江西省贛州市2022屆高三上學(xué)期物理期末考試試卷

江西省贛州市2022屆高三上學(xué)期物理期末考試試卷閱卷人一、單選題（共7題；共14分）得分（2分）2021年12月10日上午9點(diǎn)，G2197次列車從贛州西站發(fā)出，一路向南駛向深圳，這標(biāo)志著贛深高鐵正式開(kāi)通運(yùn)營(yíng)，贛南革命老區(qū)與深圳經(jīng)濟(jì)特區(qū)之間從此有了快速客運(yùn)通道。以下相關(guān)說(shuō)法正確的是（ ）A.列車啟動(dòng)時(shí)乘客受到車廂作用力的方向與車運(yùn)動(dòng)的方向相反B.由綜合技術(shù)實(shí)時(shí)測(cè)量并顯示在車廂內(nèi)的速度297km"為列車的瞬時(shí)速度C.硬幣能始終直立在列車窗臺(tái)上，說(shuō)明列車一定是做勻速直線運(yùn)動(dòng)D.單位km、八、。。是國(guó)際單位制中的基本單位【答案】B【解析】【解答】A.列車啟動(dòng)時(shí)乘客和列車一起加速運(yùn)動(dòng)，受到車廂作用力的方向與車運(yùn)動(dòng)的方向相同，A不符合題意；B.由綜合技術(shù)實(shí)時(shí)測(cè)量并顯示在車廂內(nèi)的速度297km"為列車的瞬時(shí)速度，B符合題意；C.硬幣能始終直立在列車窗臺(tái)上，說(shuō)明硬幣處于平衡狀態(tài)可能是做勻速直線運(yùn)動(dòng)也可能是靜止?fàn)顟B(tài)，C不符合題意；D.單位krn、限。。均不是國(guó)際單位制中的基本單位，D不符合題意。故答案為：B。【分析】乘客受到車廂作用力的方向與車運(yùn)動(dòng)的方向相同，才可以讓乘客隨車一起加速。車廂內(nèi)的速度為測(cè)速瞬間的速度，所以為瞬時(shí)速度，基本單位只有7個(gè)，不包括km、h、℃o（2分）一電子在電場(chǎng)中由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的軌跡如圖中虛線所示，圖中一組平行的水平直線（實(shí)線）是等勢(shì)線，則下列說(shuō)法正確的是（ ）

A.a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)低A.a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)低B.電子在a點(diǎn)的加速度方向向下C.電子從a點(diǎn)到。點(diǎn)速度增大D.電子從a點(diǎn)到b點(diǎn)電勢(shì)能減小【答案】B【解析】【解答】A.電場(chǎng)線方向與等勢(shì)面垂直，電子帶負(fù)電，由圖可判斷所受電場(chǎng)力向下，電場(chǎng)線方向是豎直向上，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)越來(lái)越低，a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)高，A不符合題意；B.電子在a點(diǎn)受到的電場(chǎng)力向下，故加速度方向向下，B符合題意；CD.電子從a點(diǎn)到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減少，電勢(shì)能增加，C、D不符合題意。故答案為：Bo【分析】電場(chǎng)線方向與等勢(shì)面垂直，水平直線（實(shí)線）是等勢(shì)線，電場(chǎng)線豎直。曲線運(yùn)動(dòng)合力指向軌跡內(nèi)側(cè)，電場(chǎng)方向向上。電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減少，電勢(shì)能增加。（2分）將甲、乙兩小球先后以相同的初速度3Vo從水平地面豎直向上拋出，拋出的時(shí)間間隔為T(mén),它們運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示，則（ ）t=T時(shí)，甲球距離地面的高度為voTt=1.5T時(shí)，兩球高度差最大t=2T時(shí)，兩球距離地面的高度相同t=3T時(shí)，甲球距離地面的高度大于乙球【答案】C【解析】【解答】A.據(jù)速度時(shí)間圖像與時(shí)間軸所圍的“面積”表示質(zhì)點(diǎn)的位移，則t=T時(shí)，甲球運(yùn)動(dòng)的位移為％="Q."。7=2v0TA不符合題意；B.