【解析】2023年高考物理全國乙卷真題變式·分層精準練：第7題

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2023年高考物理全國乙卷真題變式·分層精準練：第7題

一、原題

1．（2023·全國乙卷）黑箱外有編號為1、2、3、4的四個接線柱，接線柱1和2、2和3、3和4之間各接有一個電阻，在接線柱間還接有另外一個電阻R和一個直流電源。測得接線柱之間的電壓U12=3.0V，U23=2.5V，U34=－1.5V。符合上述測量結果的可能接法是（）

A．電源接在1、4之間，R接在1、3之間

B．電源接在1、4之間，R接在2、4之間

C．電源接在1、3之間，R接在1、4之間

D．電源接在1、3之間，R接在2、4之間

【答案】C,D

【知識點】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用；黑箱問題

【解析】【解答】A、根據題意畫出電路圖如圖所示，

由已知條件得出：電壓為正值，不符合題意，A錯誤；

B、根據題意畫出電路圖如圖所示，

由已知條件得出：電壓為正值，不符合題意，B錯誤；

C、根據題意畫出電路圖如圖所示，

由已知條件得出符合題目測量結果，C正確；

D、根據題意畫出電路圖如圖所示，

由已知條件得出符合題目測量結果，D正確；

故答案為：CD

【分析】電學黑箱題，由串并聯(lián)電路的特點，根據題目選項逐一畫出可能的電路圖進行分析，得出結論。

二、基礎

2．（2023高一下·宿遷期末）如圖，電源的電動勢，內阻，定值電阻，M是電動機，其線圈電阻，電動機正常工作時，理想電壓表示數(shù)為6V，則（）

A．通過電源的電流為1.5AB．定值電阻R兩端的電壓為8V

C．電動機的輸出功率為5WD．電源的效率約為93.3%

【答案】B,C,D

【知識點】歐姆定律

【解析】【解答】A、設理想電壓表示數(shù)為U，電路中電流為I，由閉合電路歐姆定律得：，

可得：則通過電源和電動機的電流為1A，A不符合題意；

B、根據歐姆定律可知定值電阻R兩端的電壓為，B符合題意；

C、電動機消耗的電功率為：

電動機的發(fā)熱功率為：

故電動機的輸出功率為：，C符合題意；

D、電源的效率，D符合題意。

故答案為：BCD

【分析】利用串并聯(lián)電流、電壓規(guī)律求解電阻R兩端的電壓，對電阻R利用歐姆定律求解電路中的電流，結合選項分析求解即可。

3．（2023高二上·揚州月考）在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內阻為1.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω，小型直流電動機M的內阻為0.5Ω，閉合開關S后，電動機轉動，電流表的示數(shù)為2.0A（內阻不計），則以下判斷中正確的是（）

A．電動機的輸出的功率為12WB．電動機兩端的電壓為7.0V

C．電動機產生的熱功率4.0WD．電源輸出的電功率為24W

【答案】A,B

【知識點】電功率和電功；歐姆定律

【解析】【解答】解：B、電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動機的電壓為：U=E﹣U內﹣UR0=12﹣Ir﹣IR0=12﹣2×1﹣2×1.5=7V，所以B符合題意；

A、C，電動機的總功率為P總=UI=7×2=14W，電動機的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=22×0.5=2W，所以電動機的輸出功率為14W﹣2W=12W，所以A符合題意，C不符合題意；

D、電源的輸出的功率為：P輸出=EI﹣I2R=12×2﹣22×1=20W，所以D不符合題意

故答案為：AB

【分析】先以定值電阻作為研究對象求出電阻兩端的電壓和電動機兩端的電壓，再利用公式P=UI求解電功率。

4．（2023高二上·惠州期末）如圖為握力器原理示意圖，握力器把手上的連桿與彈簧一起上下移動，握力的大小可通過﹣定的換算關系由電流表的示數(shù)獲得．當人緊握握力器時，如果握力越大，下列判斷正確的有（）

