2022年陜西省西安市臨潼區(qū)高考物理二模試卷（附答案詳解）

2022年陜西省西安市臨潼區(qū)高考物理二模試卷

1.通常情況下，地球上的兩個(gè)物體之間的萬(wàn)有引力是

極其微小以至于很難被直接測(cè)量，人們?cè)陂L(zhǎng)時(shí)間內(nèi)

無(wú)法得到引力常量的精確值。在牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力

定律一百多年以后的1789年，英國(guó)物理學(xué)家卡文迪

許巧妙地利用如圖所示的扭秤裝置，才第一次在實(shí)

驗(yàn)室里比較精確地測(cè)出了萬(wàn)有引力常量。在下圖所示的幾個(gè)實(shí)驗(yàn)中，與“卡文迪許

扭秤實(shí)驗(yàn)”中測(cè)量微小量的思想方法最相近的是（）

研究力的合成規(guī)律

B.觀察桌面的形變

1:P：&

C.v*[][探究影響電荷間相互作用力的因素

D.探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系

2.2022年2月4日，第24屆冬季奧林匹克運(yùn)動(dòng)會(huì)在北京開(kāi)幕,

至此，北京成為全世界唯一一個(gè)既舉辦過(guò)夏季奧運(yùn)會(huì)又舉

辦過(guò)冬季奧運(yùn)會(huì)的城市。如圖所示，某次訓(xùn)練中，短道速

滑運(yùn)動(dòng)員在水平冰面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則運(yùn)動(dòng)員（）

A.受到冰面的作用力大小恒定，做勻加速運(yùn)動(dòng)

B.受到冰面的作用力大小恒定，做變加速運(yùn)動(dòng)

C.受到冰面的作用力大小變化，做勻加速運(yùn)動(dòng)

D.受到冰面的作用力大小變化，做變加速運(yùn)動(dòng)

3.某實(shí)驗(yàn)小組在做光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)時(shí)，用頻率為v的單

色光照射光電管的陰極K,得到光電流/與光電管兩

端電壓U的關(guān)系圖線如圖所示，已知電子電荷量的絕

對(duì)值為e,普朗克常量為兒則光電子逸出功為（）

A.hv

B.eUc

C.hv-eUc

D.hv+eUc

4.如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形4BCD邊界內(nèi)有垂直紙面向里〃...L

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B,E為4D上一點(diǎn)，ED*L。完全相同的兩A

個(gè)帶電粒子a、b以不同速度分別從4、E兩點(diǎn)平行4B向右射

4：--...-....:B

入磁場(chǎng)，且均從C點(diǎn)射出磁場(chǎng)。已知a粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的

時(shí)間為3不計(jì)粒子的重力和相互作用，則b粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為（）

A.-3tB.2C.-41D.-3t

5.“祝融”火星車(chē)由著陸平臺(tái)搭載著陸火星，如圖所示為著陸后火星車(chē)與著陸平臺(tái)分

離后的“自拍”合影。著陸火星的最后一段過(guò)程為豎直方向的減速運(yùn)動(dòng)，且已知火

星質(zhì)量約為地球質(zhì)量的2，火星直徑約為地球直徑的%則（）

A.該減速過(guò)程火星車(chē)處于失重狀態(tài)

B.該減速過(guò)程火星車(chē)對(duì)平臺(tái)的壓力大于平臺(tái)對(duì)火星車(chē)的支持力

C.火星車(chē)在火星表面所受重力約為其在地球表面所受重力的|

D.火星的第一宇宙速度與地球第一宇宙速度之比約為］

6.如圖所示，在水平桌面上放置一斜面體P,兩長(zhǎng)方體物「

塊a和b疊放在斜面P上，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。a和

b、b與P、P與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別用為、“2和

“3表示。則下列判斷有可能正確的是（）

第2頁(yè)，共17頁(yè)