由圖像可知，t=T時(shí)，兩圖線的“面積”之差最大，位移之差最大，相距最遠(yuǎn)即高度差最大，B不符合題意：t=2T時(shí)，甲球的位移為九尹=瑪也*27=2%7乙球的位移為h/=嗎%xT=2v0T乙 ZC符合題意；t=3T時(shí)，甲球的位移為八'=嗎電勾'37=0甲2乙球的位移為九；=3%%x2T=2vqTD不符合題意。故答案為：Co【分析】Vt圖像與時(shí)間軸所圍的“面積”表示運(yùn)動(dòng)的位移，面積之差最大，位移之差最大，高度差最大。（2分）如圖所示，垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在正方形虛線區(qū)域內(nèi)，電阻均勻的正方形導(dǎo)線框abed位于虛線區(qū)域的中央，兩正方形共面且四邊相互平行。現(xiàn)將導(dǎo)線框先后朝圖示兩個(gè)方向以速度3v分別勻速拉出磁場(chǎng)，拉出時(shí)保持線框不離開(kāi)紙面且速度垂直線框。比較兩次移出磁場(chǎng)的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的是（ ）：OOOO：TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"a ?：o o o o： 3v- —；——?：o o o o：：dC\o o o o;A.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反B.ad邊兩端的電壓之比為1：3C.線框中產(chǎn)生的焦耳熱之比為1：1D.通過(guò)導(dǎo)線框某一截面的電荷量之比為1：1【答案】D【解析】【解答】A.因?qū)?dǎo)線框移出磁場(chǎng)的過(guò)程中，穿過(guò)導(dǎo)線框的磁通量減少，由楞次定律知兩次移出磁場(chǎng)的過(guò)程中導(dǎo)線框產(chǎn)生的電流方向相同，A不符合題意；B.以速度v拉出磁場(chǎng)時(shí)，be邊相當(dāng)于電源，切割電動(dòng)勢(shì)=ad邊兩端的電壓%=*?J/?=ifiLv1K4 4以速度3V拉出磁場(chǎng)時(shí)，ad邊相當(dāng)于電源，切割電動(dòng)勢(shì)&=3BLu導(dǎo)體框ad邊兩端的電壓力=皆?^/?=^BLvad邊兩端的電壓之比為1：9,B不符合題意；C.設(shè)變長(zhǎng)為L(zhǎng),總電阻為R,運(yùn)動(dòng)速度v,根據(jù)/=冬=萼KKL

t=v23則產(chǎn)生的熱量Q=/2雙=之尹可見(jiàn)產(chǎn)生的熱量與速度有關(guān)，所以線框中產(chǎn)生的焦耳熱之比為1：3,C不符合題意；D.平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)月=養(yǎng)平均電流7=§K電荷量q=[At=羿與速度無(wú)關(guān)，向左和向右兩次拉出磁場(chǎng)過(guò)程中，磁通量的變化量相等，故兩次的電荷量之比為1：1,D符合題意。故答案為：D?！痉治觥坑衫愦味山Y(jié)合右手螺旋定則可以求出線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向。由閉合電路歐姆定律可以求出ad邊兩端的電壓之比。由焦耳定律求出產(chǎn)生的焦耳熱之比。5.（2分）如圖所示，在x>0、y>0的空間內(nèi)有方向垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).現(xiàn)有兩個(gè)質(zhì)量及電荷量均相同的帶電粒子，由x軸上的P點(diǎn)以不同的初速度平行于y軸射入此磁場(chǎng)，然后分別從y軸上的M、N兩點(diǎn)射出磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力及它們間的相互作用.比較兩粒子的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）八yTOC\o"1-5"\h\z,,X X X X XX X X X XX x x xX X X X XA.從N點(diǎn)射出的粒子初速度較大B.從N點(diǎn)射出的粒子在磁場(chǎng)中的加速度較大C.從M點(diǎn)射出的粒子在磁場(chǎng)中的角速度較大D.從M點(diǎn)射出的粒子在磁場(chǎng)中的時(shí)間較短【答案】D【解析】【解答】分別畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖：A.