云南省大理市雙中學(xué)2023年高二物理月考試題含解析

云南省大理市雙中學(xué)2023年高二物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）關(guān)于下列說法，正確的是A．根據(jù)E=F/q可知，電場中某點的電場強度與處于該點的點電荷電荷量成反比B．雖然C=Q/U，但電容器的電容與極板所帶電荷量、極板間電勢差無關(guān)C．電源電動勢E=W/q可知，非靜電力做功越多，電源電動勢也就越大D．磁感應(yīng)強度，B與、、有關(guān)，其單位關(guān)系是參考答案：B2.如圖所示，幾位同學(xué)在做“搖繩發(fā)電”實驗：把一條長導(dǎo)線的兩端連在一個靈敏電流計的兩個接線柱上，形成閉合回路．兩個同學(xué)迅速搖動AB這段“繩”．假設(shè)圖中情景發(fā)生在赤道，地磁場方向與地面平行，由南指向北．圖中搖“繩”同學(xué)是沿東西站立的，甲同學(xué)站在西邊，手握導(dǎo)線的A點，乙同學(xué)站在東邊，手握導(dǎo)線的B點．則下列說法正確的是（）A．當(dāng)“繩”搖到最高點時，“繩”中電流最大B．當(dāng)“繩”搖到最低點時，“繩”受到的安培力最大C．當(dāng)“繩”向下運動時，“繩”中電流從A流向BD．在搖“繩”過程中，A點電勢總是比B點電勢高參考答案：C【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；電勢；安培力．【分析】地球的周圍存在磁場，且磁感線的方向是從地理的南極指向地理的北極，當(dāng)兩個同學(xué)在迅速搖動電線時，總有一部分導(dǎo)線做切割磁感線運動，電路中就產(chǎn)生了感應(yīng)電流，根據(jù)繩子轉(zhuǎn)動方向與地磁場方向的關(guān)系，判斷感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流的大小，從而判斷安培力的大小，由右手定則判斷感應(yīng)電流的方向和電勢高低．【解答】解：A、當(dāng)“繩”搖到最高點時，繩轉(zhuǎn)動的速度與地磁場方向平行，不切割磁感線，感應(yīng)電流最小，故A錯誤．B、當(dāng)“繩”搖到最低點時，繩轉(zhuǎn)動的速度與地磁場方向平行，不切割磁感線，感應(yīng)電流最小，繩受到的安培力也最小，故B錯誤．C、當(dāng)“繩”向下運動時，地磁場向北，根據(jù)右手定則判斷可知，“繩”中電流從A流向B．故C正確．D、在搖“繩”過程中，當(dāng)“繩”向下運動時，“繩”中電流從A流向B，A點相當(dāng)于電源的負極，B點相當(dāng)于電源正極，則A點電勢比B點電勢低；當(dāng)“繩”向上運動時，“繩”中電流從B流向A，B點相當(dāng)于電源的負極，A點相當(dāng)于電源正極，則B點電勢比A點電勢低；故D錯誤．故選：C3.關(guān)于動量、沖量，下列說法正確的是（）A．物體動量越大，表明它受到的沖量越大B．物體受到合外力的沖量等于它的動量的變化量C．物體的速度大小沒有變化，則它受到的沖量大小等于零D．物體動量的方向就是它受到的沖量的方向參考答案：B【考點】動量定理．【分析】物體的質(zhì)量與速度的乘積是物體的動量，物體動量的變化等于合外力的沖量，據(jù)此分析答題．【解答】解：A、物體的動量等于質(zhì)量與速度的乘積，與物體受到的沖量無關(guān)，故A錯誤；B、由動量定理可知，物體受到合外力的沖量等于它的動量的變化量，故B正確；C、動量是矢量，物體的速度大小沒有變化，如果物體速度方向發(fā)生變化，則物體動量發(fā)生變化，由動量定理可知，物體受到的沖量大小不為零，故C錯誤；D、物體動量的方向是物體速度的方向，與物體受到?jīng)_量的方向無關(guān)，故D錯誤；故選：B．4.如圖是某物體做直線運動的速度圖象,下列有關(guān)物體運動情況判斷正確的是

