2022年高考理綜物理真題試卷（全國(guó)乙卷）及答案解析

2022年高考理綜物理真題試卷（全國(guó)乙卷）一、選擇題:本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．2022年3月，中國(guó)航天員翟志剛、王亞平、葉光富在離地球表面約的“天宮二號(hào)”空間站上通過(guò)天地連線，為同學(xué)們上了一堂精彩的科學(xué)課。通過(guò)直播畫面可以看到，在近地圓軌道上飛行的“天宮二號(hào)”中，航天員可以自由地漂浮，這表明他們（）A．所受地球引力的大小近似為零B．所受地球引力與飛船對(duì)其作用力兩者的合力近似為零C．所受地球引力的大小與其隨飛船運(yùn)動(dòng)所需向心力的大小近似相等D．在地球表面上所受引力的大小小于其隨飛船運(yùn)動(dòng)所需向心力的大小【答案】C【解析】【解答】宇航宇受到地球的引力提供其繞地球運(yùn)動(dòng)的向心力，航天員處于完全失重狀態(tài)，所以航天員可以自由漂浮，故A錯(cuò)誤；

當(dāng)航天員與飛船不接觸時(shí)，飛船對(duì)航天員無(wú)力的作用，故B錯(cuò)誤；

航天員跟飛船一起繞著地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，航天員所受地球引力提供其做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，故C正確；

根據(jù)可知，在地球表面上所受引力的大小大于其隨飛船運(yùn)動(dòng)所需向心力的大小，故D錯(cuò)誤；

故選C。

【分析】本題主要考查萬(wàn)有引力基礎(chǔ)問(wèn)題，首先對(duì)宇航宇的運(yùn)動(dòng)及受力進(jìn)行分析，然后根據(jù)其做圓周運(yùn)動(dòng)可知其萬(wàn)有引力提供向心力。2．如圖，一不可伸長(zhǎng)輕繩兩端各連接一質(zhì)量為m的小球，初始時(shí)整個(gè)系統(tǒng)靜置于光滑水平桌面上，兩球間的距離等于繩長(zhǎng)L。一大小為F的水平恒力作用在輕繩的中點(diǎn)，方向與兩球連線垂直。當(dāng)兩球運(yùn)動(dòng)至二者相距時(shí)，它們加速度的大小均為（）A． B． C． D．【答案】A【解析】【解答】對(duì)輕繩中點(diǎn)進(jìn)行受力分析，根據(jù)三角形幾何關(guān)系可知，上下兩段細(xì)繩與水平方向夾角均為53°，根據(jù)每根繩子的拉力均為，根據(jù)可知兩球的加速度大小為.

故選A。

【分析】首先對(duì)其中點(diǎn)進(jìn)行受力分析，然后根據(jù)數(shù)學(xué)幾何關(guān)系求出角度，根據(jù)正交分解或者力的合成求出每根繩子上的拉力大小，最后根據(jù)牛頓第二定律求出小球的加速度。3．固定于豎直平面內(nèi)的光滑大圓環(huán)上套有一個(gè)小環(huán)，小環(huán)從大圓環(huán)頂端P點(diǎn)由靜止開始自由下滑，在下滑過(guò)程中，小環(huán)的速率正比于（）A．它滑過(guò)的弧長(zhǎng) B．它下降的高度C．它到P點(diǎn)的距離 D．它與P點(diǎn)的連線掃過(guò)的面積【答案】C【解析】【解答】設(shè)大圓環(huán)的半徑為R，P點(diǎn)正下方與圓的交點(diǎn)為A，小環(huán)下落到Q點(diǎn)，下落高度為h，根據(jù)動(dòng)能定理可知；

連接PQ，PA，AQ，過(guò)Q做AP垂線，根據(jù)數(shù)學(xué)幾何關(guān)系可知，聯(lián)立兩式解得，所以小環(huán)的速率與小環(huán)到P點(diǎn)的距離成正比.