根據(jù)r=知，粒子的質(zhì)量及電荷量均相同，初速度大的軌道半徑大，由圖可知從N點(diǎn)射出的粒子初速度較小，A不符合題意；C.根據(jù)7=鬻知，粒子的在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與粒子的速度無(wú)關(guān)，粒子的質(zhì)量及電荷量均相同，則周期相同，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度：3=字=無(wú)是相等的。C不符合題意；ImB.粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度：an=a）2r,兩種粒子的角速度相等，到達(dá)M點(diǎn)的半徑大，所以從M點(diǎn)射出的粒子在磁場(chǎng)中的加速度較大。B不符合題意；D.由圖可知，從M點(diǎn)射出的粒子圓心角比較小，根據(jù)t= 知，從M點(diǎn)射出的粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短，D符合題意。故答案為：Do【分析】畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡。洛倫茲力提供向心力，得出半徑表達(dá)式，初速度大的軌道半徑大。粒子的在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與粒子的速度無(wú)關(guān)。到達(dá)M點(diǎn)的粒子半徑大，在磁場(chǎng)中的加速度較大。（2分）如圖所示，質(zhì)量均為m=1kg的小球4、B用兩根不可伸長(zhǎng)的輕繩連接后懸掛于0點(diǎn)，現(xiàn)對(duì)小球A施加大小恒為16N、方向可以改變的外力F,若要使兩小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，懸線。4與豎直方向的夾角8的值不可能是（）

F45°37°30°F45°37°30°【答案】A【解析】【解答】?jī)尚∏蛱幱陟o止?fàn)顟B(tài)，對(duì)A、B整體為研究對(duì)象，受力分析，受整體重力、OA繩子拉力、外力F,三個(gè)力共點(diǎn)力平衡。重力大小方向均不變，外力尸大小不變，方向可變，由三角形定則可知，當(dāng)外力尸與繩子拉力T垂直時(shí)，8時(shí)，8最大。由幾何關(guān)系可知F16N

sind=2mg^2ON=08故懸線OA與豎直方向的夾角。的最大值為53。，不可能是60。，故答案為：Ao【分析】?jī)尚∏蛱幱陟o止?fàn)顟B(tài)，由平行四邊形法則，通過(guò)平移得到三力的矢量三角形。由幾何關(guān)系，當(dāng)外力F與繩子拉力T垂直時(shí)，。最大。（2分）如圖甲所示，用起重機(jī)起吊質(zhì)量為m的重物，重物上升過(guò)程中速度的平方v2與上升高度h的關(guān)系圖像如圖乙所示，重力加速度為g,則重物上升過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（ ）-OhQ2h03h0h甲 乙A.重物加速上升的時(shí)間為勺B.起重機(jī)對(duì)重物做功的最大瞬時(shí)功率為mg%C.重物上升過(guò)程中，克服重力做功的平均功率為D.重物加速上升時(shí)，起重機(jī)對(duì)重物做正功，減速上升時(shí)，起重機(jī)對(duì)重物做負(fù)功【答案】C【解析】【解答】A.由題圖可知在0~ho高度范圍內(nèi)重物加速上升，且由于該高度范圍內(nèi)/一人圖像為直線，所以重物勻加速上升，則重物加速上升的時(shí)間為公=勺=騫=留A不符合題意；?2v2-九圖像的斜率表示加速度的2倍，則重物勻加速上升時(shí)的加速度大小為a=祟2如2根據(jù)牛頓第二定律可知重物勻加速上升時(shí)起重機(jī)對(duì)重物的牽引力大小為F=mg+ma=mg+警3當(dāng)重物勻加速至速度大小為V0時(shí)，起重機(jī)對(duì)重物做功的瞬時(shí)功率最大，為Pmax=F%=mg%+簪B不符合題意；C.由圖像的對(duì)稱性可知重物勻減速上升的時(shí)間為t3=h=*重物勻速上升的時(shí)間為t2=0v0重物上升過(guò)程中，克服重力做功的平均功率為聲=7^嚓~=lmgv0c符合題意；D.重物上升時(shí)，起重機(jī)對(duì)重物的牽引力方向始終與速度方向相同，所以始終做正功，D不符合題n*r.o故答案為：Co【分析】利用其運(yùn)動(dòng)的位移和平均速度可以求出重物上升的時(shí)間；利用牛頓第二定律可以求出起重機(jī)牽引力的大小，結(jié)合其最大速度的大小可以求出最大瞬時(shí)功率的大?。焕闷渌俣裙娇梢郧蟪鲞\(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合重力做功可以求出平均功率的大小，利用其牽引力方向與速度方向相同可以判別牽引力做正功。

