物理專題交流電1如圖所示在豎直平面內(nèi)半徑為的四分之一圓弧軌道

若開關(guān)KK若開關(guān)KL1K則三個線圈的匝數(shù)N1：N2：N3是（ 7．如圖所示，理想變壓器的原線圈接在交流電源上，原副線圈的匝數(shù)之比為3：2，L1、L2是兩個完全相同的小燈，標(biāo)識“3V、5W”，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，當(dāng)L1、L2恰都正常 A．5.4ΩB．3.6ΩC．1.8Ω后，三個線圈的電流有效值相等，則圖中三個線圈的匝數(shù)之比n1：n2：n3為（ A．9：1：4B．6：1：2C．3：1：2 A．16VB．24VC．25VD．28如圖所示，R1、R2、R3為完全相同的標(biāo)準(zhǔn)電阻．甲、乙兩種情況下電阻R2、R3的功率均為P，且匝數(shù)比n1：n2均為4：l，則（ 圖甲中R1的功率 B．圖甲中R1的功C．圖乙中R1的功率 D．圖乙中R1的功副n1：n2=2R1、R2R3的阻分別是4Ω、2Ω和3Ω，U為有效值恒定的正弦交流電壓源．當(dāng)開關(guān)S斷開時，理想電流表的示數(shù)為I．當(dāng)S閉合時，電流表的示數(shù)為（ B． C． 甲中L1的功率和圖乙中L1的功率分別為（ 9P、B．P、PC．、9PD．、接有相同的燈泡a、b和c．已知小燈泡的額定電壓為0.3V，電阻為30Ω（假設(shè)電阻不隨溫度變化而變化．閉合開關(guān)S，三個燈泡均能正常發(fā)光，下列說法正確的是（ A．原副線圈的匝數(shù)比為2：1 B．交流電源的電壓值為0.6VC．?dāng)嚅_開關(guān)S，小燈泡b可能會燒壞 D．?dāng)嚅_開關(guān)S，小燈泡a可能會燒壞14．如圖甲所示電路中，L1、L2、L3為三只“6V，3W”的燈泡，變壓器為理想 A．變壓器原副線圈的匝數(shù)比為1：2 C．電流表的示數(shù)為0.5A T為理想變壓器，開關(guān)S斷開時，燈泡L1、L2、L3亮度相同（未達(dá)到正常發(fā)光狀態(tài)若閉合S， A．燈泡L1變 C．原、副線圈兩端的電壓比為2：l 定電壓的10倍時，兩燈泡均能正常發(fā)光．下列說法正確的是（）A．原、副線圈砸數(shù)之比為9：1 B．原、副線圈砸數(shù)之比為1：9C．此時a和b的電功率之比為9：1 D．此時a和b的電功率之比為1：10燈泡額定電壓的10倍時，兩燈泡均能正常發(fā)光．下列說法正確的是（ A．原、副線圈匝數(shù)之比為9：1 B．原、副線圈匝數(shù)之比為1：9C．此時a和b的電功率之比為 D．此時a和b的電功率之比為不會損壞時，將要發(fā)生的現(xiàn)象是（）燈泡L1比S閉合時暗一 B．燈泡L1比S閉合一C．燈泡L2亮度不 D．燈泡L2比S閉合時暗一U1I1，兩均正常發(fā)光．則下列表述正確的是（） 匝數(shù)的比值k分別為（ B．R=，k=C．R= 如圖所示，理想變壓器的原副線圈匝數(shù)比為2：1，原線圈電路中串聯(lián)了一只燈泡A，副線圈電路中并聯(lián)了三只燈泡B、C、D，這四只燈泡完全相同，且電阻保持恒定，則下列說法中正確的是（ AB、C、DAB、C、DA若A正常發(fā)光，且消耗功率為P，則B消耗的功率一定為 V的示數(shù)為二．解答題（5小題B=0.5TF=0.25Nabab、cdf1=0.15N、（1）面距A為時物塊運(yùn)動的速度達(dá)到最大進(jìn)入光滑豎直的圓弧軌道BC．已知B點距水平地面的高h(yuǎn)2=0.6m，圓弧軌道BC的圓心O，C點的切線水平，并與水平BvB小物塊在圓弧軌道BCCNcCDμ應(yīng)該滿θ=37°M點，MPd=0.5m入豎直放置的光滑圓弧形圓管軌道運(yùn)動，圓弧軌道半徑R=0.4m，圓管內(nèi)徑可忽略不計（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．