故選C。

【分析】首先根據(jù)動(dòng)能定理求出速度表達(dá)式，然后作圖根據(jù)幾何關(guān)系求出下落高度的表達(dá)式，最后求出速率與距離的關(guān)系。4．一點(diǎn)光源以的功率向周圍所有方向均勻地輻射波長(zhǎng)約為的光，在離點(diǎn)光源距離為R處每秒垂直通過(guò)每平方米的光子數(shù)為個(gè)。普朗克常量為。R約為（）A． B． C． D．【答案】B【解析】【解答】每個(gè)光子的能量為，光的光速與頻率的關(guān)系為，光源每秒發(fā)出的光子數(shù)為，半徑為R處的面的面積為，所以解得，

故選B。

【分析】首先寫出每個(gè)光子能量及光速與頻率波長(zhǎng)關(guān)系，然后表達(dá)出每秒發(fā)出的光子數(shù)合面積，最后聯(lián)立進(jìn)行求解。5．安裝適當(dāng)?shù)能浖?，利用智能手機(jī)中的磁傳感器可以測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B。如圖，在手機(jī)上建立直角坐標(biāo)系，手機(jī)顯示屏所在平面為面。某同學(xué)在某地對(duì)地磁場(chǎng)進(jìn)行了四次測(cè)量，每次測(cè)量時(shí)y軸指向不同方向而z軸正向保持豎直向上。根據(jù)表中測(cè)量結(jié)果可推知（）測(cè)量序號(hào)102120321040A．測(cè)量地點(diǎn)位于南半球 B．當(dāng)?shù)氐牡卮艌?chǎng)大小約為C．第2次測(cè)量時(shí)y軸正向指向南方 D．第3次測(cè)量時(shí)y軸正向指向東方【答案】B,C【解析】【解答】地磁場(chǎng)如圖所示

根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知z軸場(chǎng)強(qiáng)豎直向下，所以測(cè)量點(diǎn)位于北半球，故A錯(cuò)誤；

磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，根據(jù)表格可以算出，故B正確；

根據(jù)地磁場(chǎng)圖像可知，在北半球，磁場(chǎng)可分解為豎直向下和水平向北，根據(jù)圖標(biāo)可知，第2次測(cè)量時(shí)y軸正向指向南方，故C正確；

第3次測(cè)量時(shí)，根據(jù)題表可知，x軸指向北方，所以y軸正向指向西方，故D錯(cuò)誤；

故選BC。

【分析】首先可以畫出地磁場(chǎng)的圖像，根據(jù)圖像可以判斷測(cè)量點(diǎn)的位置，磁通量是矢量，根據(jù)矢量合成法則，可以計(jì)算測(cè)量點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，最后可以判斷其方向。6．如圖，兩對(duì)等量異號(hào)點(diǎn)電荷、固定于正方形的4個(gè)頂點(diǎn)上。L、N是該正方形兩條對(duì)角線與其內(nèi)切圓的交點(diǎn)，O為內(nèi)切圓的圓心，M為切點(diǎn)。則（）A．L和N兩點(diǎn)處的電場(chǎng)方向相互垂直B．M點(diǎn)的電場(chǎng)方向平行于該點(diǎn)處的切線，方向向左C．將一帶正電的點(diǎn)電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到O點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功D．將一帶正電的點(diǎn)電荷從L點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零【答案】A,B【解析】【解答】?jī)蓚€(gè)正電荷在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)由N指向O，兩負(fù)電荷在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)由N指向O，N點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)方向由N指向O，同理，兩個(gè)負(fù)電荷在L處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由O指向L，兩正電荷在L處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向由O指向L，L處的合場(chǎng)方向由O指向L，所以L和N兩點(diǎn)處的電場(chǎng)方向相互垂直，故A正確；

正方形上方的一對(duì)等量異號(hào)電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向向右，正方形底邊的一對(duì)等量異號(hào)電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向向左，因?yàn)镸點(diǎn)離上方一對(duì)等量異號(hào)電荷距離較遠(yuǎn)，所以M點(diǎn)的場(chǎng)方向向左，故B正確；

