走向高考·高考物理總復(fù)習·人教實驗版：高考物理模擬試題x課件

學(xué)海無涯

2013年高考物理模擬試題本卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分．滿分

110

分，考試時間

60

分鐘．第Ⅰ卷(選擇題 共

48

分)一、選擇題(本大題共

8

小題，

每小題

6

分．在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求．全部選對的得

6

分，選對但不全的得

3

分，有選錯的得

0

分．)1．下列說法正確的是(

)A．英國科學(xué)家胡克發(fā)現(xiàn)了彈簧的彈力與彈簧的伸長量間的關(guān)系B．牛頓通過理想實驗證實了物體自由下落時的速度與物體的重力無關(guān)開普勒行星運動定律都是在牛頓萬有引力的基礎(chǔ)上推導(dǎo)出來的英國物理學(xué)家卡文迪許利用扭秤裝置比較準確地測出了引力常量[答案][解析]AD伽利略通過理想實驗證實了物體自由下落時的速度與物體的重力無關(guān)；開普勒行星運動定律是在觀測的基礎(chǔ)上發(fā)現(xiàn)的，牛頓的萬有引力定律比開普勒行星運動定律發(fā)現(xiàn)得晚，選項

B、C

錯誤．2．如圖所示，擋板垂直于斜面固定在斜面上，一滑塊

m

放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球

M

擱在擋板與弧形滑塊上，一切摩擦均不計，用平行于斜面的拉力

F

拉住弧形滑塊，使球與滑學(xué)海無涯2013年高考物理模擬試題[答案][解析]AD物1學(xué)海無涯

塊均靜止．現(xiàn)將滑塊平行于斜面向上拉過一較小的距離，球仍擱在擋板與滑塊上且處于靜止狀態(tài)，則與原來相比(

)擋板對球的彈力增大滑塊對球的彈力增大C．斜面對滑塊的彈力不變D．拉力

F

減小[答案] C[解析] 對

M

受力分析，擋板對球的彈力

F1和滑塊對球的彈力F2，在滑塊向上移動時兩者合力不變，夾角減小，故擋板對球的彈力減小，滑塊對球的彈力也減小，A、B

錯誤；用整體法對球和滑塊組成的整體分析可知斜面對滑塊的彈力不變，又擋板對球的彈力減小，故拉力

F

增大，C

正確，D

錯誤．3．陰極射線示波管的聚焦電場是由電極

A1、A2、A3、A4

形成的，實線為電場線，虛線為等勢線，x

軸為該電場的中心軸線，P、Q、R為一個從左側(cè)進入聚焦電場的電子運動軌跡上的三點，則(

)學(xué)海無涯擋板對球的彈力增大2學(xué)海無涯

電極

A1

的電勢高于電極

A2

的電勢電場中

Q

點的電場強度大于

R

點的電場強度電子在

P

點處的動能大于在

Q

點處的動能電子從

P

運動到

R

的過程中，電場力對它一直做正功[答案][解析]B沿電場線方向電勢逐漸降低，結(jié)合電場線的走向可知電極

A2

的電勢高于電極

A1

的電勢，A

錯誤；由電場線疏密情況可判斷電場中

Q

點的電場強度大于

R

點的電場強度，B

正確；電子由

P

運動到

R

的過程中，電場力做正功，動能不斷變大，故電子在

P

點處的動能小于在

Q

點處的動能，D

正確，C錯誤．4.如圖所示，距離水平地面高為

h

的飛機沿水平方向做勻加速直學(xué)海無涯電極A1的電勢高于電極A2的電勢[答案][3學(xué)海無涯

線運動，從飛機上以相對地面的速度

v0依次從

a、b、c

水平拋出甲、乙、丙三個物體，拋出的時間間隔均為

T，三個物體分別落在水平地面上的

A、B、C

三點，若

AB＝l1、AC＝l2，不計空氣阻力，下列說法正確的是(

)A．物體甲在空中運動的時間為2hgB．飛機的加速度為l2－l1

T2C．物體乙剛離開飛機時飛機的速度為

l2

2TD．三個物體在空中運動時總在一條豎直線上[答案] AC[解析] 物體甲在空中做平拋運動，在豎直方向上有

h＝12gt2，解g得

t＝ 2h，選項

A

正確；AB

等于

ab，BC

等于

bc，由

Δx＝aT2

可得

a＝l2－2l1T2，選項

B

錯誤；物體乙剛離開飛機時，飛機的速度為

v，2T等于

a、c

之間的平均速度，則

v＝

l2

，選項

C

正確；三個物體在空中運動時，并不在一條豎直線上，選項

D錯誤．5．圖甲中的變壓器為理想變壓器，原、副線圈的匝數(shù)之比為

n1

∶n2＝10∶1.變壓器原線圈加上如圖乙所示的正弦式交變電壓，副線圈接兩個串聯(lián)在一起的阻值大小均為

10Ω

的定值電阻

R1、R2.電壓表為理想交流電表．則以下說法正確的是(

)學(xué)海無涯A．物體甲在空中運動的時間為2hgB．飛機的加4學(xué)海無涯

原線圈上電壓的有效值為

100V原線圈上電壓的有效值約為

70.7VC．電壓表 的讀數(shù)為

5.0VD．變壓器的輸入功率為

25W

[答案] B[解析] 原線圈上電壓的有效值為

U1＝1002V＝50

2V≈70.7V，n1副線圈上的電壓為

U2＝n2U1＝7.07V，電壓表示數(shù)為副線圈電壓的一U22R半，為

3.535V，P

入＝P

出＝ 2＝2.5W.故選

B.6．我國自主研制并發(fā)射的“天宮一號”與俄羅斯、美國等國共同研制并發(fā)射的“國際空間站”同在地球上空運動．假設(shè)“天宮一號”和“國際空間站”都繞地球做勻速圓周運動，兩者的軌道如圖所示，下列說法中正確的是(

)學(xué)海無涯原線圈上電壓的有效值為100V[解析] 原線圈上5學(xué)海無涯

A．“天宮一號”比“國際空間站”的加速度大B．“天宮一號”比“國際空間站”運行的周期大C．“天宮一號”比“國際空間站”運行的角速度小D．“天宮一號”比“國際空間站”受到的地球的萬有引力小