閱卷入二、多選題（共3題；共6分）得分（2分）如圖所示，a、b兩顆衛(wèi)星分別繞地球做圓軌道運(yùn)動(dòng)和橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，P、Q兩點(diǎn)分別為匕衛(wèi)星橢圓軌道的近地點(diǎn)、遠(yuǎn)地點(diǎn)。則（ ）a衛(wèi)星的運(yùn)行周期可能為1小時(shí)b衛(wèi)星從Q點(diǎn)到P的過(guò)程中，速度變化越來(lái)越快ab兩顆衛(wèi)星受到地球的引力大小有時(shí)可能相等D.衛(wèi)星a、b與地心的連線在相同的時(shí)間內(nèi)所掃過(guò)的面積相同【答案】B.C【解析】【解答】A.近地衛(wèi)星的周期是所有衛(wèi)星中運(yùn)行周期最小的，約等于85min,所以A不符合題意；b衛(wèi)星從Q點(diǎn)到P的過(guò)程中，地球?qū)ζ湟υ絹?lái)越大，加速度越來(lái)越大，所以速度變化越來(lái)越快,B符合題意；ab兩顆衛(wèi)星離地心的距離不等"離地心的距離還在變化），但兩衛(wèi)星質(zhì)量未知，所以受到地球的引力大小有時(shí)可能相等，C符合題意；D.根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可知，同一顆衛(wèi)星在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中與地心連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等,D不符合題意；故答案為：BCa【分析】近大遠(yuǎn)小，近地衛(wèi)星的速度是最快的，周期是最小的。Q點(diǎn)到P的過(guò)程中，離地球越來(lái)越近，地球?qū)ζ湟υ絹?lái)越大，加速度越來(lái)越大。不知道質(zhì)量大小，無(wú)法具體求解引力大小。（2分）如圖所示，小滑塊P、Q的質(zhì)量均為m,P套在豎直固定的長(zhǎng)桿上，P、Q通過(guò)一根繞過(guò)小定滑輪的不可伸長(zhǎng)輕繩連接?，F(xiàn)將滑塊P由a點(diǎn)靜止釋放，滑塊P經(jīng)過(guò)匕點(diǎn)時(shí)，右側(cè)輕繩水平，然后繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)c點(diǎn)。已知ab=bc=L,b點(diǎn)到定滑輪的距離為舊人忽略所有摩擦，不計(jì)繩子質(zhì)量，貝U（ ）A.滑塊P經(jīng)過(guò)c點(diǎn)時(shí)速度大小為1商IB.滑塊P經(jīng)過(guò)b點(diǎn)時(shí)，繩子拉力大小等于mgC.滑塊P從a點(diǎn)到c點(diǎn)的過(guò)程中，滑塊Q的動(dòng)能先增大后減小D.從a點(diǎn)到c點(diǎn)的過(guò)程中，滑塊P的機(jī)械能先增大后減小【答案】A,D【解析】【解答】A.已知ab=bc=L,滑塊P經(jīng)過(guò)從a點(diǎn)至k點(diǎn)時(shí)，滑塊Q的高度未發(fā)生變化，將滑塊p的速度沿繩方向和垂直于繩子方向分解，則沿繩子方向％=vpcose滑塊Q的速度大小與VI相同"Q=V1=vPcos3根據(jù)幾何關(guān)系可得cos。=\從a點(diǎn)至!]c點(diǎn)，系統(tǒng)動(dòng)能定理得mgL=^mvp+詔聯(lián)立解得咋=5gLA符合題意；B.分析得經(jīng)過(guò)b點(diǎn)時(shí)，滑塊P的速度不為0,則滑塊Q在最低點(diǎn)加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律可知，繩子拉力大小大于mg,B不符合題意；C.滑塊P在a點(diǎn)的速度和經(jīng)過(guò)b點(diǎn)時(shí)沿繩子方向的分速度都為零，故滑塊Q在對(duì)應(yīng)時(shí)刻的速度也為0；滑塊P從b點(diǎn)到c點(diǎn)的過(guò)程中，速度一直增大，可得滑塊Q從b點(diǎn)到c點(diǎn)的過(guò)程中，速度也一直增大，故滑塊P從a點(diǎn)到c點(diǎn)的過(guò)程中，滑塊Q的動(dòng)能先增大后減小再增大，C不符合題意；D.