A．電路中電阻越大B．電路中電阻越小

C．電路中電流越小D．電路中電流越大

【答案】B,D

【知識點】歐姆定律

【解析】【解答】解：由圖看出，握力越大，變阻器接入電路的電阻越小，外電路的總電阻越小，根據閉合電路歐姆定律可知，電路中電流越大．故BD正確．AC錯誤．

故選：BD

【分析】由圖看出，握力越大，變阻器接入電路的電阻越小，外電路的總電阻越小，根據歐姆定律分析電路中電流的變化．

5．在圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r.在滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向上滑動的過程中()

A．電路中的總電流變大B．路端電壓變大

C．通過電阻R2的電流變大D．通過滑動變阻器R1的電流變小

【答案】B,C,D

【解析】【解答】滑片P上滑，R1增大，所以總電阻R總增大，由閉合電路歐姆定律得，所以總電流I總變小，由可知路端電壓U增大，通過R2電流增大，由可知變小。綜合分析可知BCD正確。

故選BCD

【分析】本題考查利用閉合電路歐姆定律分析動態(tài)電路，是常見題。

三、鞏固

6．（2023高二上·河源期末）在如圖所示的電路中，E為電源，其內阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），、為定值電阻（），為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，V為理想電壓表。若將照射的光的強度減弱，則（）

A．電壓表的示數(shù)變大B．小燈泡變亮

C．通過的電流變大D．電源輸出功率變小

【答案】C,D

【知識點】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用

【解析】【解答】ABC．將照射的光的強度減弱，則阻值增大，根據串反并同可知，與它串聯(lián)的電壓表示數(shù)減小，與它并聯(lián)的的電流變大，與它串聯(lián)的小燈泡變暗，AB不符合題意，C符合題意；

D．因為，阻值增大，電路中總電阻增大，根據電源輸出功率特點

可知，電源輸出功率減小，D符合題意。

故答案為：CD。

【分析】根據電阻阻值的變化情況以及串并聯(lián)電路的特點得出小燈泡亮度的變化情況，結合電源輸出功率的特點得出輸出功率的變化情況。

7．如圖所示，甲、乙兩個電表的內部電路都是由一個靈敏電流表G和一個電阻箱R組成。下列說法中正確的是（）

A．甲表是電壓表，R增大時量程增大

B．甲表是電流表，R增大時量程減小

C．乙表是電壓表，R增大時量程增大

D．乙表是電流表，R增大時量程減小

【答案】B,C

【知識點】表頭的改裝；歐姆定律的內容、表達式及簡單應用

【解析】【解答】AB．電流表改裝由靈敏電流計并聯(lián)電阻組成，所以甲表是電流表，R增大時，甲表中變阻器分流減小，量程減小，A不符合題意，B符合題意；

CD．電壓表改裝由靈敏電流計串聯(lián)電阻組成，所以乙表是電壓表，R增大時，乙表中變阻器分壓變大，量程增大，C符合題意，D不符合題意。

故答案為：BC。

【分析】根據電表的改裝以及歐姆定律得出R量程的變化情況。

8．（2023高二上·青島期末）如圖所示電路中，電源電動勢為E，內阻為r，當滑動變阻器R2滑片向右滑動后，理想電流表A1、A2的示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔI1、ΔI2，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對值為ΔU。下列說法中正確的是（）

A．電壓表V的示數(shù)減小

B．電流表A2的示數(shù)變小

C．ΔU與ΔI1比值一定小于電源內阻r

D．ΔI1<ΔI2

【答案】B,C

【知識點】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】B．當滑動變阻器滑片向右滑動后，滑動變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則總電流減小，所以電流表A2的示數(shù)減小，B項正確；

A．總電流減小，路端電壓增大，即電壓表V的示數(shù)增大，A項錯誤；

D．根據并聯(lián)電路的電流規(guī)律有I2＝I1＋I，A2的示數(shù)I2變小，通過定值電阻R1的電流I增大，則A1的示數(shù)I1變小，所以ΔI1一定大于ΔI2，D項錯誤；

C．電壓表測量路端電壓，根據閉合電路歐姆定律U＝E－I2r，可知＝r，而ΔI1大于ΔI2，所以<r，C項正確；

故答案為：BC。

【分析】滑動變阻器滑片向右滑動后，接入電路的電阻變大，結合閉合電路歐姆定律得出電流表2示數(shù)的變化情況，利用歐姆定律得出電壓表示數(shù)的變化情況，通過閉合電路歐姆定律以及串并聯(lián)電路進行分析判斷。

