第6章2講電場的能性質(zhì)

與電勢的大小之間無直接聯(lián)系，B錯誤．沿電場線的方向電勢是逐漸降低的，C錯誤．負電荷沿電場線方向移動時，電場力做負功，電勢能一定增加，故D正2.(2016·淮南高三聯(lián)考)如圖所示xOy平面內(nèi)有一個以O(shè)為圓心R＝0.1m的圓，P為圓周上的一點，O、Pxθ.若空間存在沿y軸負方向的勻強電場，場強E＝100V/mO、P兩點的電勢差可表示為()A．UOP＝－10sinθ(V) B.UOP＝10sinθ(V)C．UOP＝－10cosθ(V)D.UOP＝10cosθ(V)解析：沿著電場線方向電勢降低，故UOP＜0，在勻強電場中，UOP＝－E·Rsin＝－10sinθ(V)A等勢面．下列判斷正確的是()1、21、31、22、3E1>E2＝E3E2E3A、B錯誤．沿著4.(多選)xφx的分布可簡化為如圖所示的折x軸正方向運動．下列敘述正確的是()Ox1x1x3mx3v0至少為mv0＝qφ0，粒子在運動過程中的最大速度為 解析：Ox1x軸負方向，粒子子從x1運動到x3的過程中，電勢不斷降低，電勢能一直增大，Bx3處時，由動能定理得－q(0＋φ0)＝0－1mv2v0＝2qφ0 粒子的初速度v0至少 2qφ0，C錯誤．若 qφ0，則粒子在x1處電勢 最小，動能最大，由動能定理得－q(0－φ0)＝1mv2

v2，解得最大速度m3qφ0，Dm

2m5.(2016·西安模擬)OO點的豎直平面內(nèi)的A點，自由釋放一個帶正電的小球，小球的質(zhì)量為m、電荷量為q.小球落下的軌跡如圖中虛線所示它與以O(shè)為圓心R為半徑的圓(圖中實線表示)相交于B、Bv，試求：CAC解析：(1)B、CBCmgR·sin30°＝1mv2－1 解得 (2)ACWAC＋mgh＝1mv2 WAC＝1mv2