[答案] A[解析] 根據(jù)萬有引力提供向心力，有GMm

4π2r2 ＝ma＝mT2

r＝2GMr2mω

r，解得

a＝ ，r3GMT＝2π GM，ω＝ r3

，故

A

對，B、C

錯．因為不知道“天宮一號”和“國際空間站”的質(zhì)量大小關(guān)系，所以無法判斷兩者受到的地球的萬有引力大小關(guān)系，D

錯．7.如圖所示，一個金屬圓環(huán)固定在處于徑向?qū)ΨQ方向水平發(fā)散的磁場中，環(huán)面與磁感線平行，圓環(huán)的密度

ρ＝8g/cm3、橫截面積

S＝10mm2，環(huán)上各處的磁感應(yīng)強度大小為

B＝0.04T，若在環(huán)中通以順時針方向(俯視)的恒定電流

I＝10A，保持電流恒定，將圓環(huán)由靜止釋放．不計空氣阻力，不考慮磁場在圓環(huán)內(nèi)外的差異，g＝10m/s2，則下列說法正確的是(

)A．圓環(huán)的張力為零學(xué)海無涯[解析] 根據(jù)萬有引力提供向心力，有GMm 4π26學(xué)海無涯

圓環(huán)有擴張的趨勢圓環(huán)將向下做自由落體運動圓環(huán)在

0.2s

內(nèi)下落的高度為

0.1m[答案][解析]AD因為電流恒定，所以圓環(huán)受到向上恒定的安培力，F(xiàn)＝BIL，L

是圓環(huán)的周長，由于圓環(huán)只受向下的重力和向上的安培力，因此圓環(huán)沒有擴散和收縮的趨勢，張力為零，A

項正確，B項錯誤；由于

mg＝ρLSg>BIL，因此圓環(huán)將向下做初速度為零的勻加速運動，ρgLS－BILρLS1a＝ ＝5m/s2，因此圓環(huán)在

0.2s

內(nèi)下落的高度

h＝2at2＝0.1m，D項正確，C

項錯誤．8．如圖甲所示，光滑的平行導(dǎo)軌

MN、PQ

放在水平面上固定不動，導(dǎo)軌表面上放著光滑導(dǎo)體棒

ab、cd，兩棒之間用細的絕緣細桿連接，兩導(dǎo)體棒平行且與導(dǎo)軌垂直，現(xiàn)加一垂直導(dǎo)軌平面的勻強磁場，設(shè)磁場方向向下為正，磁感應(yīng)強度

B

隨時間

t的變化如圖乙所示，t1－t0＝t0，不計

ab、cd

間電流的相互作用，不計導(dǎo)軌的電阻，每根導(dǎo)體棒的電阻為

R，導(dǎo)軌間距和絕緣細桿的長均為

L，則下列說法正確的是(

)A．在

0～t1

時間內(nèi)，絕緣細桿先被拉伸后被擠壓學(xué)海無涯[答案][解析]ADBIL，L是圓環(huán)的周長，由于7學(xué)海無涯

在

0～t1

時間內(nèi)，導(dǎo)體棒

ab

中感應(yīng)電流的方向先是從

b到a，后是從

a到

b若在

0～t1時間內(nèi)流過導(dǎo)體棒的電量為

q，則

t1

時刻的磁感應(yīng)強度大小為

qR2L2D．若在

0～t1

時間內(nèi)導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的總電熱為

Q，則

t1

時刻的磁感應(yīng)強度大小為

QRt0L20應(yīng)強度的大小也為

B

，則回路中感應(yīng)電流的大小為

I＝

t0 [答案] AD[解析] 在

0～t1

時間內(nèi)，磁感應(yīng)強度先變小后增大，因此導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌所圍的面積先有擴張趨勢，后有收縮趨勢，因而絕緣細桿先被拉伸后被擠壓，A

項正確；

在

0～t1

時間內(nèi)，磁感應(yīng)強度先正向減小，后反向增大，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的方向不變，B

項錯誤；設(shè)

t1

時刻磁感應(yīng)強度的大小為

B0，根據(jù)對稱性可知，t＝0

時刻磁感B0L22R，若在

0～L2t1

時間內(nèi)流過導(dǎo)體棒的電量為

q，則

q＝It1，解得

B0＝qR，C

項錯誤；若在

0～t1

時間內(nèi)導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的總電熱為

Q，則

I2×2R×2t0＝Q，L2解得

B0＝

QRt0，D

項正確．第Ⅱ卷(非選擇題 共62

分)二、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分．第

9

題～第

12

題為必考題，每個試題考生都必須作答．第

13

題～第

15

題為選考題，考生根據(jù)要求作答．)學(xué)海無涯強度大小為qR2L2D．若在0～t1時間內(nèi)導(dǎo)8學(xué)海無涯

(一)必考題(4

題，共

47

分)9．(6

分)某同學(xué)用如圖甲所示的實驗裝置做了兩個實驗：一是驗證機械能守恒定律，二是研究勻變速直線運動．該同學(xué)取了質(zhì)量分別為

m1＝50g

和

m2＝150g的兩個鉤碼

a、b，用一根不可伸長的輕質(zhì)細繩跨過定滑輪將它們連在一起，取

a、b

為研究系統(tǒng)．使鉤碼

b

從某一高度由靜止下落，鉤碼

a

拖著紙帶打出一系列的點．圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶，0

是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有

4

個點未標出，計數(shù)點間的距離如圖乙所示．(打點計時器所用電源頻率為

50Hz)由圖乙中的數(shù)據(jù)可求得打第“5”

點時鉤碼速度的大小為

m/s，鉤碼加速度的大小為

m/s2.在打

0～5

點的過程中，系統(tǒng)動能的增加量

ΔEk＝

J，系統(tǒng)重力勢能的減少量

ΔEp＝

J．(g

取

9.8m/s，結(jié)果保留三位有效數(shù)字)根據(jù)計算結(jié)果知

ΔEk

(填“>”、“<”或“＝”)ΔEp，出現(xiàn)上述結(jié)果的原因是

．學(xué)海無涯由圖乙中的數(shù)據(jù)可求得打第“5”點時鉤碼速度的大小9平均速度，故

v5＝學(xué)海無涯

[答案] (1)2.40

4.80

(2)0.576

0.588

(3)<

系統(tǒng)不可避免地要克服摩擦力做功[解析] (1)打第“5”點時鉤碼的速度等于打點“4”、“6”間鉤碼的21.60＋26.40×10－20.2m/s＝2.40m/s，根據(jù)