9．（2023高二上·菏澤期末）如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內阻，和均為定值電阻，且阻值與電源內阻相等。為滑動變阻器，當?shù)幕瑒佑|點在a端時合上開關S，此時三個電表、和V的示數(shù)分別為、和U，電表、和V的示數(shù)變化量絕對值為、和，將的滑動觸點向b端移動的過程中，下列判斷正確的是（）

A．電源的輸出功率一定增加

B．電源的效率一定增加

C．變化量小于變化量

D．比值一定不變

【答案】A,C

【知識點】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】A．當外電路電阻等于電源內阻時，電源的輸出功率最大，滑片滑動過程中外電路電阻變小，當滑動觸點滑倒b端時外電路只有定值電阻，根據題意可知與電源內阻的大小相等，所以此時電源輸出功率最大，在滑動過程中一直在變大，A符合題意；

B．根據串反并同，滑動觸頭滑動過程中，電壓表的示數(shù)逐漸變小，即路端電壓逐漸變小，電源的效率變小，B不符合題意；

C．根據串并聯(lián)特點，可知，根據串反并同，可知電路的總電流變大，I1減小，I2增大，故變化量小于變化量，C符合題意；

D．根據閉合電路歐姆定律有，所以，D不符合題意。

故答案為：AC。

【分析】滑片滑動的過程根據閉合電路歐姆定律和電功率的表達式得出電源輸出功率的變化情況，利用串并聯(lián)電路的特點得出電源效率的變化情況，結合閉合電路歐姆定律進行分析判斷。

10．（2022高三上·月考）在如圖所示電路中，電源的電動勢為E，內阻為r，是定值電阻，是滑動變阻器，閉合開關S，不同規(guī)格的燈泡和均正常發(fā)光，現(xiàn)將滑動變阻器的滑動片P向上移動一定的距離，理想電流表、電壓表的示數(shù)均會發(fā)生一定變化，其變化量分別用和表示，則下列分析判斷可能正確的是（）

A．電壓表V示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小

B．電流表示數(shù)可能變?yōu)榱?/p>

C．燈泡變暗，燈泡變亮

D．電源的內阻

【答案】A,B,C

【知識點】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】A．當滑動變阻器的滑動片P向上移動時，電阻接入電路中的電阻變大，外電路由于局部電阻增大導致整個外電路電阻增大，電壓表示數(shù)U變大，與并聯(lián)部分電壓增多，則其他部分電壓減小，則與并聯(lián)部分電壓也減小，故電流表示數(shù)變小，A符合題意；

B．根據橋式電路特征，當，則電路中M、N兩點間的電勢差為零，電流表示數(shù)變?yōu)榱?，B符合題意；

C．根據當可知，燈泡的功率減小，燈泡變暗，燈泡與并聯(lián)，故燈泡兩端的電壓和流過燈泡的電流均變大，所以燈泡變亮，C符合題意；

D．對兩燈泡中間結點，有，則，而電源內阻應為（為干路電流變化量），而不一定等于干路上的電流變化，故內阻r不一定等于，D不符合題意。

故答案為：ABC。

【分析】滑動變阻器的滑片移動的過程根據電阻的變化情況和不閉合電路歐姆定律以及串并聯(lián)電路的特點得出電流表示數(shù)的變化情況，結合橋式電路特征得出電流表2的示數(shù)，通過電功率的表達式和串并聯(lián)電路得出燈泡2的亮度變化情況，對兩燈泡中間節(jié)點根據電流關系得出電源的內阻。

四、提升

11．（2023·長沙模擬）一額定功率為9W、額定電壓為9V的小燈泡L和一直流電動機并聯(lián)，與定值電阻R=4Ω串聯(lián)后接在電路中的AB兩點間，電流表A為理想電表，電路如圖所示，燈泡的電阻不變．當AB間接電壓0.49V時，電動機不轉、燈泡不亮，電流表示數(shù)為0.1A；當AB間接電壓15V時，電動機轉動起來、燈泡正常發(fā)光．則下列說法正確的是（）