（

）A.前兩秒物體的加速度為10m/s2B.4s末物體回到出發(fā)點C.6s末物體距出發(fā)點最遠D.8s末物體距出發(fā)點最遠參考答案：C5.在某段電路中，其兩端電壓為U，通過的電流為I，通電時間為t，該段電路中的電阻為R，則關(guān)于這段電路中電功率和熱功率的關(guān)系，下列結(jié)論正確的是：A．電功率一定為UI，熱功率一定為B．電功率可能小于熱功率C．若這段電路為純電阻電路，則電功率等于熱功率D．若這段電路為非純電阻電路，則熱功率大于電功率參考答案：AC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.放射性原子核A經(jīng)一系列α和β衰變變?yōu)樵雍薆．若B核內(nèi)質(zhì)子數(shù)比A核少8，中子數(shù)比A核少16．則發(fā)生α衰變的次數(shù)為_______次,發(fā)生β衰變的次數(shù)為_________次。參考答案：7.質(zhì)量為1kg的物體，從足夠高處自由落下，（g=10m/s2）下落3s內(nèi)重力對物體做功WG=

▲在下落第3s內(nèi)重力對物體做功的功率P=

▲

.參考答案：450焦，250瓦8.如圖，帶箭頭的線段表示電場線，一帶電粒子只在電場力作用下由

A點運動到B點，圖中虛線為其運動軌跡，可判斷粒子帶______電(填“正”或“負”)，粒子在_________點加速度較大(填A(yù)或B)。參考答案：

(1).負

(2).B電場線的方向向上，根據(jù)粒子的運動的軌跡可以判斷得出粒子受到的電場力的方向為向下，與電場線的方向相反，所以該離子帶負電;電場線密的地方電場的強度大，所以粒子在B點受到的電場力大，在B點時的加速度較大．【點睛】電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止，沿電場線的方向，電勢降低，電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場強度?。?.一木塊靜置于光滑水平面上，一顆子彈沿水平方向飛來射入木塊中。當(dāng)子彈進入木塊的深度達到最大值2.0cm時，木塊沿水平面恰好移動距離1.0cm。在上述過程中系統(tǒng)損失的機械能與子彈損失的動能之比為(子彈所受阻力為恒力)________.參考答案：2:3 10.有兩個質(zhì)量為m的均處于基態(tài)的氫原子A、B，A靜止，B以速度v0與之發(fā)生碰撞．己知碰撞前后二者的速度均在一條直線上，碰撞過程中部分動能有可能被某一氫原子吸收，從而該原子由基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)，然后，此原子向低能級態(tài)躍遷，并發(fā)出光子．若氫原子碰撞后發(fā)出一個光子，則速度v0至少為

。已知氫原子的基態(tài)能量為E1(E1<0)．參考答案：11.已知氘核的質(zhì)量為，中子的質(zhì)量為，的質(zhì)量為．兩個速率相等的氘核對心碰撞聚變成并放出一個中子，質(zhì)量虧損為1u時，釋放的能量為931.5MeV．（1）計算上述核反應(yīng)中釋放的能量．（2）若兩個氘核以相等的動能發(fā)生對心碰撞即可發(fā)生上述核反應(yīng)，且釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為機械能，則反應(yīng)中生成的和中子的動能各是多少？參考答案：（1）（2）中子動能為：氦的動能為：【詳解】（1）由質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒，寫出核反應(yīng)方程為：則反應(yīng)過程中質(zhì)量減少了：反應(yīng)過程中釋放的核能為：。（2）設(shè)核和的動量分別為和，由動量守恒定律得：由此得和大小相等，由動能和動量關(guān)系及核和質(zhì)量關(guān)系，得中子的動能是核動能的3倍，即：：：1由能量守恒定律得：由以上可以算出中子動能為：，氦的動能為：12.在一個勻強電場中有M、N、P三點，它們的連線組成一個直角三角形，如圖所示。MN=4cm，MP=5cm，當(dāng)把電量為-2×10-9C的點電荷從M點移至N點時，電場力做功為8×10-9J，而從M點移至P點時，電場力做功也為8×10-9J。則電場的方向為_________________，電場強度的大小為________________V/m。參考答案：13.導(dǎo)體由普通狀態(tài)向超導(dǎo)態(tài)轉(zhuǎn)變時的溫度稱為________。參考答案：轉(zhuǎn)變溫度三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.很多轎車中設(shè)有安全氣囊以保障駕乘人員的安全，轎車在發(fā)生一定強度的碰撞時，利疊氮化納（NaN3）爆炸產(chǎn)生氣體（假設(shè)都是N2）充入氣囊．若氮氣充入后安全氣囊的容積V=56L，囊中氮氣密度ρ=2.5kg/m3，已知氮氣的摩爾質(zhì)最M=0.028kg/mol，阿伏加德羅常數(shù)NA=6.02×1023mol-1，試估算：（1）囊中氮氣分子的總個數(shù)N；（2）囊中氮氣分子間的平均距離．參考答案：解：（1）設(shè)N2的物質(zhì)的量為n，則n=氮氣的分子總數(shù)N=NA代入數(shù)據(jù)得N=3×1024．（2）氣體分子間距較大，因此建立每個分子占據(jù)一個立方體，則分子間的平均距離，即為立方體的邊長，所以一個氣體的分子體積為：而設(shè)邊長為a，則有a3=V0解得：分子平均間距為a=3×10﹣9m答：（1）囊中氮氣分子的總個數(shù)3×1024；（2）囊中氮氣分子間的平均距離3×10﹣9m．【考點】阿伏加德羅常數(shù)．【分析】先求出N2的物質(zhì)量，再根據(jù)阿伏加德羅常數(shù)求出分子的總個數(shù)．根據(jù)總體積與分子個數(shù)，從而求出一個分子的體積，建立每個分子占據(jù)一個立方體，則分子間的平均距離，即為立方體的邊長，15.（6分）圖所示是電場中某區(qū)域的電場線分布圖，P、Q是電場中的兩點。（1）請比較P、Q兩點中電場強度的強弱并說明理由。（2）把電荷量為=3.0×C的正點電荷放在電場中的P點，正電荷受到的電場力大小為F=6.0N；如果把移去，把電荷量為=6.0×10C的負點電荷放在P點，求負荷電荷受到的電場力F的大小方向。參考答案：(1)Q點電場強度較強(1分)。因為Q點處電場線分布較P點密(1分)。(2)P點電場強度E=F/q=6/(3×10)×10（N/C）（2分）方向向左(或與電場強度方向相反)