Δx＝aT2，

Δx可求得

a＝T2

＝26.40－21.60×10－20.12m/s2＝4.80m/s2.(2)在打

0～5

點的過程中，系統(tǒng)重力勢能的減少量等于

m2

重力勢能的減少量減去

m1重力勢能的增加量，即

ΔEp＝(m2－m1)gh＝0.588J，兩鉤碼運動的速度相等，故系統(tǒng)動能的增加量為

ΔEk＝1

m1＋m2)v2＝0.576J.(3)由(2)2(知

ΔEk<ΔEp，出現(xiàn)這一結(jié)果是因為系統(tǒng)不可避免地要克服摩擦力做功．10．(9

分)現(xiàn)要測量某未知電阻

Rx(阻值約

20Ω)的阻值，實驗室有如下實驗器材：電流表

A1(量程為

0～150mA，電阻

r1約為

10Ω)電流表

A2(量程為

0～20mA，電阻

r2＝30Ω)定值電阻

R0(100Ω)滑動變阻器

R(0～10Ω)直流電源

E(電動勢約

6V，內(nèi)阻較小)開關(guān)

S

與導(dǎo)線若干(1)請在方框中畫出測量電阻

Rx

的電路圖，并標上相應(yīng)元件的符號，要求電表的示數(shù)大于其總量程的三分之一．

平均速度，故v5＝學(xué)海無涯0.2m/s＝2.40m/s，10學(xué)海無涯

(2)寫出電阻

Rx

的表達式：Rx＝

(用已知量和一組直接測得的量的字母表示)．[答案] (1)如圖(2)I2r2＋R0I1－I2[解析] (1)從題中給出的器材知，這里對電阻

Rx

的測量可用伏安法來設(shè)計電路．由于題給的器材中沒有電壓表，且電流表

A2

的內(nèi)阻

r2

已知，因此電壓可由電流表

A2來間接測出，那么電流的測量只能由電流表

A1

來完成．由于電流表

A2

的量程為

0～20mA，用它測出的最大電壓為

Um＝20×10－3×30V＝0.6V，電阻

Rx

上的最大電流Rx約為Ix＝Um＝0.03A＝30mA，這時通過電流表A1

中的電流約為20mA＋30mA＝50mA，這樣我們就不能保證在實際測量中電流表

A1

的示數(shù)大于其量程(150mA)的1

為了增大電流表

A1

中的電流，我們可以將3.已知的固定電阻

R0(100Ω)

與電流表

A2

串聯(lián)．通過計算我們不難發(fā)現(xiàn)，這種設(shè)計完全符合題中的測量要求．本題如果用限流法，電路中學(xué)海無涯(2)I2r2＋R0I1－I2[解析] (1)11＋R0)，故

Rx＝學(xué)海無涯

的最小電流還超出電流表的量程，故控制電路宜采用分壓式，完整的實驗電路設(shè)計如答圖所示．(2)進行實驗時，在某次合適的測量中記下電流表A1

與電流表

A2

的示數(shù)分別為

I1

與

I2，則有(I1－I2)Rx＝I2(r2I2r2＋R0I1－I2.11．(13

分)一滑雪運動員以滑雪板和滑雪杖為工具在平直雪道上進行滑雪訓(xùn)練．如圖所示，某次訓(xùn)練中，他站在雪道上利用滑雪杖對雪面的作用第一次獲得水平推力

F＝60N

而向前滑行，其作用時間為

t1＝1s，撤除水平推力

F

經(jīng)過

t2＝2s

后，他利用滑雪杖對雪面的作用第二次獲得同樣的水平推力且其作用時間仍為

1s，之后滑雪杖對雪面不再發(fā)生相互作用．已知該滑雪運動員連同裝備的總質(zhì)量為

m＝50kg，假設(shè)在整個運動過程中受到的滑動摩擦力大小恒為

f＝10N，求該滑雪運動員(可視為質(zhì)點)從運動到停下來滑行的總距離．[答案][解析]9.6m第

1s

內(nèi)對滑雪運動員受力分析，

設(shè)加速度為

a1，運動的位移為

x1，第

1s

末的速度為

v1，則由牛頓第二定律得＋R0)，故Rx＝學(xué)海無涯I1－I2.11．(13分)12學(xué)海無涯

F－fa1＝m

＝1m/s2根據(jù)運動學(xué)公式可得2x1＝1

1

1a

t2＝0.5mv1＝a1t1＝1m/s第一次撤除水平推力

F

后，設(shè)加速度為

a2，減速運動的位移為x2，第

3s

末的速度為

v2，則由牛頓第二定律得ma2＝－

f

＝－0.2m/s22根據(jù)運動學(xué)公式得

x2＝v1t2＋1

2

2a

t2＝1.6mv2＝v1＋a2t2＝0.6m/s第二次水平推力

F

作用時，設(shè)加速度為

a3，運動的位移為

x3，第

4s

末的速度變?yōu)?/p>

v3，則由牛頓第二定律得

a3＝a1根據(jù)運動學(xué)公式得

x3＝v2t3＋1

3t3＝1.1m2a

2v3＝v2＋a3t3＝1.6m/s第二次撤除水平推力

F

后，設(shè)加速度為

a4，速度減為零時運動的位移為

x4，則由牛頓第二定律得

a4＝a20－v23根據(jù)運動學(xué)公式得

x4＝

2a4

＝6.4m故該滑雪運動員從運動到停下來滑行的總路程為

x＝x1＋x2＋x3＋x4＝9.6m學(xué)海無涯F－f根據(jù)運動學(xué)公式可得2x1＝111at213學(xué)海無涯

12．(19

分)如圖所示，一面積為

S

的單匝圓形金屬線圈與阻值為R

的電阻連接成閉合電路，不計圓形金屬線圈及導(dǎo)線的電阻．線圈內(nèi)存在一個方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度大小均勻增加且變化率為

k的磁場

Bt.電阻

R

兩端并聯(lián)一對平行金屬板

M、N，兩板間距為

d，N板右側(cè)

xOy

坐標系(坐標原點

O

在

N

板的下端)的第一象限內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強磁場，磁場邊界

OA

和

y

軸的夾角∠AOy＝45°，AOx

區(qū)域為無場區(qū)．在靠近

M

板處的

P點由靜止釋放一質(zhì)量為

m、帶電荷量為＋q

的粒子(不計重力)，經(jīng)過

N

板的小孔，從點

Q(0，l)垂直

y

軸進入第一象限，經(jīng)