答案

1

[作業(yè)1．(2016·濟南高三質(zhì)檢A、B、ABAdC點Ad()φA＝φC＞φB，所以選項B2．(2016·長沙模擬)P、QP點處為正電則()A．P、QB．a(chǎn)bC．cdDaccd點的電勢，CPQQaPc點時，電場力做正功，電勢能減小，D正確．答案一帶正電的檢驗電荷僅在電場力作用下沿x軸從－∞向＋∞運動，其速度v隨xx＝x1x＝－x1處，圖線切線的斜率絕對值相x軸上()x＝x1x＝－x1x＝x1x＝－x1x＝0x＝x1x＝＋∞x1x＝－x1處電場強度最大，B正確．檢驗電荷在電場中運動，其動能和電勢勢最高，C錯誤．從x＝x1運動到x＝＋∞過程中，電荷速度逐漸增大，電勢能逐漸減小，D錯誤．地球表面附近某區(qū)域存在大小為150N/C、方向豎直向下的電場.10.0m．對此過程，該小球的電勢能和動能的改變量分別為(重力加速度大小9.80m/s2，忽略空氣阻力)()A．－1.50×10－4J9.95×10－3JB．1.50×10－4J9.95×10－3JC．－1.50×10－4J9.65×10－3JD．1.50×10－4J9.65×10－3JW2＝mgh＝9.8×10－3JW＝W1＋W2＝9.65×10－3J，根據(jù)動能定理可知ΔEk＝W＝9.65×10－3J，因此D項正確．(2014·高考新課標(biāo)卷Ⅱ)關(guān)于靜電場的電場強度和電勢下列說法正確的 解析：由靜電場的電場線與等勢面垂直可知A場共同決定的，與場強的大小無關(guān)，B、C錯誤．沿電場線電勢降低，且電勢降落最快的方向為電場方向，D正確．如圖所示，實線為電場線，虛線為等勢線，且AB＝BC，電場中A、B、C三點的電場強度分別為EA、EB、EC，電勢分別為φA、φB、φC，AB、BC間的電勢差UAB、UBC，則下列關(guān)系中正確的有() C．UAB<UBCD.UAB＝UBCABC電場線密集的地方電勢降落較快，故UBC>UAB，C正確，D錯誤．靜止釋放一電子，電子僅受電場力的作用，則在－x0～x0區(qū)間內(nèi)( xx解析：由于電勢φ隨x的變化不是均勻變化，即Δφ度逐漸減小，選項C正確，D錯誤．如圖所示，在xOy坐標(biāo)系中，將一帶負電的試探電荷qy軸上的a點移至x軸上的b點時，需克服電場力做功W；若將qax軸上的c點時，也W.那么此空間存在的靜電場可能是()y電場強度沿x軸正方向的勻強電場Dy軸上的一對等量異種電荷形成的電場解析：ab過程中－qUab＝－Wac過程中－qUac＝－Wabc2bc以A、C、D項正確，B項錯誤．在平面平行．已知a點電勢為24V，b點電28V，d點電勢為12V．一個質(zhì)子(不計重力)經(jīng)過b點的速度大小為v0方向與bc45°一段時間后經(jīng)過c點，則下列說法正確的是()A．c20vBbc所用的時間為v0CaDbc8解析：φe＝20φc＝20V，Aecbd，C錯誤．2lsinvt＝2l，Bv0bcW＝qUbc＝8eV，D放一質(zhì)量為m的帶正電小球，小球與彈簧不連接，施加外力F將小球向下壓至某位置靜止．現(xiàn)撤去F，小球從靜止開始運動到離開彈簧的過程中，重力、電場力對小球所做的功分別為W1和W2，小球離開彈簧時速度為v，不計空氣阻力， 2CW1＋1mv222能增加，增加量為－W1，故B選項正確；小球增加的機械能等于重力勢能的增加量與小球動能的增加量之和，即－W1＋1mv2，故C2W2D選項正ABE＝1.2×103V/m，d＝5cmCDA、B0.5cm，B極板接地．求：C、Dq1＝－2×10－3CCDq2＝2×10－3CCDd解析：(1)E＝UUBC＝EdBC＝1.2×103×4.5×10－2V＝54dφB＝0UBC＝φB－φCφC＝－54VφD＝－6UCD＝φC－φD＝－48(2)Ep＝qφEpC＝q1φC＝－2×10－3×(－54)J＝0.108EpD＝q1φD＝－2×10－3×(－6)J＝0.012(3)q2CD，電場力做負功，由于勻速移動，外力做功與電場力做功大小相等．W外＝－W電＝－q2UCD＝－2×10－3×(－48)J＝0.096J.答案：(1)φC＝－54V，φD＝－6V，UCD＝－48V(2)EpC＝0.108J，EpD＝0.012J (3)0.096J12．(2015·高考卷)如圖所示，粗糙、絕緣的直軌道OB固定在水平桌面上，B端與桌面邊緣對齊，AA點并垂直于軌道的豎直面右側(cè)有大小E＝1.5×106N/C、方向水平向右的勻強電場．帶負電的小物體P電荷量是2.0×10－6Cm＝0.25kgμ＝0.4.PO點由靜止開始0.55sAB5m/sD點時速αtanα＝1.2.P在整個運動過程中始終受到水平向右F作用，F(xiàn)Pv的關(guān)系如表所示．P視為質(zhì)點，電荷量保持不變，忽略空氣阻力，g10m/s2.求：263(1)P2m/s(2)PAD解析：(1)P02m/sF1＝2N，設(shè)其做勻變速直線運動的加速度為a1，經(jīng)過時間Δt1速度為v1，則Δt1＝0.5(2)P2m/sAF2＝6N，設(shè)其做勻變速直線運動的加速度為a2，則Pv1Δt2Av2Δt2＝0.55PABF2＝6N、電場力和滑動摩擦力的作用，設(shè)其做勻變速a3qBv3AB點的位移為