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文檔簡介
.綜檢考生注意:1.試卷共4頁2.卷前,考生務必用藍、黑字跡的鋼筆或圓珠筆將自己的姓名、班級、學號填寫在相應位置上.3.次考試時間90分,總分100.4.在密封線內(nèi)作答,保持試清潔完整.一、單項選擇題此共5小題每題3分共計15.每題只有一個選項符合題意)1.(2021·鹽城中學階段性測)一束帶電粒子以同一速度v從一位置進入勻強磁場,在磁場中它們的軌跡如圖1所示假設粒子A的軌半徑為,子的跡半徑為r,r=2,、分是它們的帶電荷量、分別是它們的質(zhì)量.那么以下分析正確的選項是)圖1qA.帶電、帶電,比荷之比為∶=1∶1mqB.帶電、帶電,比荷之比為∶=1∶1mqC.帶電、帶電,比荷之比為∶=2∶1mqD.帶電、帶電,比荷之比為∶=1∶2m2(2021·無市暨陽地區(qū)聯(lián)考如圖所示塊從槽某一不變高度滑下后又滑上粗糙的水平傳送帶,傳送帶靜止不動時滑傳送帶最右端的速度v,需間t,設傳送帶逆時針轉動,滑傳送帶最右端速度為,需時間t,么()A.>,<C.>,>
圖2B.<,<D.=,=3.(2021·揚州中學12月考)圖3、L、為靜場中的3個相距很近的等勢(、之
.間無電荷).一帶電粒子射入此電場中后,沿軌跡運動.電勢<<,且粒子M在ab段減速運動.以下說法中正確的選項()圖3A.子帶負電B.子在段也做減速運動C.子在點速率大于在的速率D.子從點d點的過程中電場力做負功4.(2021·小海中學期)如圖4所示,水平細桿上套一細環(huán)A,A與B間一輕質(zhì)繩相連量分別為(m>m)于球到水平力作用環(huán)與B一起向右勻速運動繩與豎直方向的夾角為θ那么以下說法正確的選項是()圖4A.對A的支持力隨著風力的增加而不變B.力增大時,輕質(zhì)繩對B球拉力保持不變C.球到的風力F為gθmD.環(huán)水平細桿間的動摩擦因數(shù)為mB5.(2021·泰州中學調(diào))、、、四質(zhì)量均為2kg的體在光滑的水平面上做直線運動,它們運動的--a-F-圖分別如下圖,物體在t=0時速均為零,其中0~4s內(nèi)物體運動位移最大()
.二、多項選擇題此共4小題每題4分共計16.每題有多個選項符合題意.全部選對的得4分選對但不全的得2分,選或不答的得0)6如皋市質(zhì))如所理想變壓器初級線圈接一交變電流交變電流的電壓有效值恒定不變.副線圈接有光敏電阻(光敏電阻阻值隨光照強增大而減、和R,那么以下說法中正確的選項()圖5A.將從撥1時電流表示數(shù)變小B.將從撥3時電流表示數(shù)變小C.將從閉變?yōu)閿嚅_,電阻R兩端壓增大D.增大光照強度,原線圈的入功率增大7黃中學第三次段考如圖所示都重物被過小滑輪P的細所懸掛B放在糙的水平桌面上.滑輪被根斜短線系于天花板上的點′是三根細線的結點,細線′平拉著物體,cO′沿豎直方向拉著彈簧.彈簧、細線、小滑輪的重力不計,細線與滑輪之間的摩擦力可忽略,整個裝置處于靜止狀態(tài).假設懸掛小滑輪的斜線中的拉力是F=203N,∠cO′=120°重力加速度g取10m/s,么以下說法正確的選項是()圖6A.簧的彈力為20NB.物A質(zhì)量為2kgC.面對物體B的擦力為103ND.線與豎直方向的夾角為60°8.(2021·海州高級中學第五次如圖7所示水平放置的兩平行導軌左側連接電阻,其他電阻不計導桿放在導軌上在平恒力F的作下沿軌向右運動并過方向豎直向下的有界勻強磁場,磁場邊界與平,從進入磁場開場計時,通過MN的感應電流i隨時間t變的圖象可能是圖中的()
GGR.GGR圖79嫦三號〞探測器在西昌星發(fā)射中心成功發(fā)射帶“玉兔號〞月球車實現(xiàn)月球軟著陸和月面巡視勘察,并開展月表形貌與地質(zhì)構造調(diào)查等科學探測.“玉兔號〞在地球外表的重力為,月球外表的重力為;球與月球均視為球體,其半徑分別為R、R;地外表重力加速度為g,那么)GgA.球外表的重力加速度為GRB.球與地球的質(zhì)量之比為C.球衛(wèi)星與地球衛(wèi)星分別繞球外表與地球外表運行的速率之比為
GRGRD.嫦娥三號〞環(huán)繞月球外表勻速圓周運動的周期為2
