山西省運城市新康國際實驗學校高三第二學期5月份測試理綜

2021屆山西省運城市新康國際實驗學校高三第二學期5月份測試理綜注意：標★號的試題為歷次考試易錯原題可能用到的相對原子質(zhì)量：H-1T-3C-12O-16Na-23Fe-56Cu-64一、選擇題：(本題共13小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的)1．結(jié)構(gòu)與功能相適應是生物學核心素養(yǎng)中“生命觀念”的基本觀點之一。下列不能體現(xiàn)“結(jié)構(gòu)與功能相統(tǒng)一”的是()A．細胞內(nèi)的生物膜把細胞區(qū)室化，保證了生命活動高效有序地進行B．線粒體是有氧呼吸的主要場所，外膜上有運輸葡萄糖的載體蛋白C．神經(jīng)細胞有樹突和軸突結(jié)構(gòu)，有利于接受和傳遞信息D．吞噬細胞的溶酶體含有多種水解酶，有利于殺死侵入機體的病毒或病菌2．離子通道型受體與細胞內(nèi)或外的特定配體結(jié)合后發(fā)生反應，引起門通道蛋白的一種成分發(fā)生構(gòu)型變化，使“門”打開，介導離子順濃度梯度通過細胞膜，其過程如圖所示。下列敘述錯誤的是()A．離子通道型受體介導離子跨膜運輸?shù)姆绞綖閰f(xié)助擴散B．興奮性神經(jīng)遞質(zhì)可作為一種配體開啟突觸后膜的Na+通道C．細胞內(nèi)氧氣供應不足會直接影響離子通過離子通道的速率D．“門”打開后，離子通過通道的速率主要取決于膜兩側(cè)離子的濃度差3．高等動物生命活動與激素調(diào)節(jié)密切相關(guān)。下列敘述正確的是()A．狗攝食后，小腸黏膜釋放促胰液素通過導管運輸進而促進胰腺分泌胰液B．切除幼年狗垂體，其生長發(fā)育停滯與體內(nèi)缺乏生長激素和甲狀腺激素有關(guān)C．人靜脈注射500mL生理鹽水后，機體將增加釋放抗利尿激素以減少尿液量D．緊張時人體增加釋放腎上腺素并使心率加快、呼吸頻率減慢和警覺性提高4．如圖表示某家庭中甲、乙兩種單基因遺傳病的患病情況（兩種病的致病基因均不在Y染色體上）。在不考慮突變的情況下，下列敘述錯誤的是()A．若1號不含乙病致病基因，則3號含兩種病致病基因的概率是1/2B．若1號含乙病致病基因，則男性群體中乙病發(fā)病率將明顯高于女性群體中此病發(fā)病率C．若1號不含乙病致病基因，則4號同時患兩種遺傳病與雙親個體產(chǎn)生配子時發(fā)生基因重組有關(guān)D．若1號不含乙病致病基因且4號的性染色體組成為XXY,則4號患乙病與2號減數(shù)分裂中姐妹染色單體未正常分離有關(guān)5．某生物小組利用同濃度某種桿菌的培養(yǎng)液飼養(yǎng)大草履蟲和雙小核草履蟲（雙小核草履蟲攝取桿菌的能力強于大草履蟲）。實驗設(shè)置如下，下列有關(guān)敘述正確的是()甲組：在培養(yǎng)瓶中加入500mL培養(yǎng)液和25個大草履蟲。乙組：在培養(yǎng)瓶中加入500mL培養(yǎng)液和50個大草履蟲。丙組：在培養(yǎng)瓶中加入250mL培養(yǎng)液和25個大草履蟲。丁組：在培養(yǎng)瓶中加入500mL培養(yǎng)液,并加入25個大草履蟲和25個雙小核草履蟲。戊組：在培養(yǎng)瓶中加入500mL培養(yǎng)液和25個大草履蟲，每24h更換一次培養(yǎng)液。A．從大草履蟲的環(huán)境容納量來看，乙組>甲組>丙組B．丁組中兩種草履蟲存在競爭關(guān)系，競爭強度將持續(xù)增大C．戊組中因不斷更換培養(yǎng)液，則大草履蟲將持續(xù)呈“J”型增長D．持續(xù)觀察甲組大草履蟲數(shù)量變化，培養(yǎng)初期也有可能出現(xiàn)“J”型增長的階段6．某科研小組在格里菲思實驗的基礎(chǔ)上增加了相關(guān)實驗，實驗過程如圖所示，下列敘述正確的是（）A．該實驗證明了DNA是遺傳物質(zhì)，蛋白質(zhì)不是遺傳物質(zhì)B．從鼠2血液中分離出來的活菌都能使小鼠死亡C．活菌甲與死菌乙混合后能轉(zhuǎn)化產(chǎn)生活菌乙的原理是基因突變D．從鼠5體內(nèi)分離出活菌在培養(yǎng)基上培養(yǎng)，都會產(chǎn)生光滑菌落7．化學與人類社會的生產(chǎn)、生活有著密切聯(lián)系，下列敘述正確的是()A．新型冠狀病毒對高三學子的復習備考造成了較大沖擊，質(zhì)量分數(shù)0.5%的過氧乙酸溶液能高效殺死該病毒，在重癥隔離病房用過氧乙酸與苯酚溶液混合可以提高消殺效率B．J—20上用到的氮化鎵材料不是合金材料C．盡量使用含12C的產(chǎn)品，減少使用含13C或14C的產(chǎn)品符合“促進低碳經(jīng)濟的宗旨”D．汽車尾氣中含有氮氧化物是由于石油煉制過程中未除去氮元素8．設(shè)NA是阿伏加德羅常數(shù)的值，下列說法正確的是()A．46gC2H6O完全燃燒，有5NA個C—H鍵斷裂B．電解精煉銅時，陽極質(zhì)量減輕64g時．轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為2NAAD．56gFe粉與1molCl2充分反應，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為2NA★9．BMO(Bi2MoO6)是種高效光催化劑，可用于光催化降解苯酚，原理如圖所示。下列說法錯誤的是()A．該過程的總反應為：C6H6O+7O26CO2+3H2OB．該過程中BMO+表現(xiàn)出較強的氧化性C．①和②中被降解的苯酚的物質(zhì)的量之比為1：3D．光催化降解過程中，光能轉(zhuǎn)化為化學能、熱能等10．化合物M(結(jié)構(gòu)式如圖所示)是常用的還原劑，由H·C·Brown和Schlesinger于1942年在芝加哥大學發(fā)現(xiàn)。其中X、Y、Z是原子序數(shù)依次減小的不同短周期主族元素，X與W、Z與W均能形成原子個數(shù)比為1：1和2：1的化合物，W原子的最外層電子數(shù)是電子層數(shù)的3倍。下列敘述正確的是()A．Z元素位于第三周期第ⅦA族B．Y的最高價氧化物對應的水化物是一種一元弱酸C．X和Z形成的化合物的水溶液呈酸性D．化合物M不能與Z2W2反應11．某小組同學通過實驗研究FeCl3溶液與Cu粉發(fā)生的氧化還原反應。實驗記錄如下表所示，下列說法錯誤的是()序號ⅠⅡⅢ實驗步驟充分振蕩，加入2mL蒸餾水充分振蕩，加入2mL蒸餾水充分振蕩，加入2mL蒸餾水實驗現(xiàn)象銅粉消失，溶液黃色變淺，加入蒸餾水后無明顯現(xiàn)象銅粉有剩余，溶液黃色褪去，加入蒸餾水后生成白色沉淀銅粉有利余、溶液黃色褪去，變成藍色，加入蒸餾水后無白色沉淀A．實驗Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ中均涉及Fe3+被還原B．對比實驗Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ說明白色沉淀的產(chǎn)生可能與銅粉的量及溶液的陰離子種類有關(guān)C．向?qū)嶒灑蠓磻蟮娜芤褐屑尤腼柡蚇aCl溶液可能出現(xiàn)白色沉淀D．實驗Ⅱ、Ⅲ中加入蒸溜水后c(Cu2+)相同12．鎂稀土合金廣泛應用于航空、航天、電子、通訊和汽車制造業(yè)等領(lǐng)域。熔鹽電解法是一種高效制備鎂稀土合金的方法，實驗室制取Mg-Gd合金(物質(zhì)的量比為1：1)的電解槽示意圖如下(相對原子質(zhì)量Mg—24，Gd—157)，下列說法正確的是()A．添加LiF、BaF2的作用是催化劑B．陽極的電極反應式為2F——2e—=F2↑C．當電路中通過0.1mol電子時，生成Mg-Gd合金的質(zhì)量為3.62gD．電解結(jié)束后，鉬、碳電極質(zhì)量不變13．