OA

上某點離開磁場，最后垂直

x

軸離開第一象限．求：平行金屬板

M、N

獲得的電壓

U；yOA

區(qū)域內(nèi)勻強磁場的磁感應(yīng)強度

B；粒子從

P

點射出到到達

x

軸的時間．[答案] (1)kS(2)

lq2

2mkS

(3)(2d＋π＋24l)

m

2qkS[解析] 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，閉合電路的電動勢為學(xué)海無涯平行金屬板M、N獲得的電壓U；[答案] (114學(xué)海無涯

Δt ΔtE＝ΔΦ＝ΔB

S＝kS①因平行金屬板

M、N與電阻并聯(lián)，故

M、N兩板間的電壓為U＝UR＝E＝kS②(2)帶電粒子在

M、N間做勻加速直線運動，有2qU＝1

v2③m帶電粒子進入磁場區(qū)域的運動軌跡如圖所示，有v2qvB＝mr

④由幾何關(guān)系可得r＋rcot45°＝l⑤聯(lián)立②③④⑤得

B＝2l2mkSq(3)粒子在電場中，有2d＝1at21Uqd

＝ma學(xué)海無涯Δt ΔtE＝ΔΦ＝ΔBS＝kS①因平行金屬板15學(xué)海無涯

粒子在磁場中，有T＝2πrvt2＝14T粒子在第一象限的無場區(qū)中，有s＝vt3由幾何關(guān)系得

s＝r粒子從

P

點射出到到達

x

軸的時間為t＝t1＋t2＋t3聯(lián)立以上各式可得t＝2d＋4lπ＋2

m

2qkS(二)選考題：共

15

分．請考生從給出的

3

道物理題中任選一題作答．如果多做，則按所做的第一題計分．13．[物理—選修

3－3](15

分)(1)(6

分)某高中課外探究小組將

4

只相同的氣球充以質(zhì)量相等的空氣(可視為理想氣體)，放在水平的玻璃板上，并在氣球的上面再放一玻璃學(xué)海無涯t＝2d＋4lπ＋2 m(二16學(xué)海無涯

板．下列說法正確的是

．A．氣球內(nèi)氣體的壓強是由于氣體分子之間的斥力而產(chǎn)生的B．氣球內(nèi)氣體的壓強是由于大量氣體分子的碰撞而產(chǎn)生的C．若在上玻璃板上再放一個杯子，則氣球內(nèi)氣體體積不變(氣球內(nèi)氣體溫度可視為不變)若在上玻璃板上再放一個杯子，則氣球內(nèi)氣體內(nèi)能不變(氣球內(nèi)氣體溫度可視為不變)若在上玻璃板上再放一個杯子，則氣球內(nèi)氣體壓強不變(氣球內(nèi)氣體溫度可視為不變)(2)(9

分)如圖所示是正在使用的飲水機，在桶的上部有

1000mL

的氣體，氣體的壓強為

1.0×105Pa.某同學(xué)接了半杯水之后，再沒有氣體進入水桶，但桶內(nèi)氣體體積增加了

200mL.經(jīng)過足夠長的時間之后，桶內(nèi)氣體的溫度與接水前一致，試求此時桶內(nèi)氣體的壓強，并判斷桶內(nèi)氣體是吸熱還是放熱．(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)學(xué)海無涯如圖所示是正在使用的飲水機，在桶的上部有100017學(xué)海無涯

[答案][解析](1)BD(2)8.3×104Pa

吸熱(1)BD根據(jù)氣體壓強的微觀解釋可知

B

對，A錯．若在上玻璃板上再放一個杯子，由受力分析可知氣球內(nèi)氣體的壓強增大，故氣球內(nèi)氣體體積變小，C、E

錯．氣球內(nèi)氣體為理想氣體，溫度不變，故氣體內(nèi)氣體內(nèi)能不變，D

對．(2)①設(shè)氣體初態(tài)壓強為

p1，體積為

V；末態(tài)壓強為

p2，體積為

V′.由玻意耳定律得

p1V＝p2V′V′解得

p2＝p1V＝8.3×104Pa②氣體溫度不變，說明氣體的內(nèi)能不變．氣體體積增大，對外做功，要使氣體的內(nèi)能不變，氣體要從外界吸熱．14．[物理—選修

3－4](15

分)(1)(6

分)如圖甲所示是一列沿

x

軸正方向傳播的簡諧橫波在

t＝0時刻的波形圖，P

是離原點

x1＝2m

的一個介質(zhì)質(zhì)點，Q

是離原點

x2＝4m

的一個介質(zhì)質(zhì)點，此時離原點

x3＝6m

的介質(zhì)質(zhì)點剛剛要開始振動．圖乙是該簡諧波傳播方向上的某一質(zhì)點的振動圖象(計時起點相同)．由此可知

．學(xué)海無涯[答案](1)BD(2)8.3×104Pa吸18學(xué)海無涯

這列波的波長

λ＝4m這列波的周期

T＝3s這列波的傳播速度

v＝2m/sD．這列波的波源起振方向為向上E．乙圖可能是圖甲中質(zhì)點

Q

的振動圖象(2)(9

分)雨過天晴，人們常看到天空中出現(xiàn)彩虹，它是陽光照射到空中彌漫的水珠上時出現(xiàn)的現(xiàn)象．在說明這個現(xiàn)象時，需要分析光線射入水珠后的光路．一細束光線射入水珠，水珠可視為一個半徑

R＝10mm的球，球心

O到入射光線的垂直距離

d＝8mm，水的折射率

n＝4/3.①在圖上畫出該束光線射入水珠后，第一次從水珠中射出的光路圖．②求這束光線從射入水珠到第一次射出水珠，光線偏轉(zhuǎn)的角度．[答案] (1)ACE

(2)①光路如圖所示

②32°[解析] (1)由圖象可知波長

λ＝4m，周期

T＝2s，傳播速度

v＝λT＝2m/s，由振動圖象可知質(zhì)點起振方向向下，結(jié)合波動圖象與振動圖象的關(guān)系可知

Q

質(zhì)點振動方向向上，形式與振動圖象完全一致．(2)①如圖所示學(xué)海無涯雨過天晴，人們?？吹教炜罩谐霈F(xiàn)彩虹，它是陽光照射到19學(xué)海無涯