A.=0,（j，2。0，〃3H0B.。0,H0，=0

C.H0,〃2=0，〃3=0D.41W0,〃2H0，“3。0

7.如圖所示，豎直平面內(nèi)有勻強(qiáng)電場(chǎng)，a、b、c、d為沿豎直方：1：：

1111

向的等勢(shì)線，且Q等勢(shì)線電勢(shì)高于d等勢(shì)線的電勢(shì)。一帶負(fù)電

iiii

的微粒從b等勢(shì)線0點(diǎn)在此平面上以某一初速度沿豎直平面向；：＜；

右上方發(fā)射，初速度方向與水平方向成。=37。。粒子運(yùn)動(dòng)到abc（1

其軌跡的最高點(diǎn)時(shí)，速度大小與。點(diǎn)速度大小相等，己知s譏37。=0.6,cos37。=0.8,

則可判斷在此過(guò)程中（）

A.電場(chǎng)力對(duì)帶電微粒一定做正功

B.微粒運(yùn)動(dòng)軌跡的最高點(diǎn)可能在b等勢(shì)面上

C.微粒受到的電場(chǎng)力與它的重力的比值為3：1

D.電場(chǎng)力對(duì)微粒做功與微粒的重力勢(shì)能增量的比值為3：1

8.如圖，距地面九高處水平放置間距為L(zhǎng)的兩條光滑平行金屬

導(dǎo)軌，導(dǎo)軌左端接有電動(dòng)勢(shì)為E的電源，質(zhì)量為m的金屬桿一￡

靜置于導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌垂直且電接觸良好，空間有豎直向

下的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S閉合，一段時(shí)LL.

間后金屬桿從導(dǎo)軌右端水平飛出，測(cè)得其水平射程為d,下列說(shuō)法正確的是（）

A.金屬桿離開(kāi)導(dǎo)軌前做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

B.金屬桿離開(kāi)導(dǎo)軌后到落地前感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)保持不變

C.電源消耗的電能為鬻

D.從閉合開(kāi)關(guān)到金屬桿剛要落地時(shí)，金屬桿受到的沖量為叫/2gh+gd

9.用圖甲裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。實(shí)驗(yàn)前調(diào)整光電門(mén)B的位置，使直徑為d的小球

下落過(guò)程中球心通過(guò)光電門(mén)8。實(shí)驗(yàn)時(shí)通過(guò)斷開(kāi)電磁鐵開(kāi)關(guān)使小球從4點(diǎn)下落經(jīng)過(guò)

光電門(mén)，記錄擋光時(shí)間加，并測(cè)出電磁鐵下側(cè)面到光電門(mén)的距離從已知當(dāng)?shù)刂亓?/p>

加速度為9。

圖乙

圖甲

（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑如圖乙所示，小球直徑d=cm；

（2）驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒的表達(dá)式是（用題中的字母表示）；

（3）請(qǐng)你提出一種減小實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差的方法。

10.某同學(xué)利用右圖所示電路測(cè)量量程為2.5V的電壓表的內(nèi)阻（內(nèi)阻為數(shù)千歐姆），可供

選擇的器材有：

電阻箱R（最大阻值99999.90）,

滑動(dòng)變阻器&（最大阻值50。），

滑動(dòng)變阻器七（最大阻值5k。），

直流電源E（電動(dòng)勢(shì)5U）,

開(kāi)關(guān)1個(gè)，導(dǎo)線若干。

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①按電路原理圖連接線路；

②將電阻箱阻值調(diào)節(jié)為0,將滑動(dòng)變阻器的滑片移到與電路原理圖中最左端所對(duì)應(yīng)

的位置，閉合開(kāi)關(guān)S；

③調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電壓表滿偏；

④保持滑動(dòng)變阻器滑片的位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱阻值，使電壓表的示數(shù)為2.00叭

記下電阻箱的阻值。

回答下列問(wèn)題：

（1）實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇滑動(dòng)變阻器（填“心”或“/?2”）。