GRGg三、非選擇(此題共6小,計69分)10.(5分)(2021·徐州市考前某同學查閱電動車使用說明書知道自家電動車的電源是鉛蓄電池,他通過以下操作測量該電池的電動勢和內(nèi)阻.(1)先用多用電表粗測電池的電勢電的選擇開關撥到直流電壓50V擋兩表筆與電池兩極接觸,此時多用電表的指針位置如圖示,讀出該電池的電動勢________V.圖(2)再用圖9所裝置進一步測量用電表的選擇開關撥向適宜的直流電流擋黑表筆連接的是電池________極選填“正〞或“負).閉合開關,改變電阻箱的阻值,得到不1同的電流值I,根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作-圖如圖10所.圖中直線的斜率為,縱軸截距為I,那么此電池的電動勢E=________,內(nèi)阻r=________.(結用字母k、b表)
.圖9圖10(3)他發(fā)現(xiàn)兩次測得電動勢的數(shù)非常接近,請你對此做出合理的解釋________________________________________________________________________.11.(6分)(2021·高郵中學階檢)某同學利用小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動來驗證機械能守恒定律.如圖11甲所,傳感器固在水平面上,細線的一端系著小球B,另一端系在傳感器A上.小球B拉至傳感器A等處且細線剛好伸直,將小球由靜止釋放,傳感器記錄出小球在擺動過程中細線中的拉力F時間t的化圖象如圖乙所示.圖11(1)實驗室有小木球和小鐵球驗時應該選________用游標卡尺測得小球的直徑如圖丙所示,那么小球的直徑______cm.(2)實驗中必須測量的物理量有________.A.球的質(zhì)量mC.球運動的時間t
B.傳感器下端到小球球心的距離lD.當?shù)氐闹亓铀俣萭(3)假實驗中測得傳感器下端到小球球心的距離l=0.30m,小球的質(zhì)量為0.05kg,F(xiàn)=1.46N,地的重力加速度g那么小球減少的重力勢能為________J,小球增加的動能為________J.(結果均保存三位有數(shù))(4)寫出3)中計算出動能的增加小于重力勢能減小量的一個原___________________.12題題括AC三題選定其中兩小題在相應的答題區(qū)域內(nèi)作答設多做,那么按A、B兩題評分.A選修3-3](12分(1)以下說法正確的選項是________.A.水沒有透過布雨傘是因為體外表存在張力B.朗運動反映了懸浮顆粒中子運動的不規(guī)那么性C.自行車打氣時氣筒壓下后彈,是由分子斥力造成的D.晶體的某些物理性質(zhì)具有向異性,而多晶體和非晶體是各向同性的
n.n(2)(2021·徐州市考前模擬打靶一定質(zhì)量的理想氣體,由狀態(tài)過如圖所的箭頭方向變化到狀態(tài)C.那么氣體由狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中的________(選“增大〞“減小〞或“不變〞),體由狀態(tài)到狀態(tài)過程中,氣體與外界總的熱交換情況是________(選填“吸熱〞“放熱或“無法確定)圖12(3)(2021·鎮(zhèn)江市一)某種油酸密度為、摩爾質(zhì)量為、油酸分子直徑為d,該油酸稀1釋為體積濃度為的油酒精溶管一滴油酸酒精溶液滴在灑有痱子粉的水面上形成油膜,一滴油酸酒精溶液的體積為.假設把油膜成是單分子層,每個油酸分子看成球形,π那么油酸分子的體積為,:6①一滴油酸酒精溶液在水面上形成的面積;②阿伏加德羅常數(shù)N的表達式.B選修3-4](12分(1)(2021·興化一中調(diào)研)以下法中正確的選項________A.X射線透物質(zhì)的本領比γ線更強B.電磁波發(fā)射技術中,使電波隨各種信號而改變的技術叫做調(diào)諧C.據(jù)宇宙大爆炸學說,遙遠球發(fā)出的紅光被地球接收到時可能是紅外線D.因斯坦狹義相對論指出:空中的光速在不同的慣性參考系中都是一樣的(2)(2021·揚州市期末考)如13所示直角三角形ABC一棱鏡的橫截面,=30°棱鏡材料的折射率=3.此截面所在的平面內(nèi),空氣中的一條光線平行于底邊從邊上的M點入棱鏡,經(jīng)折射射到AB邊光線從邊進入棱鏡時的折射角________,試判斷光線能否從AB邊射出,________(“能〞或“不能).圖13(3)一列簡諧橫波由點Q點沿線傳播、兩點相距1m.圖14甲、乙分別為P、兩質(zhì)點的振動圖象,如果波長λ,那么波的傳播速度為多少?