由題圖可知，MO兩點(diǎn)為等勢(shì)點(diǎn)，所以將一帶正電的點(diǎn)電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到O點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功，故C錯(cuò)誤；由題圖可知，L點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)電勢(shì)，所以將一帶正電的點(diǎn)電荷從L點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，故D錯(cuò)誤；

故選AB?！痉治觥渴紫认扰袛嗨膫€(gè)點(diǎn)電荷在N和L處的場(chǎng)強(qiáng)方向，根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)方向就可以判斷M和O點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系，判斷電場(chǎng)力做功情況，最后判斷L和N點(diǎn)的電勢(shì)，判斷電場(chǎng)力做功情況。7．質(zhì)量為的物塊在水平力F的作用下由靜止開始在水平地面上做直線運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)與時(shí)間t的關(guān)系如圖所示。已知物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，重力加速度大小取。則（）A．時(shí)物塊的動(dòng)能為零B．時(shí)物塊回到初始位置C．時(shí)物塊的動(dòng)量為D．時(shí)間內(nèi)F對(duì)物塊所做的功為【答案】A,D【解析】【解答】物塊與地面的摩擦力為，設(shè)向右為正方向，0-3s根據(jù)動(dòng)量定理可得可以算出3s時(shí)物體的動(dòng)量為，故C正確；

設(shè)3s后經(jīng)過(guò)時(shí)間t物塊的速度減為0，根據(jù)動(dòng)量定理可得，解得t=1s，即4s時(shí)物體的速度為0，所以4s時(shí)物體的動(dòng)能為零，故A正確；

根據(jù)上述情形做出運(yùn)動(dòng)時(shí)間圖像，根據(jù)時(shí)間圖像可以算出0-4s物體向右的位移為12m，4-6s根據(jù)動(dòng)量定理可以算出6s末物體的速度為4m/s，方向向左，故4-6s物體位移為4m，所以6s時(shí)物塊不能回到初始位置，故B錯(cuò)誤；

0-3s，F(xiàn)對(duì)物體做功為，3-4s，F(xiàn)對(duì)物體做功為，4-6s，F(xiàn)對(duì)物體做功為，所以0-6s，F(xiàn)對(duì)物體做功為40J，故D正確；

故選AD。

【分析】本題可以根據(jù)動(dòng)量定理算出每個(gè)時(shí)間點(diǎn)物體的速度，然后可以做出速度時(shí)間圖像算出每個(gè)時(shí)間段內(nèi)物體的位移，最后根據(jù)做功計(jì)算公式進(jìn)行計(jì)算。8．一種可用于衛(wèi)星上的帶電粒子探測(cè)裝置，由兩個(gè)同軸的半圓柱形帶電導(dǎo)體極板（半徑分別為R和）和探測(cè)器組成，其橫截面如圖（a）所示，點(diǎn)O為圓心。在截面內(nèi)，極板間各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小與其到O點(diǎn)的距離成反比，方向指向O點(diǎn)。4個(gè)帶正電的同種粒子從極板間通過(guò)，到達(dá)探測(cè)器。不計(jì)重力。粒子1、2做圓周運(yùn)動(dòng)，圓的圓心為O、半徑分別為、；粒子3從距O點(diǎn)的位置入射并從距O點(diǎn)的位置出射；粒子4從距O點(diǎn)的位置入射并從距O點(diǎn)的位置出射，軌跡如圖（b）中虛線所示。則（）A．粒子3入射時(shí)的動(dòng)能比它出射時(shí)的大B．粒子4入射時(shí)的動(dòng)能比它出射時(shí)的大C．粒子1入射時(shí)的動(dòng)能小于粒子2入射時(shí)的動(dòng)能D．粒子1入射時(shí)的動(dòng)能大于粒子3入射時(shí)的動(dòng)能【答案】B,D【解析】【解答】根據(jù)題意可知，兩個(gè)同軸的半圓柱形帶電導(dǎo)體極板中電場(chǎng)方向是從外側(cè)極板指向內(nèi)側(cè)極板，根據(jù)題圖可知，粒子3進(jìn)入電場(chǎng)后電場(chǎng)力做正功，入射時(shí)動(dòng)能大于出射時(shí)的動(dòng)能，故A錯(cuò)誤；

