山東省煙臺(tái)市福山第一中學(xué)2021年高三數(shù)學(xué)文上學(xué)期期末試題含解析

山東省煙臺(tái)市福山第一中學(xué)2021年高三數(shù)學(xué)文上學(xué)期期末試題含解析一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有是一個(gè)符合題目要求的1.復(fù)數(shù)，，，則在復(fù)平面內(nèi)的對(duì)應(yīng)點(diǎn)位于

A．第一象限

B.第二象限C.第三象限D(zhuǎn).第四象限參考答案：B2.已知為上的可導(dǎo)函數(shù)，當(dāng)時(shí)，，則關(guān)于的函數(shù)的零點(diǎn)個(gè)數(shù)為（

）

A.1

B.2

C.0

D.0或2參考答案：C略3.曲線(xiàn)在處的切線(xiàn)方程為

A.

B.

C.

D.

參考答案：A略4.已知變量x，y滿(mǎn)足不等式組，則的最小值為（

）A.－4 B.－2 C.0 D.4參考答案：B【分析】先根據(jù)約束條件畫(huà)出可行域，再利用幾何意義求最值.【詳解】解：由變量x，y滿(mǎn)足不等式組，畫(huà)出相應(yīng)圖形如下：可知點(diǎn),，在處有最小值，最小值為－2.故選：B.【點(diǎn)睛】本題主要考查簡(jiǎn)單的線(xiàn)性規(guī)劃，運(yùn)用了數(shù)形結(jié)合的方法，屬于基礎(chǔ)題.5.若，則是的

（

）

A．充分不必要條件

B．必要不充分條件

C．充要條件

D．既不充分也不必要條件

參考答案：A6.如圖，某地一天中時(shí)至?xí)r的溫度變化曲線(xiàn)近似滿(mǎn)足函數(shù)（其中，），則估計(jì)中午時(shí)的溫度近似為（

）A． B． C．

D．參考答案：B7.設(shè)非空集合A，B滿(mǎn)足A?B，則（）A．?x0∈A，使得x0?BB．?x∈A，有x∈BC．?x0∈B，使得x0?AD．?x∈B，有x∈A參考答案：B略8.定義在R上的函數(shù)既是奇函數(shù)，又是周期函數(shù)，是它的一個(gè)正周期.若將方程在閉區(qū)間上的根的個(gè)數(shù)記為，則可能為（

）A．0B．1C．3D．5參考答案：D9.在梯形中，與相交于點(diǎn).若則（

）A.

B.

C.

D.參考答案：B10.設(shè)等比數(shù)列的公比，前n項(xiàng)和為，則（

）A．

B．

C．2

D．4參考答案：A略二、填空題:本大題共7小題,每小題4分,共28分11.已知為等差數(shù)列{}的前n項(xiàng)和，若＝1，＝4，則的值為

__________.參考答案：略12.已知，，則的值為

．參考答案：因?yàn)樗浴?3.現(xiàn)有10個(gè)數(shù)，它們能構(gòu)成一個(gè)以1為首項(xiàng)，﹣3為公比的等比數(shù)列，若從這10個(gè)數(shù)中隨機(jī)抽取一個(gè)數(shù)，則它小于8的概率是．參考答案：【考點(diǎn)】8G：等比數(shù)列的性質(zhì)；CB：古典概型及其概率計(jì)算公式．【分析】先由題意寫(xiě)出成等比數(shù)列的10個(gè)數(shù)為，然后找出小于8的項(xiàng)的個(gè)數(shù)，代入古典概論的計(jì)算公式即可求解【解答】解：由題意成等比數(shù)列的10個(gè)數(shù)為：1，﹣3，（﹣3）2，（﹣3）3…（﹣3）9其中小于8的項(xiàng)有：1，﹣3，（﹣3）3，（﹣3）5，（﹣3）7，（﹣3）9共6個(gè)數(shù)這10個(gè)數(shù)中隨機(jī)抽取一個(gè)數(shù)，則它小于8的概率是P=故答案為：14.已知函數(shù)的定義域?yàn)椋羝渲涤蛞矠?，則稱(chēng)區(qū)間為的保值區(qū)間．若的保值區(qū)間是，則的值為

.參考答案：1因?yàn)楹瘮?shù)的保值區(qū)間為，則的值域也是，因?yàn)橐驗(yàn)楹瘮?shù)的定義域?yàn)?，所以由，得，即函?shù)的遞增區(qū)間為，因?yàn)榈谋Ｖ祬^(qū)間是，所以函數(shù)在上是單調(diào)遞增，所以函數(shù)的值域也是，所以，即，即。15.設(shè)m，n是兩條不同的直線(xiàn)，，，是三個(gè)不同的平面，給出下列命題：①若，，則；②若，，則；③若，，則；④若，，，則．上面命題中，真命題的序號(hào)是

