榆樹(shù)市第一高級(jí)中學(xué)2021屆高三物理上學(xué)期期末備考卷A老教材

吉林省榆樹(shù)市第一高級(jí)中學(xué)2021屆高三物理上學(xué)期期末備考卷A老教材吉林省榆樹(shù)市第一高級(jí)中學(xué)2021屆高三物理上學(xué)期期末備考卷A老教材PAGEPAGE19吉林省榆樹(shù)市第一高級(jí)中學(xué)2021屆高三物理上學(xué)期期末備考卷A老教材吉林省榆樹(shù)市第一高級(jí)中學(xué)2021屆高三物理上學(xué)期期末備考卷（A）（老教材）注意事項(xiàng):1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置.2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3．非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi).寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題（本大題共10小題，每小題4分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～6題只有一項(xiàng)是符合題目要求,第7~10題有多項(xiàng)符合題目要求,全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1．下列說(shuō)法中正確的是（）A．庫(kù)侖最早建立電場(chǎng)概念并用電場(chǎng)線(xiàn)描述電場(chǎng)B．貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象并認(rèn)識(shí)到原子具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)C．湯姆孫通過(guò)對(duì)陰極射線(xiàn)的研究發(fā)現(xiàn)了電子D．愛(ài)因斯坦發(fā)現(xiàn)并解釋了光電效應(yīng)【答案】C【解析】法拉第最早建立電場(chǎng)概念并用電場(chǎng)線(xiàn)描述電場(chǎng),故A錯(cuò)誤；貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象并認(rèn)識(shí)到原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu),故B錯(cuò)誤；湯姆孫通過(guò)對(duì)陰極射線(xiàn)的研究發(fā)現(xiàn)了電子，故C正確;光電現(xiàn)象由德國(guó)物理學(xué)家赫茲于1887年發(fā)現(xiàn)，愛(ài)因斯坦解釋了光電效應(yīng),故D錯(cuò)誤.2．2020年新型冠狀病毒主要傳播方式為飛沫傳播，打噴嚏可以將飛沫噴到十米之外，為了防止病毒傳播，打噴嚏時(shí)捂住口鼻很重要.有關(guān)專(zhuān)家研究得出打噴嚏時(shí)氣流噴出的速度可達(dá)40m/s，假設(shè)打一次噴嚏大約噴出50mL的空氣,用時(shí)約0.02s。已知空氣的密度為1.3kg/m3，估算打一次噴嚏人受到的平均反沖力為（）A．0。13NB．13NC．0.68ND．2。6N【答案】A【解析】打一次噴嚏噴出的空氣質(zhì)量m＝ρV＝1.3×5×10－5kg＝6。5×10－5kg，設(shè)打一次噴嚏噴出的空氣受到的作用力為F，根據(jù)動(dòng)量定理得FΔt＝mv，解得F＝0.13N，根據(jù)牛頓第三定律可得人受到的平均反沖力F′＝F＝0。13N，故A正確。3．從在高空水平勻速飛行的飛機(jī)上每隔1s釋放1個(gè)小球，先后共釋放5個(gè)，不計(jì)空氣阻力，則（）A．這5個(gè)小球在空中處在同一條拋物線(xiàn)上B．在空中，相鄰的兩小球間的距離保持不變C．相鄰的兩小球的落地點(diǎn)的間距相等D．最先釋放的兩小球的落地點(diǎn)的間距最大【答案】C【解析】由于慣性，小球和飛機(jī)水平方向具有相同速度，因此都在飛機(jī)的正下方，故小球落地前排列在同一條豎直線(xiàn)上，故A錯(cuò)誤；在空中，相鄰的兩個(gè)小球水平分速度相等，在豎直方向,小球做自由落體運(yùn)動(dòng),由于先釋放的一個(gè)小球比后一個(gè)小球多運(yùn)動(dòng)1s，故豎直分速度大10m/s，故每秒中兩個(gè)小球間距增加10m,故B錯(cuò)誤；小球水平方向是勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)為v0,前一個(gè)小球落地,再過(guò)1s，后一個(gè)小球落地,故間距為v0t＝v0m，恒定，故C正確，D錯(cuò)誤。