同理，根據(jù)題圖可知，粒子4進(jìn)入電場(chǎng)后電場(chǎng)力做負(fù)功，所以粒子4入射時(shí)的動(dòng)能比它出射時(shí)的大，故B正確；

在截面內(nèi)，極板間各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小與其到O點(diǎn)的距離成反比，設(shè)，粒子1和粒子2都是電場(chǎng)力提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，即，故粒子1與粒子2入射的動(dòng)能相等，故C錯(cuò)誤；

粒子3有，所以粒子1入射時(shí)的動(dòng)能大于粒子3入射時(shí)的動(dòng)能，故D正確；

故選BD。

【分析】首先根據(jù)粒子1和粒子2可以判斷出來(lái)場(chǎng)強(qiáng)方向，粒子3在做向心運(yùn)動(dòng)，粒子4在做離心運(yùn)動(dòng)，根據(jù)向心及離心運(yùn)動(dòng)進(jìn)行列式計(jì)算。二、非選擇題：9．用雷達(dá)探測(cè)一高速飛行器的位置。從某時(shí)刻（）開始的一段時(shí)間內(nèi)，該飛行器可視為沿直線運(yùn)動(dòng)，每隔測(cè)量一次其位置，坐標(biāo)為x，結(jié)果如下表所示：0123456050710941759250533294233回答下列問(wèn)題：（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)可判斷該飛行器在這段時(shí)間內(nèi)近似做勻加速運(yùn)動(dòng)，判斷的理由是：；（2）當(dāng)時(shí)，該飛行器速度的大小；（3）這段時(shí)間內(nèi)該飛行器加速度的大小（保留2位有效數(shù)字）。【答案】（1）相鄰1s內(nèi)的位移之差接近?x=80m（2）547（3）79【解析】【解答】(1)根據(jù)題表中數(shù)據(jù)可知，第1s內(nèi)的位移507m，第2s內(nèi)的位移587m，第3s內(nèi)的位移665m，第4s內(nèi)的位移746m，第5s內(nèi)的位移824m，第6s內(nèi)的位移904m，觀察數(shù)據(jù)可以看出相鄰1s內(nèi)的位移之差接近?x=80m，可以判斷該飛行器在這段時(shí)間內(nèi)近似做勻加速運(yùn)動(dòng)；(2)根據(jù)中間時(shí)刻的速度等于該段的平均速度，即；

(3)根據(jù)逐差法，即。【分析】(1)首先算出每一個(gè)時(shí)間間隔內(nèi)物體的位移，然后觀察數(shù)據(jù)即可判斷該飛行器在這段時(shí)間內(nèi)近似做勻加速運(yùn)動(dòng)；

(2)根據(jù)中間時(shí)刻速度等于該段的平均速度進(jìn)行計(jì)算；

(3)根據(jù)逐差法即可計(jì)算加速度的大小。10．一同學(xué)探究阻值約為的待測(cè)電阻在范圍內(nèi)的伏安特性?？捎闷鞑挠校弘妷罕鞻（量程為，內(nèi)阻很大），電流表A（量程為，內(nèi)阻為），電源E（電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻不計(jì)），滑動(dòng)變阻器R（最大阻值可選或），定值電阻（阻值可選或），開關(guān)S，導(dǎo)線若干。（1）要求通過(guò)的電流可在范圍內(nèi)連續(xù)可調(diào)，在答題卡上將圖（a）所示的器材符號(hào)連線，畫出實(shí)驗(yàn)電路的原理圖；（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，圖（a）中的R應(yīng)選最大阻值為（填“”或“”）的滑動(dòng)變阻器，應(yīng)選阻值為（填“”或“”）的定值電阻；（3）測(cè)量多組數(shù)據(jù)可得的伏安特性曲線。若在某次測(cè)量中，電壓表、電流表的示數(shù)分別如圖（b）和圖（c）所示，則此時(shí)兩端的電壓為V，流過(guò)的電流為，此組數(shù)據(jù)得到的的阻值為（保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）（2）；（3）；；【解析】【解答】(1)根據(jù)題意可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，電表從0開始測(cè)量，滿足題中通過(guò)的電流從連續(xù)可調(diào)，即可做出實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示