磷酸(H3PO4)是一種中強酸，常溫下，H3PO4水溶液中含磷微粒的分布分數(shù)(平衡時某微粒的濃度占各含磷微?？倽舛鹊姆謹?shù))與pH的關(guān)系如下圖，下列說法正確的是()A．滴加NaOH溶液至pH=7，溶液中c(Na+)＞c(H2PO4-)+c(HPO42—)+c(PO43—)B．該溫度下，H3PO4的三級電離常數(shù)Ka3＞10-12C．H3PO4的電離方程式為：H3PO4?3H++PO43—D．滴加少量Na2CO3溶液，化學反應方程式為3Na2CO3+2H3PO4=2Na2PO4+3H2O+3CO2↑二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分?！?4．圖甲為研究光電效應的實驗裝置，陰極K和陽極A是密封在真空玻璃管中的兩個電極.圖乙是用單色光1和單色光2分別照射同一陰極K時，得到的光電流隨電壓變化關(guān)系的圖像.普朗克常量為h,真空中的光速為c，則下列說法正確的有（）A．在保持入射光不變的情況下向右移動滑片P可以增大飽和電流B．對應同一陰極K，光電子最大初動能與入射光的頻率成正比C．單色光1和單色光2的頻率之差為D．單色光1比單色光2的波長短15．2019年中國女排成功衛(wèi)冕世界杯.如圖，某次訓練中，一運動員將排球從A點水平擊出，球擊中D點；另一運動員將該排球從位于A點正下方且與D等高的B點斜向上擊出，最高點為C，球也擊中D點；A、C高度相同.不計空氣阻力.下列說法正確的有（）A．兩過程中，排球的初速度大小一定不相等B．兩過程中，排球的飛行時間相等C．兩過程中，擊中D點時重力做功的瞬時功率相等D．后一個過程中，排球擊中D點時的速度較大★16．北京時間2015年3月30日2l時52分，我國新一代北斗導航衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進入預定軌道。“北斗”系統(tǒng)中兩顆工作衛(wèi)星均繞地心O做勻速圓周運動，軌道半徑為r，某時刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于軌道上的A、B兩位置(如圖所示)。若衛(wèi)星均沿順時針運行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R。不計衛(wèi)星間的相互作用力。則以下判斷中正確的是（）A．這兩顆衛(wèi)星的加速度大小相等，均為B．這兩顆衛(wèi)星的線速度大小相等，均為C．衛(wèi)星l向后噴氣就一定能追上衛(wèi)星2D．衛(wèi)星1由位置A運動到位置B所需的時間為17．如圖所示，Ⅰ、Ⅱ兩條虛線之間存在勻強磁場，磁場方向與豎直紙面垂直。一個質(zhì)量為m、邊長為L的正方形導體框，在此平面內(nèi)沿豎直方向運動，t=0時刻導體框的上半部分恰好進入磁場，速度為v0。經(jīng)歷一段時間后，當導體框上半部分恰好出磁場時，速度為零。此后導體框下落，再經(jīng)歷一段時間到達初始位置。已知重力加速度為g，則關(guān)于導體框說法不正確的是（）A．上升過程中的加速度一直大于gB．上升過程中的時間比下落過程中的少C．上升過程中安培力做的功比下落過程中的多D．上升過程中電阻消耗的電能比下落過程中的大★18．如圖所示電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，定值電阻為R1，滑動變阻器為R?，F(xiàn)閉合開關(guān)S，滑動變阻器R的滑動觸頭P從M端向N端滑動時，則電路中連接的電壓表及電流表示數(shù)的變化情況分別是（）A．電壓表示數(shù)先變大后變小；電流表示數(shù)一直變大B．電壓表示數(shù)先變小后變大；電流表示數(shù)一直變小C．電壓表示數(shù)先變大后變?。浑娏鞅硎緮?shù)先變小后變大D．電壓表示數(shù)先變小后變大；電流表示數(shù)先變大后變小19．如圖所示，質(zhì)量相同、可視為點電荷的帶電小球A和B穿在光滑的豎直放置的“V”型絕緣支架上，支架頂角為90°、位置固定且足夠長.開始時小球均靜止，施加外力將小球A緩慢移動至支架下端，下列說法正確的有()A．兩球帶同種電荷B．兩球距離逐漸增大C．支架對B的彈力先減小后增大D．兩球間的電勢能逐漸增大20．如圖所示，木板甲長為L，放在水平桌面上，可視為質(zhì)點的物塊乙疊放在甲左端。已知甲、乙質(zhì)量相等，甲與乙、甲與桌面間動摩擦因數(shù)相同。對乙施加水平向右的瞬時速度v，乙恰好未從甲上滑落；此時對甲施加水平向右的瞬時速度v，最終甲、乙物體均靜止。下列作出的甲、乙物體在運動過程中的動能EK與位移x的關(guān)系圖象，其正確的是（）A. B.C. D.21．如圖所示，傾角為θ的粗糙絕緣斜面上等間距的分布著A、B、C、D四點，間距為l，其中BC段被打磨光滑，A點右側(cè)有垂直紙面向里的勻強磁場.質(zhì)量為m的帶負電物塊從斜面頂端由靜止釋放，已知物塊通過AB段與通過CD段的時間相等.下列說法正確的有()A．物塊通過AB段時做勻減速運動B．物塊經(jīng)過A、C兩點時的速度相等C．物塊通過BC段比通過CD段的時間短D．物塊通過CD段的過程中機械能減少了2mglsinθ第Ⅱ卷三、非選擇題：（本卷包括必考題和選考題兩部分。第22~32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。）（一）必考題（共129分）22.（5分）小華同學在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中，選出了如圖甲所示的一條紙帶（每兩個點間還有4個點沒有畫出）。打點計時器的電源頻率為50Hz。（1）根據(jù)紙帶上的數(shù)據(jù)，計算E點時小車的瞬時速度并填入表中_____。位置ABCDEv/（m·s-1）（2）小華同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在圖乙中畫出了小車的圖象。請你根據(jù)v—t圖象：判斷小車做的是_____（填寫序號）A．勻速直線運動B．勻變速直線運動C．非勻變速直線運動（3）小紅同學用以下方法繪制了小車運動的v一t圖象：第一，先把紙帶每隔0.1s剪斷，得到若干短紙條；第二、再把這些紙條并排貼在一張紙上，使這些紙條下端對齊，作為時間坐標軸，標出時間；第三，將紙條上端中心連起來，于是得到v一t圖象。請回答這樣做___________（選填“可行”、“不可行”），簡要說明其理由__________。23.（10分）在練習使用多用電表的實驗中。請完成下列問題：（1）用多用表測量某元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻擋測量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，因此需選擇倍率的電阻擋（填“×10”或“×1k”），并需（填操作過程）后，再次進行測量，多用表的指針如圖甲所示，測量結(jié)果為Ω。（2）某同學設(shè)計出一個的歐姆電表，用來測量電阻，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)可簡化成圖乙電路，其中電源內(nèi)阻r=1.0Ω，電流表G的量程為Ig，故能通過讀取流過電流表G的電流值而得到被測電阻的阻值。但和普通歐姆表不同的是調(diào)零方式。該同學想用一個電阻箱Rx來測出電路中電源的電動勢E和表頭的量程Ig，進行如下操作步驟是：a．先兩表筆間不接入任何電阻，斷開狀態(tài)下調(diào)滑動電阻器使表頭滿偏；b．將歐姆表與電阻箱Rx連成閉合回路，改變電阻箱阻值；記下電阻箱示數(shù)Rx和與之對應的電流表G的示數(shù)I；c．將記錄的各組Rx，I的數(shù)據(jù)描點在乙圖中，得到圖線如圖丙所示；d．