4．如圖所示，在第Ⅰ象限內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一對(duì)正、負(fù)電子分別以相同速率沿與x軸正方向成30°角的方向從原點(diǎn)射入磁場(chǎng),則正、負(fù)電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為（)A．1∶eq\r（3）B．1∶1C．1∶2D．2∶1【答案】D【解析】畫(huà)出正負(fù)電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，由圖可知,正電子圓弧軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為120°,負(fù)電子圓弧軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為60°,又正負(fù)電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T＝eq\f(2πm，qB)相同，故正負(fù)電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為2∶1，故選D。5．設(shè)想人類(lèi)開(kāi)發(fā)月球,不斷把月球上的礦藏搬運(yùn)到地球上，假定經(jīng)過(guò)長(zhǎng)時(shí)間開(kāi)采后，地球仍可看作是均勻的球體，月球仍沿開(kāi)采前的圓周軌道運(yùn)動(dòng)，則與開(kāi)采前相比（)A．地球與月球間的萬(wàn)有引力變大B．地球與月球間的萬(wàn)有引力變小C．地球與月球間的引力不變D．地球與月球間引力無(wú)法確定怎么變化【答案】B【解析】設(shè)開(kāi)始時(shí)地球的質(zhì)量為M，月球的質(zhì)量為m，兩星球之間的萬(wàn)有引力為F0，開(kāi)采后地球的質(zhì)量增加Δm,月球的質(zhì)量相應(yīng)減小Δm,它們之間的萬(wàn)有引力變?yōu)镕,根據(jù)萬(wàn)有引力定律有F0＝Geq\f（Mm,r2），,上式中因m1＞m2，后一項(xiàng)必大于零，由此可知F0＞F，故選B。6．如圖所示,一個(gè)小球用不可伸長(zhǎng)的輕繩懸掛在小車(chē)上，隨小車(chē)沿著傾角為θ的斜面一起下滑，圖中的虛線(xiàn)①與斜面垂直，②沿水平方向，③沿豎直方向，則可判斷出（)A．如果斜面光滑,則擺線(xiàn)與②重合B．如果斜面光滑，則擺線(xiàn)與③重合C．如果斜面光滑，則擺線(xiàn)與①重合D．如果斜面不光滑，則擺線(xiàn)與②重合【答案】C【解析】如果斜面光滑，根據(jù)牛頓第二定律得，整體加速度a＝gsinθ，方向沿斜面向下，對(duì)小球合力F合＝ma＝mgsinθ，則擺線(xiàn)必定與斜面垂直，即擺線(xiàn)與①重合;如果斜面粗糙能下滑則μ＜tanθ，以整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得，加速度a＝gsinθ－μgcosθ，由于μ＜tanθ,則μcosθ＜sinθ,a＞0，說(shuō)明加速度方向沿斜面向下，而且a＜gsinθ，因當(dāng)a＝0時(shí)擺線(xiàn)位于位置③,斜面光滑時(shí)擺線(xiàn)位移位置①，可知斜面粗糙時(shí)擺線(xiàn)位于①與③之間。故ABD錯(cuò)誤，C正確。7．兩個(gè)帶等量正電的點(diǎn)電荷，固定在圖中P、Q兩點(diǎn),MN為PQ連線(xiàn)的中垂線(xiàn)，交PQ于O點(diǎn)，A為MN上的一點(diǎn).一帶負(fù)電的試探電荷q從A由靜止釋放只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng),取無(wú)限遠(yuǎn)處電勢(shì)為零,則（)A．若q從A點(diǎn)由靜止釋放，在由A點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，加速度一定先增大后減小B．q由A向O運(yùn)動(dòng)的過(guò)程電勢(shì)能逐漸增大C．q運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最大D．