（2）根據(jù)原理圖所示電路將實(shí)物圖連線。

（3）實(shí)驗(yàn)步驟④中記錄的電阻箱阻值為630.0。，若認(rèn)為調(diào)節(jié)電阻箱時(shí)滑動(dòng)變阻器上

的分壓不變，計(jì)算可得電壓表的內(nèi)阻為0（結(jié)果保留到個(gè)位）。而實(shí)際測(cè)量中，

調(diào)節(jié)電阻箱時(shí)滑動(dòng)變阻器上的分壓會(huì)產(chǎn)生變化，使得電壓表內(nèi)阻的測(cè)量值與真實(shí)值

相比（填“偏大”、“偏小”或“相等”）。要盡量減小該誤差，可以采取

哪些方案（寫(xiě)出你認(rèn)為合理的一種方案即可）。

11.第24屆冬季奧運(yùn)會(huì)將于2022年2月在北京和張家口舉行；冰壺運(yùn)動(dòng)是冬奧會(huì)項(xiàng)目之

一，考驗(yàn)參與者的體能與腦力，展運(yùn)動(dòng)之健美，現(xiàn)取之智慧，被喻為冰上“國(guó)際象

第4頁(yè)，共17頁(yè)

棋”。如圖甲所示，在某次冰壺比賽中，運(yùn)動(dòng)員正用力將冰壺推出，其對(duì)冰壺斜向

下的推力與水平方向的夾角為37。,大小為20N。如圖乙所示，已知冰壺質(zhì)量為20kg,

與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.02,重力加速度g取10m/s2,s譏37。=0.6,cos37°=0.8,

求:

(1)此時(shí)冰壺的加速度大?。?/p>

(2)冰壺推出后，運(yùn)動(dòng)員可利用冰刷在冰壺滑行的前方快速擦刷冰面以減少摩擦。

若擦刷冰面后冰壺與冰面的動(dòng)摩擦因數(shù)變?yōu)樵瓉?lái)的|，求冰壺推出后，未擦刷冰面

與擦刷冰面后自由滑行的距離之比。

12.空間存在豎直向上的電場(chǎng)和豎直向上的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為8,

一質(zhì)量為m,帶電荷量為+q的微粒P靜止于4點(diǎn)，一質(zhì)量也為小、‘2”

不帶電的小球Q從紙面外垂直于紙面以速度2%射向微粒P,二

者粘合在一起運(yùn)動(dòng)，已知微粒的落地點(diǎn)在4點(diǎn)正下方的C點(diǎn)，

已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,求：

(1)電場(chǎng)強(qiáng)度E;

(2)微粒與小球粘合后向右運(yùn)動(dòng)的最大距離；

(3)4C的距離八應(yīng)滿足的條件。

13.如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)a(Po，%,To)經(jīng)熱力學(xué)P

、_譏........7]5

過(guò)程ab、be、ca后又回到狀態(tài)a。對(duì)于ab、be、ca=/1

個(gè)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是()/'

1

A.ab過(guò)程中，容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞0Tn27；,

擊的次數(shù)可能不變

B.ab過(guò)程中，氣體內(nèi)能的增量等于從外界吸收的熱量

C.比過(guò)程中，氣體對(duì)外界做的功大于氣體從外界吸收的熱量

D.ca過(guò)程中，容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增多

E.ca過(guò)程中，外界對(duì)氣體做功po%

14.如圖所示，U形管右管橫截面積為左管橫截面積的2倍，管內(nèi)水銀在左

管內(nèi)封閉了一段長(zhǎng)為76an、溫度為300K的空氣柱，左、右兩管水銀

面的高度差為6cm,大氣壓強(qiáng)為76cm//g。

(i)給左管的氣體加熱，則當(dāng)U形管兩邊水銀面等高時(shí)，左管內(nèi)氣體的

溫度為多少？

陋)在(i)間的條件下,保持溫度不變，往右管緩慢加入水銀直到左管氣柱恢復(fù)原長(zhǎng),

問(wèn)此時(shí)兩管水銀面的高度差。

15.位于坐標(biāo)原點(diǎn)處的波源4沿y軸做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。4剛好完成一