根據(jù)乙圖作得的圖線，求出電源的電動勢E和表頭的量程Ig。由丙圖可知電源的電動勢為________，歐姆表總內(nèi)阻為，電流表G的量程是________。24.（12分）如圖所示，是人們用打“夯”的方式把松散的地面夯實的情景。假設(shè)兩人同時通過繩子對質(zhì)量為m的重物各施加一個力，大小均為F，方向都與豎直方向成α，重物離開地面h后兩人同時停止施力，最后重物下落把地面砸深x。重力加速度為g。求：（1）停止施力前重物上升過程中加速度大小a；（2）以地面為零勢能面，重物具有重力勢能的最大值EPm；（3）重物砸入地面過程中，對地面的平均沖擊力大?。?5.（20分）如圖甲所示，兩塊金屬板AB、CD平行正對放置，金屬板長L=0.4m，板間距離d=0.2m，極板CD接地，AB板上的電勢φ隨時間t變化規(guī)律如圖乙所示.金屬板外有一區(qū)域足夠大的勻強磁場，磁感應強度B=1×T，方向垂直紙面向外.現(xiàn)有質(zhì)子流以v0=m/s的速度連續(xù)射入電場中(質(zhì)子緊貼著AB板射入且初速度方向與之平行)，質(zhì)子的比荷通過電場的極短時間內(nèi)，電場可視為恒定電場，不考慮質(zhì)子與極板的碰撞，MN為經(jīng)過B、D點的虛線，求：（1）t=0.05s時刻出發(fā)的質(zhì)子射出電場時離B點的距離x；（2）在磁場中運動的所有質(zhì)子到MN的最大距離H；（3）在CD右側(cè)放置一足夠大的質(zhì)子收集板，收集板初始緊貼著MN，若將其向下緩慢平行移動，在不同位置，質(zhì)子打到收集板的范圍長度不一，該長度的最大值lmax.26．（14分）學習小組在實驗室中利用下圖所示裝置制備SO2并進行相關(guān)性質(zhì)的探究?；卮鹣铝袉栴}：（1）儀器Q的名稱為_________；裝置b的作用是_________。（2）裝置a中反應的化學方程式為_________。（3）裝置e中出現(xiàn)_________（填現(xiàn)象）可證明SO2具有還原性。（4）實驗開始后，發(fā)現(xiàn)裝置d中的溶液迅速變黃，繼續(xù)通入SO2，裝置d中出現(xiàn)乳黃色渾濁。該小組同學查閱資料得知，存在可逆反應：SO2＋4I－＋4H＋S↓＋2I2＋2H2O。探究I：探究濃度對上述可逆反應的影響有同學認為除SO2的濃度外，其他離子的濃度對該可逆反應也有影響。完成實驗設(shè)計進行驗證（SO2體積已折算為標準狀況下體積）。限選試劑：0.1mol·L1KI溶液、1.0mol·L1KI溶液、2.0mol·L1KI溶液、蒸餾水、濃硝酸、濃鹽酸影響因素編號操作現(xiàn)象c(I－)i取50mL①_________于錐形瓶中，向其中通入20mLSO2溶液變?yōu)闇\黃色ii取50mL1.0mol·L1KI溶液于錐形瓶中，向其中通入20mLSO2溶液迅速變黃c(H＋)iii取50mL1.0mol·L1KI溶液和5mL②_________于錐形瓶中，向其中通入20mLSO2溶液迅速變黃iv取50mL1.0mol·L1KI溶液和5mL③_________于錐形瓶中，向其中通入20mLSO2溶液迅速變黃，且出現(xiàn)乳黃色渾濁探究II：探究SO2在KI溶液體系中的反應產(chǎn)物方案操作預期現(xiàn)象結(jié)論i取適量裝置d中濁液，向其中滴加幾滴④_________溶液（填試劑名稱），振蕩無明顯變化濁液中無I2ii將裝置d中濁液進行分離得淡黃色固體和澄清溶液取適量分離后的澄清溶液于試管中，⑤_________⑥_________⑦________⑧綜上可知，SO2在KI溶液中發(fā)生了歧化反應，其反應的離子方程式為_________。27．（14分）二氧化鈰(CeO2)是一種重要的稀土化合物。以氟碳鈰礦（主要含Ce[CO3]F）為原料制備CeO2的一種工藝流程如圖所示：已知：①Ce4+能與F結(jié)合成[CeFx](4-x)+，也能與SO42-結(jié)合成[CeSO4]2+；②在硫酸體系中Ce4+能被萃取劑[(HA)2]萃取，而Ce3+不能；③Ksp[Ce(OH)3]=1×10-20?；卮鹣铝袉栴}：（1）Ce[CO3]F中鈰元素的化合價為___________，H2O2分子的結(jié)構(gòu)式為____________________。（2）“氧化焙燒”前需將礦石粉碎成細顆粒，其目的是____________________________________。（3）“萃取”時存在反應：Ce4++n(HA)2Ce·(H2n-4A2n)+4H+。下圖所示中，D是分配比，表示Ce（Ⅳ）分別在有機層與水層中存在形式的物質(zhì)的量濃度之比，即c[Ce·(H2n-4A2n)]與c[(CeSO4)2+]的比值。加入不同量的Na2SO4以改變水層中的c（SO42-），D隨起始料液中c（SO42-）變化的原因為__________________________________________________。（4）“反萃取”中，實驗室用到的主要玻璃儀器名稱為___________；在H2SO4和H2O2的作用下CeO2轉(zhuǎn)化為Ce3+。H2O2在該反應中作_________(填“催化劑”“氧化劑”或“還原劑”），每有2molH2O2參加反應，轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量為_____________。為使Ce3+完全沉淀，應加入NaOH調(diào)節(jié)pH為_________。(溶液中c(Ce3+)小于1.0×10-5mol?L-1時，可認為Ce3+沉淀完全)（5）“氧化”步驟的化學方程式為____________________________________?！?8.(15分)甲醇是重要的化工原料?；卮鹣铝袉栴}：（1）以甲醇為原料制備甲醛，同時生成副產(chǎn)物H2等，已知以下熱化學方程式：則b＝(用含有a、c的代數(shù)式表示)。（2）以Na2CO3固體為催化劑，甲醇脫氫可制得甲醛。反應機理如下：①(i)中反應物的總能量(填“>”“＝”或“<”)生成物的總能量。②某溫度時反應(i)、(ii)、(ii)的平衡常數(shù)依次為K1、K2、K3，CH3OH(g)H2(g)＋HCHO(g)的平衡常數(shù)為K，則K＝(用含K1、K2、K3的代數(shù)式表示)。（3）向體積為1L恒容反應器中加入2molCH3OH及適量催化劑，發(fā)生反應CH3OH(g)HCHO(g)＋H2(g)△H，在T1、T2(T1<T2)時，CH3OH轉(zhuǎn)化率與時間關(guān)系如圖所示。①T2溫度下，20min時甲醇的體積分數(shù)為%(保留三位有效數(shù)字)，前20min平均反應速率v(HCHO)＝mol·L－1·min－1。②T1溫度下該反應的平衡常數(shù)Kp＝kPa(用平衡分壓代替平衡濃度計算，分壓＝總壓×物質(zhì)的量分數(shù)，反應器內(nèi)的初始壓強為103kPa)。（4）固體氧化物甲醇燃料電池是能效高、環(huán)境友好地轉(zhuǎn)化成電能的全固態(tài)電源，工作原理如圖所示。①石墨極上的反應式為。②若通過用電器的電子的物質(zhì)的量為1.2mol，則消耗標準狀況下O2的體積為L。★29．（10分）氣孔是植物水分蒸騰以及其與外界環(huán)境進行氣體交換的重要結(jié)構(gòu)，氣孔的大小、數(shù)量和調(diào)節(jié)功能與植物的光合作用、蒸騰作用等生理過程密切相關(guān)，影響著植物的有機物生產(chǎn)能力、抗干旱能力等方面?；卮鹣铝袉栴}：（1）研究表明，干旱環(huán)境中某高等植物葉片的氣孔變小，這種變化有利于____，使該植物適應干旱環(huán)境。干旱初期，該植物的光合作用速率____，結(jié)合題意分析，其主要原因是_______________________。（2）如圖為高等植物葉片橫切面示意圖。