2022-2023學(xué)年四川省成都市彭州第一中學(xué)高二物理測試題含解析

2022-2023學(xué)年四川省成都市彭州第一中學(xué)高二物理測試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.關(guān)于簡諧運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是（

）。A．位移減小時(shí)，加速度減小，速度增大。B．位移放向總跟加速度方向相反，跟速度方向相同。C．物體的運(yùn)動(dòng)方向指向平衡位置時(shí)，速度跟位移方向相反，背向平衡位置時(shí)，速度跟位移方向相同。D．水平彈簧振子朝左運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向跟速度方向相同，朝右運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向跟速度方向相反。參考答案：2.如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢E和內(nèi)電阻r恒定不變，電燈L恰能正常發(fā)光，如果變阻器的滑片向b端滑動(dòng)，則

A．電燈L更亮，安培表的示數(shù)減小

B．電燈L更亮，安培表的示數(shù)增大C．電燈L變暗，安培表的示數(shù)減小

D．電燈L變暗，安培表的示數(shù)增大參考答案：A3.如圖所示的一塊密度、厚度均勻的矩形被測樣品，其長度AB為寬度CD的2倍，若用多用表沿兩對(duì)稱軸測得其電阻均為R，則該塊樣品可能是

A．多晶體

B．單晶體

C．非晶體

D．金屬

參考答案：B4.由電場強(qiáng)度的定義式可知，在電場中的同一點(diǎn)A．電場強(qiáng)度E跟F成正比，跟q成反比B．無論檢驗(yàn)電荷所帶的電量如何變化始終不變C．改變檢驗(yàn)電荷的電性，則該點(diǎn)的電場強(qiáng)度的方向也發(fā)生改變D．一個(gè)不帶電的小球在P點(diǎn)受到的電場力為零，則P點(diǎn)的場強(qiáng)一定為零參考答案：B5.（單選）下列說法正確的是（）A．麥克斯韋第一次用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在B．均勻變化的電場可以產(chǎn)生恒定的磁場C．用紅外線照射時(shí)，大額鈔票上用熒光物質(zhì)印刷的文字會(huì)發(fā)出可見光D．使電磁波隨各種信號(hào)而改變的技術(shù)叫做解調(diào)參考答案：B赫茲第一次用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在；用紫外線照射時(shí)，大額鈔票上用熒光物質(zhì)印刷的文字會(huì)發(fā)出可見光二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.如右圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，垂直于磁場方向放置長度為L的通電導(dǎo)體MN，若導(dǎo)體中的電流大小為I，且方向由M到N，則MN受到的安培力的大小為_______,方向________.參考答案：_BIL__________

__垂直于紙面向里___7.靜止在勻強(qiáng)磁場中的U，放出α粒子，衰變成Th，衰變后Th的速度方向與磁場方向垂直．（1）寫出衰變方程：

；（2）Th的軌道半徑與α粒子的軌道半徑之比為

．參考答案：（1）；（2）1：45．【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)；動(dòng)量守恒定律；原子核衰變及半衰期、衰變速度．【分析】（1）根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，寫出衰變方程．（2）根據(jù)動(dòng)量守恒定律得知，U與α粒子的動(dòng)量大小相等，它們在磁場中由洛倫茲力提供粒子在磁場運(yùn)動(dòng)的向心力，由牛頓第二定律求出半徑的表達(dá)式，再根據(jù)兩粒子的質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)，求出半徑之比．【解答】解：（1）根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，衰變的方程為：（2）在磁場中兩粒子由洛倫茲力提供粒子在磁場運(yùn)動(dòng)的向心力得：Bqv=m由上式得：R=由動(dòng)量守恒定律可知，兩粒子的動(dòng)量大小相等，方向相反；所在磁場相同，則有：===；故答案為：（1）；（2）1：45．8.如圖所示，水平導(dǎo)軌處于蹄形磁鐵的磁場中，導(dǎo)線ab所在處的磁場方向豎直

(選填“向上”或“向下”)；閉合電鍵，通電導(dǎo)線ab在磁場中受到的力稱為

（選填“安培力”或“洛倫茲力”），由左手定則可知，該力的方向

（選填“向左”或“向右”）。參考答案：向上、安培力、向右9.（4分）氣體壓強(qiáng)的決定因素，從微觀上說，質(zhì)量一定的某種氣體，壓強(qiáng)的大小是由________和分子的________決定的；從宏觀上講，氣體壓強(qiáng)的大小是由氣體的________和________共同決定的。參考答案：單位體積的分子數(shù)