R②由幾何關(guān)系得sinθ1＝d

＝0.8即

θ1＝53°由折射定律得

sinθ1＝nsinθ2解得sinθ2＝0.6即

θ2＝37°則φ＝2(θ1－θ2)

＝32°15．[物理—選修

3－5](15

分)(1)(6分)2011

年

3

月

11

日，日本東海岸發(fā)生

9.0

級地震，地震引發(fā)的海嘯推毀了日本福島第一核電站的冷卻系統(tǒng)，最終導(dǎo)致福島第一核電站的

6座核反應(yīng)堆不同程度損壞，如圖所示，向空中泄漏大量碘131

和銫

137等放射性物質(zhì)，引起人們對核能利用的恐慌．已知核電站核反應(yīng)堆的工作原理主要是用到鈾核的裂變，在某次核反應(yīng)中，一學(xué)海無涯R②由幾何關(guān)系得sinθ1＝d＝0.8即θ1＝20學(xué)海無涯

個中子轟擊鈾核(235U)可裂變生成鋇(141Ba)和氪(92Kr)．已知235U、14192 56 36 92 5636Ba、92Kr

和中子的質(zhì)量分別是

235.0439u、140.913u、91.8973u

和1.0087u，則鈾核的裂變反應(yīng)方程為

92

；一個235U

裂變時放出的能量為

．(2)(9

分)如圖所示，質(zhì)量

mB＝2kg的平板車

B

上表面水平，開始時靜止在光滑水平面上，在平板車左端靜止著一塊質(zhì)量

mA＝2kg

的物塊

A，一顆質(zhì)量

m0＝0.01kg的子彈以

v0＝600m/s

的水平初速度瞬間射穿

A

后，速度變?yōu)?/p>

v＝200m/s.已知

A

與

B

之間的動摩擦因數(shù)不為零，且

A

與

B最終達到相對靜止，則系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量為多少？235192 0[答案] (1) U＋

n14156→ Ba9236＋

Kr＋103

n－11

3.2×10 J

(2)1598J[解析] (1)235U＋1n→141Ba＋92Kr＋31n 3.2×10－11J92 0 56 36 0根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可知放出

3

個中子，先算出質(zhì)量虧損，然后根據(jù)“虧損

1u，相當于放出

931.5MeV

的能量，1eV＝1.6×10－9219J”，計算可得一個235U

裂變時放出的能量為

3.2×10－11J.(2)對于子彈、物塊

A

和平板車

B，全過程由動量守恒定律得m0v0＝m0v＋(mA＋mB)vB解得

vB＝1m/s系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量等于系統(tǒng)機械能的減少量，即學(xué)海無涯36Ba、92Kr和中子的質(zhì)量分別是235.021學(xué)海無涯

ΔE＝1220

012mv－(m

＋2A B B1202m)v－mv

＝1598J學(xué)海無涯ΔE＝1220012mv－(m＋2A B22學(xué)海無涯

2013年高考物理模擬試題本卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分．滿分

110

分，考試時間

60

分鐘．第Ⅰ卷(選擇題 共

48

分)一、選擇題(本大題共

8

小題，

每小題

6

分．在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求．全部選對的得

6

分，選對但不全的得

3

分，有選錯的得

0

分．)1．下列說法正確的是(

)A．英國科學(xué)家胡克發(fā)現(xiàn)了彈簧的彈力與彈簧的伸長量間的關(guān)系B．牛頓通過理想實驗證實了物體自由下落時的速度與物體的重力無關(guān)開普勒行星運動定律都是在牛頓萬有引力的基礎(chǔ)上推導(dǎo)出來的英國物理學(xué)家卡文迪許利用扭秤裝置比較準確地測出了引力常量[答案][解析]AD伽利略通過理想實驗證實了物體自由下落時的速度與物體的重力無關(guān)；開普勒行星運動定律是在觀測的基礎(chǔ)上發(fā)現(xiàn)的，牛頓的萬有引力定律比開普勒行星運動定律發(fā)現(xiàn)得晚，選項