晴天上午10:00時左右氣孔開放程度最大，此時胞間間隙CO2濃度最低，可能的原因是______。CO2被利用的場所是_____________。（3）長期生長在較高CO2濃度的環(huán)境中，植物會通過自身調(diào)節(jié)作用適應環(huán)境，其葉片的氣孔密度可能會____（填“變大”“變小”或“不變”）。30．（10分）冠狀病毒屬于具外套膜的正鏈單股RNA病毒。新型冠狀病毒可通過其表面的刺突狀糖蛋白（S蛋白）與人呼吸道黏膜上皮細胞表面的ACE2蛋白特異性結(jié)合，侵入人體，引起肺炎。患者往往出現(xiàn)干咳、乏力、發(fā)熱，會出現(xiàn)缺氧低氧狀態(tài)，嚴重時導致急性呼吸窘迫綜合征。根據(jù)所學知識，回答下列問題：（1）新型冠狀病毒主要通過呼吸道侵入人體。鼻腔中的黏膜是抵御病原體入侵的第__________道防線.（2）已知青霉素的作用是抑制原核細胞細胞壁的形成,從而達到滅菌的作用。當人體感染新型冠狀病毒時，____（填“能”或“不能”）用青霉素進行治療。少數(shù)人注射青霉素后會出現(xiàn)胸悶、氣急和呼吸困難等癥狀，嚴重者發(fā)生休克，這種現(xiàn)象是人體免疫功能失調(diào)中的_______________________。（3）對新型冠狀病毒疑似患者的檢查，分為病原學檢查和血清學檢查：采集鼻咽拭子主要用于病原學檢查，檢測病毒的_________________；采集血液樣本主要用于血清學檢查，檢測_______________________________。（4）2021年初，我國開始逐步推進新型冠狀病毒疫苗免費注射工作。在疫苗接種的過程中，當興奮傳到____時人會產(chǎn)生痛覺。注射疫苗后，部分人出現(xiàn)輕度發(fā)熱現(xiàn)象，從體溫調(diào)節(jié)的角度說明發(fā)熱的原因是_____。（5）針對新冠肺炎的疫苗有DNA疫苗、mRNA疫苗、蛋白質(zhì)疫苗等，其機理都是通過病毒特異的抗原蛋白刺激機體產(chǎn)生_____________細胞，當人體再次接觸這種抗原時，此類細胞能迅速增殖分化。在檢測該疫苗有效性和安全性的動物實驗中，考慮到個體差異，為了提高實驗的可重復性需要注意_______________________________（寫出兩個方面），檢測有效性的最簡單方法是__________________。31．（9分）2021年3月1日起，《長江保護法》正式實施。長江江豚已被列為中國國家一級保護動物，由于過度捕撈、水上航運以及水體污染等原因，使之成為瀕危物種。因此我國非常重視長江江豚的保護工作?！铮?）長江江豚數(shù)量的減少與水體污染有關(guān)。下圖是長江某流域生態(tài)系統(tǒng)受到生活污水（含大量有機物）輕度污染后的凈化過程示意圖。在該河流的AB段上，溶解氧大量減少的原因是________，BC段藻類大量繁殖的原因是________，相對于海洋生態(tài)系統(tǒng)，該生態(tài)系統(tǒng)具有較強的________穩(wěn)定性。（2）為保護魚類資源，國家規(guī)定漁民捕魚時，漁網(wǎng)網(wǎng)目不能過小，否則會影響來年魚的產(chǎn)量，請從種群特征的角度分析,原因是_____。為更好的保護長江流域保留的魚類資源，國家規(guī)定對長江實施“十年禁漁”計劃。（3）水上航運對長江江豚的影響主要是大型船舶的噪音對江豚的聲學定位系統(tǒng)產(chǎn)生干擾，從而影響其探測環(huán)境等活動，這體現(xiàn)信息傳遞在生態(tài)系統(tǒng)中的作用是__________。江豚共有三個物種:印度洋江豚、長江江豚和東亞江豚,不同的三個江豚物種體現(xiàn)了________多樣性。（4）習近平總書記在談到環(huán)境保護問題時，他指出：寧要綠水青山，不要金山銀山，而且綠水青山就是金山銀山?！熬G水”離不開“青山”，這主要體現(xiàn)了生物多樣性的____________價值。（5）目前，立體型綜合生態(tài)農(nóng)業(yè)不僅效益高，而且能有效降低環(huán)境污染。如運用群落的__________原理，在果園的果樹下加入一個人工栽培的草菇種群，形成“果樹—草菇結(jié)構(gòu)”的立體農(nóng)業(yè)。該農(nóng)業(yè)能實現(xiàn)廢棄物的資源化，提高_____________。32．（10分）小鼠的毛色受位于常染色體上的一組復等位基因（同源染色體的相同位點上，存在兩種以上的等位基因）AY、A、a控制，在群體中小鼠的毛色對應的基因型如下表所示。回答下列問題：黃色胡椒面色黑色AYA、AYaAA、Aaaa（1）基因AY、A、a的不同可能在于____________。多只黃色雌雄小鼠隨機交配，子代中黃色小鼠所占的比例是_____________。（2）兩只雌雄小鼠交配，子代出現(xiàn)三種毛色，則親本的基因型組合是_____________，子代的表現(xiàn)型及比例是_____________。（3）研究發(fā)現(xiàn)，小鼠毛色還受一對等位基因B、b的影響，當基因B存在時，基因AY、A和a才能表達，否則小鼠毛色表現(xiàn)為白色。現(xiàn)有胡椒面色和白色的雌雄小鼠若干，從中選擇合適的材料，通過雜交實驗來驗證基因B、b位于X染色體上。雜交組合：。預期結(jié)果：。(二)選考題：（共45分。請考生從給出的2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做。則每科按所做的第一題計分。）33.（1）（5分）下列四幅圖對應的說法中正確的有_________(填正確答案標號。選對一個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分。每選錯1個扣3分,最低得分為0分)

A.圖甲是玻璃管插入某液體中的情形，表明該液體能夠浸潤玻璃B.圖乙是干濕泡溫度計，若發(fā)現(xiàn)兩溫度計的讀數(shù)差正在變大，說明空氣相對濕度正在變大C.圖丙中玻璃管鋒利的斷口在燒熔后變鈍，原因是玻璃是非晶體加熱后變成晶體D.圖丁中液體表面層的分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，是液體表面張力形成的原因（2）如圖所示為一下粗上細且上端開口的薄壁玻璃管，管內(nèi)用水銀封閉一定質(zhì)量的理想氣體，上管足夠長。圖中大小截面積分別為S1=2cm2、S2=lcm2。粗細管內(nèi)水銀柱長度h1=h2=2cm，封閉氣體長度L=22cm。大氣壓強P0=76cmHg，氣體初始溫度為57℃。求:①若緩慢升高氣體溫度，升高至多少開爾文方可將所有水銀全部擠入細管內(nèi)。②若溫度升高至492K，液柱下端離開玻璃管底部的距離。34.（5分）（1）某橫波在介質(zhì)中沿x軸正方向傳播t=0時刻，P點開始向y軸正方向運動，經(jīng)t=0.2s．P點第一次到達正方向最大位移處，某時刻形成的波形如圖所示，下列說法正確的是____________。(填正確答案標號。選對一個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分。每選錯1個扣3分,最低得分為0分)