次全振動(dòng)時(shí)，在介質(zhì)中形成簡(jiǎn)諧橫波的波形如圖所示，已.\

°\A~H7

知波速u(mài)=2m/s,波源做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期7=0.4s,B、C、、x

是沿波傳播方向上的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是()

A.圖中x軸上4、B之間的距離為0.8m

B.波源4開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向

C.此后的四分之一周期內(nèi)回復(fù)力對(duì)波源4一直做負(fù)功

D.經(jīng)半個(gè)周期質(zhì)點(diǎn)B將向右遷移半個(gè)波長(zhǎng)

E.圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)C所受的合外力方向沿y軸正方向

某工件由同種透明玻璃材料制成的三棱柱和四分之一圓柱兩

個(gè)部分組成，其截面如圖，該玻璃材料的折射率為n=/7'

44BF為直角三角形，/.ABF=30°,FDE為四分之一圓，半徑"2

為R,FE貼緊4F。一束單色平行光沿著截面方向從4B邊射入

工件后垂直FE進(jìn)入四分之一圓。

⑴求該平行光進(jìn)入4B界面時(shí)的入射角仇

(i)若要使到達(dá)尸。面的光線都能從FD面直接折射出來(lái)，該四分之一圓至少要沿AF方向向

上移動(dòng)多大距離？

第6頁(yè)，共17頁(yè)

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：力、研究力的合成規(guī)律采用的等效替代法，故A錯(cuò)誤：

8、觀察桌面的形變采用微小形變放大法，思想方法最相近。故8正確；

C、探究影響電荷間相互作用力的因素采用的控制變量法，故C錯(cuò)誤；

。、探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系采用的控制變量法，故力錯(cuò)誤。

故選：B。

明確扭秤實(shí)驗(yàn)中采用了放大法，并明確其他實(shí)驗(yàn)的方法即可解答，找出微小放大思想方

法即可。

本題考查對(duì)引力常量測(cè)量的研究情況，要注意明確引力常量的測(cè)出證明了萬(wàn)有引力定律

的正確，從而更好的研究天體的運(yùn)動(dòng)。

2.【答案】B

【解析】解：勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合力提供向心力，所

以合力是大小不變，方向始終指向圓心，對(duì)運(yùn)動(dòng)員

受力分析，冰對(duì)運(yùn)動(dòng)的作用力有兩個(gè)作用效果：豎.......J玲)

直分力和運(yùn)動(dòng)員的重力平衡，水平分力提供向心力，y

所以豎直分力恒定，水平分力大小不變，方向始終t----------1

指向圓心。則冰面對(duì)運(yùn)動(dòng)的作用力大小不變，方向始終指向圓心偏上，是變化的，即合

力是變化的，做變加速運(yùn)動(dòng)，受力如圖所示

故B正確，4C。錯(cuò)誤。

故選：Bo

勻速圓周運(yùn)動(dòng)合力提供向心力，是大小不變，方向始終指向圓心的變力，再根據(jù)受力分

析找到冰面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的力。

可以運(yùn)用力的分解，分析冰面的力產(chǎn)生的效果，一個(gè)分力與重力平衡，另一個(gè)分力提供

向心力，還可以按照力的合成，重力和冰面的作用力的合力提供向心力，大小不變，方

向始終指向圓心，所以冰的作用力大小不變，方向始終變化，是變力，做變加速運(yùn)動(dòng)。

3.【答案】C

【解析】解：由遏止電壓與最大初動(dòng)能的關(guān)系可得光電子的最大初動(dòng)能為：Ekm=eUc,

由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程：Ekm=hv-W0

可得材料的逸出功為：W0=hv-Ekm=hv-eUc,故C正確，AB。錯(cuò)誤。

故選：C。

明確圖象的意義，由圖象確定最大初動(dòng)能，同時(shí)利用愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程求解逸出功。