▲

（寫(xiě)出所有真命題的序號(hào)）．參考答案：略16.若定義在上的奇函數(shù)對(duì)一切均有，則_________.參考答案：017.設(shè)全集為，集合，集合，則()=___________參考答案：【知識(shí)點(diǎn)】交、并、補(bǔ)集的混合運(yùn)算．

A1【答案解析】.解析：∵集合B={x|x﹣3≤0}={x|x≤3}，全集為R，∴RB={x|x＞3}，又∵A={x|1＜x＜4}，∴A∩（RB）={x|3＜x＜4}，故答案為：{x|3＜x＜4}【思路點(diǎn)撥】根據(jù)已知中，全集為R，集合A={x|1＜x＜4}，集合B={x|x﹣3≤0}，進(jìn)而結(jié)合集合交集，并集，補(bǔ)集的定義，代入運(yùn)算后，可得答案．三、解答題：本大題共5小題，共72分。解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明，證明過(guò)程或演算步驟18.某飲料公司招聘了一名員工，現(xiàn)對(duì)其進(jìn)行一項(xiàng)測(cè)試，以便確定工資級(jí)別.公司準(zhǔn)備了兩種不同的飲料共8杯，其顏色完全相同，并且其中4杯為A飲料，另外4杯為B飲料，公司要求此員工一一品嘗后，從8杯飲料中選出4杯A飲料，若4杯都選對(duì)，則月工資定為3500元；若4杯選對(duì)3杯，則月工資定為2800元；否則月工資定為2100元.令X表示此人選對(duì)A飲料的杯數(shù).假設(shè)此人對(duì)A和B兩種飲料沒(méi)有鑒別能力.（1）求X的分布列；（2）求此員工月工資的期望.參考答案：本題考查了隨機(jī)事件的概率分布列和數(shù)字特征期望值的計(jì)算，考查了概率中組合的計(jì)算，立足基礎(chǔ)，難度較小。（1）選對(duì)A飲料的杯數(shù)分別為，，，，，其概率分布分別為：，，，，。