A．該橫波的波速為5m／sB．質(zhì)點Q與質(zhì)點N都運動起來后，它們的運動方向總相反E．從圖示時刻再過SQUOTE，M位移為10cm,且正沿y軸正方向運動（2）（10分）如圖所示，為玻璃材料制成的一棱鏡的截面圖．其中，弧AB為四分之一圓弧，O為圓心，OBCD部分為矩形。一細光束從圓弧AB的中點E沿半徑射入棱鏡后，恰好在O點發(fā)生全反射，經(jīng)CD面反射，再從圓弧上的F點射出，已知OA=a，OD=，真空中光速為c。求:①出射光線與法線夾角的正弦值。②光在棱鏡中傳播的時間。35．氫氣是具有發(fā)展前途的燃氣，氫的規(guī)模化儲運是氫能應用的關(guān)鍵。硼氫化鈦、氨硼烷、鑭鎳合金等都是備受關(guān)注的儲氫材料?；卮鹣铝袉栴}：（1）(硼氫化鈦)可由反應制得?；鶓B(tài)鈦原子的價電子軌道表示式為_________________________；基態(tài)硼原子核外有_____________________種運動狀態(tài)不同的電子。（2）的立體構(gòu)型是____________________，B原子的雜化軌道類型是_____________________。（3）氨硼烷是一種高性能化學儲氫材料。請畫出含有配位鍵(用“→”表示)的氨硼烷的結(jié)構(gòu)式___________________；與氨硼烷互為等電子體的有機小分子是__________________________(寫結(jié)構(gòu)簡式)。（4）鑭鎳合金、銅鈣合金及鈰鈷合金都具有相同類型的晶胞結(jié)構(gòu)，它們有很強的儲氫能力，其中銅鈣合金的晶體結(jié)構(gòu)如圖所示。已知鑭鎳合金晶胞體積為，儲氫后形成合金(氫進入晶胞空隙，體積不變)，則中，________________(填數(shù)值)；氫在合金中的密度為_______________g/cm3(保留兩位有效數(shù)字)。36．有機物A是天然橡膠的單體。有機物F是一種環(huán)保型塑料，一種合成路線如圖所示：已知：①②+R3-COOH（—R1、—R2、—R3、—R均為烴基）請回容下列問題：（1）A用系統(tǒng)命名法命名為__________________________。（2）A分子與Cl2分子發(fā)生1：1加成時，其產(chǎn)物種類有_________種(不考慮立體異構(gòu))。（3）B與足量H2反應后的產(chǎn)物的結(jié)構(gòu)簡式為，則B的結(jié)構(gòu)簡式為___________________，1個B分子中有________個手性碳原子。（4）C分子中的官能團名稱為_____________________。（5）寫出反應④的化學方程式：___________________________________________。（6）G是C的同分異構(gòu)體，G能發(fā)生水解反應和銀鏡反應，1個G分子中含有2個碳氧雙鍵，則G的可能結(jié)構(gòu)共有___________種(不考慮立體異構(gòu))。（7）設(shè)計由有機物D和甲醇為起始原料制備CH3CH2CH(CH3)CH=CHCOOCH3的合成路線______________(無機試劑任選)。37．（15分）纖維素是地球上最豐富的可再生碳源物質(zhì)之一，科學合理地利用纖維素有助于解決能源危機和環(huán)境污染等重大問題。請回答下列問題：（1）分離纖維素分解菌時，從富含有機質(zhì)的土壤中取樣，將土壤濾液加入含有纖維素的液體培養(yǎng)基中進行選擇培養(yǎng)，選擇培養(yǎng)的目的是____________________。如果將選擇培養(yǎng)后的液體培養(yǎng)基離心，人們__________（填“能”或“不能”）從上清液中獲得纖維素酶。（2）剛果紅可以與纖維素形成紅色復合物，但并不與纖維素降解產(chǎn)物纖維二糖和葡萄糖發(fā)生這種反應。研究人員在剛果紅培養(yǎng)基平板上，篩到了幾株有透明降解圈的菌落（見下圖）。圖中降解圈大小與纖維素酶的_______________________有關(guān)，圖中降解纖維素能力最強的菌株是_______________________（填圖中序號）。（3）將纖維素酶粗提取液裝入透析袋中，置于pH適宜的磷酸緩沖液中進行透析處理，可除去其中______的雜質(zhì)。為進一步純化分離纖維素酶，可將樣品加入__________中進行洗脫、收集。（4）研究人員測定了不同溫度對游離酶和固定化酶酶活力的影響，結(jié)果如圖所示。根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以看出，在溫度為30℃～80℃的變化范圍內(nèi)，隨著溫度的升高固定化酶和游離酶的酶活力均呈現(xiàn)出__________的變化趨勢。該趨勢是由以下兩個方面共同作用的結(jié)果：反應體系溫度升高時，底物和酶分子動能增大，使反應速率__________；溫度可改變酶的__________，其活性會隨著溫度的升高而降低甚至失活。38．（15分）我國研制的重組新冠疫苗目前已在全世界廣泛應用。重組新冠疫苗的制備流程如下圖。回答下列問題。（1）圖中的S蛋白基因_____（有或無）啟動子，圖中Ad5的作用是作為________，它應具有的特點是________________________________（答出3點）。（2）基因工程中步驟④的目的是_______________________________。（3）重組疫苗注入人體的作用是________________________________，以對抗新型冠狀病毒的入侵。（4）新冠疫苗也可能通過蛋白質(zhì)工程來生產(chǎn)。蛋白質(zhì)工程是在_______________的基礎(chǔ)上發(fā)展起來的，通過______________制造一種新的蛋白質(zhì)，或通過______________對現(xiàn)有蛋白質(zhì)進行改造，以滿足人類的需求。化學部分參考答案7．【答案】BA．過氧乙酸與苯酚可發(fā)生氧化還原反應；B．氮化鎵屬于無機非金屬材料；C．含12C、13C或14C的產(chǎn)品均為含碳產(chǎn)品；D．石油中不含氮元素。A．過氧乙酸與苯酚可發(fā)生氧化還原反應，因此將過氧乙酸與苯酚溶液混合，不會提升消殺效率，反而會降低消殺效率，A項錯誤；B．氮化鎵屬于無機非金屬材料，屬于化合物，不是合金，B項正確；C．含12C、13C或14C的產(chǎn)品均為含碳產(chǎn)品，不會減少二氧化碳的排放，都不符合“促進低碳經(jīng)濟的宗旨”，C項錯誤；D．高溫下N2與O2在發(fā)動機的氣缸中發(fā)生反應，生成了氮氧化物；石油不含N元素，氮氧化物的生成與氮氣有關(guān)，D項錯誤；答案選B。8．【答案】DA．C2H6O存在同分異構(gòu)體，有可能是乙醇，也有可能是二甲醚，不能確定含有C—H鍵的數(shù)量；B．電解精煉銅時，陽極上除了銅放電之外，還有其它金屬也會放電；C．NaT與足量水反應，生成物為NaOH和HT，1molHT含中子的物質(zhì)的量為2mol，由此進行計算；D．Fe與Cl2反應生成FeCl3，按照完全反應的物質(zhì)進行計算。A．C2H6O存在同分異構(gòu)體，有可能是乙醇（含有5個C-H鍵），也有可能是二甲醚（含有6個C-H鍵），因此46gC2H6O完全燃燒，不能確定一定有5NA個C—H鍵斷，A項錯誤；B．電解精煉銅時，陽極上除了銅放電之外，還有其它金屬（鋅、鐵等）也會放電，因此陽極質(zhì)量減輕64g時，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)不一定為2NA，B項錯誤；C．NaT與足量水反應，生成物為NaOH和HT，1molHT含中子的物質(zhì)的量為2mol，因此2.6g(即0.1mol)NaT與足量水反應，生成的氫氣中含有中子數(shù)為A，C項錯誤；D．Fe與Cl2反應生成FeCl3，因此56g(即1mol)Fe粉與1molCl2充分反應，氯氣完全反應，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為2NA，D項正確；判斷本題A選項時，容易忽略的是C2H6O有同分異構(gòu)體，結(jié)構(gòu)不同，C-H鍵的數(shù)量不同，解答本題時要萬分注意。9．【答案】CA.由原理圖可知苯酚與氧氣在光的作用下，BMO作催化劑可分解為CO2和水；B.