B、C

錯誤．2．如圖所示，擋板垂直于斜面固定在斜面上，一滑塊

m

放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球

M

擱在擋板與弧形滑塊上，一切摩擦均不計，用平行于斜面的拉力

F

拉住弧形滑塊，使球與滑學(xué)海無涯2013年高考物理模擬試題[答案][解析]AD物23學(xué)海無涯

塊均靜止．現(xiàn)將滑塊平行于斜面向上拉過一較小的距離，球仍擱在擋板與滑塊上且處于靜止狀態(tài)，則與原來相比(

)擋板對球的彈力增大滑塊對球的彈力增大C．斜面對滑塊的彈力不變D．拉力

F

減小[答案] C[解析] 對

M

受力分析，擋板對球的彈力

F1和滑塊對球的彈力F2，在滑塊向上移動時兩者合力不變，夾角減小，故擋板對球的彈力減小，滑塊對球的彈力也減小，A、B

錯誤；用整體法對球和滑塊組成的整體分析可知斜面對滑塊的彈力不變，又擋板對球的彈力減小，故拉力

F

增大，C

正確，D

錯誤．3．陰極射線示波管的聚焦電場是由電極

A1、A2、A3、A4

形成的，實線為電場線，虛線為等勢線，x

軸為該電場的中心軸線，P、Q、R為一個從左側(cè)進入聚焦電場的電子運動軌跡上的三點，則(

)學(xué)海無涯擋板對球的彈力增大24學(xué)海無涯

電極

A1

的電勢高于電極

A2

的電勢電場中

Q

點的電場強度大于

R

點的電場強度電子在

P

點處的動能大于在

Q

點處的動能電子從

P

運動到

R

的過程中，電場力對它一直做正功[答案][解析]B沿電場線方向電勢逐漸降低，結(jié)合電場線的走向可知電極

A2

的電勢高于電極

A1

的電勢，A

錯誤；由電場線疏密情況可判斷電場中

Q

點的電場強度大于

R

點的電場強度，B

正確；電子由

P

運動到

R

的過程中，電場力做正功，動能不斷變大，故電子在

P

點處的動能小于在

Q

點處的動能，D

正確，C錯誤．4.如圖所示，距離水平地面高為

h

的飛機沿水平方向做勻加速直學(xué)海無涯電極A1的電勢高于電極A2的電勢[答案][25學(xué)海無涯

線運動，從飛機上以相對地面的速度

v0依次從

a、b、c

水平拋出甲、乙、丙三個物體，拋出的時間間隔均為

T，三個物體分別落在水平地面上的

A、B、C

三點，若

AB＝l1、AC＝l2，不計空氣阻力，下列說法正確的是(

)A．物體甲在空中運動的時間為2hgB．飛機的加速度為l2－l1

T2C．物體乙剛離開飛機時飛機的速度為

l2

2TD．三個物體在空中運動時總在一條豎直線上[答案] AC[解析] 物體甲在空中做平拋運動，在豎直方向上有

h＝12gt2，解g得

t＝ 2h，選項

A

正確；AB

等于

ab，BC

等于

bc，由

Δx＝aT2

可得

a＝l2－2l1T2，選項

B

錯誤；物體乙剛離開飛機時，飛機的速度為

v，2T等于

a、c

之間的平均速度，則

v＝

l2

，選項

C

正確；三個物體在空中運動時，并不在一條豎直線上，選項

D錯誤．5．圖甲中的變壓器為理想變壓器，原、副線圈的匝數(shù)之比為

n1

∶n2＝10∶1.變壓器原線圈加上如圖乙所示的正弦式交變電壓，副線圈接兩個串聯(lián)在一起的阻值大小均為

10Ω

的定值電阻

R1、R2.電壓表為理想交流電表．則以下說法正確的是(

)學(xué)海無涯A．物體甲在空中運動的時間為2hgB．飛機的加26學(xué)海無涯

原線圈上電壓的有效值為

100V原線圈上電壓的有效值約為

70.7VC．電壓表 的讀數(shù)為

5.0VD．變壓器的輸入功率為

25W

[答案] B[解析] 原線圈上電壓的有效值為

U1＝1002V＝50

2V≈70.7V，n1副線圈上的電壓為

U2＝n2U1＝7.07V，電壓表示數(shù)為副線圈電壓的一U22R半，為

3.535V，P

入＝P

出＝ 2＝2.5W.故選

B.6．我國自主研制并發(fā)射的“天宮一號”與俄羅斯、美國等國共同研制并發(fā)射的“國際空間站”同在地球上空運動．假設(shè)“天宮一號”和“國際空間站”都繞地球做勻速圓周運動，兩者的軌道如圖所示，下列說法中正確的是(

)學(xué)海無涯原線圈上電壓的有效值為100V[解析] 原線圈上27學(xué)海無涯

A．“天宮一號”比“國際空間站”的加速度大B．“天宮一號”比“國際空間站”運行的周期大C．“天宮一號”比“國際空間站”運行的角速度小D．“天宮一號”比“國際空間站”受到的地球的萬有引力小

[答案] A[解析] 根據(jù)萬有引力提供向心力，有GMm

4π2r2 ＝ma＝mT2

r＝2GMr2mω

r，解得

a＝ ，r3GMT＝2π GM，ω＝ r3

，故

A

對，B、C

錯．因為不知道“天宮一號”和“國際空間站”的質(zhì)量大小關(guān)系，所以無法判斷兩者受到的地球的萬有引力大小關(guān)系，D

錯．7.如圖所示，一個金屬圓環(huán)固定在處于徑向?qū)ΨQ方向水平發(fā)散的磁場中，環(huán)面與磁感線平行，圓環(huán)的密度

ρ＝8g/cm3、橫截面積

S＝10mm2，環(huán)上各處的磁感應(yīng)強度大小為

B＝0.04T，若在環(huán)中通以順時針方向(俯視)的恒定電流

I＝10A，保持電流恒定，將圓環(huán)由靜止釋放．不計空氣阻力，不考慮磁場在圓環(huán)內(nèi)外的差異，g＝10m/s2，則下列說法正確的是(

)A．圓環(huán)的張力為零學(xué)海無涯[解析] 根據(jù)萬有引力提供向心力，有GMm 4π228學(xué)海無涯

圓環(huán)有擴張的趨勢圓環(huán)將向下做自由落體運動圓環(huán)在

0.2s

內(nèi)下落的高度為

0.1m[答案][解析]AD因為電流恒定，所以圓環(huán)受到向上恒定的安培力，F(xiàn)＝BIL，L

是圓環(huán)的周長，由于圓環(huán)只受向下的重力和向上的安培力，因此圓環(huán)沒有擴散和收縮的趨勢，張力為零，A

項正確，B項錯誤；由于

mg＝ρLSg>BIL，因此圓環(huán)將向下做初速度為零的勻加速運動，ρgLS－BILρLS1a＝ ＝5m/s2，因此圓環(huán)在

0.2s

內(nèi)下落的高度

h＝2at2＝0.1m，D項正確，C

項錯誤．8．如圖甲所示，光滑的平行導(dǎo)軌

MN、PQ

放在水平面上固定不動，導(dǎo)軌表面上放著光滑導(dǎo)體棒

ab、cd，兩棒之間用細的絕緣細桿連接，兩導(dǎo)體棒平行且與導(dǎo)軌垂直，現(xiàn)加一垂直導(dǎo)軌平面的勻強磁場，設(shè)磁場方向向下為正，磁感應(yīng)強度

B

隨時間

t的變化如圖乙所示，t1－t0＝t0，不計

ab、cd

間電流的相互作用，不計導(dǎo)軌的電阻，每根導(dǎo)體棒的電阻為

R，導(dǎo)軌間距和絕緣細桿的長均為

L，則下列說法正確的是(

)A．在

0～t1

時間內(nèi)，絕緣細桿先被拉伸后被擠壓學(xué)海無涯[答案][解析]ADBIL，L是圓環(huán)的周長，由于29學(xué)海無涯

在

0～t1

時間內(nèi)，導(dǎo)體棒

ab

中感應(yīng)電流的方向先是從

b到a，后是從

a到

b若在

0～t1時間內(nèi)流過導(dǎo)體棒的電量為

q，則

t1

時刻的磁感應(yīng)強度大小為

qR2L2D．若在

0～t1

時間內(nèi)導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的總電熱為

Q，則

t1

時刻的磁感應(yīng)強度大小為

QRt0L20應(yīng)強度的大小也為

B

，則回路中感應(yīng)電流的大小為

I＝

t0 [答案] AD[解析] 在

0～t1

時間內(nèi)，磁感應(yīng)強度先變小后增大，因此導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌所圍的面積先有擴張趨勢，后有收縮趨勢，因而絕緣細桿先被拉伸后被擠壓，A

