高考專題復(fù)習(xí)牛頓運動定律專題

2019年高考專題復(fù)習(xí)：牛頓運動定律專題2019年高考專題復(fù)習(xí)：牛頓運動定律專題2019年高考專題復(fù)習(xí)：牛頓運動定律專題EvaluationOnly.CreatedwithAspose.PDF.Copyright2002-2020AsposePtyLtd.做加速度增大的減速運動，再依照運動學(xué)規(guī)律得出落地址在拋出點西側(cè)，故C錯誤；故答案為：D。牛頓運動定律專題【解析】本題屬于奇特的題型，這樣的水平力，學(xué)一生常應(yīng)該都沒有見過，但是仔細解析題干就會得出其實這就是一、單項選擇題運動的合成與分解，小球參加了水平和豎直兩個方向的運動，結(jié)合牛頓運動定律即可得出答案。經(jīng)過理想斜面實驗得出）A.亞里士多德B.伽利略C.笛卡爾D.牛頓【答案】B用國際單位制的基本單位表示能量的單位，以下正確的選項是（）A.22/sB.2C.N/mD.【答案】A【考點】單位制及量綱【考點】牛頓第必然律【解析】【解答】能量單位為焦耳，依照做功，可知，而JW=FL1J=1Nm【解析】【解答】A:亞里士多德提出了運動需要力來保持；B、伽利略用理想實驗考據(jù)了2因此正確答案為A【解析】利用公式推導(dǎo)新的單位，這是對量綱的察看，國際基本單位有7個，Kg、m，、A、mol，T、Cd；其他單

因D、牛頓總結(jié)了先人的工作【解析】物理學(xué)史的知識，每一位科位都是導(dǎo)出單位。學(xué)家都有他的經(jīng)典之作，記牢即可選擇出答案。5.以下列圖，在圓滑水平面上以水平恒力F拉動小車，讓小車和木塊一起做無相對滑動的加速運動，若小車質(zhì)量為（2018?卷Ⅰ）如圖，輕彈簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物塊P，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)用一豎直向上的M，木塊質(zhì)量為m，加速度大小為a，木塊和小車間的動摩擦因數(shù)為4個式子來

力F作用在P上，使其向上做勻加速直線運動，以x表示P走開靜止地址的位移，在彈簧恢復(fù)原長前，以下表示F表達拉力F的大小，下述表達式必然正確的選項是（）

和x之間關(guān)系的圖像可能正確的選項是（）A.MaB.μC.（M+m）aD.μ【答案】C【考點】滑動摩擦力，靜摩擦力，對質(zhì)點系的應(yīng)用，連接體問題【解析】【解答】解：A、先對整體受力解析，受重力、支持力和拉力，依照牛頓第二定律，有：F=（M+m），A不吻合題意，C吻合題意，B、由于M與m間無相對滑動，未靜摩擦力，則不能夠用f=mg來計算兩者間的摩擦力大小，BD不吻合題意故答案為：C【解析】先對整體受力解析，受重力、支持力和拉力，依照牛頓第二定律F=（M+mM與m間無相對滑動，ABCD未靜摩擦力，則不能夠用f=mg來計算兩者間的摩擦力大小?！敬鸢浮緼以下列圖，n個質(zhì)量為m的相同木塊并列放在水平面上，木塊跟水平面間的動摩擦因數(shù)為1木塊施加一【考點】連接體問題，胡克定律，物體的受力解析個水平向右的推力F時，木塊加速運動，木塊5對木塊4的壓力大小為（）【解析】【解答】由牛頓運動定律，F(xiàn)-mg+F彈=ma，F(xiàn)彈=-x),kx=mg，聯(lián)立解得F=ma+kx，比較題給的四個圖象，可能正確的選項是A。故答案為：A【解析】該題需選擇物塊P為研究對象，對P分兩種情況進行進行受力解析：未對P施加拉力F時，有mg=kx；對P施加拉力F后，爾后依照牛頓第二定律FA.FB.C.D.合=ma列出方程。即可推導(dǎo)出拉力F與x的關(guān)系式。合=ma列出方程。即可推導(dǎo)出拉力F與x的關(guān)系式。（2018?北京）依照高中所學(xué)知識可知,做自由落體運動的小球?qū)⒙湓谡路降刂贰５珜嵸|(zhì)上,赤道上方200m處無

【答案】D初速下落的小球?qū)⒙湓谡路降刂菲珫|約6cm處這一現(xiàn)象可講解為除重力外由于地球自轉(zhuǎn)下落過程小球還碰到一

【考點】對單物體(質(zhì)點)的應(yīng)用個水平向東的現(xiàn)將小球從赤道地面豎直上拋考慮對稱性上升過程該水平向西,則小球（）A.到最高點時,水平方向的加速度和速度均為零【解析】【解答】解：以整體為研究對象，依照牛頓第二定律：F=nma得：a=以1234為研究對象，設(shè)5對4的壓力為N，依照牛頓第二定律：﹣N=4m聯(lián)立以上二式得：N=，ABC不吻合題意，D吻合題意．

