河北省定州市2023屆高三物理下學期周練試題（承智班5.15）

2023-2023學年第二學期高三承智班物理周練試題〔5.15〕一、選擇題1．如圖甲所示，正六邊形導線框abcdef放在勻強磁場中靜止不動，磁場方向與線框平面垂直，磁感應強度B隨時間t的變化關系如圖乙所示．t=0時刻，磁感應強度B的方向垂直紙面向里，設產生的感應電流順時針方向為正、豎直邊cd所受安培力的方向水平向左為正．那么下面關于感應電流i和cd所受安培力F隨時間t變化的圖象正確的選項是〔〕A.B.C.D.2．如下圖，水平放置的光滑平行金屬導軌MN、PQ處于豎直向下的足夠大的勻強磁場中，導軌間距為L，導軌右端接有阻值為R的電阻。一根質量為m，電阻為r的金屬棒垂直導軌放置，并與導軌接觸良好?，F(xiàn)使金屬棒以某初速度向左運動，它先后經(jīng)過位置a、b后，到達位置c處剛好靜止。磁場的磁感應強度為B，金屬棒經(jīng)過a、b處的速度分別為v1、v2，a、b間距離等于b、c間距離，導軌電阻忽略不計。以下說法中正確的選項是〔〕A.金屬棒運動到a處時的加速度大小為B.金屬棒運動到b處時通過電阻R的電流方向由Q指向NC.金屬棒在a→b與b→c過程中通過電阻R的電荷量相等D.金屬棒在a處的速度v1是其在b處速度v2的倍3．如下圖,生產車間有兩個相互垂直且等高的水平傳送帶甲和乙,甲的速度為v0，小工件離開甲前與甲的速度相同，并平穩(wěn)地傳到乙上，工件與乙之間的動摩擦因數(shù)為μ。乙的寬度足夠大，重力加速度為g，那么〔〕A.假設乙的速度為v0,工件在乙上側向(垂直于乙的運動方向)滑過的距離s=B.假設乙的速度為2v0,工件從滑上乙到在乙上側向滑動停止所用的時間不變C.假設乙的速度為2v0,工件在乙上剛停止側向滑動時的速度大小v=D.保持乙的速度2v0不變,當工件在乙上剛停止滑動時,下一只工件恰好傳到乙上,如此反復.假設每個工件的質量均為m,除工件與傳送帶之間摩擦外,其他能量損耗均不計,驅動乙的電動機的平均輸出功率=mgμv04．如下圖,一輕質彈簧左端固定,右端系一小物塊,物塊與水平面的最大靜摩擦力和滑動摩擦力都為f,彈簧無形變時,物塊位于O點.每次都把物塊拉到右側不同位置由靜止釋放,釋放時彈力F大于f,物體沿水平面滑動一段路程直到停止.以下說法中正確的選項是()A.釋放時彈性勢能等于全過程克服摩擦力做的功B.每次釋放后物塊速度到達最大的位置保持不變C.物塊能返回到O點右側的臨界條件為F>3fD.物塊能返回到O點右側的臨界條件為F>4f5．如下圖為一種質譜儀的工作原理示意圖,此質譜儀由以下幾局部構成:離子源、加速電場、靜電分析器、磁分析器、收集器.靜電分析器通道中心線半徑為R,通道內有均勻輻射電場,在中心線處的電場強度大小為E;磁分析器中分布著方向垂直于紙面,磁感應強度為B的勻強磁場,其左邊界與靜電分析器的右邊界平行.由離子源發(fā)出一個質量為m、電荷量為q的正離子(初速度為零,重力不計),經(jīng)加速電場加速后進入靜電分析器,沿中心線MN做勻速圓周運動,而后由P點進入磁分析器中,最終經(jīng)過Q點進入收集器.以下說法中正確的選項是()A.磁分析器中勻強磁場方向垂直于紙面向內B.加速電場中的加速電壓U=ER/2C.磁分析器中圓心O2到Q點的距離d=D.任何離子假設能到達P點,那么一定能進入收集器6．某同學采用如下圖的裝置來研究光電效應現(xiàn)象．