項正確；

在

0～t1

時間內(nèi)，磁感應(yīng)強度先正向減小，后反向增大，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的方向不變，B

項錯誤；設(shè)

t1

時刻磁感應(yīng)強度的大小為

B0，根據(jù)對稱性可知，t＝0

時刻磁感B0L22R，若在

0～L2t1

時間內(nèi)流過導(dǎo)體棒的電量為

q，則

q＝It1，解得

B0＝qR，C

項錯誤；若在

0～t1

時間內(nèi)導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的總電熱為

Q，則

I2×2R×2t0＝Q，L2解得

B0＝

QRt0，D

項正確．第Ⅱ卷(非選擇題 共62

分)二、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分．第

9

題～第

12

題為必考題，每個試題考生都必須作答．第

13

題～第

15

題為選考題，考生根據(jù)要求作答．)學(xué)海無涯強度大小為qR2L2D．若在0～t1時間內(nèi)導(dǎo)30學(xué)海無涯

(一)必考題(4

題，共

47

分)9．(6

分)某同學(xué)用如圖甲所示的實驗裝置做了兩個實驗：一是驗證機械能守恒定律，二是研究勻變速直線運動．該同學(xué)取了質(zhì)量分別為

m1＝50g

和

m2＝150g的兩個鉤碼

a、b，用一根不可伸長的輕質(zhì)細繩跨過定滑輪將它們連在一起，取

a、b

為研究系統(tǒng)．使鉤碼

b

從某一高度由靜止下落，鉤碼

a

拖著紙帶打出一系列的點．圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶，0

是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有

4

個點未標出，計數(shù)點間的距離如圖乙所示．(打點計時器所用電源頻率為

50Hz)由圖乙中的數(shù)據(jù)可求得打第“5”

點時鉤碼速度的大小為

m/s，鉤碼加速度的大小為

m/s2.在打

0～5

點的過程中，系統(tǒng)動能的增加量

ΔEk＝

J，系統(tǒng)重力勢能的減少量

ΔEp＝

J．(g

取

9.8m/s，結(jié)果保留三位有效數(shù)字)根據(jù)計算結(jié)果知

ΔEk

(填“>”、“<”或“＝”)ΔEp，出現(xiàn)上述結(jié)果的原因是

．學(xué)海無涯由圖乙中的數(shù)據(jù)可求得打第“5”點時鉤碼速度的大小31平均速度，故

v5＝學(xué)海無涯

[答案] (1)2.40

4.80

(2)0.576

0.588

(3)<

系統(tǒng)不可避免地要克服摩擦力做功[解析] (1)打第“5”點時鉤碼的速度等于打點“4”、“6”間鉤碼的21.60＋26.40×10－20.2m/s＝2.40m/s，根據(jù)

Δx＝aT2，

Δx可求得

a＝T2

＝26.40－21.60×10－20.12m/s2＝4.80m/s2.(2)在打

0～5

點的過程中，系統(tǒng)重力勢能的減少量等于

m2

重力勢能的減少量減去

m1重力勢能的增加量，即

ΔEp＝(m2－m1)gh＝0.588J，兩鉤碼運動的速度相等，故系統(tǒng)動能的增加量為

ΔEk＝1

m1＋m2)v2＝0.576J.(3)由(2)2(知

ΔEk<ΔEp，出現(xiàn)這一結(jié)果是因為系統(tǒng)不可避免地要克服摩擦力做功．10．(9

分)現(xiàn)要測量某未知電阻

Rx(阻值約

20Ω)的阻值，實驗室有如下實驗器材：電流表

A1(量程為

0～150mA，電阻

r1約為

10Ω)電流表

A2(量程為

0～20mA，電阻

r2＝30Ω)定值電阻

R0(100Ω)滑動變阻器

R(0～10Ω)直流電源

E(電動勢約

6V，內(nèi)阻較小)開關(guān)

S

與導(dǎo)線若干(1)請在方框中畫出測量電阻

Rx

的電路圖，并標上相應(yīng)元件的符號，要求電表的示數(shù)大于其總量程的三分之一．

平均速度，故v5＝學(xué)海無涯0.2m/s＝2.40m/s，32學(xué)海無涯

(2)寫出電阻

Rx

的表達式：Rx＝

(用已知量和一組直接測得的量的字母表示)．[答案] (1)如圖(2)I2r2＋R0I1－I2[解析] (1)從題中給出的器材知，這里對電阻

Rx

的測量可用伏安法來設(shè)計電路．由于題給的器材中沒有電壓表，且電流表

A2

的內(nèi)阻

r2

已知，因此電壓可由電流表

A2來間接測出，那么電流的測量只能由電流表

A1

來完成．由于電流表

A2

的量程為

0～20mA，用它測出的最大電壓為

Um＝20×10－3×30V＝0.6V，電阻

Rx

上的最大電流Rx約為Ix＝Um＝0.03A＝30mA，這時通過電流表A1

中的電流約為20mA＋30mA＝50mA，這樣我們就不能保證在實際測量中電流表

A1

的示數(shù)大于其量程(150mA)的1

為了增大電流表

A1

中的電流，我們可以將3.已知的固定電阻

R0(100Ω)

與電流表

A2

串聯(lián)．通過計算我們不難發(fā)現(xiàn)，這種設(shè)計完全符合題中的測量要求．本題如果用限流法，電路中學(xué)海無涯(2)I2r2＋R0I1－I2[解析] (1)33＋R0)，故