過程中BMO失電子生成BMO+，BMO體現(xiàn)出了還原性；C.根據(jù)電子守恒可判斷消耗苯酚的物質(zhì)的量之比；D.光催化降解苯酚的過程中，光能轉(zhuǎn)化為化學能、熱能等。A.由原理圖可知苯酚與氧氣在光的作用下，BMO作催化劑可分解為CO2和水，反應方程式為C6H6O+7O26CO2+3H2O，A項正確，不符合題意；B.過程中BMO失電子生成BMO+，BMO體現(xiàn)出了還原性，那么BMO+體現(xiàn)較強的氧化性，C.根據(jù)電子守恒可判斷消耗苯酚的物質(zhì)的量之比，過氧根離子生成氧離子得到3個電子，BMO得1個電子，根據(jù)電子守恒可知，①和②中被降解的苯酚的物質(zhì)的量之比為3:1，C項錯誤，符合題意；D.光催化降解過程中，光能轉(zhuǎn)化為化學能、熱能等，D項正確，不符合題意；10．【答案】BW原子的最外層電子數(shù)是電子層數(shù)的3倍，說明W為O；X與W、Z與W均能形成原子個數(shù)比為1：1和2：1的化合物，且X、Y、Z是原子序數(shù)依次減小，可知X為Na，Z為H，根據(jù)X、Y、Z形成的化合物的結(jié)構(gòu)可知Y為B，由此進行分析判斷。由分析可知W為O，X為Na，Y為B，Z為H；A.Z為H，位于周期表第一周期第IA族，A項錯誤；B.Y為B，其最高價氧化物對應的水化物是H3BO3，是一種一元弱酸，B項正確；C.X為Na，Z為H，X和Z形成的化合物為NaH，與水反應生成NaOH和H2，溶液呈堿性，C項錯誤；D.化合物M為NaBH4，具有較強的還原性，H2O2屬于常見的氧化劑，二者之間可以發(fā)生氧化還原反應，D項錯誤；11．【答案】D實驗Ⅰ：少量銅粉加入氯化鐵溶液，充分振蕩，加2mL蒸餾水，銅粉少時，溶液黃色變淺，加入蒸餾水后無明顯現(xiàn)象，說明鐵離子氧化銅生成銅離子；實驗Ⅱ：過量銅加入氯化鐵溶液，充分振蕩，加2mL蒸餾水，銅粉有余，溶液黃色褪去，鐵離子全部和銅反應，加入蒸餾水后生成白色沉淀說明銅被氧化產(chǎn)物有亞銅離子，生成CuCl白色沉淀；實驗Ⅲ：過量銅加入硫酸鐵溶液，充分振蕩，加2mL蒸餾水，銅粉有余，溶液黃色褪去，加入蒸餾水后無白色沉，說明鐵離子反應完全，生成的溶液中可能含銅離子和亞銅離子，據(jù)此分析判斷。A．由分析可知，實驗Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ中溶液黃色變淺或褪去，均涉及Fe3+被還原，A項正確，不符合題意；B．對比實驗I、Ⅱ可知，白色沉淀CuCl的產(chǎn)生與銅粉的量有關(guān)，對比實驗Ⅱ、III可知，白色沉淀CuCl的產(chǎn)生與溶液的陰離子種類有關(guān)，故B正確，不符合題意；C．向?qū)嶒灑蠓磻蟮娜芤褐屑尤腼柡蚇aCl溶液，可能出現(xiàn)白色CuCl沉淀，C項正確，不符合題意；D．實驗Ⅱ中有CuCl沉淀生成，實驗Ⅲ中沒有CuCl沉淀生成，因此加入蒸溜水后，c(Cu2+)不相同，D項錯誤，符合題意；12．【答案】CA.加入LiF和BaF2可提高導電性，降低混合熔融物的熔點；B.O2-的還原性強于F-，因此陽極上O2-失電子生成O2；C.陰極上Mg2+得電子生成Mg，Gd3+得電子生成Gd，結(jié)合得失電子守恒進行計算；D.反應過程中陽極區(qū)O2-放電生成O2，碳陽極發(fā)生反應生成了CO或CO2。A.加入LiF和BaF2可提高導電性，降低混合熔融物的熔點，因此不是催化劑，A項錯誤；B.O2-的還原性強于F-，因此陽極上O2-失電子生成O2，故陽極上的電極反應為2O2--4e-=O2↑，C.陰極上Mg2+得電子生成Mg，Gd3+得電子生成Gd，電極反應為Mg2++2e-=Mg，Gd3++3e-=Gd，根據(jù)得失電子守恒可知生成Mg-Gd合金的質(zhì)量為，C項正確；D.反應過程中陽極區(qū)O2-放電生成O2，碳陽極發(fā)生反應生成了CO或CO2，因此電解結(jié)束后，鋁電極質(zhì)量不變，碳電極質(zhì)量減小，D項錯誤；13．【答案】AA．根據(jù)電荷守恒可知，c(Na+)+c(H+)=c(H2PO4-)+2c(HPO42-)+3c(PO43-)+c(OH-)，當?shù)渭覰aOH溶液至pH=7時，c(H+)=c(OH-)，因此有c(Na+)=c(H2PO4-)+2c(HPO42-)+3c(PO43-)，即c(Na+)＞c(H2PO4-)+c(HPO42-)+c(PO43-)，A項正確；B．根據(jù)圖象可知，在該溫度下，若pH=12時，c（H+）=1O-12，c(HPO42—)=c(PO43—)，Ka3==1O-12，而實際圖像中顯示pH>12，H3PO4的三級電離常數(shù)Ka3<10-12，B項錯誤；C．H3PO4為多元弱酸，電離為分步電離，電離方程式應分步書寫，以第一步為主：H3PO4?H++H2PO4-，C項錯誤；D．向H3PO4中滴加少量Na2CO3溶液時，反應生成NaH2PO4、CO2和H2O，反應方程式為Na2CO3+2H3PO4=2NaH2PO4+H2O+CO2↑，D項錯誤；26．【答案】（1）圓底燒瓶防止倒吸（2）Cu＋2H2SO4(濃)=CuSO4＋SO2↑＋2H2O（3）KMnO4溶液紫紅色顏色變淺或褪色（4）①0.1mol·L-1KI溶液②蒸餾水③濃鹽酸④淀粉溶液⑤加入稀鹽酸酸化，再加入BaCl2溶液⑥白色沉淀⑦產(chǎn)物溶液中存在SO42-⑧3SO2＋2H2O=S↓＋2SO42-＋4H＋【解析】（1）由圖示裝置結(jié)構(gòu)可知Q儀器為圓底燒瓶；（2）由a中裝置試劑可知發(fā)生反應的化學方程式為：Cu＋2H2SO4(濃)＝CuSO4＋SO2↑＋2H2O；（3）SO2具有還原性能夠被KMnO4溶液氧化，而致使KMnO4溶液紫紅色顏色變淺或褪色；（4）①本題是探究濃度c(I－)、c(H＋)對反應的影響，故需要改變濃度對實驗進行探究，證明可逆過程的存在，故選用0.1mol·L1KI溶液作為編號i實驗的試劑；②探究c(H＋)對反應的影響，對比現(xiàn)象可知iii應選用稀鹽酸，但并無濃鹽酸可選，故應選用蒸餾水。③對比iii可知iv應選用濃鹽酸，濃硝酸具有強氧化性可將SO2氧化，不可選；④由實驗現(xiàn)象和實驗結(jié)論可知，方案i是為了檢驗I2，應選用淀粉溶液；為了證明反應SO2＋I2＋2H2O＝SO＋2I－＋4H＋的發(fā)生，應檢驗產(chǎn)物的生成和產(chǎn)物的消耗，方案i是檢驗反應物消耗，方案ii應是檢驗溶液中產(chǎn)物的生成，即SO，故⑤加入稀鹽酸酸化，再加入BaCl2溶液；⑥白色沉淀⑦產(chǎn)物溶液中存在SO42-；綜上實驗，探究Ⅱ主要是探究產(chǎn)物，進行物質(zhì)檢驗，通過方案i和ii分別證明了產(chǎn)物中含有S（淡黃色固體）和SO42-，最終無I2產(chǎn)生，結(jié)合提示SO2發(fā)生歧化反應進一步書寫離子方程式為3SO2＋2H2O=S↓＋2SO42-＋4H＋。27．+3H-O-O-H增大固體與氣體的接觸面積，增大反應速率，提高原料的利用率隨著c(SO42-)增大，水層中Ce4+與SO42-結(jié)合生成[CeSO4]2+，導致萃取平衡向生成(CeSO4)2+的方向移動，使D迅速減小，當c(SO42-)增大到一定程度后，D值變化較小分液漏斗還原劑4≥92Ce(OH)3+NaClO+H2O=2Ce(OH)4+NaCl【分析】氟碳鈰礦（主要含Ce[CO3]F），氧化焙燒的目的是將+3價的Ce氧化為+4價，Ce4+能與F-結(jié)合生成[CeFx](4-x)+，以便后續(xù)的提取，加稀硫酸，與SO42-結(jié)合生成(CeSO4)2+，加萃取劑，氟洗液，硫酸體系中Ce4+能被萃取劑萃取，而Ce3+不能，加“反萃取劑”加H2O2，又將Ce4+還原為Ce3+，發(fā)生的離子反應為2Ce4++H2O2=2Ce3++O2↑+2H+，加入堿后Ce3+轉(zhuǎn)化為沉淀，加NaClO將Ce從+3價氧化為+4價，最后熱分解得到產(chǎn)物，由此進行分析作答?！