A．電動機線圈電阻為1Ω

B．燈泡正常發(fā)光時電流表示數(shù)0.5A

C．燈泡正常發(fā)光時電流表示數(shù)1A

D．電動機輸出的機械功率4.25W

【答案】A,D

【知識點】全電路的功和能；歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用

【解析】【解答】解：A、根據P=可知燈泡電阻RL=Ω，

當AB間接電壓0.49V時，電動機不轉、為純電阻電路，根據歐姆定律可知R兩端電壓：UR=IR=0.1×4V=0.4V，

燈泡兩端電壓U1=U﹣UR=0.49V﹣0.4V=0.09V，

通過燈泡的電流I1==0.01A，

通過電動機的電流：I2=0.1A﹣0.01A=0.09A，

根據并聯(lián)電路特點可知電動機線圈電阻r==1Ω；A符合題意；

B、當AB間接電壓15V時，燈泡正常發(fā)光，燈泡兩端電壓為UL=9V、

通過燈泡的電流為IL=1A，

則電動機兩端電壓為UM=9V，

R兩端電壓為UR=6V，

干路電流I=A=1.5A，

電流表示數(shù)為1.5A，

通過電動機的電流為IM=I﹣IL=0.5A，

則此時電動機輸出的機械功率：P=ULIL﹣IM2r=4.25W．BC不符合題意，D符合題意．

故答案為：AD

【分析】本題主要的考察點在于電動機為非純電阻電路，歐姆定律不適用，燈泡為純電阻電路，適用歐姆定律，電動機不轉的時候為純電阻電路，再結合歐姆定律以及串并聯(lián)關系進行求解。

12．（2023高二上·南昌期中）如圖所示電路中，R2、R3為定值電阻，電源電動勢為E，內阻不計，電路中的O點接地，當變阻器R1的滑動觸頭P由右向左移動時，電壓表V1和V2的示數(shù)的變化量為△U1和△U2，則應有（）

A．|△U1|＞|△U2|B．M點電勢降低

C．N點電勢升高D．F點電勢不變

【答案】A,B

【知識點】電勢差、電勢、電勢能；歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用

【解析】【解答】解：A、滑片向左移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中電流減因電流減小，R2與R3總電壓減小，R1兩端的電壓增大；故R1的增大量的絕對值一定大于R2兩端電壓減小值的絕對值；故|△U1|＞|△U2|；A符合題意；

B、因R1兩端的電壓增大，即增大，降低，B符合題意；

C、因電流減小，R2兩端的分壓減小，=φN﹣φO減小，φO=0，則N點電勢降低；C不符合題意；

D、因R2與R3總電壓減小，即減小，所以F點電勢降低；D不符合題意；

故答案為：AB．

【分析】不考慮電勢差的正負就是電壓。

13．（2023高二上·菏澤期中）一學生去實驗室取定值電阻兩只，R1=10Ω，R2=30Ω，電壓表一個，練習使用電壓表測電壓．電路連接如圖，電源輸出電壓U=12.0V不變．該生先用電壓表與R1并聯(lián)，電壓表示數(shù)為U1，再用電壓表與R2并聯(lián)，電壓表示數(shù)為U2，則下列說法正確的是（）

A．U2一定小于9.0vB．U1一定大于3.0V

C．U1與U2之和小于12VD．U1與U2之比一定不等于1：3

【答案】A,C

【知識點】歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用；表頭的改裝

【解析】【解答】解：A、不接電壓表時，R1、R2串聯(lián)，電壓之比為：==，

而U′1+U′2=12V

解得：U′1=3.0V，U′2=9.0V

當電壓表并聯(lián)在R1兩端時，有：=，

解得：U1＜3V，

同理，當電壓表并聯(lián)在R2兩端時，有：U2＜9V，

得：U1+U2＜12V．AC符合題意，B不符合題意；

D、設電壓表內阻為RV，則電壓表與R1并聯(lián)時，其示數(shù)U1==；

電壓表與R2并聯(lián)時，其示數(shù)U2==

則可知，兩電壓表之比一定等于1：3．

D不符合題意．

故答案為：AC．

【分析】不接電壓表時，R1、R2串聯(lián)，可求電壓之比及電壓值，當電壓表并聯(lián)在R1兩端時，U1＜3V，當電壓表并聯(lián)在R2兩端時，有：U2＜9V，電壓表與R1并聯(lián)時，電壓表與R2并聯(lián)時，其示數(shù)之比可求。