B.到最高點時,水平方向的加速度和速度均不為零C.落地址在拋出點東側(cè)故答案為：D．D.落地址在拋出點西側(cè)【解析】本題察看整體法與隔斷法結(jié)合牛頓第二定律的應(yīng)用，整體應(yīng)用牛頓第二定律求出整體的加速度，再隔斷計【答案】D算木塊5對木塊4的壓力大小?！究键c】對質(zhì)點系的應(yīng)用，位移的合成與分解以下列圖，A、B兩物體質(zhì)量分別為m、mB，且mA＞mB，置于圓滑水平面上，相距較遠．將兩個大小均【解析】【解答】依照題意，將小球從赤道地面豎直上拋，水平方向碰到一個與豎直方向的速度大小成正比的力，為F的力，同時分別作用在A、B上經(jīng)過相同距離后，撤去兩個力，兩物體發(fā)生碰撞并粘在一起后將（）小球從地面豎直上拋，速度越來越小，故水平方向的力越來越小，到達最高點時，豎直方向的速度為零，故水平方向的加速度為零，水平方向小球做加速度減小的加速運動，故到達最高點時，小球的速度不為零，故AB錯誤；小球在下落的過程中，豎直方向做勻加速直線運動，因此水平方向加速度逐漸增大；水平方向加速度向東，因此向西A.停止運動B.向左運動C.向右運動D.運動方向不能夠確定1EvaluationOnly.CreatedwithAspose.PDF.Copyright2002-2020AsposePtyLtd.【答案】C【考點】對單物體(質(zhì)點)的應(yīng)用，動量定理，動量守恒定律，勻變速直線運動基本公式應(yīng)用【解析】【解答】解：力F大小相等，mA＞mB，由牛頓第二定律可知，兩物體的加速度有：A＜B，由題意知：SA=SB，D、座椅對人的作用力方向與水平方向的夾角的正切值為：，故D錯誤應(yīng)選：C．【解析】將加速度a分解為水平方向和豎直方向，在兩個方向上經(jīng)過牛頓第二定律求出靜摩擦力和彈力的大小．以下列圖，一根超出一固定的水平圓滑細桿的輕繩兩端拴有兩個小球，球a置于水平川面上，球b被拉到與細桿2由運動學(xué)公式得：A=AtA2，SB=BtB，同一水平的地址，把繩拉直后，由靜止釋放球bb擺到O點正下方時，球a對地面的壓力大小為其重力的，可知：A＞B，由IAA，IB=FB，得：IA＞IB，已知圖中Ob段的長度小于Oa段的長度，不計空氣阻力，則（）由動量定理可知PA=IA，PB=IB，則PA＞PB，碰前系統(tǒng)總動量向右，碰撞過程動量守恒，由動量守恒定律可知，碰后總動量向右，ABD不吻合題意，C吻合題意．故答案為：C．【解析】判斷兩物體發(fā)生碰撞并粘在一起后做什么樣的運動，先由牛頓第二定律求出加速度，再判斷沖量的大小，A.球b下擺過程中處于失重狀態(tài)最后依照碰前系統(tǒng)總動量向右，碰撞過程動量守恒，由動量守恒定律可知，碰后總動量向右。B.球b下擺過程中向心加速度變小如圖，在傾角為α的固定圓滑斜面上，有一用繩子栓著的長木板，木板上站著一只貓．已知木板的質(zhì)量是貓的質(zhì)量的2倍．當繩子突然斷開時，貓馬上沿著板向上跑，以保持其相對斜面的地址不變．則此時木板沿斜面下滑的加C.當球b擺到O點正下方時，球b所受的向心力為球a重力的速度為（）D.兩球質(zhì)量之比m：b=9：2【答案】D【考點】對單物體(質(zhì)點)的應(yīng)用，向心力，動能定理的理解【解析】【解答】解：A、球b下落過程中，做圓周運動，向心加速度指向圓心，加速度向上，故處于超重，故A錯誤；B、b球速度增大，依照a=可知，向心加速度增大，故B錯誤；A.sinαB.αC.gsinαD.2gsinα【答案】B、當球b擺到O點正下方時，球a對地面的壓力大小為其重力的，則F+FN=mg，解得，球b所受的向心力為F向=F﹣mg=，故C錯誤【考點】對質(zhì)點系的應(yīng)用，連接體問題【解析】【解答】解：木板沿斜面加速下滑時，貓保持相對斜面的地址不變，即相對斜面靜止，加速度為，對系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：3mgsin=2mga，解得：D、設(shè)Ob繩長為l，在下落過程中，依照動能定理可知，則，聯(lián)立解得m：mb=9：，故D正確；故答案為：B．