驹斀狻?1)根據(jù)化合價代數(shù)和為零可知Ce的化合價為+3價；H2O2分子的結(jié)構(gòu)式為H-O-O-H；(2)“氧化焙燒”前需將礦石粉碎成細顆粒，其目的是增大固體與氣體的接觸面積，增大反應速率，提高原料的利用率；(3)D隨起始料液中c(SO42-)變化的原因為隨著c(SO42-)增大，水層中Ce4+與SO42-結(jié)合生成(CeSO4)2+，導致萃取平衡向生成(CeSO4)2+的方向移動，使D迅速減小，當c(SO42-)增大到一定程度后，D值變化較?。?4)“反萃取”中用到的玻璃儀器為分液漏斗；“反萃取”中，在稀硫酸和H2O2的作用下CeO2轉(zhuǎn)化為Ce3+，Ce從+4價降低到+3價，化合價降低，H2O2中O元素的化合價升高，因此H2O2在該反應中作還原劑；每有2molH2O2參加反應，轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量為2mol×2×(1-0)=4mol；當c(Ce3+)小于1.0×10-5mol?L-1時，可認為Ce3+沉淀完全，根據(jù)Ksp[Ce(OH)3]=c(Ce3+)?c3(OH-)=1×10-20可知c(OH-)=mol?L-1=1.0×10-5mol?L-1，此時pH≥-lg=9，即為使Ce3+完全沉淀，應加入NaOH調(diào)節(jié)pH為≥9；(5)“氧化”步驟中用NaClO將Ce3+氧化為Ce4+，反應方程式為：2Ce(OH)3+NaClO+H2O=2Ce(OH)4+NaCl。28．(1)c－a(2分)(2)①＜(1分)②K1·K2·K3(2分)(3)①11.1;0.08(各2分)②900(2分)(4)①CH3OH＋3O2－－6e－CO2↑＋2H2O（2分）②（2分）35．答案：(1)；5(2)正四面體形；(3)；(4)5；36．2-甲基-1,3-丁二烯３１羰基、羧基n7CH3CH2CH(CH3)CH(OH)CH2COOHCH3CH2CH(CH3)CH=CHCOOHCH3CH2CH(CH3)CH=CHCOOCH3【分析】根據(jù)合成路線可知，E發(fā)生縮聚反應生成F，因此E為,C與H2發(fā)生加成反應生成E，由此可知C為CH3COCH2COOH；根據(jù)C和D的結(jié)構(gòu)，結(jié)合已知條件②可知B的結(jié)構(gòu)為，有已知條件①和A、B之間的關(guān)系可知A和發(fā)生加成反應生成B，由此可知A為，據(jù)此進行分析作答。物理部分答案14．【解答】C.A.飽和光電流由光強決定與滑動變阻器無關(guān)B.光電子最大出動能為C.Uce=EK=hv－W0所以，△Uc=h·△v，所以，頻率差為D.Uc2＞Uc1，所以，單色光2的頻率的頻率大，波長小15．【解答】C【解析】考查平拋和斜拋的計算。設(shè)A點拋出的小球初速度為，由C點和A點等高,均設(shè)為h。對A點拋出的物體，有=；對于從B點拋出的物體，根據(jù)逆向思維法容易得知上拋的時間=，下降的時間=，所以總時間，B排除；又由于水平方向位移一樣，根據(jù)V=，可知從B點拋出的小球水平速度Vx=，豎直方向速度Vy=，但由于不知道Vx和Vy的關(guān)系，所以無法確定合速度和的關(guān)系，所以可能相等，A不正確，重力做功的功率P=mgVy，在D點，兩次拋出的小球在豎直方向速度都相等，所以C正確；豎直方向速度相等，但是水平方向速度從A拋出的球比較大，所以是前一個過程中排球擊中D點合速度較大，D錯誤16．【答案】D【命題立意】本題旨在考查人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系、萬有引力定律及其應用。【解析】A、根據(jù)得，對衛(wèi)星有：，可得：，取地面一物體由，聯(lián)立解得：，故A錯誤；B、由，得：，又，聯(lián)立解得：，故B錯誤；C、衛(wèi)星1向后噴氣時需要加速，所需要的向心力增大，而萬有引力不變，衛(wèi)星將做離心運動，軌道半徑增大，不可能追上衛(wèi)星2，故C錯誤；D、根據(jù)，得：，又，。聯(lián)立解得：，故D正確。17.【答案】A【詳解】A．整個導體框在磁場內(nèi)上升過程中只受重力作用，則其加速度等于g，選A；B．上升過程經(jīng)過磁場邊界時，受向下的安培力，則加速度大于g；下降過程經(jīng)過磁場邊界時，受向上的安培力，則加速度小于g；上升下降的位移大小相等，可知在上升過程中的時間比下落過程中的少。C．根據(jù)能量守恒定律可知，線框經(jīng)過同一位置時：上升的速率大于下降的速率，上升過程的安培力大小較大，而位移大小相等，所以上升過程中比下降過程中克服安培力做的功多。D．因克服安培力做功等于產(chǎn)生的電能，可知在上升過程中電阻消耗的電能比下落過程中的大。18.【答案】A【詳解】由電路的結(jié)構(gòu)可知，滑動變阻器R的滑動觸頭P兩邊的電阻并聯(lián)，則當P從M端向N端滑動時，電路的總電阻先變大后減小，則總電流先減小后變大，路端電壓先變大后變小，即電壓表的示數(shù)先變大后變?。辉O(shè)滑動變阻器最大阻值為R，PN部分的電阻為x，則PN部分的電流為Ix=則隨著x的減小，Ix逐漸變大，故只有選項A正確。19．【解答】AB【解析】考查結(jié)合庫侖定律的受力分析以及圖解法中的矢量三角形。假設(shè)AB帶異種電荷，結(jié)合受力分析發(fā)現(xiàn)此時桿對于AB兩球的力不論是垂直桿向上還是向下都不可能平衡，所以AB帶同種電荷，A正確；對B球受力分析，B球始終受力平衡，三力拼成閉合三角形，其中重力mg不變，桿的支持力方向不變，A對B的斥力向上偏轉(zhuǎn)，但由圖易知，斥力的偏轉(zhuǎn)角不可能超過45°。即由圖中的實線F變?yōu)樘摼€部分。一看便知斥力F變小，桿的支持力變小，因為斥力變小，所以AB之間距離變大，所以B正確。20．【答案】AC【詳解】對乙施加水平向右的瞬時速度v，對木板甲來說，因為乙對甲的摩擦力μmg小于木板與地面之間的最大靜摩擦力2μmg，可知木板甲是不動的，則對乙由動能定理Ek乙=Ek乙0－μmgx；當乙在甲上停止后，此時給甲一初速度v，則乙在摩擦力作用下先做勻加速運動，動能Ek乙=μmgx；而甲做勻減速運動，動能Ek甲=Ek甲0－（μmg＋2μmg）x；當甲乙共速后一起做勻減速直至停止，此過程中乙的動能Ek乙=Ek乙1－μmgx，逐漸減??；此過程中甲受地面的摩擦力仍為向后的2μmg，但是乙對甲的靜摩擦力變?yōu)橄蚯暗摩蘭g，則此過程中甲的動能Ek甲=Ek甲1－（2μmg－μmg）x，圖像的斜率變小；綜上所述，選項AC正確，BD錯誤。21．【解答】BCD【解析】考查磁場中的受力分析以及機械能守恒。根據(jù)通過AB段和通過CD段的時間相等，在BC段是做勻加速直線運動，所以在AB和CD段不可能做勻速運動，速度變化，所受的洛倫茲力就會發(fā)生改變從而導致摩擦力的改變，所以在AB段和CD段不可能做勻減速運動，A錯誤；由時間相等和位移相等，推出AB段的運動和CD段的運動應該是一個完全一樣的過程，所以，B正確；由于AB段的運動和CD段的運動完全一致，可得出，，位移也相同，但是CD段是在做一個加速度減小的減速運動的，所以CD段所用的時間更多，C正確；對AC段列動能定理：2mglsinθ-=0，所以AB段摩擦力做功=2mglsinθ，又AB段和CD段運動完全一樣，所以CD段摩擦力做功也為，即機械能減少了2mglsinθ，D正確。三、非選擇題22.【答案】（1分）(2).B（1分）(3).可行（1分）(4).見解析（2分）【詳解】（1）[1]．相鄰兩點間的時間間隔為T，則E點的速度（2）[2]．根據(jù)v—t圖象可知小車做的是勻變速直線運動；故選B。（3）[3][4]．該做法是可行的；因為剪斷的紙帶所用的時間都是t，即時間t相等，所以紙帶的長度之比等于此段紙帶的平均速度之比；而此段紙帶的平均速度等于這段紙帶中間時刻的速度，最后得出結(jié)論紙帶的長度之比等于此段紙帶的平均速度之比，還等于各段紙帶中間時刻的速度之比，即紙帶的高度之比等于中間時刻速度之比．因此該做法是合理的．