求：小球運(yùn)動到圓弧最高點Qμ=0.5彈性限度內(nèi)，彈簧的彈性勢能，x為彈簧的形變量（重力加速度v傳=5m/sP點，PQL2=3.5m，求小物塊滑行的最大距離2017.4.16一．選擇題（21小題1（2015?NA正確；而在圓弧上的重心位置小于，故第N個小球在斜面上能達(dá)到的最大高度不一定等于R，故B錯誤故與機(jī)械能守恒定律，即小球不可以全部到達(dá)斜面上；故C正確；D正確．故選：ACD．2（2017?NA正確；NRRB錯誤； ，故C錯誤，D正確．故選3（2011浙江模擬）U=20sin10t，可知：若沒有二極管，則原線圈有效值 =5V，故AB錯誤；f=4（2017?根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，得原線圈兩端的電壓為：正弦交流電壓的有效值為：原線圈回路中有：=解得：，故A正確；C、電路消耗的總功率為：，故C正確D、根據(jù)P=，電阻、消耗的功率之比為：，故D錯誤；故選：AC5（2017?電流I1=I；副線圈中電流為3I，則根 可得 =；故A錯誤B、設(shè)燈泡的電壓為U，則輸出電壓為UAB=U，加在原線圈上的電壓為3UUAB=4U；因此UAB：UCD=4：1B正確；C、只有加在原線圈上電壓與輸出電壓才滿足U1：U2=3：1關(guān)系，因UAB=UL+U1，故UAB：UCD不可能等于3：1，故C錯6（2017?都相等設(shè)為u，則U2=U，U3=2U；根據(jù)輸入功率等于輸出功率知：I=?2I+I，u1=4U7（2017?涼山州模擬）解：燈泡的額定電壓為因為L1、L2恰都正常發(fā)光，可知原線圈電流 ，解得：通過變阻器電流 ，故B正確，ACD錯誤；故選8（2017?根據(jù)輸入功率等于輸出功率有：解得： =3IR：IR：2IR=3：1：2，故C正確，ABD錯誤；選9（2017?L4電流等于副線圈中的電流，根據(jù)電流之比等于線圈匝數(shù)之比可得： 變壓器輸出電壓為：U2=4+2=6V，輸入電壓為 10（2017? 兩端電壓為U，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得線圈 兩端電壓的4倍， 的功率為P=， 的功率為，故AB錯誤；CD、、是完全相同的電阻，功率均為P，由知，副線圈電流為I，副線圈電壓均為U，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，有原線圈兩端電壓為4U，根據(jù)輸入功率等于輸出功率，有，解得，的功率C錯誤，D正確；故選：D11（2017一模）解：根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，得副線圈電流副線圈兩端的電壓根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，得原線圈兩端的電壓為電阻兩端的電壓在原線圈回路中S閉合時，電流表示數(shù)為I′，副線圈中電流副線圈兩端的電壓原線圈兩端的電壓電阻兩端的電壓 解得：I′=2I，故D正確，ABC錯誤；故選12（2017?電阻為R，則有P=．根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，兩種情況下變壓器的輸入電壓均為3U，根據(jù)輸入功率和輸出功=9PA正確，BCD錯誤．故選：A13（2017? ，故A正確；B、根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，得原線圈兩端的電壓為，交流電源的電壓等于原線圈兩端的電0.6VB錯誤；確，D錯誤； 14（2017?2：1A錯誤DUab=18V；則有：U=Uab﹣UL1=18﹣6=12VD錯誤15（2017?