＝kx1，當(dāng)A達(dá)到最大速度時加快度為零，此時A、B已分別知足mgsinθ＝kx2，所以A的位移為x＝x1－x2＝eq\f(mgsinθ,k)，開始時力F最小，此時對AB整體知足F＋kx1－2mgsinθ＝2ma，解得F＝2ma；當(dāng)AB分別時，AB之間的彈力為零，此時對A：kx3－mgsinθ＝m