所以選對(duì)A的杯數(shù)x的分布列為：X01234P

（2）。19.已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，且是首項(xiàng)和公差均為的等差數(shù)列．（1）求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式；（2）若，求數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Tn．參考答案：【考點(diǎn)】8E：數(shù)列的求和；8H：數(shù)列遞推式．【分析】（1）是首項(xiàng)和公差均為的等差數(shù)列，可得=，即Sn=．利用遞推關(guān)系即可得出an．（2）==+=2+﹣，利用裂項(xiàng)求和方法即可得出．【解答】解：（1）∵是首項(xiàng)和公差均為的等差數(shù)列，∴==，∴Sn=．∴n=1時(shí)，a1=S1=1；n≥2時(shí)，an=Sn﹣Sn﹣1=﹣=n．n=1時(shí)也成立．∴an=n．（2）==+=2+﹣，∴數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Tn=2n+++…+=2n+﹣．20.如圖，四棱錐P﹣ABCD中，PA⊥底面ABCD，AC⊥AD．底面ABCD為梯形，AB∥DC，AB⊥BC，PA=AB=BC=3，點(diǎn)E在棱PB上，且PE=2EB．（Ⅰ）求證：平面PAB⊥平面PCB；（Ⅱ）求證：PD∥平面EAC；（Ⅲ）求平面AEC和平面PBC所成銳二面角的余弦值．參考答案：【考點(diǎn)】用空間向量求平面間的夾角；直線(xiàn)與平面平行的判定；平面與平面垂直的判定；與二面角有關(guān)的立體幾何綜合題．【分析】（Ⅰ）根據(jù)PA⊥底面ABCD，得到PA⊥BC，結(jié)合AB⊥BC，可得BC⊥平面PAB．最后根據(jù)面面垂直的判定定理，可證出平面PAB⊥平面PCB．（Ⅱ）利用線(xiàn)面垂直的性質(zhì)，可得在直角梯形ABCD中AC⊥AD，根據(jù)題中數(shù)據(jù)結(jié)合平行線(xiàn)分線(xiàn)段成比例，算出DC=2AB，從而得到△BPD中，PE：EB=DM：MB=2，所以PD∥EM，由線(xiàn)面平行的判定定理可得PD∥平面EAC．（Ⅲ）建立空間直角坐標(biāo)系，求出平面AEC、平面PBC的一個(gè)法向量，利用向量的夾角公式，即可求平面AEC和平面PBC所成銳二面角的余弦值．【解答】（Ⅰ）證明：∵PA⊥底面ABCD，BC?底面ABCD，∴PA⊥BC．又AB⊥BC，PA∩AB=A，∴BC⊥平面PAB．又BC?平面PCB，∴平面PAB⊥平面PCB．…（Ⅱ）證明：∵PC⊥AD，∴在梯形ABCD中，由AB⊥BC，AB=BC，得∠BAC=，∴∠DCA=∠BAC=，又AC⊥AD，故△DAC為等腰直角三角形，∴DC=AC=（AB）=2AB．連接BD，交AC于點(diǎn)M，則==2．連接EM，在△BPD中，==2，∴PD∥EM，又PD?/平面EAC，EM?平面EAC，∴PD∥平面EAC．…（Ⅲ）解：以A為坐標(biāo)原點(diǎn)，AB，AP所在直線(xiàn)分別為y軸，z軸，建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系．則A（0，0，0），B（0，3，0），C（3，3，0），P（0，0，3），E（0，2，1）設(shè)=（x，y，1）為平面AEC的一個(gè)法向量，則⊥，⊥，∵=（3，3，0），=（0，2，1），∴解得x=，y=﹣，∴=（，﹣，1）．設(shè)=（x′，y′，1）為平面PBC的一個(gè)法向量，則⊥，⊥，又=（3，0，0），=（0，﹣3，3），∴，解得x′=0，y′=1，∴=（0，1，1）．（取PB中點(diǎn)為F，連接AF可證為平面PBC的一個(gè)法向量．）∵cos＜，＞=|=，∴平面AEC和平面PBC所成銳二面角的余弦值為..…注：以其他方式建系的參照給分．21.函數(shù)y=f（x）對(duì)任意實(shí)數(shù)x、y滿(mǎn)足f（x）+f（y﹣x）=f（y），且當(dāng)x＞0時(shí)，f（x）＜0．（1）求證：y=f（x）是奇函數(shù)；（2）判斷y=f（x）的單調(diào)性，并證明；（3）對(duì)任意t∈[1，2]，f（tx2﹣2x）＜f（t+2）恒成立，求x的范圍．參考答案：【考點(diǎn)】函數(shù)恒成立問(wèn)題；函數(shù)單調(diào)性的判斷與證明；函數(shù)奇偶性的判斷；抽象函數(shù)及其應(yīng)用．【專(zhuān)題】綜合題．【分析】（1）對(duì)x，y分別進(jìn)行賦值，結(jié)合f（x）+f（y﹣x）=f（y），利用奇函數(shù)的定義可證明；（2）利用單調(diào)性的定義，結(jié)合當(dāng)x＞0時(shí)，f（x）＜0，取y＞x，則y﹣x＞0，所以f（y﹣x）＜0，利用當(dāng)x＞0時(shí)，f（x）＜0，即可證得；（3）利用（2）的結(jié)論，將抽象不等式化為具體不等式，變換主元，構(gòu)建一次函數(shù)，即可解決．（1）證明：令x=y=0，代入f（x）+f（y﹣x）=f（y），那么f（0）+f（0）=f（0），所以f（0）=0再令y=0，那么f（x）+f（﹣x）=f（0）=0，所以f（﹣x）=﹣f（x），所以函數(shù)y=f（x）是奇函數(shù)；（2）解：函數(shù)y=f（x）在整個(gè)R上是減函數(shù)證明：令y＞x，則y﹣x＞0，∵f（x）+f（y﹣x）=f（y），∴f（y）﹣f（x）=f（y﹣x），因?yàn)楫?dāng)x＞0，f（x）＜0，而y﹣x＞0，所以f（y﹣x）＜0所以f（y）﹣f（x）＜0，即y＞x，f（y）＜f（x），所以函數(shù)y=f（x）在整個(gè)R上是減函數(shù)；（3）解：對(duì)任意t∈[1，2]，f（tx2﹣2x）＜f（t+2）恒成立∴對(duì)任意t∈[1，2]，tx2﹣2x＞t+2恒成立∴對(duì)任意t∈[1，2]，（x2﹣1）t﹣2x﹣2＞0恒成立，令函數(shù)h（t）=（x2﹣1）t﹣2x﹣2分三種情況：i、當(dāng)x2﹣1=0時(shí)，x=1或﹣1，代入發(fā)現(xiàn)不符合（x2﹣1）t﹣2x﹣2＞0ii、當(dāng)x2﹣1＞0，即x＞1或x＜﹣1時(shí)，函數(shù)h（t）=（x2﹣1）t﹣2x﹣2是增函數(shù)，所以最小值為h（1）=x2﹣2x﹣3=（x+1）（x﹣3）＞0，所以x＞3或x＜﹣1所以最后符合的解是：x＞3或x＜﹣1iii、當(dāng)x2﹣1＜0，即﹣1＜x＜1時(shí)