應(yīng)選：D【解析】本體用整體法比較簡單，貓保持相對斜面的地址不變，即相對斜面靜止，加速度為，對整體列牛頓第二定【解析】b球下落過程中作圓周運動的一部分，依照加速度的方向判斷出超失重現(xiàn)象，當b球擺到豎直最低地址時，律方程即可求解。球a對地面的壓力大小為其重力的，判斷出繩子的拉力，由牛頓第二定律，結(jié)合向心力公式可列出質(zhì)量、速度及以下列圖，某滑雪場的索道與水平面夾角為=37m=50g的人坐在纜車內(nèi)的水平座椅上，當纜車隨索道以a=2m/s22的加速度斜向上運動時，已知g=10m/s，sin37°，cos37，則（）半徑間的關(guān)系；再運用機械能守恒定律可列出b球的質(zhì)量與速度間的關(guān)系；最后可求出兩球質(zhì)量關(guān)系．以下列圖，一只貓在桌邊猛地將桌布從魚缸下拉出，魚缸最后沒有滑出桌面．若魚缸、桌布、桌面兩兩之間的動摩擦因數(shù)均相等，則在上述過程中（）A.座椅對人的摩擦力大小為100NB.座椅對人的摩擦力方向與水平方向的夾角為37C.座椅對人的支持力大小為560ND.座椅對人的作用力方向與水平方向的夾角為37【答案】C【考點】對單物體(質(zhì)點)的應(yīng)用A.桌布對魚缸摩擦力的方向向左B.魚缸在桌布上的滑動時間和在桌面上的相等2【解析】【解答】解：AB、將加速度a分解為水平方向和豎直方向，則水平加速度為：x=acos372y=asin37，，C.若貓增大拉力，魚缸碰到的摩擦力將增大D.若貓減小拉力，魚缸必然不會滑出桌面【答案】B在水平方向上依照牛頓第二定律得：f=max=80N，故AB錯誤．【考點】滑動摩擦力，對質(zhì)點系的應(yīng)用，連接體問題，勻變速直線運動基本公式應(yīng)用C、在豎直方向上，依照牛頓第二定律得：N﹣mg=may，【解析】【解答】解：A、桌布向右拉出時，魚缸相對于桌布有向左的運動，故魚缸碰到的摩擦力向右；故A錯誤；解得：N=mg+may=560N，故C正確B、由于魚缸在桌面上和在桌布上的動摩擦因數(shù)相同，故碰到的摩擦力相等，則由牛頓第二定律可知，加速度大小相2EvaluationOnly.CreatedwithAspose.PDF.Copyright2002-2020AsposePtyLtd.等；但在桌面上做減速運動，則由v=at可知，它在桌布上的滑動時間和在桌面上的相等；故B正確；【解析】【解答】解：對PQ整體受力解析，碰到重力、支持力和滑動摩擦力，如圖C、魚缸碰到的摩擦力為滑動摩擦力，其大小與拉力沒關(guān)，只與壓力和動摩擦因數(shù)有關(guān)，因此增大拉力時，摩擦力不變；故C錯誤；D、貓減小拉力時，桌布在桌面上運動的加速度減小，則運動時間變長；因此魚缸加速時間變長，桌布抽出時的位移以及速度均變大，則有可能滑出桌面；故D錯誤；應(yīng)選：B【解析】依照摩擦力性質(zhì)可判斷魚缸碰到的摩擦力方向以及拉力變化時摩擦力的變化情況；再依照牛頓第二定律以及運動學(xué)公式進行解析，明確拉力變化后運動位移的變化情況．某個質(zhì)量為m、帶電量為﹣q（＞）的小球僅在重力作用下從靜止開始沿豎直向下方向做勻加速直線運動，一段時間后在小球運動的空間中施加豎直方向的勻強電場，小球又經(jīng)過相等的時間恰好回到出發(fā)點，則（）A.B.電場強度方向豎直向下，大小為電場強度方向豎直向下，大小為依照牛頓第二定律，有：（m+M）gsinμ2（m+M）=（M+m）a解得：a=g（μ再對P物體受力解析，碰到重力mg、支持力和沿斜面向上的靜摩擦力，依照牛頓第二定律，有mgsinf=ma?②C.電場強度方向豎直向上，大小為D.電場強度方向豎直向上，大小為【答案】A【考點】牛頓運動定律與電磁學(xué)綜合，勻變速直線運動導(dǎo)出公式應(yīng)用【解析】【解答】解：電場力大小為F=qE，由①②解得P碰到的摩擦力大小為：f=2依照牛頓第三定律可得物塊P對Q的摩擦力為故ACD錯誤、B正確；應(yīng)選：B．設(shè)勻加速直線運動的時間為．向下的過程中：h=①【解析】先對PQ整體受力解析，依照牛頓第二定律求解出加速度，爾后隔斷出物體，受力解析后依照牛頓第二定律列式求解出Q對P的摩擦力，再依照牛頓第三定律求解P對Q的摩擦力．