平均動(dòng)能；體積

溫度10.如圖所示的靜電除塵裝置可用來消除煙氣中的煤粉，圖中金屬管A接高壓電源的正極，懸在管中的金屬絲B接負(fù)極，A、B間有很強(qiáng)的電場，且距B越近電場越強(qiáng)，B附近的空氣分子被強(qiáng)電場電離成電子和正離子，電子在定向移動(dòng)過程中遇到并附著在煙氣中的煤粉上，因而煤粉將被吸附在____（選填“A”或“B”）。

參考答案：

A

。11.一個(gè)正常發(fā)光的燈泡，兩端的電壓是36Ｖ，通過的電流是2A。這時(shí)燈泡的電阻是

Ω，它消耗的電功率是

W。參考答案：18，7212.一個(gè)物體從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為3m/s2，則物體在第2秒末的速度大小是m/s，2秒內(nèi)的位移大小是

m．參考答案：6，6【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系．【分析】物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度公式求解速度，根據(jù)位移公式求解位移．【解答】解：物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，2s末時(shí)的速度：v=at=3×2=6m/s前4s的位移：x===6m故答案為：6，613.丹麥物理學(xué)家

發(fā)現(xiàn)電流能產(chǎn)生磁場；英國物理學(xué)家

發(fā)現(xiàn)了利用磁場產(chǎn)生電流的條件；英國物理學(xué)家

建立了完整的電磁理論，預(yù)言了電磁波的存在；德國物理學(xué)家

用實(shí)驗(yàn)成功證明了電磁波的存在，并且完善了電磁理論。參考答案：奧斯特，法拉第，麥克斯韋，赫茲三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.（1）某同學(xué)使用多用電表測電阻，他的主要實(shí)驗(yàn)步驟如下①把選擇開關(guān)扳到“×100”的歐姆擋上；②把表筆插入測試插孔中，先把兩根表筆相接觸，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在電阻刻度的零位上；③把兩根表筆分別與某一待測電阻的兩端相接，發(fā)現(xiàn)這時(shí)指針偏轉(zhuǎn)較??；④換用“×10”的歐姆檔，隨即記下歐姆數(shù)值；⑤把表筆從測試筆插孔中拔出后，就把多用表放回桌上原處，實(shí)驗(yàn)完畢。這個(gè)學(xué)生在測量時(shí)已注意到：待測電阻與其他元件和電源斷開，不用手碰表筆的金屬桿，那么這個(gè)學(xué)生在實(shí)驗(yàn)中有哪些操作是錯(cuò)誤的？（三個(gè)錯(cuò)誤）

錯(cuò)誤一：_______________錯(cuò)誤二：_______________錯(cuò)誤三：___________

（2）如圖甲所示是測量兩節(jié)干電池組成的串聯(lián)電池組的電動(dòng)勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)電路圖,圖乙是實(shí)驗(yàn)所用器材，請(qǐng)?jiān)趫D乙中用實(shí)線將它們連成實(shí)驗(yàn)電路.