從a點(diǎn)到c點(diǎn)的過(guò)程中，繩子對(duì)滑塊P的拉力做功先做正功在做負(fù)功，根據(jù)功能關(guān)系可知，滑塊P的機(jī)械能先增大后減小，D符合題意。故答案為：ADo【分析】實(shí)際速度方向?yàn)楹纤俣确较颍瑢⒒瑝KP的速度沿繩方向和垂直于繩子方向分解，從a點(diǎn)到c點(diǎn)由動(dòng)能定理得滑塊P經(jīng)過(guò)c點(diǎn)時(shí)速度大小?；瑝KQ在最低點(diǎn)加速度向上，繩子拉力大小大于mg。繩子對(duì)滑塊P的拉力做功先做正功在做負(fù)功，滑塊P的機(jī)械能先增大后減小。（2分）如圖所示，電源內(nèi)阻r和燈泡L的電阻R均恒定不變，。為理想二極管，％、%為定值電阻，電表均為理想電表。閉合S且電路穩(wěn)定后，有一帶電油滴在平行板電容器中處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將滑動(dòng)變阻器滑片向上滑動(dòng)，電表Vi、V2和A示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為4%、4%和4,則下列說(shuō)法中正確的是（ ）A.燈泡變亮，電流表示數(shù)增大 B.油滴將向下運(yùn)動(dòng)廠私 p.AU?〃C.<r D.=R+r【答案】A,C【解析】【解答】A.滑片向上滑動(dòng)，其接入電路的阻值減小，電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知回路中電流變大，燈泡變亮，電流表示數(shù)增大，A符合題意；B.總電流增大，故電源內(nèi)電壓增大，外電壓減小，即Vi的示數(shù)減小，而Li的電壓變大，所以并聯(lián)部分Ri兩端的電壓減小，所以V2的示數(shù)及電容器板間電壓變小，應(yīng)放電，但二極管的單向?qū)щ娦允闺姾刹荒芊懦觯捎赒不變，則由C=2=7%，E=MU^nkaa得E=也誓eS可知E不變，油滴靜止不動(dòng)，B不符合題意；C.根據(jù)閉合電路歐姆定律可知%=E-/婷可知37二=「電流表串聯(lián)在支路上，則有4>4/總

故77（1分）用螺旋測(cè)微器測(cè)出擋光片的寬度d,測(cè)量結(jié)果如圖甲所示，則（1分）用螺旋測(cè)微器測(cè)出擋光片的寬度d,測(cè)量結(jié)果如圖甲所示，則4=mm；（1分）不計(jì)擋光片的質(zhì)量，所用鉤碼的質(zhì)量相同，如圖乙所示，由靜止釋放鉤碼A、B、C,實(shí)驗(yàn)測(cè)得，釋放鉤碼時(shí)擋光片距光電門(mén)的距離為九，擋光片遮光的時(shí)間為t。若系統(tǒng)機(jī)械能守恒,則需要驗(yàn)證：h=（用物理量字母表示，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間）；（2分）以下建議中能對(duì)減小該實(shí)驗(yàn)誤差有作用的是一A.繩子越長(zhǎng)越好B.使用質(zhì)量小且結(jié)實(shí)的繩子C.盡量保證重物只沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，不要搖晃總C符合題意；D.將燈泡L電阻R看作電源內(nèi)阻一部分，可知37由于4>4總，故警<R+rD不符合題意。故答案為：ACo【分析】當(dāng)其滑動(dòng)變阻器的阻值變小時(shí)，利用動(dòng)態(tài)電路的串反并同可以判別其電流表和電壓表的讀數(shù)變化；利用電容器的定義式及決定式可以判別其電場(chǎng)強(qiáng)度不變則油滴靜止不動(dòng)；利用閉合電路的歐姆定律可以判別其電壓表和電流表變化量的比值大小。閱卷人得分三、實(shí)驗(yàn)題（共2題；共9分）（4分）為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，同學(xué)們?cè)O(shè)計(jì)了如下的實(shí)驗(yàn):「2015J「2015J甲\二-二E-二二/A名乙擋光片【答案】(1)2.662(2)八=笛2gt2(3)B：C【解析】【解答】(1)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為d=2.5mm4-16.2x0.01mm=2.662mm(2)系統(tǒng)的末速度為17=(若系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則有(2m—m)g/i=2?3?nu2解得力=整=竺2g2gt2(3)A.