本題考查了光電效應(yīng)中的飽和光電流強(qiáng)度、光電效應(yīng)方程、遏止電壓等概念及規(guī)律，作

答本題還需能夠理解光電流強(qiáng)度與光電管電壓關(guān)系圖象所表達(dá)的物理含義。

4.【答案】D

【解析】解：作出a、b粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡如圖

。點(diǎn)為b粒子的軌跡圓心，D點(diǎn)為a粒子軌跡圓心，由幾何關(guān)系知：

/?=90°,

tanz.FC￡>=—=-^=—>

CDL3

乙ECD=30°,則a=60°,

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期T=察，

qB

a粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=?T,

b粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t'=

聯(lián)立解得：t'=|t,

故ABC錯(cuò)誤，。正確；

故選：Do

粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，求出粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角,

然后求出粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比。

本題考查了求粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比問(wèn)題，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)

題意作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡、求出粒子轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用周期公式即

第8頁(yè)，共17頁(yè)

可解題。

5.【答案】C

【解析】解：4著陸火星的最后一段過(guò)程為豎直方向的減速運(yùn)動(dòng)，在靠近火星表面時(shí)，

火星車(chē)處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

減速過(guò)程火星車(chē)對(duì)平臺(tái)的壓力與平臺(tái)對(duì)火星車(chē)的支持力是一對(duì)相互作用力，大小相等,

方向相反，故B錯(cuò)誤；

C.由mg=G要，（其中M代表中心天體質(zhì)量，R代表半徑，g代表重力加速度）

可知g=G%

知火星質(zhì)量約為地球質(zhì)量的白，火星直徑約為地球直徑的g故?=|

1029地,

故c正確；

。由G等=小藝

R2R

可知”=舟

因?yàn)榛鹦侵睆郊s為地球直徑的3火星質(zhì)量約為地球質(zhì)量的白，-=冷

210V地

代入數(shù)據(jù)解得：￡=也

故。錯(cuò)誤。

故選Co

減速運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度向上為超重，減速過(guò)程火星車(chē)對(duì)平臺(tái)的壓力與平臺(tái)對(duì)火星車(chē)的支持力

是一對(duì)相互作用力，根據(jù)萬(wàn)有引力近似等于重力解得：根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力解得第

一宇宙速度。

本題考查萬(wàn)有引力的應(yīng)用，解題關(guān)鍵掌握第一宇宙速度的含義，注意超重與失重的判斷

方法。

6.【答案】BD

【解析】解：對(duì)a物體分析可知，a物體受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑動(dòng)的趨

勢(shì)，因此a受到b向上的摩擦力：/i=magsind；

再對(duì)ab整體分析可知，ab整體受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑動(dòng)的趨勢(shì)，因

此b受到P向上的摩擦力：f2=（ma+magsindi

所以〃iHO,42H。；

對(duì)ab及P組成的整體分析，由于整體在水平方向不受外力，因此P不受地面的摩擦力，

/3=0,故〃3=0或〃3力0，故4c錯(cuò)誤、BO正確。

故選：BD。

分別對(duì)a、ab以及abP整體進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件可明確各研究對(duì)象是否受到摩擦力

作用，從而分析動(dòng)摩擦因數(shù)是否為零。

本題考查靜摩擦力的分析和判斷，要注意明確靜摩擦力隨物體受到的外力的變化而變化;

同時(shí)明確靜摩擦力產(chǎn)生的條件，從而分析是否存在摩擦力；摩擦力不為零則動(dòng)摩擦因數(shù)

一定不為零，靜摩擦力為零、動(dòng)摩擦因數(shù)可能不為零。

7.【答案】AC

【解析】解：力、由題意可知，微粒重力需要考慮，微粒速度大小不變，則電場(chǎng)力與重

力做功代數(shù)和為零，重力做負(fù)功，所以電場(chǎng)力對(duì)微粒做正功，故4正確；

8、微粒最高點(diǎn)如果在6等勢(shì)面上，則電場(chǎng)力不做功，故8錯(cuò)誤；

C、微粒在豎直方向只受重力而做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則有：

vsind=gt,

在水平方向只受到水平向左的電場(chǎng)力而做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，達(dá)到最高點(diǎn)時(shí)其速度方向水

