2024學年北京市西城區(qū)普通中學高二物理第一學期期末復習檢測模擬試題含解析

2024學年北京市西城區(qū)普通中學高二物理第一學期期末復習檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，abcd為水平放置的平行“”形光滑金屬導軌,間距為l，導軌間有垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度大小為B，導軌電阻不計．已知金屬桿MN傾斜放置，與導軌成θ角，單位長度的電阻為r,保持金屬桿以速度v沿平行于cd的方向滑動(金屬桿滑動過程中與導軌接觸良好)．則()A.電路中感應電動勢的大小為B.電路中感應電流的大小為C.金屬桿所受安培力的大小為D.金屬桿發(fā)熱功率為2、如圖所示，一個圓盤在水平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，盤面上有一個小物體隨圓盤一起做勻速圓周運動．分析小物體的受力情況，下列說法正確的是A.物體只受向心力B.物體所受合外力為零C.物體受重力和支持力D.物體受重力、支持力和靜摩擦力3、如圖所示，A、B都是很輕的鋁環(huán)，分別吊在絕緣細桿的兩端，桿可繞豎直軸在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動，環(huán)A是閉合的，環(huán)B是斷開的．若用磁鐵分別靠近這兩個圓環(huán)，則下面說法正確的是(

)A.圖中磁鐵N極接近A環(huán)時，A環(huán)被吸引，而后被推開B.圖中磁鐵N極遠離A環(huán)時，A環(huán)被排斥，而后隨磁鐵運動C.用磁鐵的任意一磁極接近A環(huán)時，A環(huán)均被排斥D.用磁鐵N極接近B環(huán)時，B環(huán)被推斥，遠離磁鐵運動4、如圖所示為有兩個量程的電壓表，當使用a、b兩端點時，量程為1V；當使用a、c兩端點時，量程為10V．已知電流表的內(nèi)阻Rg為50Ω，滿偏電流Ig為1mA．則R1和R2的電阻值：A.R1=950Ω，R2=9kΩB.R1=9kΩ，R2=950ΩC.R1=9kΩ，R2=1kΩD.R1=1kΩ，R2=9kΩ5、如圖所示，一個重30N的物體置于光滑的水平面上，當用一個F=20N的力豎直向上拉物體時，物體所受的合力為（）A.50N，方向豎直向上 B.10N，方向豎直向下C.10N，方向豎直向上 D.0N6、下列物理量是矢量的是（）A.電勢 B.電勢差C.電場強度 D.電勢能二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、長方形線框abcd通有恒定電流I，在線框所在平面內(nèi)線框的左側(cè)與ad邊平行放置一長直導線，直導線中通有恒定電流I'，電流的方向如圖所示，線框和長直導線的位置都被固定，下列關(guān)于線框受到安培力的說法中正確的是A.線框的ab邊和cd邊不受安培力B.線框所受的安培力合力向右C.線框所受的安培力合力向左D.若長直導線電流I'加倍，則穩(wěn)定后線框所受的安培力合力也隨之加倍8、如圖所示，電源E的內(nèi)阻不計，其中A為理想電流表，V1、V2為理想電壓表，R1、R2、R3為定值電阻．開始時S是斷開的，當閉合開關(guān)S時，各電表的示數(shù)變化情況正確的是（）A.電壓表V1的示數(shù)變小B.電壓表V2的示數(shù)變小C.電流表A示數(shù)變小D.電流表A的示數(shù)變大9、如圖，指紋傳感器半導體基板上陣列了10萬金屬顆粒，每一顆粒充當電容器的一個板，當手指的指紋與傳感器絕緣表面接觸時，手指指紋構(gòu)成電容器的另一個極。由于指紋深淺不同，對應的峪（本義：山谷）和嵴（本義：山脊）與半導體基板上的金屬顆粒間形成一個個電容值不同的電容器。其工作過程是通過對電容器感應顆粒預先充電到某一參考電壓，然后對每個電容的放電電流進行測量，設(shè)備將采集到不同的數(shù)值匯總，也就完成了指紋的采集。若金屬顆粒與手指指紋間組成的每個電容電壓保持不變，則（）A.對比峪，指紋的嵴處形成的電容器的電容小B.對比峪，指紋的嵴處形成的電容器的電容大C.在手指擠壓絕緣表面時，電容器電極間的距離減小，金屬顆粒電極電量增大D.