通過(guò)驗(yàn)證關(guān)系式九=當(dāng)，與繩子長(zhǎng)度無(wú)關(guān)，A不符合題意；B.物塊在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，細(xì)繩也在運(yùn)動(dòng)，也具有動(dòng)能，故使用質(zhì)量小且結(jié)實(shí)的繩子可使實(shí)驗(yàn)減小系統(tǒng)誤差，B符合題意；C.盡量保證重物只沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，因?yàn)閾u晃會(huì)使得物體在水平方向上有速度分量，影響實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證結(jié)果，C符合題意；故答案為：BC?【分析】(1)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)等于可動(dòng)刻度加上固定刻度。結(jié)果要估讀。(2)擋光片通過(guò)光電門(mén)看成勻速運(yùn)動(dòng)。由系統(tǒng)機(jī)械能守恒列出等式，得出h的表達(dá)式。(3)繩會(huì)分走一部分動(dòng)能，搖晃會(huì)使得物體在水平方向上有速度分量，豎直速度偏小，測(cè)量速度的結(jié)果偏小。12.(5分)如圖(a)所示，某實(shí)驗(yàn)小組用銅片和鋁片作為電極插入臍橙中，組成水果電池，為了測(cè)量該臍橙電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，他們用電阻箱、定值電阻和電壓表設(shè)計(jì)了如圖(b)所示的實(shí)驗(yàn)電路圖，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①將S2接到4,閉合Si，當(dāng)電阻箱的阻值為5400時(shí)，電壓表示數(shù)為0.30k②保持電阻箱阻值不變，將S2切換到B,電壓表示數(shù)為0.35V；③仍將S2切換到B,多次調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱的阻值R和對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)

圖（C）圖（C）（I）（3分）根據(jù)上述步驟，若電壓表視為理想表，則可得出定值電阻Ro的阻值為該實(shí)驗(yàn)小組測(cè)得幾組數(shù)據(jù)后，利用計(jì)算機(jī)得出電壓表示數(shù)的倒數(shù)與和電阻箱與定值電阻之和的倒數(shù)1 11毓，繪出了如圖（C）所示的方一尋而圖像。根據(jù)圖像可求得水果電池的電動(dòng)勢(shì)E及內(nèi)阻r,其中E=V,r=0。（計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）（2分）在心已知的條件下，若電壓表不是理想表，只考慮由此引起的系統(tǒng)誤差，則電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值 （選填“大于”、"小于”或"等于”）真實(shí)值，內(nèi)阻的測(cè)量值 （選填“大于“、“小于，，或“等于“）真實(shí)值?！敬鸢浮浚?）90；0.83；8.3x102（2）小于；小于【解析】【解答】（1）根據(jù)串聯(lián)電路電壓之比等于電阻之比可得端^=曳旦孝”解得Ro=90。根據(jù)閉合電路歐姆定律，當(dāng)S2打到B端時(shí)有E=U+惡-r1 1可變形為喬島+區(qū)由圖像可得看=1.2尸解得E=0.83V由/=凈"=1000?！眀10x103解得r=8.3x102n（2）由于電壓表內(nèi)阻不是無(wú)窮大，電壓表起分流作用，可知測(cè)得通過(guò)電源的電流值偏小，外電壓準(zhǔn)確，根據(jù)U-/圖線知，電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值，內(nèi)阻的測(cè)量值小于真實(shí)值?！痉治觥浚?）由串聯(lián)電路串聯(lián)分壓得到電阻之比。閉合電路歐姆定律得到與和尋而的關(guān)系式，畫(huà)

