2021屆高考物理黃金預(yù)測卷 新高考版 江蘇地區(qū)專用

ABBABBABC2021屆考物理黃預(yù)測卷高考版江蘇地區(qū)專一單題在雙縫涉實驗中，光屏上某點P到雙縫S、Hz的單色光照射縫，()單光的波長是；P點現(xiàn)暗條紋單光波長是2m；點現(xiàn)亮條紋C.單色光的波長是；P點現(xiàn)暗條紋單光的波長是；P點現(xiàn)亮條紋

的路程差為7.5m，如果用頻率為如圖所a、兩單色光先后以相同的入射角從同一點射入平行玻璃,

其中a從P點出,b光Q點出。則下列說法正確的()A.a光玻璃磚中的傳播速度更大a光波長較C.、b兩單色光經(jīng)過同一雙縫干涉裝置a產(chǎn)生的相鄰兩個亮條紋的中心間距較小a、兩單色光經(jīng)過同一雙縫干涉裝置b產(chǎn)生的相鄰兩個亮條紋的中心間距較小圖為年深圳春節(jié)期路燈上懸掛的燈籠，三個燈籠由輕繩連接起來掛在燈柱上為點，輕繩OA、長度相等，無風(fēng)時三根繩拉力分別為、、F。中、OC兩的夾角為60°，燈籠總質(zhì)量為，力加速度為。下列表述正確()A一小于B．F與F是一對平衡力C．與F大相等

D．F與合大等于如圖所是“嫦娥三號”環(huán)月變軌的示意圖。在Ⅰ圓軌道運行的“嫦娥三號”通過變軌后繞Ⅱ圓軌道運行，則下列說法中正確的是（）

A“嫦娥三號”在Ⅰ軌道的線速度大于在G軌的線速度B“嫦娥三號”在Ⅰ軌道的角速度大于在Ⅱ軌道的角速度C．嫦娥三號”在Ⅰ軌道的運行周期大于在Ⅱ軌道的運行周期D．嫦三號”由Ⅰ軌道通過加速才能變軌到Ⅱ軌道一學(xué)生兩個顏色不同的籃球做斜拋運動游戲，如圖所示，第一次出手時，紅色籃球的初速度與豎直方向的夾角二出手時，橙色籃球的初速度與豎直方向的夾角為

；兩次出手的位置在同一豎直線上，結(jié)果兩籃球正好到達(dá)相同的最高點，則紅色籃球與橙色籃球運動的高度之比為()

C.

在用分子油膜估測分子的大實驗中我們估測到的物理量()水子的直徑

水子體積

C.油分子的直徑

油子的體積年季，南方多地拉閘限電，湖南、浙江、江西等地出臺限電措施，而山東在這一方面做得比較好。其中外省電力的調(diào)入，起了有力保障，這就涉及遠(yuǎn)距離輸電問題。遠(yuǎn)距離輸電可簡化為如圖所示電路，發(fā)電廠發(fā)出的電先通過升壓變壓器升壓傳輸，再通過降壓變壓器降壓到用戶端。若所用變壓器均為理想變壓器，U、

分別表示升壓變壓器的原、副線圈電壓U、U

分別表示降壓變壓器的原、副線圈電壓，發(fā)電廠輸出電壓及輸電線的電阻R均變。若用戶端消耗的功率增加，下列說法正確的是()輸線上損失的電壓變小

升變壓器的輸出功率變小C.輸電線上損耗的功率變大

用端的電壓U

變大如圖所，在坐標(biāo)軸x和

m

處有兩個連續(xù)振動的波源，在介質(zhì)中形成相向傳播的甲、

乙兩列波，t時兩列波剛好傳到列判斷中正確的)

xm

處，已知兩列波的波速均為m/s，則下兩波在空間相遇時會發(fā)生干涉現(xiàn)象

甲與乙波的周期之比為C.乙比甲先到達(dá)