(1分)四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（8分）質(zhì)量為m的小球，從沙坑上方自由下落，經(jīng)過時間t1到達沙坑表面，又經(jīng)過時間t2停在沙坑里。求：

（1）沙對小球的平均阻力F；（2）小球在沙坑里下落過程所受的總沖量I。參考答案：解析：設(shè)剛開始下落的位置為A，剛好接觸沙的位置為B，在沙中到達的最低點為C。（1）在下落的全過程對小球用動量定理：重力作用時間為t1+t2，而阻力作用時間僅為t2，以豎直向下為正方向，有：mg(t1+t2)-Ft2=0解得：（2）仍然在下落的全過程對小球用動量定理：在t1時間內(nèi)只有重力的沖量，在t2時間內(nèi)只有總沖量（已包括重力沖量在內(nèi)），以豎直向下為正方向，有：mgt1-I=0，∴I=mgt1這種題本身并不難，也不復(fù)雜，但一定要認真審題。要根據(jù)題意所要求的沖量將各個外力靈活組合.若本題目給出小球自由下落的高度，可先把高度轉(zhuǎn)換成時間后再用動量定理。當(dāng)t1>>t2時，F(xiàn)>>mg。17.如圖a所示，O為加速電場上極板的中央，下極板中心有一小孔O′，O與O′在同一豎直線上，空間分布著有理想邊界的勻強磁場，其邊界MN、PQ（加速電場的下極板與邊界MN重合）將勻強磁場分為Ⅰ、Ⅱ兩個區(qū)域，Ⅰ區(qū)域高度為d，Ⅱ區(qū)域的高度足夠大，兩個區(qū)域的磁感應(yīng)強度大小相等，方向如圖．一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子從O點由靜止釋放，經(jīng)加速后通過小孔O′，垂直進入磁場Ⅰ區(qū)．設(shè)加速電場兩極板間的電壓為U，不計粒子的重力．（1）求粒子進入磁場Ⅰ區(qū)時的速度大小；（2）若粒子運動一定時間后恰能回到O點，求磁感應(yīng)強度B的大?。唬?）若將加速電場兩極板間的電壓提高到3U，為使帶電粒子運動一定時間后仍能回到O點，需將磁場Ⅱ向下移動一定距離，（如圖b所示）．求磁場Ⅱ向下移動的距離y及粒子從O′點進入磁場Ⅰ到第一次回到O′點的運動時間t．參考答案：解：（1）粒子在加速電場中做加速運動，由動能定理得：qU=mv2，解得：v=；（2）粒子在磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得：qvB=m，由幾何知識得：R=d，解得：B=；（3）由動能定理得：3qU=mv12，由幾何知識得：R1=2d，α=30°，y=（6﹣2）d，粒子做圓周運動的時間：t1=，粒子做勻速直線運動的時間：t2=2，子從O′進入磁場Ⅰ到第一次回到O′點的運動時間：t=t1+t2=；答：（1）粒子進入磁場Ⅰ區(qū)時的速度大小為v；（2）若粒子運動一定時間后恰能回到O點，磁感應(yīng)強度B的大小為；（3）磁場Ⅱ向下移動的距離y及粒子從O′進入磁場Ⅰ到第一次回到O′點的運動時間t為=．【考點】帶電粒子