出圖像，得到電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。閱卷人得分13.(13.(10分)如圖所示,四、解答題(共4題；共40分)一直角輕質(zhì)木架ABC,AB部分水平，BC部分豎直，其中A、B兩點(diǎn)距離為J一根長(zhǎng)為2L的輕繩兩端分別系在A、B兩點(diǎn)，繩上串一個(gè)質(zhì)量為m的光滑小圓環(huán)，初始時(shí)木架和圓環(huán)保持靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)使木架繞軸BC轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)圓環(huán)一起在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)與A端相連的繩子保持豎直時(shí)，木架勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，已知重力加速度g,sin37°=求：A B解得3=7ZL【解析】【分析】（1）張力即拉力。由受力平衡結(jié)合平行四邊形法則得出繩子的張力大小。（2）由幾何關(guān)系得出圓環(huán)與A點(diǎn)的距離，對(duì)圓環(huán)受力分析，水平方向拉力分力提供向心力，豎直方向受力平衡。列出方程求解。（10分）在贛州市南河大橋擴(kuò)建工程中，雙向橋梁已完成了某一通車方向的建設(shè)，為保持雙向車輛正常通行，臨時(shí)將其改成雙向車道。如圖所示，引橋與橋面對(duì)接處，有兩車道合并一車道的對(duì)接口，4、B兩車相距so=4m時(shí)，B車正以為=4m/s速度勻速行駛，A車正以外=7?n/s的速度借道超越同向行駛的B車，此時(shí)4車司機(jī)發(fā)現(xiàn)前方距離車頭s=16m處的并道對(duì)接口，A、B兩車長(zhǎng)度均為L(zhǎng)=4m,且不考慮A車變道過(guò)程的影響。<?!計(jì)算可得42=20m>s=16m說(shuō)明在離并道對(duì)接口16m的距離上以3m/s2的加速度加速不能實(shí)現(xiàn)安全超車?！窘馕觥俊痉治觥浚?）A車減速到與B車同速時(shí)，此時(shí)兩車距離最小，若此時(shí)恰未與B車相碰，則A車將不會(huì)與B車相碰。由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律列方程求解。（2）并道對(duì)接口距離只有16米，所以超車位移不能超過(guò)16米。但到達(dá)相同位置時(shí)，才可以實(shí)現(xiàn)超車。（10分）如圖所示，絕緣的光滑豎直桿，長(zhǎng)度為2L,底端固定一個(gè)電荷量為+Q的點(diǎn)電荷，兩個(gè)絕緣的滑塊A、B（可看做質(zhì)點(diǎn)）套在桿上，滑塊4不帶電，滑塊B所帶電荷量為+q,滑塊4的質(zhì)量是滑塊B的兩倍。開(kāi)始時(shí)，在離直桿底端距離為L(zhǎng)的位置上將兩滑塊疊放在一起，并保持靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)給A施加一沿直桿向上的力F（大小未知），使4以加速度a=gg沿直桿向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，直至4運(yùn)動(dòng)到絕緣桿頂端。已知靜電力常量為k,在點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中任意一點(diǎn)的電勢(shì)為3=kg（r為該點(diǎn)到場(chǎng)源電荷Q的距離）。求：?（5分）力F剛達(dá)到最大值時(shí)，滑塊8電勢(shì)能的變化量；（5分）整個(gè)過(guò)程拉力F對(duì)滑塊A做的功?！敬鸢浮浚?）解：開(kāi)始時(shí)，兩滑塊靜止，設(shè)B的質(zhì)量為m,則A的質(zhì)量為2m,由平衡條件得3mg=k與施加F后，A以加速度a=^g做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，A、B剛好分離時(shí)，F(xiàn)最大，此時(shí)A、B加速度相等且AB無(wú)作用力，由牛頓第二定律，對(duì)A有Fmax-27ng=2am對(duì)B有鳥(niǎo)—mg=ma