14．（2022高二上·保定期中）在如圖甲所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器。閉合開關S，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個理想電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖乙所示。則（）

A．電源內阻為

B．定值電阻R1的最大功率為1.8W

C．電源的最大輸出功率為1.8W

D．滑動變阻器R2的最大功率為0.9W

【答案】B,C,D

【知識點】電功率和電功；閉合電路的歐姆定律；歐姆定律的內容、表達式及簡單應用

【解析】【解答】A．將滑動變阻器的滑片P從最右端移到最左端，接入電路的電阻減小，電路中的電流增大，的電壓和電源的內電壓增大，則的電壓減小，所以電壓表的示數(shù)增大，電壓表的示數(shù)減小，可知圖線b反映的是電壓表的示數(shù)隨電流的變化，圖線a反映的是電壓表的示數(shù)隨電流的變化，根據閉合電路歐姆定律得，電壓表的示數(shù)，由圖線a的斜率大小等于，由圖知，圖線b的斜率等于，則，，A不符合題意；

B．當滑動變阻器阻值為零時，的功率最大，此時電流，，B符合題意；

C．當內阻等于外阻時，電源的輸出功率最大，故當外阻等于時，此時滑動變阻器滑到最左端，電源的輸出功率最大，此時電流，故電源的最大輸出功率，C符合題意；

D．由C的分析可知，的阻值為，電阻為；當?shù)刃殡娫磧茸?，則當滑動變阻器的阻值等于時，滑動變阻器消耗的功率最大，故當滑動變阻器阻值為時，滑動變阻器消耗的功率最大，此時兩端電壓是兩端電壓的兩倍，由圖可得，電路中的電流，則滑動變阻器消耗的最大功率，D符合題意。

故答案為：BCD。

【分析】滑動變阻器的滑片移動的過程根據閉合電路歐姆定律和歐姆定律得出電壓表示數(shù)的變化情況，結合圖乙中的U-I圖像得出電源的內阻和和R1的阻值，當滑動變阻器的阻值為零時利用熱功率的表達式得出定值電阻R1的最大功率，當內阻等于外阻時，電源的輸出功率達到最大值，結合電功率的表達式得出電源的最大輸出功率和滑動變阻器消耗的最大功率。

15．（2023高二上·普寧期末）在如圖所示的電路中，R1、R3、R4均為定值電阻，R2是滑動變阻器，電流表內阻不計，電壓表阻值很大，閉合開關S后，當R2的滑片向右滑動時，電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小分別為△I、△U，下列結論正確的是（）

A．電流表示數(shù)變大B．電壓表示數(shù)變大

C．＜rD．＞r

【答案】A,C

【知識點】歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用；電源電動勢及內阻；電路動態(tài)分析

【解析】【解答】解：AB、當R2的滑片向右滑動時，R2減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則電壓表的示數(shù)變小，通過R3的電流減小，可知通過R4的電流增大．

根據串聯(lián)電路的分壓規(guī)律知，R1的電壓減小，R1的電流減小，則通過電流表的示數(shù)變大．故A正確，B錯誤．

CD、設總電流為I總，根據閉合電路歐姆定律知，U=E﹣I總r，得=r

根據I4=I1+I，I1減小，I增大，I4增大，則△I＞△I4；I總=I4+I3，I3減小，I4增大，I總增大，則△I4＞△I總，故△I＞△I總，可得＜r，故C正確，D錯誤．

故選：AC．

【分析】先根據變阻器電阻的變化，分析外電路總電阻的變化，再根據閉合電路歐姆定律判斷電路中的總電流如何變化，由歐姆定律判斷路端電壓的變化，根據并聯(lián)電路的變化，判斷R1的電流變化，得到電流表讀數(shù)的變化．根據閉合電路歐姆定律分析的變化．