Rx＝學(xué)海無涯

的最小電流還超出電流表的量程，故控制電路宜采用分壓式，完整的實驗電路設(shè)計如答圖所示．(2)進行實驗時，在某次合適的測量中記下電流表A1

與電流表

A2

的示數(shù)分別為

I1

與

I2，則有(I1－I2)Rx＝I2(r2I2r2＋R0I1－I2.11．(13

分)一滑雪運動員以滑雪板和滑雪杖為工具在平直雪道上進行滑雪訓(xùn)練．如圖所示，某次訓(xùn)練中，他站在雪道上利用滑雪杖對雪面的作用第一次獲得水平推力

F＝60N

而向前滑行，其作用時間為

t1＝1s，撤除水平推力

F

經(jīng)過

t2＝2s

后，他利用滑雪杖對雪面的作用第二次獲得同樣的水平推力且其作用時間仍為

1s，之后滑雪杖對雪面不再發(fā)生相互作用．已知該滑雪運動員連同裝備的總質(zhì)量為

m＝50kg，假設(shè)在整個運動過程中受到的滑動摩擦力大小恒為

f＝10N，求該滑雪運動員(可視為質(zhì)點)從運動到停下來滑行的總距離．[答案][解析]9.6m第

1s

內(nèi)對滑雪運動員受力分析，

設(shè)加速度為

a1，運動的位移為

x1，第

1s

末的速度為

v1，則由牛頓第二定律得＋R0)，故Rx＝學(xué)海無涯I1－I2.11．(13分)34學(xué)海無涯

F－fa1＝m

＝1m/s2根據(jù)運動學(xué)公式可得2x1＝1

1

1a

t2＝0.5mv1＝a1t1＝1m/s第一次撤除水平推力

F

后，設(shè)加速度為

a2，減速運動的位移為x2，第

3s

末的速度為

v2，則由牛頓第二定律得ma2＝－

f

＝－0.2m/s22根據(jù)運動學(xué)公式得

x2＝v1t2＋1

2

2a

t2＝1.6mv2＝v1＋a2t2＝0.6m/s第二次水平推力

F

作用時，設(shè)加速度為

a3，運動的位移為

x3，第

4s

末的速度變?yōu)?/p>

v3，則由牛頓第二定律得

a3＝a1根據(jù)運動學(xué)公式得

x3＝v2t3＋1

3t3＝1.1m2a

2v3＝v2＋a3t3＝1.6m/s第二次撤除水平推力

F

后，設(shè)加速度為

a4，速度減為零時運動的位移為

x4，則由牛頓第二定律得

a4＝a20－v23根據(jù)運動學(xué)公式得

x4＝

2a4

＝6.4m故該滑雪運動員從運動到停下來滑行的總路程為

x＝x1＋x2＋x3＋x4＝9.6m學(xué)海無涯F－f根據(jù)運動學(xué)公式可得2x1＝111at235學(xué)海無涯

12．(19

分)如圖所示，一面積為

S

的單匝圓形金屬線圈與阻值為R

的電阻連接成閉合電路，不計圓形金屬線圈及導(dǎo)線的電阻．線圈內(nèi)存在一個方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度大小均勻增加且變化率為

k的磁場

Bt.電阻

R

兩端并聯(lián)一對平行金屬板

M、N，兩板間距為

d，N板右側(cè)

xOy

坐標系(坐標原點

O

在

N

板的下端)的第一象限內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強磁場，磁場邊界

OA

和

y

軸的夾角∠AOy＝45°，AOx

區(qū)域為無場區(qū)．在靠近

M

板處的

P點由靜止釋放一質(zhì)量為

m、帶電荷量為＋q

的粒子(不計重力)，經(jīng)過

N

板的小孔，從點

Q(0，l)垂直

y

軸進入第一象限，經(jīng)

OA

上某點離開磁場，最后垂直

x

軸離開第一象限．求：平行金屬板

M、N

獲得的電壓

U；yOA

區(qū)域內(nèi)勻強磁場的磁感應(yīng)強度

B；粒子從

P

點射出到到達

x

軸的時間．[答案] (1)kS(2)

lq2

2mkS

(3)(2d＋π＋24l)

m

2qkS[解析] 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，閉合電路的電動勢為學(xué)海無涯平行金屬板M、N獲得的電壓U；[答案] (136學(xué)海無涯

Δt ΔtE＝ΔΦ＝ΔB

S＝kS①因平行金屬板

M、N與電阻并聯(lián)，故

M、N兩板間的電壓為U＝UR＝E＝kS②(2)帶電粒子在

M、N間做勻加速直線運動，有2qU＝1

v2③m帶電粒子進入磁場區(qū)域的運動軌跡如圖所示，有v2qvB＝mr

④由幾何關(guān)系可得r＋rcot45°＝l⑤聯(lián)立②③④⑤得

B＝2l2mkSq(3)粒子在電場中，有2d＝1at21Uqd

＝ma學(xué)海無涯Δt ΔtE＝ΔΦ＝ΔBS＝kS①因平行金屬板37學(xué)海無涯

粒子在磁場中，有T＝2πrvt2＝14T粒子在第一象限的無場區(qū)中，有s＝vt3由幾何關(guān)系得

s＝r粒子從

P

點射出到到達

x

軸的時間為t＝t1＋t2＋t3聯(lián)立以上各式可得t＝2d＋4lπ＋2

m

2qkS(二)選考題：共

15

分．請考生從給出的

3

道物理題中任選一題作答．如果多做，則按所做的第一題計分．13．[物理—選修

3－3](15

分)(1)(6

分)某高中課外探究小組將

4

只相同的氣球充以質(zhì)量相等的空氣(可視為理想氣體)，放在水平的玻璃板上，并在氣球的上面再放一玻璃學(xué)海無涯t＝2d＋4lπ＋2 m(二38學(xué)海無涯

板．下列說法正確的是

．A．氣球內(nèi)氣體的壓強是由于氣體分子之間的斥力而產(chǎn)生的B．氣球內(nèi)氣體的壓強是由于大量氣體分子的碰撞而產(chǎn)生的C．若在上玻璃板上再放一個杯子，則氣球內(nèi)氣體體積不變(氣球內(nèi)氣體溫度可視為不變)若在上玻璃板上再放一個杯子，則氣球內(nèi)氣體內(nèi)能不變(氣球內(nèi)氣體溫度可視為不變)若在上玻璃板上再放一個杯子，則氣球內(nèi)氣體壓強不變(氣球內(nèi)氣體溫度可視為不變)(2)(9

分)如圖所示是正在使用的飲水機，在桶的上部有

1000mL

的氣體，氣體的壓強為

1.0×105Pa.某同學(xué)接了半杯水之后，再沒有氣體進入水桶，但桶內(nèi)氣體體積增加了

200mL.經(jīng)過足夠長的時間之后，桶內(nèi)氣體的溫度與接水前一致，試求此時桶內(nèi)氣體的壓強，并判斷桶內(nèi)氣體是吸熱還是放熱．(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)學(xué)海無涯如圖所示是正在使用的飲水機，在桶的上部有100039學(xué)海無涯

[答案][解析](1)BD(2)8.3×104Pa

吸熱(1)BD根據(jù)氣體壓強的微觀解釋可知

B