在手指擠壓絕緣表面時，電容器電極間的距離減小，金屬顆粒電極電量減小10、如圖所示，在空間有一坐標系，直線與軸正方向的夾角為，第一象限內(nèi)有兩個方向都垂直紙面向外的勻強磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，直線是它們的邊界，上方區(qū)域Ⅰ中磁場的磁感應強度為.一質(zhì)量為、電荷量為的質(zhì)子(不計重力)以速度從點沿與成角的方向垂直磁場進入?yún)^(qū)域Ⅰ，質(zhì)子先后通過磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ后，恰好垂直打在軸上的點(圖中未畫出)，則（）A.質(zhì)子在區(qū)域Ⅰ中運動的時間為B.質(zhì)子在區(qū)域Ⅰ中運動的時間為C.質(zhì)子在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為D.質(zhì)子在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一位同學在測定電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，利用圖的電路進行了實驗數(shù)據(jù)的測量記錄，又將測得的數(shù)據(jù)在圖的坐標系中作出了圖線。根據(jù)圖線得出電池的電動勢_____，電池的內(nèi)阻___。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）對圖電路分析可知，實驗中實際測得的_______（選填“電壓值”或“電流值”）并不等于實驗原理中所要的值，而是比所要的值_______（選填“偏大”或“偏小”）。12．（12分）李明最近購買了一臺冷熱兩用的空調(diào)，這臺空調(diào)的說明書中主要數(shù)據(jù)如下表所示.(1)空調(diào)工作時應選下圖中_____孔插座(填“二”或“三”)(2)空調(diào)正常制冷時電流為__________A，連續(xù)正常制冷30min消耗的電能為_________.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】A、導體棒切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢，故A錯誤；B、感應電流的大小，故B正確；C、所受的安培力為，故C錯誤；D、金屬桿的熱功率，故D錯誤2、D【解題分析】對小物體進行受力分析，結(jié)合勻速圓周運動的條件和牛頓第二定律分析即可；【題目詳解】小物體塊做勻速圓周運動，合力指向圓心，對小物體受力分析可知，受重力、支持力和靜摩擦力，如圖所示：重力和支持力平衡，靜摩擦力提供向心力，故D正確，ABC錯誤【題目點撥】向心力是根據(jù)效果命名的力，只能由其它力的合力或者分力或單獨某個力來充當，不能將向心力當做單獨的力分析出來3、C【解題分析】當磁鐵N極靠近時，導致圓環(huán)A的磁通量變大，從而由楞次定律可得圓環(huán)A的感應電流，又處于磁場中，則受到的安培力作用，使它遠離磁鐵，即被推開；故A錯誤；磁鐵N極遠離A環(huán)時，圓環(huán)A的磁通量變小，從而由楞次定律可得圓環(huán)A的感應電流，又處于磁場中，則受到的安培力作用，使它隨磁鐵運動；故B錯誤；當磁鐵的任意一磁極靠近時，導致圓環(huán)A的磁通量變大，從而由楞次定律可得圓環(huán)A的感應電流，使A環(huán)被排斥，故C正確；對于圓環(huán)B，當磁鐵的靠近時，雖磁通量變大，有感應電動勢，但由于不閉合，所以沒有感應電流，則不受安培力作用．所以對于圓環(huán)B，無論靠近還是遠離，都不會有遠離與吸引等現(xiàn)象，故D錯誤；故選C.【題目點撥】本題也可以直接使用楞次定律的推論解答．從楞次定律相對運動角度可得“來拒去留”；即近則斥，遠則吸4、A【解題分析】根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路的特點可知：代入數(shù)據(jù)可解得：同理有：代入數(shù)據(jù)可解得：所以只有選項A正確；5、D【解題分析】物體的重力為30N，用20N的力豎直向上拉物體是拉不動的，此時的合力還是零【題目詳解】物體的重力為30N，向上的拉力為20N，此時地面對物體的支持力為10N，多了向上的拉力后，只是地面對物體的支持力減小了，物體的總的合力還是零，所以D正確．