聯(lián)立解得了=由公式W=半可知，初始位置電勢(shì)為%=苧kQF最大時(shí)電勢(shì)為啊=可兩點(diǎn)電勢(shì)差為U=W1—02=整故4Ep=qU=甯即電勢(shì)能減少夔。（2）解：對(duì)A、B,由動(dòng)能定理可得+qU—3mg/i=4?2mi;20 i其中h=（2A—L）=《LXv2=2ah=ggL解得卬尸=翌【解析】【分析】（1）AB做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，A、B剛好分離時(shí)，F(xiàn)最大。對(duì)AB分別由牛頓第二定律和電勢(shì)的公式列出方程求出兩點(diǎn)電勢(shì)差，由電場(chǎng)力做功公式求出電勢(shì)能減少量。（2）求出下落高度，以及運(yùn)動(dòng)速度，對(duì)A、B,由動(dòng)能定理可得整個(gè)過(guò)程拉力F對(duì)滑塊4做的功。（10分）如圖所示，有一傾角8=37。的平行傾斜金屬導(dǎo)軌ABA'B',44'處接有電容為C=0.3尸的電容器，在底端BB,處通過(guò)一小段光滑圓弧絕緣件（長(zhǎng)度可忽略）連接足夠長(zhǎng)的平行光滑水平金屬導(dǎo)軌BCB'U,兩導(dǎo)軌間距均為L(zhǎng)=1m,在導(dǎo)軌間和導(dǎo)軌BCB'C'間分別存在著垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為%=1T和％=0.17。兩長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的金屬棒a、b,棒b靜止在水平金屬導(dǎo)軌BCB'C'的最左端，棒a與導(dǎo)軌4BAB'間的動(dòng)摩擦因數(shù)4=0.5,并從離導(dǎo)軌ABA'B'底端高度為h=0.3m處由靜止釋放。已知棒a、b始終與導(dǎo)軌間保持良好接觸，兩棒間的碰撞為水平彈性碰撞，ma=0.3kg,mb=0.1kg,Rb=0.2/2,不計(jì)棒a的電阻，重力加速度g取lOm/s2。求：A4B'A4B'C'（5分）棒a到達(dá)導(dǎo)軌48A9底端時(shí)的速度大小；（5分）最終棒a、b之間的距離。【答案】（1）解：對(duì)a受力分析結(jié)合牛頓第二定律有magsin8-wnagcose-f^=maa其中/一四_% _c1~At~At~At~caiLa聯(lián)立解得a=lm/s2所以金屬棒a在傾斜軌道上做勻變速運(yùn)動(dòng)，由勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律有i?2=2a而蜀解得u=lm/s（2）解：當(dāng)金屬棒a進(jìn)入水平導(dǎo)軌與b發(fā)生彈性碰撞，碰后兩者速度分別為vi、V2,由動(dòng)量守恒和能量守恒小?！?m/i+121215巾/=Q^avl+5巾/乙 乙 乙聯(lián)立解得巧=/m/s，v2=|m/s碰后a、b在安培力作用下向右變速運(yùn)動(dòng)，a向右加速，b向右減速，整體的合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)二者速度相等時(shí)它們之間的距離保持不變，設(shè)為s,據(jù)動(dòng)量守恒定律可得m。%=（血。+在此過(guò)程中對(duì)導(dǎo)體棒b應(yīng)用動(dòng)量定理有一/安=~B2TLAt=m”共一mw2由法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律7=尋=篇=器聯(lián)立可得s=1.5m【解析】【分析】（1）對(duì)a受力分析，結(jié)合電容表達(dá)式以及電流定義式。求出棒a到達(dá)導(dǎo)軌底端時(shí)的速度大?。?）金屬棒a進(jìn)入水平導(dǎo)軌與b發(fā)生彈性碰撞，碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒以及機(jī)械能守恒。當(dāng)二者速度相等時(shí)它們之間的距離保持不變，由動(dòng)量守恒定律和動(dòng)能定理以及法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律分別列方程求解得到最終棒a、b之間的距離。

試題分析部分1、試卷總體分布分析總分：69分分值分布客觀題（占比）20.0(29.0%)主觀題（占比）49.0(71.0%)題量分布客觀題（占比）10(62.5%)主觀題（占比）6(37.5%)2、試卷題量分布分析大題題型題目量（占比）分值（占比）實(shí)驗(yàn)題2(12.5%)9.0(13.0%)解答題4(25.0%)40.0(58.0%)多選題3(18.8%