的電壓等于原線圈兩端的電壓，，副線圈兩端的電壓，原副線圈兩端的電壓比為1：2，故C錯誤；變，燈泡、兩端電壓不變，亮度不變，故AB錯誤；22倍，所以原線圈中增加的電D正確；故選：D16（2017U；則可知，原副線圈匝數(shù)之比為：9：1A正確；B錯誤； 可 CD17（2016?U；則可知，原副線圈匝數(shù)之比為：9：1A正確；B錯誤； 故C錯誤，D正確；故選：AD．18（2016? 自主招生）解：當(dāng)開關(guān)S斷開時后，減少了輸出功率，輸出功率減少，輸入功率也減少，因不變，則流過的電流變小，燈變暗，燈兩端的電壓，I減少，也減少，變壓器初級線圈兩端的電壓增大，輸入電壓增大，輸出電壓與輸入電壓成正比也增大，即兩端的電壓增大，流過的電流增大，燈泡比S閉 ，故A正確，BCD錯誤 故選19（2016?I1U1I1U1=I2U2+I3U3，所以U1：U2：U3=4：1：2，A錯誤． 20（2016?開關(guān)S閉合時，根據(jù)題意，原線圈中電流，副線圈中電流 聯(lián)立①②得：k=2 21（2016?副線圈中每個燈泡電流數(shù)：?2IL，則B、C、D一定比A暗，故AB錯誤C、根據(jù)P=I2R==，故C正確D、若A正常發(fā)光且兩端電壓為U，則I1=，I2=，輸入電壓為U0=U+U1=U+2U2=U+2I2=U+D二．解答題（5小題22（2015cdF2作用，F(xiàn)2＞f2時，cd棒也開始運(yùn)動，故cd（1）F=0.25Ncdab棒的最終穩(wěn)定速度υ1max電流： 力：Fm=BIml，則有，F(xiàn)﹣Fm﹣f1=0，由此得（2）當(dāng)F=0.3N時，有， 且，F(xiàn)2﹣f2=m2a2，及a1=a2解得：答（1）此兩桿之間的穩(wěn)定速度差0.32m/s； （2）若F=0.3N，兩桿間穩(wěn)定速度差又是0.38m/s．23（2014?（1）解得：μ=2tanθAsAv，m，運(yùn)動到B點時速度正好減到零，根據(jù)動能定理得：mg?3Lsinθ﹣μmg?3Lcosθ=0﹣（1）2tanθ（2）（3）要使所有物塊都能通過B點，由靜止釋放時物塊下端距A點至少要3L．（1） EP+mg（h1﹣h2）=mv，vB=4m/s（2分）解法二：小物塊由A運(yùn)動到B的過程中做平拋運(yùn)動，機(jī)械能守恒EP=mv，v0=2m/s小物塊由A運(yùn)動到B的時間為 ，解得vB=2=R（1﹣cos∠OC根據(jù)能的轉(zhuǎn)化與守恒可知，EP+mgh1=mv 對小球在圓弧軌道C點應(yīng) 運(yùn)動定律Nc﹣mg=得Nc=10+依據(jù)題意知，①μ②對于μ的最小值求解首先應(yīng)判斷物塊第一次碰墻后反彈能否沿圓軌道滑離B點設(shè)物塊碰前在D處的速度為v2，由能量關(guān)系有：mgh1+Ep=μmgL+mv22 第一次碰墻后返回至C處的動能為：EkC=mv22﹣μmgLμCD 綜上可知滿足題目條件的動摩擦因數(shù)μ值：≤μ＜答（1）小物塊運(yùn)動到B的瞬時速度vB大小是4m/s，方向與水平方向夾角θ為60°．小物塊在圓弧軌道BCCNc小物塊與軌道CD之間的動摩擦因數(shù)μ應(yīng)該滿足的條件為25（2015?（1）小球離開彈簧后在斜面上運(yùn)動的加速度為：a=8m/s2；對小球離開彈簧后，由第二定律，有ma=mgsinθ+μmgcosθ小球從N運(yùn)動到M過程中，由功能關(guān)系，有：代入數(shù)據(jù)解得小球從MP點時：L=2=6t﹣4t2，解得：t=0.5s，t=1s（舍去從P到Q機(jī)械能守恒得：解得