某單色光照射光電管的陰極K時，會發(fā)生光電效應現(xiàn)象．閉合開關S，在陽極A和陰極K之間加反向電壓，通過調節(jié)滑動變阻器的滑片逐漸增大電壓，直至電流計中電流恰為零，此時電壓表顯示的電壓值U稱為反向截止電壓．根據(jù)反向截止電壓，可以計算出光電子的最大初動能Ekm．現(xiàn)分別用頻率為和的單色光照射陰極，測量到的反向截止電壓分別為和，設電子質量為m，電荷量為e，那么以下關系式中不正確的選項是〔〕A.頻率為ν1的單色光照射陰極K時光電子的最大初速度B.陰極K金屬的逸出功W=h-eC.陰極K金屬的極限頻率D.普朗克常量7．如下圖，在以直角坐標系xOy的坐標原點O為圓心、半徑為r的圓形區(qū)域內，存在磁感應強度大小為B、方向垂直xOy所在平面指向紙面里的勻強磁場。一帶電粒子由磁場邊界與x軸的交點A處，以速度v0沿x軸負方向射入磁場，粒子恰好能從磁場邊界與y軸的交點C處，沿y軸正方向飛出磁場之后經(jīng)過D點，D點的坐標為〔0,2r〕，不計帶電粒子所受重力。假設磁場區(qū)域以A點為軸在xoy平面內順時針旋轉45°后，帶電粒子仍以速度v0沿x軸負方向射入磁場，飛出磁場后經(jīng)過y=2r直線時，以下說法正確的選項是：A.帶電粒子仍將垂直經(jīng)過y=2r的這條直線B.帶電粒子將與y=2r的直線成45?角經(jīng)過這條直線C.經(jīng)過y=2r直線時距D的距離為D.經(jīng)過y=2r直線時距D的距離為8．如圖(甲),輕桿一端與一小球相連,另一端連在光滑固定軸上.現(xiàn)使小球在豎直平面內做圓周運動,到達某一位置開始計時,取水平向右為正方向,小球的水平分速度vx隨時間t的變化關系如圖(乙)所示.不計空氣阻力,以下說法正確的選項是A.在t1時刻小球通過最低點B.圖(乙)中S1面積的數(shù)值為0.8mC.圖(乙)中S1和S2的面積不相等D.圖線第一次與橫軸的交點對應小球的速度為4m/s9．如圖甲所示，光滑平行金屬導軌MN、PQ所在平面與水平面成角，M、P兩端接一電阻為R的定值電阻，電阻為r的金屬棒ab垂直導軌放置，其他局部電阻不計。整個裝置處在磁感應強度大小為B、方向垂直導軌平面向上的勻強磁場中。時對金屬棒施加一平行于導軌向上的外力F，使金屬棒由靜止開始沿導軌向上運動，通過定值電阻R的電荷量q隨時間的平方變化的關系如圖乙所示。以下關于穿過回路的磁通量、金屬棒的加速度a、外力F、通過電阻R的電流I隨時間t變化的圖象中正確的選項是A.B.C.D.10．為了測量化工廠的污水排放量，技術人員在排污管末端安裝了流量計(流量Q為單位時間內流過某截面流體的體積)。如下圖,長方體絕緣管道的長、寬、高分別為a、b、c，左、右兩端開口，所在空間有垂直于前后面、磁感應強度大小為B的勻強磁場，在上、下兩個面的內側固定有金屬板M、N，污水充滿管道從左向右勻速流動，測得M、N間電壓為U，污水流過管道時受到的阻力大小是,k為比例系數(shù)，L為污水沿流速方向的長度，為污水的流速。那么A.污水的流量B.金屬板M的電勢不一定高于金屬板N的電勢C.電壓U與污水中離子濃度無關D.左、右兩側管口的壓強差11．如下圖，傾角α=45°的固定斜面上，在A點以初速度ν0水平拋出質量為m的小球，落在斜面上的B點，所用時間為t，末速度與水平方向夾角為θ．