處

t

時，

處質(zhì)點開始向上振動如圖所，導(dǎo)熱的氣缸開口向下，缸內(nèi)活塞封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，活塞可自由滑動且不漏氣，活塞下掛一個砂桶，砂桶裝滿砂子時，活塞恰好靜止，現(xiàn)將砂桶底部鉆一個小洞，讓細(xì)砂慢慢漏出。氣缸外部溫度恒定不變，()A缸內(nèi)的氣體壓強減小，內(nèi)能減小B缸內(nèi)的氣體壓強增大，內(nèi)能減小C．內(nèi)的氣體壓強增大，內(nèi)能不變D．界氣體做功，缸內(nèi)的氣體內(nèi)能增加10.如圖所示,平放置的U形滑架上接一個阻值為的阻放垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度大小為勻強磁場一個半徑為L質(zhì)量為的圓形硬導(dǎo)體水平向右的恒定拉力F的作用下由靜止開始運動距離d后速度為v,正確的是()

半圓形硬導(dǎo)體AC的阻為r其余電阻不計下列說法不此兩電壓為

此程中回路產(chǎn)生的熱量QFdmv

C.此過程中通過電阻

的電荷量為

BLd

D.此過程所用時間

2Bdt(FR

mv11.如圖甲所示，、A為場中一直線上的兩個點，帶正電的點電荷只受電場力的作用，從點以某一初速度沿直線運動到點其電勢能E隨移的變化關(guān)系如圖乙所示。則從O到過程中，下列說法正確的是（）

A點電荷的速度先增大后減小

B點電荷所受電場力先減小后增大C．電場是負(fù)點電荷形成的

D．

O

到

電勢先降低后升高二實題12.某同學(xué)制作了一個簡的多用電表，圖甲為電路原理圖選擇開關(guān)，電流表內(nèi)阻40，滿偏電流I25mA，值電阻60。多用電表表盤如乙所示，下排刻度均2勻，C為排正中間刻線，他刻線沒有畫出。（1當(dāng)選擇開關(guān)接，多用電表（填歐表“電壓表或電表）量程為；（2為了測量該多用電表歐姆擋的內(nèi)阻和表內(nèi)電源的電動勢，該同學(xué)在實驗室找到了一個電阻箱，設(shè)計了如下實驗：①將選擇開關(guān)接2紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)R的阻值使電表指針滿偏；

②將多用電表紅、黑表筆與電阻箱相連，調(diào)節(jié)電阻箱使多用電表指針指在處，此時電阻箱如圖丙所示；③計算得到多用電表內(nèi)電源的電動勢________V（3選擇歐姆擋進(jìn)行歐姆調(diào)零后，將紅、黑表筆與某一待測電阻相連，若指針指在圖乙所示位置，則待測電阻的阻值為_________；（4該簡易多用電表使用一段時間后，電源電動勢下降到3V、內(nèi)阻變大，但此表仍能零，調(diào)零后用此表測得某電阻的阻值為180，則該電阻阻值的真實值_______。三計題13.質(zhì)量為

Mkg

的汽缸如圖甲所示放置，質(zhì)量為

m

、橫截面積為m的塞密封一部分氣體，氣體的長度為L

，此時環(huán)境溫度為℃大氣壓強為，重力加速度10m/s，不計活塞與汽缸之間的摩擦，汽缸導(dǎo)熱能良好，氣體可視為理想氣體。（1現(xiàn)將汽缸緩慢倒過來用彈簧支撐，如圖乙所示，在這一過程中沒有氣體泄漏，若環(huán)境溫度升高至29℃求此時彈簧的彈；（2現(xiàn)將汽缸緩慢倒過來懸掛，如圖丙所示，在這一過程中沒有氣體泄漏，求穩(wěn)定后活塞相對汽缸移動的距離（結(jié)果保留小數(shù)點后一位）。14.如圖甲所示為某半徑半球形透明介質(zhì)的截面，半圓的直徑，O圓心，在點側(cè)，一束單色光從AO上點垂直入半球形介質(zhì)，在圓弧上恰好發(fā)生全反射，

22

。（1求該半球形透明介質(zhì)的折射率。（2若將該透明介質(zhì)制成截面為直角三角形的透明體，如圖乙所示∠30AC

邊的長度為

35

，上述單色光的平行光束從AC邊45°角入射求邊和邊有光射的區(qū)域

的長度之和（不考慮光在介質(zhì)中二次反射）。15.如圖甲所示，mkg的塊自光滑圓弧形槽的頂端點無初速度地滑下，槽的底端與水平傳送帶相切于左端導(dǎo)輪頂端的B點傳送帶沿順時針方向勻速運.