平向左，則有：

—V=vcosd—at

Eq=ma

聯(lián)立解得：Eq=3mg,所以微粒受到的電場(chǎng)力與它的重力的比值為3：1,故C正確；

。、由于微粒動(dòng)能的改變量為零，所以電場(chǎng)力與重力做功的代數(shù)和為零，則電場(chǎng)力對(duì)微

粒做功與微粒的重力勢(shì)能增量的比值為1：1,故力錯(cuò)誤。

故選：AC,

粒子運(yùn)動(dòng)到其軌跡的最高點(diǎn)時(shí)，速度大小與。點(diǎn)速度大小相等，可知合外力做功代數(shù)和

為零，微粒重力不可忽略，豎直方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。

本題考查曲線運(yùn)動(dòng)分解成簡(jiǎn)單直線運(yùn)動(dòng)，同時(shí)考查了動(dòng)能定理、功能關(guān)系以及牛頓第二

定律。

8.【答案】BC

【解析】解：4、電鍵閉合后，導(dǎo)體桿受向右的安培力而做加速運(yùn)動(dòng)，隨速度的增加，

金屬桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸變大，因?yàn)榇穗妱?dòng)勢(shì)與原電源電動(dòng)勢(shì)反向，可

知電路中電流減小，金屬棒受安培力減小，則金屬桿離開(kāi)導(dǎo)軌前做加速度減小的變加速

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直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

8、金屬棒離開(kāi)導(dǎo)軌后，做平拋運(yùn)動(dòng)。其水平速度(即垂直切割磁感線的速度)不變，那

么金屬棒的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E'=口心以不變，故B正確；

2

C、金屬桿從導(dǎo)軌右端水平飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，h=\9t,d=vot,解得：%=d聆，

金屬桿沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由動(dòng)量定理：BlLAt=mv＞又：q=%t，電源消耗的電能為：

E『qE,解得：后電=嗤聆，故C正確；

。.金屬棒落地的速度為〃對(duì)平拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程由動(dòng)能定理得:mgh=一：7n詔，解得：

v=.八+若,從閉合開(kāi)關(guān)到金屬桿剛要落地，對(duì)金屬桿由動(dòng)量定理：/總=mv-O,

解得：*=mj2gh+唉,故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度恒定的特點(diǎn)判斷加速度是否變化；

根據(jù)動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)公式判斷騰空時(shí)導(dǎo)體的電動(dòng)勢(shì)；

由電源消耗的電能為小也=qE求電源消耗的電能：

根據(jù)動(dòng)量定理求合外力總的沖量。

本題考查了電磁感應(yīng)現(xiàn)象與電路及力學(xué)的綜合運(yùn)應(yīng)用，此題的難點(diǎn)是金屬桿在軌道上的

運(yùn)動(dòng)是變加速運(yùn)動(dòng)，可以用動(dòng)量定理列方程求解問(wèn)題。

9.【答案】1.445gh=J換用體積更小，密度更大的小球進(jìn)行實(shí)驗(yàn)

【解析】解：(1)圖乙所示游標(biāo)卡尺分度值為0.05/mn,根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)為

14mm4-9x0.05mm=14.45mm=1.445cm；

(2)小球由靜止釋放到第一次運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，由功能關(guān)系

AEP=mgh

小球在最低點(diǎn)時(shí)，經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)間較短，所以速度u則動(dòng)能以=:機(jī)盧=黑

驗(yàn)證該過(guò)程小球機(jī)械能守恒的表達(dá)式為mgh=黑，化簡(jiǎn)可得：9h=飴；

(3)換用體積更小，密度更大的小球進(jìn)行實(shí)驗(yàn)；

故答案為：(1)1.445；(2)g/i=W；(3)換用體積更小，密度更大的小球進(jìn)行實(shí)驗(yàn).