.圖14C選修3-5](12分(1)(2021·蘇州市調(diào))一個質(zhì)子以1.0×10m/s的速度撞入一個靜止的鋁原子核后被俘獲,鋁原子核變?yōu)楣柙雍耍X核的質(zhì)量是質(zhì)子的27倍硅核的質(zhì)量是質(zhì)子的倍那么以下判斷中正確的選項是________.A.反響方程為Al+11HSiB.反響方程為Al+10n
SiC.原子核速度的數(shù)量級為10m/s方向跟質(zhì)子的初速度方向一致D.原子核速度的數(shù)量級為10m/s方向跟質(zhì)子的初速度方向一致(2)(2021·高郵中學階段檢測)前本的“核危機〞引起了全世界的矚目輻射放出的三種射線超過了一定的劑量會對人體產(chǎn)生傷害.三種射線穿透物質(zhì)的本領由弱到強的排列是.A.射線β射線,γ射C.射線α射線,β射
B.β射,α射,γ射D.γ射,β射,α射(3)太陽能量來源于太陽內(nèi)部氫的聚變,設每次聚變反響可以看做是個氫核(H)結成1個氦核He),時釋放出正電e)氫核的質(zhì)量為,氦核的質(zhì)量為,電子的質(zhì)量為m真空中光速為計算每次核反響中的質(zhì)量虧損及氦核的比結合能.13.(8分)(2021·漣中學第三次檢如圖15為視圖,虛線MN右側存在一個豎直向上、磁感應強度為B的勻強磁場,電為、質(zhì)量為、邊長為L的正形單匝金屬線框abcd放在光滑水平面上,ab邊磁場外側緊靠MN線邊界.當線框以初速度穿出磁場過程中,安培力對線框所做的功為W求:圖15(1)初速度v時,線框中感應電流的小和方向;(2)線框cd邊穿出磁場時的速度v大小
.(3)線框穿出磁場一半過程中,過線框橫截面的電荷量q.14.(12分(2021·海安中學段)如圖16所在豎直平面內(nèi)滑曲面與平面BC平滑連接于B點,右端連接內(nèi)壁光滑、半徑,管口D端下方直立一根勁度系數(shù)為k=100N/m的彈簧,彈簧一端定,另一端恰好與管口D端平.一個質(zhì)量為kg的小球放在曲面AB上,現(xiàn)從距的度為=0.6處靜止釋放小球,它與BC間的動摩擦因數(shù)μ=0.5小球進入管口C端,它對上管壁有Fmg相互作用力,通過后,在壓縮彈簧過程中小球速度最大時彈簧的彈性勢能為E=0.5.取重力加速度g=10m/s.求圖16(1)小球在C處的心力大?。?2)在壓縮彈簧過程中小球的最動能E(3)小球最終停頓的位置.15.(14分(2021·宿遷市上學期)在科學研究中可通過施加適當?shù)碾妶龊痛艌鰜韺崿F(xiàn)對帶電粒子運動的控制.如圖17甲示M、N為距足夠大的水平極板,緊靠極板右側放置豎直的熒光屏PQ在MN加上如圖乙所示的勻強電場和勻強磁場場方向豎直向下,q磁場方向垂直于紙面向里,圖中、、均量=0時刻,比荷=的正粒以一定的初速度從O點沿水平方向射入極板間0~t(=
1)時內(nèi)粒子恰好沿直線運動=kB
5kBπ時刻粒子打到熒光屏上.不計粒子的重力,涉及圖象中時間間隔時?。剑?.42,4求:
.圖172(1)在=時刻粒子的運動速度v;kB(2)在=,kB)時刻粒子偏離O點豎直距離y;(3)水平極板的長度.綜檢測