假設讓小球帶正電q(q>0)，在兩種不同電場中將小球以同樣的速度ν0水平拋出，第一次整個裝置放在豎直向下的勻強電場中，小球在空中運動的時間為t1，末速度與水平方向夾角為θ1，第二次放在水平向左的勻強電場中，小球在空中運動的時間為t2，末速度與水平方向夾角為θ2，電場強度大小都為E=mg/q，g為重力加速度，不計空氣阻力．那么以下說法正確的選項是A.B.C.D.假設斜面足夠長,小球都能落在斜面上12．如下圖，水平面上相距l(xiāng)=0.5m的兩根光滑平行金屬導軌MN和PQ，他們的電阻可忽略不計，在M和P之間接有最大阻值為6.0Ω的滑動變阻器R，導體棒ab電阻r=1Ω，與導軌垂直且接觸良好，整個裝置處于方向豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度B=0.4T，滑動變阻器滑片處在正中間位置，ab在外力F作用下以v=l0m/s的速度向右勻速運動，以下判斷正確的選項是A.通過導體棒的電流大小為0.5A，方向由b到aB.導體棒受到的安培力大小為1N，方向水平向左C.外力F的功率大小為1WD.假設增大滑動變阻器消耗的勸率，應把滑片向M端移動13．兩根足夠長的平行光滑導軌豎直固定放置，頂端接一電阻R，導軌所在的平面與勻強磁場垂直；將一金屬棒與下端固定的輕彈簧的上端栓接，金屬棒和導軌接觸良好，重力加速度為g，如下圖．現(xiàn)將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放，那么A.金屬棒在最低點的加速度小于gB.回路中產生的總熱量大于金屬棒重力勢能的減少量C.當彈簧彈力等于金屬棒的重力時，金屬棒下落速度最大D.金屬棒第一次下降過程中通過電阻R的電荷量，比第一次上升過程的多14．如下圖，體積相同的小鐵球〔如圖中黑色球所示〕和小塑料球〔如圖中白色球所示〕分別用細線系于兩個帶蓋的盛水的瓶子中，當兩瓶和車一起加速向右運動時，會發(fā)生的現(xiàn)象最接近圖中的哪一種情景()A.B.C.D.15．如圖，在水平面〔紙面〕內有三根相同的均勻金屬棒ab、ac和MN，其中ab、ac在a點接觸，構成“V〞字型導軌?？臻g存在垂直于紙面的均勻磁場。用力使MN向右勻速運動，從圖示位置開始計時，運動中MN始終與∠bac的平分線垂直且和導軌保持良好接觸。以下關于回路中電流i、穿過三角形回路的磁通量Φ、MN上安培力F的大小、回路中的電功率P與時間t的關系圖線?？赡苷_的選項是A.B.C.D.16．如圖甲所示的水平裝置中，cd桿原來靜止，右邊正方形線框中有圖示方向的磁場。當右邊正方形線框中磁場按圖乙所示的規(guī)律變化時，關于a、b兩點電勢上下及cd桿的運動方向的判定，正確的選項是A.a點電勢高，cd桿向右運動B.a點電勢高，cd桿向左運動C.b點電勢高，cd桿向右運動D.b點電勢高，cd桿向左運動17．圖示為一直角棱鏡的橫截面，∠bac＝90°，∠abc＝60°。一平行細光束從O點沿垂直于bc面的方向射入棱鏡。假設ab、ac面兩面中，其中一個面有光線射出，一個面無光線射出，那么以下判斷正確的選項是：該直角棱鏡的折射率可能為A.棱鏡的折射率可能為1.8，ac面有光線射出B.棱鏡的折射率可能為1.8，ab面有光線射出C.棱鏡的折射率可能為2.2，ac面有光線射出D.棱鏡的折射率可能為2.2，ab面有光線射出18．如圖甲所示，兩根足夠長，電阻不計的平行金屬導軌相距1m，導軌平面與水平面的夾角為37°，下端接有阻值為1.5Ω的電阻R。虛線MN下側有與導軌平面垂直、磁感應強度大小為0.4T的勻強磁場?