(1)根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)；

(2)根據(jù)重力做功與重力勢(shì)能變化的關(guān)系求解重力勢(shì)能的減少量；再根據(jù)速度求出動(dòng)能

的變化。

(3)系統(tǒng)誤差的主要原因是空氣阻力做負(fù)功，導(dǎo)致機(jī)械能有損失。

本題主要是考查“驗(yàn)證小球在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)過(guò)程的機(jī)械能是否守恒”實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵是弄

清楚實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理和誤差的分析方法，注意計(jì)算動(dòng)能的變化時(shí)不能采用動(dòng)能

定理進(jìn)行解答。

10.【答案】％2520偏大滑動(dòng)變阻器盡量小

【解析】解：(1)由圖示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器

采用分壓接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選

擇R”

(2)根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖

所示：

(3)實(shí)驗(yàn)過(guò)程認(rèn)為調(diào)節(jié)電阻箱時(shí)滑動(dòng)變阻器上的分

壓不變,

電壓表示數(shù)為2.00V時(shí)電阻箱兩端電壓為：U=2.50-2.00=0.50K,

電壓表和電阻箱串聯(lián)，其電壓之比等于電阻之比，即e=生=黑=4

KURu.nu

所以電壓表內(nèi)阻即=4/?=4x630.0。=25200；

電阻箱接入電路后電路總電阻變大，電路總電流變小，分壓電路分壓變大，其值大于2.5入

當(dāng)電壓表示數(shù)為2V時(shí)，電阻箱兩端電壓大于0.50W電壓表兩端電壓小于電阻箱兩端電

壓的4倍，電壓表內(nèi)阻小于電阻箱阻值的4倍，計(jì)算時(shí)認(rèn)為電壓表內(nèi)阻為電阻箱阻值的4倍,

因此電壓表內(nèi)阻測(cè)量值相比于真實(shí)值偏大，所以實(shí)驗(yàn)時(shí)就要要求滑動(dòng)變阻器的阻值盡可

能??；

故答案為：⑴(2)實(shí)物電路圖如圖所示；(3)2520,偏大，滑動(dòng)變阻器盡量小；

(1)為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器；

(2)根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖；

(3)根據(jù)題意應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出電壓表內(nèi)阻值，根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)與

歐姆定律分析實(shí)驗(yàn)誤差，然后分析答題.

本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選擇、連接實(shí)物電路圖、求電壓表內(nèi)阻；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇

原則：安全性原則、精確性原則、方便實(shí)驗(yàn)操作原則，在保證安全的前提下，為方便實(shí)

驗(yàn)操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器。

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11.【答案】解：(1)冰壺的受力情況如圖

所示，根據(jù)牛頓第二定律得：

水平方向有：Fcos370-f=ma

0

豎直方向有：FN-mg-FsinS?-0

又由滑動(dòng)摩擦力公式有f=再

聯(lián)立解得：a=0.588m/s2

(2)設(shè)冰壺的初速度為火,對(duì)未擦刷冰面與

擦刷冰面后自由滑行的過(guò)程，分別根據(jù)動(dòng)能定理得

n12

2n12

--Hmgx2=0--mv5

聯(lián)立解得所求自由滑行的距離之比為?=|

答：⑴此時(shí)冰壺的加速度大小為0.588m/s2；

(2)冰壺推出后，未擦刷冰面與擦刷冰面后自由滑行的距離之比為2：3。

【解析】(1)分析冰壺受力情況，利用牛頓第二定律求解冰壺的加速度大?。?/p>

(2)研究冰壺推出后滑行過(guò)程，對(duì)未擦刷冰面與擦刷冰面后兩種情況，分別利用動(dòng)能定

理列式，即可求出冰壺推出后，未擦刷冰面與擦刷冰面后自由滑行的距離之比。

本題的關(guān)鍵要正確分析冰壺的受力情況，能利用牛頓第二定律求冰壺的加速度。運(yùn)用動(dòng)