給q一初速度它可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)【答案】CD【解析】根據(jù)兩等量正電荷周?chē)糠蛛妶?chǎng)線(xiàn)分布可知,在P、Q連線(xiàn)的中垂線(xiàn)MN上，從無(wú)窮遠(yuǎn)到O過(guò)程中電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小,且方向始終指向無(wú)窮遠(yuǎn)方向,故試探電荷所受的電場(chǎng)力是變化的，q由A向O的加速度可能先增大后減小，也可能一直減小，故A錯(cuò)誤；q由A向O運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，電場(chǎng)力方向與AO方向一致，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能逐漸減小,故B錯(cuò)誤；從A到O過(guò)程，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增大，從O到N過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小,故在O點(diǎn)試探電荷的動(dòng)能最大，速度最大，故C正確；兩電荷連線(xiàn)的中垂面是等勢(shì)面，場(chǎng)強(qiáng)方向向外，若給q一垂直紙面方向的初速度它可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故D正確.8．如圖所示，理想變壓器原線(xiàn)圈接在交流電源上，其電動(dòng)勢(shì)為u＝220eq\r(2)sin100πt（V)，交流電源電阻為r＝10Ω,定值電阻R0＝100Ω與原線(xiàn)圈并聯(lián)，滑動(dòng)變阻器R與副線(xiàn)圈串聯(lián),滑動(dòng)變阻器的最大值為Rm＝30Ω，已知變壓器的原副線(xiàn)圈的匝數(shù)之比為2∶1，電流表和電壓表均為理想交流電流表?；瑒?dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭由最上端下向下緩慢移動(dòng)到某位置時(shí)，開(kāi)關(guān)S分別接a、b，電源輸出功率相等，下列說(shuō)法正確的是（)A．開(kāi)關(guān)接a時(shí)，電流表的示數(shù)為2AB．開(kāi)關(guān)接b時(shí)，電壓表的示數(shù)為110VC．電源的輸出功率相等時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值可能為R＝25ΩD．副線(xiàn)圈消耗的功率最大時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值為R＝10Ω【答案】AC【解析】開(kāi)關(guān)接a時(shí)，電流表的示數(shù)，A正確;根據(jù)變壓比可得，原線(xiàn)圈所在電路中，電源內(nèi)阻要分壓，原線(xiàn)圈輸入電壓小于220V，則U2小于110V，B錯(cuò)誤;電源輸出功率相等時(shí)，即R等效至原線(xiàn)圈時(shí)阻值等于R0或等于1Ω，由可得R＝25Ω或R＝0。25Ω，C正確；副線(xiàn)圈消耗的功率最大，即電源輸出功率最大,即，解得R＝2。5Ω，D錯(cuò)誤.9．如圖所示,物體A、B的質(zhì)量均為m，二者用細(xì)繩連接后跨過(guò)定滑輪，A靜止在傾角θ＝30°的斜面上，B懸掛著，且斜面上方的細(xì)繩與斜面平行。若將斜面傾角θ緩慢增大到45°,物體A仍保持靜止，不計(jì)滑輪摩擦.則下列判斷正確的是（)A．物體A對(duì)斜面的壓力可能增大B．物體A受的靜摩擦力一定減小C．物體A受的靜摩擦力可能增大D．物體A受斜面的作用力一定減小【答案】BD【解析】物體A對(duì)斜面的壓力為FN＝mgcosθ，傾角增大，壓力減小，A錯(cuò)誤；物體A受的靜摩擦力分別為f1＝mg－mgsin30°，f2＝mg－mgsin45°,A受的靜摩擦力減小，B正確，C錯(cuò)誤；物體A始終靜止，其受斜面的作用力始終等于重力與繩的拉力的合力,繩的拉力始終等于B的重力，大小不變，兩個(gè)分力大小不變，夾角增大，合力減小,D正確。10．如圖所示，質(zhì)量為m的物體在地面上沿斜向上方向以初速度v0拋出后,能達(dá)到的最大高度為H，當(dāng)它將要落到離地面高度為h的平臺(tái)上時(shí)，下列判斷正確的是（不計(jì)空氣阻力，取地面為參考平面）（）A．