參考答案：15.一個(gè)定值電阻，其阻值約在40—50Ω之間，現(xiàn)需要測量其阻值。給出的實(shí)驗(yàn)器材有：

電池組E

電動(dòng)勢9V，內(nèi)阻約為0.5Ω

電壓表V

量程0—10V，內(nèi)阻20KΩ

電流表A1

量程0—50mA，內(nèi)阻約為20Ω

電流表A2

量程0—300mA，內(nèi)阻約為4Ω

滑動(dòng)變阻器R1，阻值范圍0—100Ω，額定電流1A

滑動(dòng)變阻器R2，阻值范圍0—1700Ω，額定電流0.3A

電鍵S、導(dǎo)線若干

如圖所示有兩種電路可供選擇。測量中為了減小測量誤差，實(shí)驗(yàn)所用電流表應(yīng)為

（填代號(hào)），滑動(dòng)變阻器應(yīng)為

（填代號(hào)）。實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用圖

所示電路圖。參考答案：提示：A2；R1；甲。因?yàn)殡娐返淖畲箅娏鳛?/40A=0.225A，故電流表選A2；采用現(xiàn)流式接法時(shí)，滑線變阻器比待測電阻大或差不多就行，100Ω的電阻可將待測電阻上的電壓降到約3V，故滑線變阻器選R1；因，屬于小電阻，故用外接法，選甲電路。）四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.（計(jì)算）某高中物理課程基地?cái)M采購一批實(shí)驗(yàn)器材，增強(qiáng)學(xué)生對(duì)電偏轉(zhuǎn)和磁偏轉(zhuǎn)研究的動(dòng)手能力，其核心結(jié)構(gòu)原理可簡化為題圖所示．AB、CD間的區(qū)域有豎直向上的勻強(qiáng)電場，在CD的右側(cè)有一與CD相切于M點(diǎn)的圓形有界勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面．一帶正電粒子自O(shè)點(diǎn)以水平初速度v0正對(duì)P點(diǎn)進(jìn)入該電場后，從M點(diǎn)飛離CD邊界，再經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后又從N點(diǎn)垂直于CD邊界回到電場區(qū)域，并恰能返回O點(diǎn)．已知OP間距離為d，粒子質(zhì)量為m，電荷量為q，電場強(qiáng)度大小，粒子重力不計(jì)．試求：（1）粒子從M點(diǎn)飛離CD邊界時(shí)的速度大小；（2）P、N兩點(diǎn)間的距離；（3）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和圓形有界勻強(qiáng)磁場的半徑．參考答案：（1）粒子從M點(diǎn)飛離CD邊界時(shí)的速度大小為2v0；（2）P、N兩點(diǎn)間的距離為；（3）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，圓形有界勻強(qiáng)磁場的半徑為考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力解：（1）據(jù)題意，作出帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，如圖所示：粒子從O到M點(diǎn)時(shí)間：粒子在電場中加速度：=粒子在M點(diǎn)時(shí)豎直方向的速度：粒子在M點(diǎn)時(shí)的速度：速度偏轉(zhuǎn)角正切：，故θ=60°；（2）粒子從N到O點(diǎn)時(shí)間：粒子從N到O點(diǎn)過程的豎直方向位移：故P、N兩點(diǎn)間的距離為：（3）由幾何關(guān)系得：可得半徑：由，即：解得：由幾何關(guān)系確定區(qū)域半徑為：R'=2Rcos30°即

答：（1）粒子從M點(diǎn)飛離CD邊界時(shí)的速度大小為2v0；（2）P、N兩點(diǎn)間的距離為；（3）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，圓形有界勻強(qiáng)磁場的半徑為．17.如圖所示的凹形場地，兩端是半徑為L=的光滑1/4圓弧面，中間長為2L的粗糙水平面．質(zhì)量為3m的滑塊乙開始停在水平面的中點(diǎn)O處，質(zhì)量為m的滑塊甲從光滑圓弧面頂端A處無初速度滑下，進(jìn)入水平面內(nèi)與乙發(fā)生碰撞，碰后甲以碰前一半的速度反彈．已知甲、乙與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ1=0.2、μ2=0.1，甲、乙的體積大小忽略不計(jì)．g=10m/s2.求：（1）甲與乙碰撞前的速度．（2）碰后瞬間乙的速度．（3）甲、乙在O處發(fā)生碰撞后，請(qǐng)判斷能否發(fā)生第二次碰撞？并通過計(jì)算確定甲、乙最后停止所在的位置．參考答案：（1）設(shè)甲到達(dá)O處與乙碰撞前的速度為v甲，由動(dòng)能定理：得：（2）設(shè)碰撞后甲、乙的速度分別為v甲′、v乙′，由動(dòng)量守恒：Ks5u又：Ks5u得：（3）判斷依據(jù)：甲：，甲停在B點(diǎn)乙：，乙滑上圓弧面再滑下最后停在O點(diǎn)，與甲不能再次相碰18.（16分）如圖所示，水平地面上方分布著水平向右的勻強(qiáng)電場，一“L”形的絕緣硬質(zhì)管豎直固定在勻強(qiáng)電場中。管的水平部分長為1=0.2m，離水平地面的距離＝5.0m，豎直部分長為２＝0.1m．一帶正電的小球從管的上端口Ａ由靜止釋放，小球與管間的摩擦不計(jì)且小球通過管的彎曲部分（長度極短可不計(jì)）時(shí)沒有能量損失，小球在電場中受到的電場力大小為重力的一半．求：（1）小球運(yùn)動(dòng)到管口Ｂ時(shí)的速度大?。?）小球著地點(diǎn)與管的下端口Ｂ的水平距離．（ｇ＝10ｍ／ｓ２）參考答案：解析：（１）在小球從Ａ運(yùn)動(dòng)到Ｂ的過程中，對(duì)小球由動(dòng)能定理有：