，F(xiàn)將金屬棒ab從MN上方某處垂直導軌由靜止釋放，金屬棒運動過程中始終與導軌保持良好接觸，金屬棒接入電路的有效阻值為0.5Ω，金屬棒運動的速度-時間圖像如圖乙所示，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，以下判斷正確的選項是A.金屬棒的質量為0.2kgB.0~5s內系統(tǒng)產生的熱量為20JC.0~5s內通過電阻R的電荷量為5CD.金屬棒勻速運動時，ab兩端的電壓為1V19．如圖甲所示，間距為L的光滑導軌水平放置在豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度為B，軌道左側連接一定值電阻R．垂直導軌的導體棒ab在水平外力F作用下沿導軌運動，F(xiàn)隨t變化的規(guī)律如乙圖所示。在0~t0時間內，棒從靜止開始做勻加速直線運動。乙圖中t0、F1、F2為，棒和軌道的電阻不計。那么A.在t0以后，導體棒一直做勻加速直線運動B.在t0以后，導體棒先做加速，最后做勻速直線運動C.在0～t0時間內，導體棒的加速度大小為D.在0~t0時間內，通過導體棒橫截面的電量為20．如下圖，在半徑為R的圓形區(qū)域內充滿磁感應強度為B的勻強磁場，MN是一豎直放置的感光板．從圓形磁場最高點P以速度v垂直磁場正對著圓心O射入帶正電的粒子，且粒子所帶電荷量為q、質量為m,不考慮粒子重力，關于粒子的運動，以下說法正確的選項是()A.粒子在磁場中通過的弧長越長時間也越長B.出磁場的粒子其出射方向的反向延長線也一定過圓心0C.出磁場的粒子一定能垂直打在MN上D.只要速度滿足v＝，入射的粒子出射后一定垂直打在MN上二、實驗題21．為了驗證碰撞中的動量守恒和檢驗兩個小球的碰撞是否為彈性碰撞(碰撞過程中沒有機械能損失)，某同學選取了兩個體積相同、質量不等的小球，按下述步驟做了如下實驗：①用天平測出兩個小球的質量分別為m1和m2，且m1>m2．②按照如下圖的那樣，安裝好實驗裝置．將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端點的切線水平．將一斜面BC連接在斜槽末端．③先不放小球m2，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，記下小球在斜面上的落點位置．④將小球m2放在斜槽前端邊緣處，讓小球m1從斜槽頂端A處滾下，使它們發(fā)生碰撞，記下小球m1和小球m2在斜面上的落點位置．⑤用毫米刻度尺量出各個落點位置到斜槽末端點B的距離．圖中D、E、F點是該同學記下的小球在斜面上的幾個落點位置，到B點的距離分別為LD、LE、LF．根據(jù)該同學的實驗，答復以下問題：(1)小球m1與m2發(fā)生碰撞后，m1的落點是圖中的_______點，m2的落點是圖中的_____點．(2)用測得的物理量來表示，只要滿足關系式_________________說明碰撞中動量是守恒的．(3)用測得的物理量來表示，只要再滿足關系式_____________說明此碰撞過程是彈性碰撞．三、計算題22．如下圖，兩根平行的光滑金屬導軌MN、PQ放在水平面上，左端向上彎曲，導軌間距為L，電阻不計，水平段導軌所處空間存在方向豎直向上的勻強磁場，磁感應強度為B.