(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接法為分壓法，所以圖（a）中的R應(yīng)選最大阻值為的滑動(dòng)變阻器；

主要是為了進(jìn)行電表的改裝，需要與電流表并聯(lián)，如圖

根據(jù)并聯(lián)電路中電流之比等于電阻的反比，所以；

(3)根據(jù)題圖可以讀出兩端的電壓為2.30V，流過(guò)的電流為，所以的阻值為548?！痉治觥?1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求連接實(shí)驗(yàn)電路；

(2)根據(jù)滑動(dòng)變阻器的接法選擇合適的阻值，根據(jù)電表的改裝計(jì)算定值電阻的阻值；

(3)先進(jìn)行讀數(shù)，然后根據(jù)讀數(shù)進(jìn)行計(jì)算。11．如圖，一不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩的上端固定，下端系在邊長(zhǎng)為的正方形金屬框的一個(gè)頂點(diǎn)上。金屬框的一條對(duì)角線水平，其下方有方向垂直于金屬框所在平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。已知構(gòu)成金屬框的導(dǎo)線單位長(zhǎng)度的阻值為；在到時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間t的變化關(guān)系為。求（1）時(shí)金屬框所受安培力的大小；（2）在到時(shí)間內(nèi)金屬框產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）金屬框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，金屬線框的總電阻為，

所以金屬框中的電流為，

時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，

故線框受到的安培力為；（2）根據(jù)可得在到時(shí)間內(nèi)金屬框產(chǎn)生的焦耳熱為0.016J【解析】【分析】(1)首先算出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和線框電阻，然后算出電流大小，最后根據(jù)安培力公式進(jìn)行計(jì)算；(2)根據(jù)焦耳熱的公式進(jìn)行計(jì)算。12．如圖（a），一質(zhì)量為m的物塊A與輕質(zhì)彈簧連接，靜止在光滑水平面上：物塊B向A運(yùn)動(dòng)，時(shí)與彈簧接觸，到時(shí)與彈簧分離，第一次碰撞結(jié)束，A、B的圖像如圖（b）所示。已知從到時(shí)間內(nèi)，物塊A運(yùn)動(dòng)的距離為。A、B分離后，A滑上粗糙斜面，然后滑下，與一直在水平面上運(yùn)動(dòng)的B再次碰撞，之后A再次滑上斜面，達(dá)到的最高點(diǎn)與前一次相同。斜面傾角為，與水平面光滑連接。碰撞過(guò)程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。求（1）第一次碰撞過(guò)程中，彈簧彈性勢(shì)能的最大值；（2）第一次碰撞過(guò)程中，彈簧壓縮量的最大值；（3）物塊A與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)?！敬鸢浮浚?）第一次碰撞過(guò)程中，當(dāng)彈簧被壓縮最短時(shí)，彈簧彈性勢(shì)能最大，此時(shí)AB兩物體速度相等，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得，

根據(jù)能量守恒可得，

聯(lián)立兩式可得，；（2）B接觸彈簧后，壓縮彈簧的過(guò)程中，A、B動(dòng)量守恒，

即，兩邊都乘以t可得，即，將，帶入解得，

故彈簧壓縮量的最大值為；（3）根據(jù)題意可知，物塊A兩次到達(dá)相同的最高點(diǎn)，說(shuō)明物塊A第二次與B分離后速度大小仍為，方向向右，設(shè)物體A第一次滑下的速度為，碰撞后物體B的速度為，向左為正方向，