對于勻變速直線運動，有a=②據(jù)題有：③解得F=4mg以下列圖，質(zhì)量分別為m、2m的球A、B由輕質(zhì)彈簧相連后再用細線懸掛在正在豎直向上做勻加速運動的電梯內(nèi)，細線中的拉力為F在線斷的剎時，彈簧的彈力的大小和小球A的加速度大小分別為（）因此：E=．故A正確，BCD錯誤．應(yīng)選：A【解析】物體先向上勻加速直線運動，撤去拉力后的運動能夠看作一種有往來的勻減速直線運動，兩個過程的位移大小相等、方向相反，由牛頓第二定律和位移公式結(jié)合求解．A.，+gB.，+gC.，+gD.，+g以下列圖，質(zhì)量分別為m和M的兩長方體物塊P和Q，疊放在傾角為P、Q間的動摩擦因數(shù)為1，Q與斜面間的動摩擦因數(shù)為2．當它們從靜止釋放沿斜面滑下時，兩物塊向來保持相對靜止，則物塊P對Q的摩擦力為（）【答案】A【考點】對質(zhì)點系的應(yīng)用，連接體問題【解析】【解答】解：剪斷細線前：設(shè)彈簧的彈力大小為f．依照牛頓第二定律得對整體：﹣3mg=3ma對B球：f﹣2mg=2ma解得，f=A.mgcosB.mgcos剪斷細線的剎時：彈簧的彈力沒有來得及變化，大小仍為f=．C.mgcosD.mgcos【答案】B對A球：mg+f=maA【考點】對單物體(質(zhì)點)的應(yīng)用，整體法隔斷法得A=+g應(yīng)選A【解析】先分別以整體和B球為研究對象，依照牛頓第二定律研究剪斷細線前彈簧的彈力．剪斷細線的剎時，彈簧的彈力沒有來得及變化，再由依照牛頓第二定律求出A球的加速度．一滑塊以必然的初速度從一固定斜面的底端向上沖，到斜面上某一點后返回底端，斜面粗糙．滑塊運動過程中加速度與時間關(guān)系圖象以下列圖．以下四幅圖象分別表示滑塊運動過程中位移、速度、動能Ek和重力勢能E（以3EvaluationOnly.CreatedwithAspose.PDF.Copyright2002-2020AsposePtyLtd.斜面底端為參照平面）隨時間變化的關(guān)系圖象，其中正確的選項是（）由于gsingsin0，但0因此假設(shè)不行立，即速度的方向必然向上．滑塊向上運動，重力有沿桿向下的分力，同時摩擦力的方向沿桿的方向向下，因此滑塊的加速度方向向下，滑塊沿桿減速上滑．則滑塊的動量方向沿桿向上，正在均勻減小．故ABC錯誤，D正確應(yīng)選：D【解析】滑塊與小球保持相對靜止，并以相同的加速度a一起下滑，對整體進行受力解析求出加速度，采用隔斷法，解析小球的受力，求出加速度，結(jié)合以下列圖，豎直半圓環(huán)中有多條初步于A點的圓滑軌道，其中AB經(jīng)過環(huán)心O并保持豎直．一質(zhì)點分別自A點A.B.C.D.沿各條軌道下滑，初速度均為零．那么，質(zhì)點沿各軌道下滑的時間對照較（）【答案】D【考點】牛頓定律與圖象，功能關(guān)系，機械能守恒及其條件，能量守恒定律，動能與重力勢能【解析】【解答】解：A、物塊向上做勻減速直線運動，向下做勻加速直線運動，據(jù)位移公式可知，位移與時間成二次函數(shù)關(guān)系；據(jù)運動學(xué)公式可知，下滑所有的時間要大于上升所用的時間，先減速后加速，加速度向來向下，因此x﹣t圖象應(yīng)是張口向下的拋物線，故A錯誤；B、由A解析知速度方向相反，故B錯誤；2C、依照Ek=mv知動能先減小后增大，與時間為二次函數(shù)，故C錯誤；A.無論沿圖中哪條軌道下滑，所用的時間均相同DE=mgh=mgx=mgvtaD、（），為負，故為張口向下的拋物線，故正確．p0B.AB質(zhì)點沿著與夾角越大的軌道下滑，時間越短應(yīng)選：DC.AB質(zhì)點沿著軌道下滑，時間最短【解析】依照﹣t圖象知上滑和下滑過程中的加速度大小，從而得出速度隨時間的變化規(guī)律；D.ABAB軌道與夾角越小（除外），質(zhì)