能定理求冰壺滑行的距離。

12.【答案】解：(1)帶電荷量為+q的微粒p靜止于4點(diǎn)，根據(jù)受力平衡可得

qE=mg

解得：后=詈

(2)設(shè)垂直向里的方向?yàn)檎较颍⒘和小球Q碰撞過(guò)程滿足動(dòng)量守恒，則有

m-2v0=2mv

碰撞后微粒在水平方向受洛倫茲力，在豎直方向所受重力27ng大于電場(chǎng)力qE,在豎直

方向上做初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)

且豎直速度的增大不影響洛倫茲力，在水平方向上，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，可得

qvB=2m—

解得」=翳=鬻

(3)粘合后的整體在豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得

2mg—qE=2ma

整體的落地點(diǎn)在4點(diǎn)正下方的C點(diǎn)，因此整體在水平方向剛好轉(zhuǎn)動(dòng)n圈，在水平方向轉(zhuǎn)動(dòng)

一圈的時(shí)間為

7=現(xiàn)

V

粒子落地時(shí)間滿足t=nT(n=1,2,3...)

AC的距離為/i=1at2

聯(lián)立解得：h=如穿(兀=1,2,3...)

答：(1)電場(chǎng)強(qiáng)度E為詈；

(2)微粒與小球粘合后向右運(yùn)動(dòng)的最大距離為鬻；

(3)4C的距離％應(yīng)滿足的條件為寫(xiě)磬(n=1,2,3...)?

【解析】(1)帶電微粒p靜止于4點(diǎn)，根據(jù)受力平衡電即可求得電場(chǎng)強(qiáng)度E;

(2)由動(dòng)量守恒定律求出微粒的速度，碰撞后微粒在水平方向受洛倫茲力，根據(jù)洛倫茲

力提供向心力，可得微粒半徑；

(3)粘合后的整體在豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合

運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可求解。

本題考查了帶點(diǎn)微粒在磁場(chǎng)中的平衡及碰撞后在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，難度不大。

13.【答案】BDE

【解析】解：AB,ab過(guò)程中，氣體體積不變，溫度升高，所以容器壁單位面積單位時(shí)

間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增大，氣體內(nèi)能增大，且W=0,由熱力學(xué)第一定律可知

氣體內(nèi)能的增量等于氣體從外界吸收的熱量，故A錯(cuò)誤，3正確；

C、be過(guò)程中，溫度不變，氣體內(nèi)能不變，體積增大，氣體對(duì)外界做的功等于氣體從外

界吸收的熱量，故C錯(cuò)誤；

。、ca過(guò)程中，壓強(qiáng)不變，溫度降低，體積減小，分子平均動(dòng)能減小，容器壁單位面積

單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增多，故。正確；

E、由圖可得，%=2%，ca過(guò)程中，壓強(qiáng)不變，體積減小，外界對(duì)氣體做功〃=p。％,

故E正確；

故選：BDE.

一定量的理想氣體內(nèi)能由溫度決定，溫度升高內(nèi)能增大，溫度降低內(nèi)能減??；

氣體體積變大，氣體對(duì)外做功，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功；

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根據(jù)圖示圖象分析清楚氣體狀態(tài)變化過(guò)程，應(yīng)用一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程與熱力學(xué)

第一定律分析答題。

本題考查了一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程與熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，根據(jù)圖示圖象分析

清楚氣體狀態(tài)變化過(guò)程是解題的前提，應(yīng)用一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程與熱力學(xué)第一

定律即可解題：應(yīng)用熱力學(xué)第一定律解題時(shí)注意各物理量正負(fù)號(hào)的含義。

14.【答案】解：⑴初始時(shí)，左管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為：

Pi=p-4p=76cmHg—6cmHg=70cmHg

當(dāng)左右兩管內(nèi)水銀面相平時(shí)，氣體壓強(qiáng)為：

p2=76cmHg

由于右管橫截面是左管的兩倍，所以左管水銀面將下降4cm,右管水銀面將上升2cm,

管內(nèi)氣柱長(zhǎng)度為：

l2—80cm

根據(jù)華=華

12

代入數(shù)據(jù)解得：T2=342.9K

（M）設(shè)氣柱恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)的壓強(qiáng)為P3，根據(jù)P2彩