導體棒a與b的質量均為m，電阻值分別為Ra＝R，Rb＝2R.b棒放置在水平導軌上足夠遠處，a棒在弧形導軌上距水平面h高度處由靜止釋放．運動過程中導體棒與導軌接觸良好且始終與導軌垂直，重力加速度為g.(1)求a棒剛進入磁場時受到的安培力的大小和方向；(2)求最終穩(wěn)定時兩棒的速度大??；(3)從a棒開始下落到最終穩(wěn)定的過程中，求b棒上產生的內能．參考答案1．AC【解析】AB、0～2s內，磁場的方向垂直紙面向里，且逐漸減小，根據(jù)楞次定律，感應電流的方向為順時針方向，為正值；根據(jù)法拉第電磁感應定律，為定值，那么感應電流為定值；在2～3s內，磁感應強度方向垂直紙面向外，且逐漸增大，根據(jù)楞次定律，感應電流方向為順時針方向，為正值，大小與0～2s內相同．在3～4s內，磁感應強度垂直紙面向外，且逐漸減小，根據(jù)楞次定律，感應電流方向為逆時針方向，為負值，大小與0～2s內相同．在4～6s內，磁感應強度方向垂直紙面向里，且逐漸增大，根據(jù)楞次定律，感應電流方向為逆時針方向，為負值，大小與0～2s內相同．故A正確、B錯誤；C、在0～2s內，磁場的方向垂直紙面向里，且逐漸減小，電流恒定不變，根據(jù)FA=BIL，那么安培力逐漸減小，cd邊所受安培力方向向右，為負值．0時刻安培力大小為F=2B0I0L．在2s～3s內，磁感應強度方向垂直紙面向外，且逐漸增大，根據(jù)FA=BIL，那么安培力逐漸增大，cd邊所受安培力方向向左，為正值，3s末安培力大小為B0I0L．在2～3s內，磁感應強度方向垂直紙面向外，且逐漸增大，那么安培力大小逐漸增大，cd邊所受安培力方向向右，為負值，第4s初的安培力大小為B0I0L．在4～6s內，磁感應強度方向垂直紙面向里，且逐漸增大，那么安培力大小逐漸增大，cd邊所受安培力方向向左，6s末的安培力大小2B0I0L．故C正確，D錯誤。應選：AC。2．BC【解析】A、金屬棒運動到a處時，有，，，那么得安培力由牛頓第二定律得加速度，A錯誤；B、金屬棒運動到b處時，由右手定那么判斷知，通過電阻的電流方向由Q到N，B正確；C、金屬棒在a→b過程中，通過電阻的電荷量，同理，在b→c的過程中，通過電阻的電荷量，由于，可得，C正確；D、在b→c的過程中，對金屬棒運用動量定理得：，而，解得：同理，在a→c的過程中，對金屬棒運用動量定理得：，而，解得：：，因，因此，D錯誤；應選BC。3．CD【解析】當乙的速度為v時，工件相對乙的速度與y軸方向的夾角為α工件受到的摩擦力與二者相對速度的方向相反，如下圖。A、假設乙的速度為v0，甲剛滑上乙時，工件相對乙運動的速度為，工件受到摩擦力的大小為f=μmg，沿x軸方向，根據(jù)牛頓運動定律和運動學公式，解得工件在乙上垂直于乙的運動方向滑行的距離，A錯誤；B、假設乙的速度為v,甲剛滑上乙時，沿x軸方向，根據(jù)牛頓運動定律和運動學公式：，乙的速度不同，角不同，工件從滑上乙到在乙上側向滑動停止所用的時間不同，B錯誤；C、工件在乙上停止側向滑動時與乙相對靜止，有相同的速度，v=，C正確；D、保持乙的速度2v0不變,甲剛滑上乙時，工件相對乙運動的速度為，最后與乙相對靜止，相對速度為零，受到與相對速度相反的摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律：工件滑動的時間：，相對滑行的距離：，此過程產生的內能：此過程動能的增量：根據(jù)能量轉化與守恒定律，傳送帶對工件做功的功率：驅動乙的電動機的平均輸出功率=mgμv0，D正確。