下滑前將mkg的塊放在槽的底.

下后與m發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，碰后兩滑均向右運動，傳感器分別描繪出了兩滑塊碰后在傳送帶上從點運動到點像，如圖乙、丙所示.兩塊均視為質(zhì)點，重力加速度g/s

（1求的度差h；（2求滑塊與送帶間的動摩擦因數(shù)和傳送帶的長度；（3滑塊到點速恰好減到m/s求滑塊m的送時間；（4求系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱.16.如圖所示為一簡易的度篩選器，形狀為一等腰直角三角形，直角邊長為2。該區(qū)域里，一垂直紙面向外磁感應(yīng)強度為的勻強磁場。一束速度大小不同，量為，荷量為q的正電粒子從中點垂射該磁場區(qū)域，在邊置一粒子收集器，長度與BC等，粒子打到收集器上會被收集，從而把這些粒子篩選出來。其中粒子重力不計，也不計粒子間相互作用。

ABCABABCAB（1求能被收集粒子的最小速度；（2求能被收集粒子的速度范圍；（3討論能被收集粒子在磁場中運動的時間與速度的關(guān)系；（4如果入射點稍向下移，能被收集粒子的速度范圍會增大還是減小？（不需要寫出推導(dǎo)過程）參答答案：解析：由

cf

，光的波長為

m；于點振動的減弱點，只有項C正。答案：解析：作出ab兩單色光在玻璃磚中的光路圖如圖所設(shè)光在玻璃磚上面的折射角為r由圖可知rr

根據(jù)

irv

，可知在介質(zhì)中的折射率較,介質(zhì)中傳播的速度較,長較故A、錯誤;由于

根據(jù)

ld

可知經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后產(chǎn)生的相鄰兩個亮條紋的中心間距較小,C正,錯誤。答案：解析：三個燈籠受到重力與OA的力，所以拉力F＝3mg，三根繩子等，可知OB與OC的拉是相等的；對O點行受力分析如圖，可知＋cos30°F＝3，所以F=F=mg，AC錯，D正；由圖可知F與F的向不在一條直線上，所以不是一對平衡力，故B錯誤。

答案：解析：嫦娥三”在Ⅰ軌道Ⅱ軌道都勻速圓周運,

萬有引力提供向心力,有解得:,

因

因此“嫦娥三號在Ⅰ軌道線速度小于Ⅱ軌道的線速,“嫦娥三”在Ⅰ軌的角速度小于在Ⅱ軌道的角速度“嫦娥三”在Ⅰ軌的運行期大于在Ⅱ軌道的運行周,A錯誤,正確;高軌道變軌到低軌道做近心運需要萬有引力大于向心所以由Ⅰ軌通過減速才能變軌到Ⅱ軌故錯誤答案：B解析：本題考查平拋運動。兩個顏色不同的籃球做斜拋運動到，逆運動是平拋運動，運動軌跡如圖所示，兩籃球做平拋運動的水平位移相同，設(shè)為，兩籃球的末速度的反向延長線相交于同一點，設(shè)兩籃球運動的高度分別為hh

，根據(jù)平拋運動的規(guī)律有

xtan22

，解得hhtan

，故正確。答案：解析：用單分子油膜估測分子的大”驗中是將酒精油酸容液滴在水面上形成單分子油,過測量油膜體積以及油膜面積來求出油分子的直故正錯。選C。答案：解析：本題考查理想變壓器和遠(yuǎn)距離輸電問題。當(dāng)用戶端消耗的功率增加時，降壓變壓器的輸出功率會增加，降壓變壓器的輸入功率增加，從而導(dǎo)致降壓變壓器的輸入電流變大，根UIR知，輸電線上損失的電壓變大A錯；升壓變壓器副線圈中的電流變大，電壓

不變，輸出功率變大B錯誤；輸電線上損失的電壓變大，輸電線的電阻R不，根據(jù)

U2R

可知，輸電線上

損耗的功率變大正確；輸電線上損失電壓變大，降壓變壓器原線圈的電壓

減小，副線圈電壓

也減小D錯。答案：B解析：本題考查機械波。由題圖可知兩列波的波長不同，則兩列波的頻率不同，所以兩列波在空間相遇時不會發(fā)生干涉現(xiàn)象，選項A錯；波的波長為2m乙波的波長為，兩波波速相等，則由T

v

可知甲波與乙波的周期之比為1:2選項B正；由

v

知，兩波在

ts

時同時到達(dá)