根據(jù)動(dòng)量守恒得，

根據(jù)能量守恒得，

聯(lián)立解得，

物體上滑過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得，

物體下滑過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得，

聯(lián)立兩式解得。【解析】【分析】(1)首先根據(jù)動(dòng)量守恒定律列式，然后根據(jù)能量守恒列式，聯(lián)立兩式就可以求出結(jié)果；(2)首先根據(jù)動(dòng)量守恒列式，兩邊各乘以t，帶入數(shù)據(jù)就可以算出彈簧壓縮量的最大值；

(3)根據(jù)動(dòng)量守恒列出式子，上滑或者下滑過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理即可計(jì)算出動(dòng)摩擦因數(shù)。三、【物理—選修3-3】13．（1）一定量的理想氣體從狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b變化到狀態(tài)c，其過(guò)程如圖上的兩條線段所示，則氣體在________。（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）A．狀態(tài)a處的壓強(qiáng)大于狀態(tài)c處的壓強(qiáng)B．由a變化到b的過(guò)程中，氣體對(duì)外做功C．由b變化到c的過(guò)程中，氣體的壓強(qiáng)不變D．由a變化到b的過(guò)程中，氣體從外界吸熱E．由a變化到b的過(guò)程中，從外界吸收的熱量等于其增加的內(nèi)能（2）如圖，一豎直放置的汽缸由兩個(gè)粗細(xì)不同的圓柱形筒組成，汽缸中活塞Ⅰ和活塞Ⅱ之間封閉有一定量的理想氣體，兩活塞用一輕質(zhì)彈簧連接，汽缸連接處有小卡銷，活塞Ⅱ不能通過(guò)連接處。活塞Ⅰ、Ⅱ的質(zhì)量分別為、m，面積分別為、S，彈簧原長(zhǎng)為l。初始時(shí)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，此時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為，活塞Ⅰ、Ⅱ到汽缸連接處的距離相等，兩活塞間氣體的溫度為。已知活塞外大氣壓強(qiáng)為，忽略活塞與缸壁間的摩擦，汽缸無(wú)漏氣，不計(jì)彈簧的體積。（ⅰ）求彈簧的勁度系數(shù)；（ⅱ）緩慢加熱兩活塞間的氣體，求當(dāng)活塞Ⅱ剛運(yùn)動(dòng)到汽缸連接處時(shí)，活塞間氣體的壓強(qiáng)和溫度。【答案】（1）A；B；D（2）（?。┓謩e對(duì)兩個(gè)活塞整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)受力平衡有，

對(duì)活塞Ⅰ受力分析，根據(jù)受力平衡有，聯(lián)立兩式解得；

（ⅱ）緩慢加熱兩活塞間的氣體使得活塞Ⅱ剛運(yùn)動(dòng)到汽缸連接處時(shí)，對(duì)兩活塞整體可知，氣體的壓強(qiáng)依然不變，所以壓強(qiáng)為，

氣體初始體積為，

氣體末狀態(tài)體積為，根據(jù)可得.【解析】【解答】(1)根據(jù)題圖可知，a到b的過(guò)程中，氣體的體積增大，所以氣體對(duì)外做功，導(dǎo)致氣體內(nèi)能減少，但是氣體溫度升高，說(shuō)明該過(guò)程中氣體從外界吸熱，且從外界吸熱大于氣體對(duì)外做的功，故BD正確，E錯(cuò)誤；b到c的過(guò)程中，氣體的體積增大，溫度降低，根據(jù)理想氣體方程可知?dú)怏w的壓強(qiáng)減小，所以狀態(tài)a處的壓強(qiáng)大于狀態(tài)c處的壓強(qiáng)，故A正確，C錯(cuò)誤；

故選ABD?！痉治觥?1)選擇過(guò)程，分析這個(gè)過(guò)程中氣體的體積壓強(qiáng)溫度是如何變化的，根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷該過(guò)程中氣體從外界吸熱放熱情況；

(2)首先對(duì)整體受力分析就可以算出氣體初始的壓強(qiáng)，再對(duì)Ⅰ進(jìn)行受力分析即可求出彈簧的勁度系數(shù)；

對(duì)