應選CD。4．BD【解析】A、物體最后停下來的位置不一定是原長，最后還有彈性勢能，釋放時的彈性勢能只有一局部克服摩擦力做功，A錯誤；B、物塊速度到達最大的位置是彈簧彈力與摩擦力平衡的位置，所以速度到達最大的位置保持不變，B正確；CD、設物塊剛好能返回到O點，物塊在最左端受到的彈力是F1，物塊在向左運動的過程可看作一個簡諧運動，物塊在向右運動的過程也可看作一個簡諧運動，根據(jù)簡諧運動的對稱性，在最大位移處恢復力大小相等，向左運動：向右運動：聯(lián)立得：F=4f，C錯誤、D正確。應選BD。5．B【解析】A、進入靜電分析器后，正離子順時針轉動，所受洛倫磁力指向圓心，根據(jù)左手定那么，磁分析器中勻強磁場方向垂直于紙面向外，A錯誤；B、離子在靜電分析器中做勻速圓周運動,根據(jù)牛頓第二定律有設離子進入靜電分析器時的速度為v,離子在加速電場中加速的過程中,由動能定理有：由①②解得，B正確；D、由B項解析可知：，與離子質量、電量無關。離子在磁分析器中做勻速圓周運動,由牛頓第二定律有得：=，故C錯誤；由題意可知，圓周運動的軌道半徑與電荷的質量和電量有關，能夠到達P點的不同離子，半徑不一定都等于d，不一定能進入收集器，D錯誤。應選B?！久麕燑c睛】根據(jù)左手定那么，可知磁分析器中勻強磁場方向；根據(jù)離子在靜電分析器中做勻速圓周運動,電場力提供向心力，根據(jù)動能定理電場力做的功等于離子的動能，聯(lián)立可求加速電壓；電場中圓周運動的軌道半徑與電荷的質量和電量無關，磁場中圓周運動的軌道半徑與電荷的質量和電量有關，可知能夠到達P點的不同離子，不一定能進入收集器。6．C【解析】A、加上反向電壓后有mvm2=Uq，頻率為ν1的單色光照射陰極K時光電子的最大初速度，A正確；B、根據(jù)光電效應方程hv=mvm2+W，mvm2=Uq，聯(lián)立求解得W=h-e，B正確；CD、根據(jù)光電效應方程：，，聯(lián)立求解得：極限頻率,C錯誤；普朗克常量，D正確；.此題選擇不正確的，應選C。7．BD【解析】A、以速度v0沿x軸負方向射入磁場，粒子恰好能從磁場邊界與y軸的交點C處，帶電粒子的軌跡半徑等于r。旋轉磁場后，帶電粒子的軌跡如圖，四邊形AOE構成菱形，所以經(jīng)過y=2r的這條直線時與線不垂直，A錯誤；B、由圖可知，CE與垂直，與OA平行，OA與x軸成45°，所以CE與y=2r的直線成45°，B正確；CD、E到y(tǒng)軸的距離，E到y(tǒng)=2r的這條直線的距離，C距D的距離為，C錯誤、D正確。應選BD。8．B【解析】A、由圖知,在t3時刻小球水平速度最大且向左，所以t3時刻小球經(jīng)過最低點，A錯誤；BC、小球在豎直平面內自由轉動，只有重力做功，機械能守恒，那么有：，帶入數(shù)據(jù)得：，解得：L=0.8m，由小球的運動情況可知,S1和S2的面積等于桿長且相等,那么圖乙中S1面積的數(shù)值為0.8m，故B正確，C錯誤；D.從t1時刻到圖線第一次與橫軸的交點的過程中，根據(jù)動能定理得：，解得：，故D錯誤。應選：B。【名師點睛】小球在豎直平面內自由轉動，只有重力做功，機械能守恒，經(jīng)過最低點時速度最大，根據(jù)動能定理求出桿長，圖象中S1和S2的面積等于桿長。圖線第一次與橫軸的交點是小球經(jīng)過圓心高度的位置，根據(jù)動能定理求出速度。