.答精mv1[向偏向偏根左手定那么知帶正電帶負電根半徑公式r=,qBq知荷質(zhì)比=,與B一,所以比荷之比等于半徑的反比,所以∶=2∶1.C正,mBrA、D錯誤.2.D[傳送帶靜止時,物塊滑傳送帶上受到的摩擦力大小為F=,向水平向左,當傳送帶逆時針轉動時,物塊與傳送帶間的正壓力大小不變,而動摩擦因數(shù)也不變,所以受到的摩擦力大小仍為=,向水平向左,即物塊在兩種情況下受力一樣,所以兩次運動情況一樣,即v=,=t正確]3.B[電勢φ<φ<φ,那電場線方向大體向左,由軌跡彎曲方向知,粒子所受的電場M力方向大體向左,故粒子帶正電,故A錯;由電勢φ<φ,→電力對正電荷做負功,動能減小,做減速運動,故B正;與e處同一等勢面上,電勢相等,電勢能相等,根據(jù)能量守恒,速度大小也相等,故錯誤粒子從c點d點過中,電勢降低,正電荷的電勢能減小,電場力做正功,故錯誤]45[由x-圖象可知,物體A在4s末達位置為1m處總位移大小為2m;-圖象可知體B前2s內(nèi)沿正方向運動~4s負方向運動向變4s內(nèi)總移為零;由-圖可:物體在第1s內(nèi)向正方向做勻加速運動,第2s內(nèi)向方向做減速運動,2s末度減為0,然后在2~3s負方向做勻加速運動,在~4s向方向做勻減速直線運動,4s末速為零,并回到出點,總位移為零,其-圖如圖甲所示:-圖轉化成-圖象,如圖乙所示:11由圖象可知:物體在第1s內(nèi)做加速運動,位移=at=m,第1~2s內(nèi)做勻速運動,2412s末度減為0,位移xm,第2~4s內(nèi)復前面的過程,故0~4s內(nèi)位移x=1m,綜4上所述,A的位移最大,應選6[只將S從2撥向時變小,根據(jù)變比公式,輸出電壓變大,故輸出電流變大,輸出功率變大;輸入功率等于輸出功率,故輸入功率變大,輸入電流變大A錯;只將S從4撥向3時n變,根據(jù)變壓比公式,輸出電壓變小,故輸出電流變小,輸出功率變?。?/p>
.輸入功率等于輸出功率,故輸入功率變小,輸入電流變小確;只將S從合變?yōu)閿嚅_,少一個支路,但電阻R串聯(lián)的支路的電壓不變,故通過電阻R的電流不變端電壓也不變,C錯;僅增大光照強,負載總電阻變小,故輸出電流變大,輸出功率變大;輸入功率等于輸出功率,故輸入功率增大D確;應選、D.]7[由于動滑輪兩側繩子的力大小相等據(jù)對稱性可知細線與豎直方向的夾角為30°,D錯誤;設懸掛小滑輪斜線中的拉力與O′繩拉力分別為F和F,力析如圖甲,那么有2cos30°=,得F=20N,結點O′為研究對象,受力分析圖乙,根F據(jù)平衡條件得,彈簧的彈力為F=cos60°=10N錯誤重物的量m==2kg,BA正確;繩Ob的拉力FFsin60°=20×
3N=103N,由平衡條件可知,C正.28.ACD[進入磁場時,假設F與安力大小等將做勻速運動,產(chǎn)生的感應電動勢和感應電流不變,A圖可能的故A確;BLMN進入磁場時,假設F大安培力MN將加速運動,隨著速度的增大,由F=,BLv安培力增大,合力減小,加速度減小,那么將加速度減小的變加速運動,由i=知,Ri逐漸大,但的化率減小,圖線切線的斜減小,當M勻運動時,產(chǎn)生的感應電流不變,故B錯,正確;BLMN進入磁場時,假設F小安培力MN將減速運動,隨著速度的減小,由F=,BLv安培力減小,合力減小,加速度減小,那么將加速度減小的變減速運動.由i=知,Ri逐漸小i的變化率減小,線切線斜率的絕對值減小,當勻運動時,產(chǎn)生的感應電流不變,故C正確.]G9.BC[“玉兔號〞的質(zhì)量m=,球外表的重力加速度g==,A錯誤;根據(jù)gMmgRMR2=G=,==B正據(jù)v=RR2
GM=gR,=R
gg
=
GRGR
,故C正確T=
4πR3GM
M′′=得GM=R
得T=
4πg
ndπnndπn=2π
GRGg
,故D錯.