處，且

處的質(zhì)點開始向下振動，選項、D錯。答案：解析：設(shè)活塞與裝滿砂子的砂桶的總重力為,塞橫截面積為,大氣壓為則以活塞為研究對根據(jù)力的平衡條件得氣缸內(nèi)氣體的壓強

p

G

由于G減小則p增大即氣體被壓,界對氣體做功。由于氣缸是導(dǎo)熱,體的溫度與環(huán)境溫度相保持不變其內(nèi)能不變。故選項正確。10.答案：解析：導(dǎo)體AC的效切割長度等于半圓的直徑L

導(dǎo)體切割磁感線生的感應(yīng)電動勢大小為EBBLv而導(dǎo)體AC相當(dāng)于電其兩端的電壓是外電

由閉合電路歐姆定律得

BLvRER

正;據(jù)能量守恒定律得Qmv2,B正確;據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得

I

rt(

根據(jù)電流定義式It

解得

It

BLdr

,C正確;據(jù)動量定理得Ftmv

又因為qIt則

Ft,解得t

2qBLmv4Bd(FR

)

錯.11.答案：B解析：A．正電荷在電場力作用下運動，電荷的電勢能與動能的總和不變，由圖象可知，電勢能先增大后減小，則動能先減小后增大，速度先減小后增大A錯；．電場力做功

E，

圖線的斜率反映電場力的大小，可見電場力先減小后增大，且方向發(fā)生了變化，因此不可能是點電荷的電場，即B正確錯誤；D．B過中，該正電荷的勢能先增大再減小，則空間各點的電勢先升高后降低D錯誤。故選B。12.答案：（）電壓;0~2.5V（2（3（4解析：本題考查多用電表的工作原理。

內(nèi)內(nèi)（1由題圖甲所示電路圖可知，當(dāng)選擇開關(guān)接3時表頭與分壓電阻串聯(lián)，此時電表為電壓表，電壓表滿偏電壓U(4060)VV，電壓表量程為；g2（2由題圖丙所示電阻箱可知，電阻箱示數(shù)為1000150，用電表指針滿偏時，有I

g

處時，電流表示數(shù)為g

I2

，有

I2

電內(nèi)電源電動勢3.75V；（3根據(jù)題圖乙所示表盤可知，此時電流I0.015A，閉合電路歐姆定律得EI，由）可知Rr，入得R；RR內(nèi)（4電源電動勢下降到3V，即

V對于測量值，有g(shù)1

180值，有g(shù)1g

1

g

1真

，聯(lián)立解得真

。13.答案：（）400N（22.7解析：本題考查玻意耳定律和受力分析。（1根據(jù)受力分析可知，題圖乙中彈簧彈力與汽缸和活塞的重力大小之和相等，與環(huán)境溫度無關(guān)，設(shè)彈簧的彈力為，有400N（2設(shè)汽缸倒置后封閉氣體的長度為L知p

，汽缸倒置懸掛前后氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律其中

mgp

mgVLVL聯(lián)立解得L

443

cm活塞相對汽缸移動的距離為Lcm14.答案：（）由圖甲結(jié)合幾何知識可知，光線發(fā)生全反射的臨界角為45由全反射條件有C

即sin45

2則該半球形透明介質(zhì)的折射率為

n（2作出入射光線的光路圖，如圖所示，單色光的平行光束從AC邊45°角入射時，由折射定律可知，折射角為由幾何關(guān)系可知，射到M點的光線，折射光線從M點出，到C點距離為

反射光線垂直AB從N點射出，由幾何系可知N為邊中點，到A點距離為L故有光射出的區(qū)域的總長度為

310

解析：15.答案：解：）由題圖乙可知，碰撞后瞬間滑塊m的度vm/s，題圖丙可知，碰撞后瞬間滑塊m的度m/s，碰撞前瞬間滑塊的速度v，向右為正方向，據(jù)動量守恒定律可得mvv解得4/s滑塊下滑的過程機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律可得m

m解得hm（2由題圖乙可知，滑塊在傳送帶上加速運動時的加速度大小等于