9．C【解析】由圖看出，q=kt2，那么,即通過R的感應電流隨時間t增大，根據(jù)法拉第電磁感應定律得知，穿過回路的磁通量是非均勻變化的，Φ-t應是曲線．故A錯誤．設金屬棒長為L．由乙圖象得，，k是比例系數(shù)．知加速度不變，故B錯誤；由牛頓運動定律知F-F安-mgsinθ=ma，知，v隨時間均勻增大，其他量保持不變，故F隨時間均勻增大，故C正確；通過導體棒的電流，I-t圖象為過原點直線，故D錯誤；應選C.點睛：對于圖象問題一定弄清楚兩坐標軸的含義，尤其注意斜率、截距的含義，對于復雜的圖象可以通過寫出兩坐標軸所代表物理量的函數(shù)表達式進行分析.10．CD【解析】A、污水的流速：v=U/cB,那么流量Q=vbc=Bu/B，A錯誤；B、根據(jù)左手定那么，知負離子所受的洛倫茲力方向向下，那么向下偏轉，N板帶負電，M板帶正電，那么M板的電勢比N板電勢高，B錯誤；C、最終離子在電場力和洛倫茲力作用下平衡,有：，解得：U=vBc，與離子濃度無關，C正確；D、污水的流速：v=U/cB，污水流過該裝置時受到阻力：，為使污水勻速通過該裝置,左、右兩側管口應施加的壓力差等于污水流過該裝置時受到阻力，，，D正確。應選CD?！久麕燑c睛】根據(jù)左手定那么判斷洛倫茲力的方向，從而得出正負離子的偏轉方向，確定出上下外表電勢的上下．最終離子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據(jù)平衡求出兩極板間的電壓，在壓力和阻力作用下處于平衡，求出流量的大小。11．AB【解析】A、在向下的電場中運動時，粒子受到的電場力，故向下的合力大于重力，因此向下的加速度大于重力加速度，那么根據(jù)平拋運動規(guī)律可知，，并且小球一定打在斜面上，那么一定有：；當粒子在水平電場中運動時，電場強度大小都為，那么電場力，故電場力與重力的合力方向沿斜面方向；可知，根據(jù)運動的合成和分解規(guī)律可知，物體的合速度不會越過斜面方向，所以物體一定不會落在斜面上；由于豎直方向仍為自由落體運動，但下落高度大于第一次下落的高度，故物體，由于合速度與水平方向的夾角一定小于45°，那么可知速度方向與水平方向夾角θ2最小，故AB正確；C錯誤；D、由以上分析可知，假設自由落體能落到斜面上，那么在豎直電場中一定會落在斜面上，但在水平電場中運動時，一定不會落到斜面上，D錯誤；應選AB。12．CD【解析】A、有右手定那么可知通過導體棒的電流大小，方向由a到b，電流大小，A錯誤；B、導體棒受到的安培力大小為，由左手定那么知安培力方向向左，B錯誤；C、外力F的功率等于安培力的功率，即，C正確；D、假設增大滑動變阻器消耗的勸率，相當于增大電源的輸出功率，應使外電阻接近金屬棒電阻，滑片向M端移動，D正確；應選CD。13．AD【解析】金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放時，金屬棒的加速度a=g，如果沒有磁場，根據(jù)簡諧運動的規(guī)律，金屬棒在最低點的加速度與釋放時的加速度相等，即a=g，有磁場時，由于電磁感應，金屬棒下落過程會受到安培力的阻礙作用，金屬棒的下落高度小于沒有磁場時下落的高度，因此金屬棒在最低點的加速度小于g，A正確；根據(jù)能量守恒定律，金屬棒減小的重力勢能應等于回路產生的熱量與彈簧增加的彈性勢能之和，即產