.10.(1)12.0(2)負
1kk(3)鉛蓄電池的內(nèi)阻遠小于多用表電壓擋的內(nèi)阻此直接用表筆接在蓄電池的兩極時表的讀數(shù)非常接近電池的電動勢.解析(1)電擋量程為50V,么最小分度為,那么指針對應的讀數(shù)為12.0V;(2)作為電流表使用時應保證流由紅表筆流進電表表筆流出電表黑筆連接的是E1r1電池的負極;由閉合電路歐姆定律可得=,形可得:=+·r+r11那么由題圖可知:=;k,那么可解得:=,=Ek(3)因鉛蓄電池的內(nèi)阻遠小于多電表電壓擋的內(nèi)阻,因此直接用表筆接在蓄電池的兩極時,電表的讀數(shù)非常接近電池的電動.11.(1)小鐵球1.145(2)ABD(3)0.1470.146(4)球在下擺過程中受到空氣阻力V6M12.A.(1)AD(2)不變放(3)②解析(1)雨在布料上形成一薄膜雨沒有透過布雨傘是因為液體外表存在張力A正;布朗運動是懸浮微粒的動,反映了液體分子的無規(guī)那么運動,故B錯;打氣時會反彈是因為氣體壓強的原因,不是分子斥力的作用,故誤;單晶體的某些物理性質(zhì)是各向異性的,多晶體和非晶體的物理性質(zhì)是各向同性的,故D正.(2)理想氣體從狀態(tài)變到狀態(tài),斜率k=保不變,所以做等溫變化,故氣體的內(nèi)能不變;理想氣體從狀態(tài)A變到狀態(tài),氣體體積減小,內(nèi)能不>0從B到,體積不變,壓強減小,所以溫度降低,內(nèi)能減小,氣體由狀態(tài)A狀態(tài)的程中,ΔU<0,>0,由Δ=+,氣體與外界總的熱交換情況是Q,么氣體熱.V(3)①一滴油酸酒精溶液中純油的體積為,V水面上的面積S=nd②油酸的摩爾體積為=
MρV6阿伏加德羅常數(shù)為N==πρdB.(1)CD(2)30°不(3)5m/s解析射的頻率小于γ射線頻率,所以γ線的穿透能力更強,故A錯誤;在電磁波發(fā)射技術中,使電磁波隨各種信號而改變的技術叫做調(diào)制,故B錯;根據(jù)宇宙大爆炸
.學說,由于星球在遠離地球,根據(jù)多普勒效應,接收到的頻率小于發(fā)出的頻率,遙遠星球發(fā)出的紅光被地球接收到可能是紅外線,故C確;愛因斯坦狹義相對論指出:真空中的光速在不同的慣性參考系中都是一樣的,這是光速不變原理,故D正.
3.RmR.3.RmRsini(2)設光線在M點的入射角為、折射角為r,由折射定律有:=sinrsinisin60°由題意知i=60°,所以sin===0.5r=30°n由幾何關系可知,光線在面P點的入射角′=60°133設發(fā)生全反射的臨界角為C,那么有sin==<,<60°,那么光線在P點生全反n32射,不能從邊出,光路圖下圖.(3)波的周期等于質(zhì)點的振動周,為T=0.8s.當質(zhì)在正向最大位移處時Q質(zhì)點平衡位向上振動由P向Q傳波λ>1m,λ那么有:=1m,所以:λ=4m,波速:==5m/s4C.(1)AD(2)A(3)4--2m
4m-m-2mc4解析(1)由量數(shù)守恒荷守恒可知反響方程為2713Al+11HA正,1.0×10B錯;由動量守恒可知,mv=28mv,解得v′=m/s故數(shù)量級約為10m/s,28C錯,正確.(2)核輻射中的三種射線穿透物的本領由弱到強的排列是α射線β射γ射應A.(3)由題意可知,質(zhì)量虧損為:=4--2m由=Δ
可知氦核的比結合能為:E
4-m-2c4BLv13.(1),向為逆時針方向(2)
v2
2BL+(3)2解析(1)感電動勢為:=;EBLv線框中感應電流為==R根據(jù)楞次定律可知,電流方向為逆時針方向11(2)由動能定理可知,=-mv22
解得:=
v2+
2m
22.22ΔΦBL(3)由=I·Δt,再由法拉第電磁感應定律可:=
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