它的總機(jī)械能為eq\f（1,2）mv02B．它的總機(jī)械能為mghC．它的動(dòng)能為mg（H－h(huán)）D．它的動(dòng)能為eq\f（1,2)mv02－mgh【答案】AD【解析】整個(gè)過(guò)程中，只有重力對(duì)小球做功，故小球的機(jī)械能守恒,且以地面為參考平面，物體剛拋出時(shí)物體的重力勢(shì)能為0，它的總機(jī)械能E＝eq\f（1,2）mv02＝mgh＋eq\f（1，2)mv′2，B錯(cuò)誤,A正確；小球從拋出到平臺(tái)機(jī)械能守恒，有eq\f（1，2)mv02＝mgh＋Ek，故Ek＝eq\f(1，2)mv02－mgh,物體的總的機(jī)械能不等于mgH，則到平臺(tái)的動(dòng)能不等于mg（H－h(huán)），C錯(cuò)誤，D正確.二、非選擇題(本題共6小題，共60分.把答案填在題中的橫線(xiàn)上或按題目要求作答。解答題應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟,只寫(xiě)出最后答案的不能得分.有數(shù)值計(jì)算的題,答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位）11．(6分)某同學(xué)在做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)時(shí)，將橡皮筋改為勁度系數(shù)為400N/m的輕質(zhì)彈簧AA’,將彈簧的一端A'固定在豎直墻面上。不可伸長(zhǎng)的細(xì)線(xiàn)OA、OB、OC，分別固定在彈簧的A端和彈簧秤甲、乙的掛鉤上，其中O為OA、OB、OC三段細(xì)線(xiàn)的結(jié)點(diǎn)，如圖1所示.在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中,保持彈簧AA’伸長(zhǎng)1.00m不變。(1）若OA、OC間夾角為90°，彈簧乙的讀數(shù)如圖2所示，則彈簧秤甲的讀數(shù)是______N.(如圖2所示）(2）在(1)問(wèn)中若保持OA與OB的夾角不變：逐漸增大OA與OC的夾角，則彈簧秤甲的讀數(shù)大小將,彈簧秤乙的讀數(shù)大小將?！敬鸢浮浚?）5。00（2）一直變小先變小后變大(每空2分)【解析】(1)根據(jù)胡克定律可知，F(xiàn)＝kx＝4。00N；根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可知乙的讀數(shù)為3。00N；兩彈簧秤夾角為90°，則甲的讀數(shù)為5.00N.若保持OA與OB的夾角不變，逐漸增大OA與OC的夾角，如圖中實(shí)線(xiàn)變到虛線(xiàn)，由圖可知彈簧秤甲的讀數(shù)將一直變小，而彈簧秤乙的讀數(shù)將先變小后變大。12．(10分）某同學(xué)利用電壓表和電阻箱測(cè)定特殊電池的電動(dòng)勢(shì)(E約為9V，r約為50Ω）.已知該電池最大允許電流為150mA，該同學(xué)利用圖示電路實(shí)驗(yàn)，電壓表內(nèi)阻約為2kΩ，R為電阻箱，阻值范圍0～9999Ω,R0是定值電阻，起保護(hù)電路的作用。(1）定值電阻R0有以下幾種規(guī)格，保護(hù)電阻應(yīng)選_______。（填入相應(yīng)的字母）A．2ΩB．20ΩC．200ΩD．2000Ω(2）在實(shí)物圖中,已正確地連接了部分電路，請(qǐng)完成余下電路的連接.（3）該同學(xué)完成電路的連接后，閉合開(kāi)關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值,讀取電壓表的示數(shù)，其中電壓表的某一次偏轉(zhuǎn)如圖所示，其讀數(shù)為_(kāi)_______V。(4）改變電阻箱阻值,取得多組數(shù)據(jù)，作出圖示圖線(xiàn),則電動(dòng)勢(shì)E為_(kāi)_______V，內(nèi)阻r為_(kāi)_______Ω。（保留兩位有效數(shù)字）【答案】(1)B(2)見(jiàn)解析圖(2)6.5(3)1050（每空2分）【解析】(1)最大電流為150mA，可得最小總電阻約為60Ω，則最小保護(hù)電阻R0＝Rmin－r＝10Ω，選B。（2)如圖所示。（3）電壓表用的應(yīng)該是0～15V量程，按5分度的電表的讀數(shù)規(guī)則讀數(shù),應(yīng)為6.5V.(4）由得，由圖可知,解得E＝10V;由圖知，解得r＝50Ω。13．