生的總熱量小于金屬棒重力勢能的減少量，B錯誤；根據(jù)牛頓第二定律分析可知，當金屬棒受到的重力等于彈簧彈力與安培力之和時，金屬棒下落速度最大，C錯誤；根據(jù)，,得，通過電阻R的電荷量，如果沒有磁場，即沒有感應電流產生時，金屬棒仍能回到釋放時的位置，有磁場時，由于回路中會產生電能，所以金屬棒不能回到釋放時的高度，下降過程中比第一次上升過程中磁通量的變化量大，所以金屬棒第一次下降過程中通過電阻R的電荷量，比第一次上升過程的多，D正確。應選AD。14．B【解析】由于系統(tǒng)加速度向右，而水具有慣性，只會出現(xiàn)如題圖A、B所示的水面．同樣體積的鐵球、水、塑料球中，鐵球的慣性最大，塑料球的慣性最小，因而兩球的相對位置如圖B所示，故B正確．應選B點睛:物體保持運動狀態(tài)不變的性質叫做慣性．原來靜止的物體具有保持靜止狀態(tài)的性質；原來處于運動的物體，具有保持勻速直線運動狀態(tài)的性質，此題的難度在于這兩個小球分別在一只盛水的容器中，因此解題時要考慮水的密度大于整個塑料球密度，水的密度小于整個鐵球密度等，總之此題有一定的拔高難度，屬于難題．15．AC【解析】設∠bac=2θ,單位長度電阻為R0，那么MN切割產生電動勢E=BLv=Bv?2vt×tanθ=2Bv2ttanθ回路總電阻為R=(2vttanθ+2vtcosθ)R0=vtR0(2tanθ+2cosθ)由閉合電路歐姆定律得：i=E/R=2Bv2t?tanθ/vtR0(2tanθ+2cosθ)=2BvtanθR0(2tanθ+2cosθ)i與時間無關，是一定值，故C正確；MN上安培力F=Bil=2Bi(L+vt)tanα，t增大，F(xiàn)均勻增大，故A正確；回路中的電功率P=i2R=i2vtR0(2tanθ+2cosθ)，t增大，P均勻增大，故B錯誤；穿過三角形回路的磁通量，與時間不成線性關系，D錯誤。應選AC。【名師點睛】MN做切割磁感線運動，回路中有效的切割長度均勻增大，產生感應電動勢E=BLv越來越大，回路總電阻也增大，根據(jù)電阻定律可求回路總電阻，然后利用閉合電路歐姆定律列式，分析回路中電流的變化情況，由安培力公式F=BIL分析安培力的變化情況。根據(jù)電流列出回路中的電功率和穿過三角形回路的磁通量的表達式即可求解。16．D【解析】右邊正方形線框中磁場垂直紙面向外增加且增加的逐漸變慢，根據(jù)楞次定律，正方形線框內產生順時針的感應電流且逐漸減小，所以b點電勢高；穿過左邊線圈中的磁通量向下且減小，左邊回路中產生順時針的感應電流，電流方向從d到c，根據(jù)左手定那么，cd桿受到的安培力向左，向左運動，D正確。應選D。17．A【解析】棱鏡的折射率為1.8時，根據(jù)，光線垂直bc邊射到ab邊的入射角為60°，，大于臨界角，發(fā)生全反射。反射到ac邊時入射角為30°，，小于臨界角，ac面有光線射出，A正確、B錯誤；棱鏡的折射率為2.2，光線垂直bc邊射到ab邊的入射角為60°，，大于臨界角，發(fā)生全反射。反射到ac邊時入射角為30°，，大于臨界角，發(fā)生全反射，C、D錯誤。應選A。18．AC【解析】A、由圖知，金屬棒未進磁場前，進磁場后勻速運動，，聯(lián)立兩式，代入數(shù)據(jù)求得，，A正確；B、由功能關系知：，v-t圖象中面積表示位移，那么x=，，代入上式得：，B錯誤；C、由得：，C正確；D、金屬棒勻速運動時，