故選D6、C【解題分析】電勢、電勢能和電壓是只有大小沒有方向的標量，故ABD錯誤；電場強度是既有大小又有方向的矢量，故C正確．故選C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】由右手定則可知，線圈所處位置的磁場向里，由左手定則可知，ab邊受安培力向上，cd邊受安培力向下，且大小相等，相互抵消；選項A錯誤；因ab和cd所受安培力抵消，而ad邊所受的安培力方向向左，且大于bc邊受的向右的安培力，故線框所受的安培力合力向左，選項B錯誤，C正確；若長直導線的電流I'加倍，則線圈所在位置的磁場強度加倍，故穩(wěn)定后線框所受的安培力合力也隨之加倍，選項D正確；故選CD考點：左手定則及右手定則；安培力【名師點睛】8、ABD【解題分析】當閉合開關(guān)S時，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化、路端電壓的變化和電阻R1電壓的變化．根據(jù)電阻R2的電壓與路端電壓、R1電壓的關(guān)系，分析R2的電壓變化【題目詳解】A、當閉合開關(guān)S時，引起外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，電壓表V1的示數(shù)U＝E-Ir，U變?。还蔄正確.B、電壓表V2的示數(shù)U2＝E-I(R1+r)，I增大，U2變小；故B正確.C、D、干路電流I增大，電流表A的示數(shù)變大；故C錯誤，D正確.故選ABD.【題目點撥】本題是電路中動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵要處理好局部與整體的關(guān)系．對于路端電壓也可直接根據(jù)路端電壓隨外電阻增大而增大判斷.9、BC【解題分析】AB．對比峪，指紋的嵴處與半導體基板上對應的金屬顆粒距離近，根據(jù)電容的決定式得知其電容大，，A錯誤B正確；CD、在手指擠壓絕緣表面時，手指與對應的金屬顆粒距離靠近，電容增大，而電壓一定，則由Q=CU可知，各金屬顆粒電極電量增大，故C正確D錯誤。故選BC。10、BD【解題分析】設(shè)質(zhì)子在磁場I和II中做圓周運動的軌道半徑分別為r1和r2，區(qū)域II中磁感應強度為B′，由牛頓第二定律得：qvB＝m①；qvB′＝m②；粒子在兩區(qū)域運動的軌跡如圖所示，由帶電粒子才磁場中運動的對稱性和幾何關(guān)系可知，質(zhì)子從A點出磁場I時的速度方向與OP的夾角為30°，故質(zhì)子在磁場I中軌跡的圓心角為：θ＝60°，如圖所示：則△O1OA為等邊三角形，有：OA＝r1③，在區(qū)域II中，質(zhì)子運動圓周，O2是粒子在區(qū)域II中做圓周運動的圓心，r2＝OAsin30°④，由①②③④解得區(qū)域II中磁感應強度為：B′＝2B⑤，質(zhì)子在Ⅰ區(qū)運動軌跡對應的圓心角：φ＝60°，在Ⅱ區(qū)運動軌跡對應的圓心角為：φ′＝90°，質(zhì)子在Ⅰ區(qū)的運動周期：T1，運動時間t1，故A錯誤，B正確；質(zhì)子在Ⅱ區(qū)運動的周期：T2，運動時間t2，故C錯誤，D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.(1.47~1.50)②.(0.855~0.909)③.電流值④.偏小【解題分析】[1][2]根據(jù)全電路的歐姆定律：可知，圖像的總截距表示電動勢，斜率表示內(nèi)阻，有：(1.47V~1.50V)；(0.855~0.909)。[3][4]本實驗測干電池的電動勢和內(nèi)阻，采用的是滑動變阻器的限流式接法，電流表的內(nèi)接法，其中電壓表測路端電壓準確，電流表測干路電流偏小，因為電壓表不是理想電表，實際有一定的分流。12、①.三②.6③.0.66【解題分析】（1）[1]為了防止當空調(diào)漏電時，發(fā)生觸電事故，所以使外殼接上地線，空調(diào)工作時應使用三孔插座（2）[2][3]空調(diào)工作時的制冷功率則電流正常制冷30min消耗的電能四、計算題：本題共3小題