23.【答案】(1)×1k（1分）歐姆調(diào)零（或電阻調(diào)零）（1分）6000（1分）（2分）（2分）（2分）【詳解】(1)[1][2][3]．多用表指針偏轉(zhuǎn)角度過小說明指針靠近無窮處，所以要換高擋位，因此需選擇×1k，同時注意歐姆調(diào)零；多用表的指針結(jié)果為6000Ω。(2)d.[4][5][6]．設(shè)電流表G所在回路除電源內(nèi)阻外其余電阻之和為R，由閉合電路歐姆定律解得由分流原理得聯(lián)立兩式整理得由圖可知解得E，R=5Ω，所以歐姆表總內(nèi)阻為R+r=6Ω電流表G的量程解得E=1.5VRIg24.【答案】（1）；（2）；（3）【詳解】（1）施力時重物所受的合外力為（2分）則重物上升過程中加速度大小（2分）（2）重物上升過程中由動能定理（2分）以地面為零勢能面，重物具有重力勢能的最大值（2分）（3）重物砸入地面過程中由動能定理（2分）解得（2分）25.【解答（1），粒子恰好從D點射出（2）H=(1+)m（3）l=（0.2+）m【解析】（1）時，,板間電勢差質(zhì)子在板間運動時，平行金屬板方向做勻速運動，垂直金屬板方向做初速度為0的勻變速運動，整體可看作一個類平拋運動由,解得：（2分）由(1分)(1分)解得：，粒子恰好從D點飛出(1分)（2）設(shè)任意時刻從電場中射出的質(zhì)子，速度方向和軌跡如圖所示：由幾何關(guān)系得：，(2分)H=R(1+cos)（2分）根據(jù)牛頓第二定律：(1分)聯(lián)立解得：，此函數(shù)為隨變化的減函數(shù)(1分)所以最小時，H最大。最小為45°，對應著從D點飛出的質(zhì)子(1分)代入計算得，(1分)（3）從B點射出的質(zhì)子，其軌跡圓半徑為(2分)QUOTERB=1m從D點射出的質(zhì)子，其軌跡圓半徑為RD:qvB=m(2分)RD=m質(zhì)子在磁場中運動軌跡，及收集板收集質(zhì)子的可能長度如圖所示：由圖可知，收集板收集質(zhì)子的可能長度為兩軌跡間所夾部分的長度FG下方，因左側(cè)軌跡會再次向上運動，部分點無法到達，且右側(cè)軌跡開始向左運動所以收集板收集質(zhì)子的可能長度會開始減小所以QUOTElmax=FG=RD＋RB－d=(＋)m(3分)33.【解答】ADE【解析】：A.液體在毛細管中上升，為液體能夠浸潤玻璃B.干濕泡溫度計讀數(shù)差越大說明濕泡蒸發(fā)較快，空氣較干燥，相對濕度變小C.玻璃為非晶體，熔化再凝固仍為非晶體，故C錯誤。其原因時熔化后液體的表面張力使玻璃管變鈍。D.液體表面張力形成的原因是液體表面層的分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離。E.液體浸潤細管壁或者不浸潤細管壁都能產(chǎn)生毛細現(xiàn)象.(2)【答案】①；②【命題立意】本題旨在考查理想氣體的狀態(tài)方程。【解析】①由于水銀總體積保持不變設(shè)水銀全部進入細管水銀長度為，，從狀態(tài)1到狀態(tài)2由理想氣體狀態(tài)方程代入數(shù)據(jù):②從狀態(tài)2到狀態(tài)3經(jīng)歷等壓過程：設(shè)水銀下表面離開粗細接口處的高度為水銀下表面離開玻璃管底部的距離：答：①若緩慢升高氣體溫度，升高至方可將所有水銀全部擠入細管內(nèi)；②若溫度升高至，液柱下端離開玻璃管底部的距離為。34【答案】ABE【命題立意】本題旨在考查橫波的圖象、波長、頻率和波速的關(guān)系。【解析】A、由圖示波形圖可知：波長，P點開始向正方向運動，經(jīng)，P點第一次到達正方向最大位移處，則：，解得：，則：，故A正確；B、質(zhì)點Q與質(zhì)點N之間的距離為半個波長，則振動情況完全相反，故B正確；C、在的時間內(nèi)質(zhì)點M通過的路程為，故C錯誤；D、在的時間內(nèi)質(zhì)點M通過的路程為QUOTEA=(20+10QUOTE)cmE、QUOTE,質(zhì)點M通過的路程QUOTE,則M位移為10cm(2)【答案】①；②【命題立意】本題旨在考查光的折射定律。【解析】①作出光路圖如圖所示：由幾何關(guān)系知全反射的臨界角.由，解得：.(2分).由折射定律：(2分)得：(1分)②光在棱鏡中的傳播速度：(1分)光在棱鏡中的傳播距離：.(2分)光在棱鏡中的傳播時間：(2分)生物部分參考答案1．B解析：B、線粒體外膜沒有運輸葡萄糖的載體，B錯誤；2．C解析：A、離子通道型受體介導離子跨膜運輸?shù)姆绞綖閰f(xié)助擴散，A正確；B、興奮性神經(jīng)遞質(zhì)可作為一種配體開啟突觸后膜的Na+通道，使得信號得以傳遞，B正確；C、細胞內(nèi)氧氣不會直接影響離子通過離子通道的速率，該過程屬于被動運輸，不消耗能量，C錯誤；D、“門”打開后，離子通過通道的速率主要取決于膜兩側(cè)離子的濃度差，D正確；3．B解析：A、促胰液素由小腸黏膜產(chǎn)生后進入血液，隨血液運輸。A錯B、切除垂體，血液中的生長激素沒有來源，促甲狀腺激素分泌受到抑制，甲狀腺激素的分泌也減少。B對C、靜脈注射生理鹽水，抗利尿激素不會增加，尿量增加。C錯D、緊張時呼吸頻率加快.D錯4．B解析：A、若1號不含乙病致病基因，那乙病一定是X隱。2號為雜合子，3號帶有乙病致病基因的概率是二分之一。A對B、若1號含乙病致病基因，但他沒有表現(xiàn)癥狀。那乙病一定是常隱，發(fā)病率與性別無關(guān)。B錯C、基因自由組合就是基因重組。C對D、由前文可知乙病是X隱，4號多了一條X染色體又患病?？芍@兩條X都是母親遺傳給他的，母親又不患乙病，那么母親一定是攜帶者，其在減數(shù)第二次分裂時姐妹染色單體未正常分離。D對5．D解析：A、環(huán)境容納量的值取決于環(huán)境和物種，本實驗中甲乙丙三個組物種相同，所以環(huán)境即培養(yǎng)液的量越高則環(huán)境容納量越高，所以甲=乙＞丙。A錯B、兩種草履蟲同食桿菌，隨草履蟲密度的增加，桿菌濃度降低，競爭強度會變得更加激烈，但后續(xù)有一方勝出競爭強度降低。B錯C、戊組在一段時間內(nèi)會呈“J"型增長，雖然食物相對較充足，但是培養(yǎng)瓶中氧氣的含量、體積等都會限制大草履蟲的種群數(shù)量，所以不能持續(xù)出現(xiàn)。C錯D、甲組大草履蟲在生長初期生活空間、食物等都沒有限制，所以可能觀察的到一段時間的“J"型增長。D對6．D解析：A、由圖可知，活菌乙能導致小鼠死亡，為S型菌，活菌甲不能使小鼠死亡，為R型菌。該實驗能體現(xiàn)S型死菌的某種物質(zhì)能讓R型菌轉(zhuǎn)化為S型活菌，但不能證明DNA是遺傳物質(zhì)，蛋白質(zhì)不是遺傳物質(zhì)，A錯誤；B、實驗②過程中R型菌與加熱殺死的S型菌混合后注射到小鼠體內(nèi)，少數(shù)R型菌能轉(zhuǎn)化為S型活菌，小鼠體內(nèi)仍存在R型菌，所以從小鼠血液中能分離出兩種菌，其中R型菌不能使小鼠死亡，B錯誤；C、活菌甲與死菌乙混合后能轉(zhuǎn)化產(chǎn)生活菌乙的原理是基因重組，C錯誤；D、實驗⑤過程中，R型死菌與S型活菌混合后注射到小鼠體內(nèi)，鼠5體內(nèi)只能分離出S型活菌，S型菌的菌體有多糖類的莢膜，在培養(yǎng)基上形成的菌落表面光滑，D正確。29．（10分，除標注外，每空2分）（1）降低蒸騰作用強度，減少植物體內(nèi)水分的散失降低（1分）葉片氣孔變小，植物吸收的CO2量減少，使光合速率降低（描述合理即給分）（2）晴天10:00時左右光照較強，葉肉細胞的光合速率較大，需從