（8分)一輛值勤的警車(chē)停在路邊，當(dāng)警員發(fā)現(xiàn)從他旁邊以v＝8m/s的速度勻速行駛的貨車(chē)有違章行為時(shí)，決定前去追趕.經(jīng)2。5s警車(chē)發(fā)動(dòng)起來(lái),以a＝2m/s2做勻加速運(yùn)動(dòng)。(1)警車(chē)發(fā)動(dòng)后要多長(zhǎng)時(shí)間才能追上違章的貨車(chē)？（2)在警車(chē)追上貨車(chē)之前，兩車(chē)間的最大距離是多少？【解析】（1)此時(shí)警車(chē)的位移x1＝eq\f(1,2）at2(1分)貨車(chē)的位移x1＝v(t＋2.5）(1分）x1＝x2聯(lián)立解得：t＝10s,t＝－2s（舍去)。(2分)(2)當(dāng)警車(chē)的速度與貨車(chē)的速度相等時(shí)，兩車(chē)的距離最大,則警車(chē)速度與貨車(chē)速度相等時(shí),有：v＝at（1分)解得t＝4s此時(shí)貨車(chē)的位移x1＝v(t＋2。5）＝52m（1分)警車(chē)的位移為x2＝eq\f（1，2)at2＝16m（1分）則兩車(chē)間的最大距離Δx＝x1－x2＝36m。（1分)14．（10分)如圖，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)?，F(xiàn)將A無(wú)初速度釋放,A與B碰撞后結(jié)合為一個(gè)整體，并沿桌面滑動(dòng)。已知A的質(zhì)量mA＝1kg，B的質(zhì)量mB＝2kg，圓弧軌道的半徑R＝0.45m，圓弧軌道光滑，A和B整體與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0。2，取重力加速度g＝10m/s2.(1）求碰撞前瞬間A的速率v；（2)求碰撞后瞬間A和B整體的速率v′和碰撞過(guò)程中A、B系統(tǒng)損失的機(jī)械能E損；(3)A和B整體在桌面上滑動(dòng)的距離L?！窘馕觥浚?）對(duì)A,從釋放→碰撞前,由動(dòng)能定理得：mAgR＝eq\f(1，2）mAv2－0（1分）解得:v＝3m/s.（2分）（2)對(duì)A、B組成的系統(tǒng)，在碰撞過(guò)程中，由動(dòng)量守恒得：mAv＋0＝(mA＋mB）v′（1分)解得v′＝1m/s碰撞之前的機(jī)械能E＝eq\f（1，2）mAv2＋0＝4.5J(1分）碰撞之前的機(jī)械能E′＝eq\f(1，2）(mA＋mB）v′2＝1.5J（1分）碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能ΔE損＝E－E′＝3J。(1分）（3)A和B整體在桌面上做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),有：μ（mA＋mB)g＝（mA＋mB）a(1分)又0－v′2＝2aL（1分）解得：L＝0.25。(1分）15．（13分）如圖甲所示,兩條足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌豎直放置,導(dǎo)軌間距L＝1m，兩導(dǎo)軌的上端接有電阻，阻值R＝2Ω。虛線(xiàn)OO′下方是垂直于導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為2T.現(xiàn)將質(zhì)量為m＝0.1kg、電阻不計(jì)的金屬桿ab,從OO′上方某處由靜止釋放，金屬桿在下落的過(guò)程中與導(dǎo)軌保持良好接觸,且始終保持水平，不計(jì)導(dǎo)軌的電阻.已知金屬桿下落0。3m的過(guò)程中加速度a與下落距離h的關(guān)系圖象如圖乙所示，取g＝10m/s2。求:(1）金屬桿剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為多大？下落了0。3m時(shí)速度為多大？(2)金屬桿下落0.3m的過(guò)程中，在電阻R上產(chǎn)生多少熱量？【解析】(1）剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，a0＝10m/s2，方向豎直向上,由牛頓第二定律有:BI0L－mg＝ma0(2分)若進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為v0,有:I0＝,E0＝BLv0（2分)解得:v0＝1m/s（2分)下落0。3m時(shí)，通過(guò)a－h(huán)圖象知a＝0，表明金屬桿受到的重力與安培力平衡有：mg＝BIL，其中I＝