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2023年高考物理全國乙卷真題變式·分層精準練：第7題

一、原題

1．（2023·全國乙卷）黑箱外有編號為1、2、3、4的四個接線柱，接線柱1和2、2和3、3和4之間各接有一個電阻，在接線柱間還接有另外一個電阻R和一個直流電源。測得接線柱之間的電壓U12=3.0V，U23=2.5V，U34=－1.5V。符合上述測量結果的可能接法是（）

A．電源接在1、4之間，R接在1、3之間

B．電源接在1、4之間，R接在2、4之間

C．電源接在1、3之間，R接在1、4之間

D．電源接在1、3之間，R接在2、4之間

二、基礎

2．（2023高一下·宿遷期末）如圖，電源的電動勢，內阻，定值電阻，M是電動機，其線圈電阻，電動機正常工作時，理想電壓表示數(shù)為6V，則（）

A．通過電源的電流為1.5AB．定值電阻R兩端的電壓為8V

C．電動機的輸出功率為5WD．電源的效率約為93.3%

3．（2023高二上·揚州月考）在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內阻為1.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω，小型直流電動機M的內阻為0.5Ω，閉合開關S后，電動機轉動，電流表的示數(shù)為2.0A（內阻不計），則以下判斷中正確的是（）

A．電動機的輸出的功率為12WB．電動機兩端的電壓為7.0V

C．電動機產生的熱功率4.0WD．電源輸出的電功率為24W

4．（2023高二上·惠州期末）如圖為握力器原理示意圖，握力器把手上的連桿與彈簧一起上下移動，握力的大小可通過﹣定的換算關系由電流表的示數(shù)獲得．當人緊握握力器時，如果握力越大，下列判斷正確的有（）

A．電路中電阻越大B．電路中電阻越小

C．電路中電流越小D．電路中電流越大

5．在圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r.在滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向上滑動的過程中()

A．電路中的總電流變大B．路端電壓變大

C．通過電阻R2的電流變大D．通過滑動變阻器R1的電流變小

三、鞏固

6．（2023高二上·河源期末）在如圖所示的電路中，E為電源，其內阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），、為定值電阻（），為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，V為理想電壓表。若將照射的光的強度減弱，則（）

A．電壓表的示數(shù)變大B．小燈泡變亮

C．通過的電流變大D．電源輸出功率變小

7．如圖所示，甲、乙兩個電表的內部電路都是由一個靈敏電流表G和一個電阻箱R組成。下列說法中正確的是（）

A．甲表是電壓表，R增大時量程增大

B．甲表是電流表，R增大時量程減小

C．乙表是電壓表，R增大時量程增大

D．乙表是電流表，R增大時量程減小

8．（2023高二上·青島期末）如圖所示電路中，電源電動勢為E，內阻為r，當滑動變阻器R2滑片向右滑動后，理想電流表A1、A2的示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔI1、ΔI2，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對值為ΔU。下列說法中正確的是（）

A．電壓表V的示數(shù)減小

B．電流表A2的示數(shù)變小

C．ΔU與ΔI1比值一定小于電源內阻r

D．ΔI1<ΔI2

9．（2023高二上·菏澤期末）如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內阻，和均為定值電阻，且阻值與電源內阻相等。為滑動變阻器，當?shù)幕瑒佑|點在a端時合上開關S，此時三個電表、和V的示數(shù)分別為、和U，電表、和V的示數(shù)變化量絕對值為、和，將的滑動觸點向b端移動的過程中，下列判斷正確的是（）

A．電源的輸出功率一定增加

B．電源的效率一定增加

C．變化量小于變化量

D．比值一定不變

10．（2022高三上·月考）在如圖所示電路中，電源的電動勢為E，內阻為r，是定值電阻，是滑動變阻器，閉合開關S，不同規(guī)格的燈泡和均正常發(fā)光，現(xiàn)將滑動變阻器的滑動片P向上移動一定的距離，理想電流表、電壓表的示數(shù)均會發(fā)生一定變化，其變化量分別用和表示，則下列分析判斷可能正確的是（）

A．電壓表V示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小

B．電流表示數(shù)可能變?yōu)榱?/p>

C．燈泡變暗，燈泡變亮

D．電源的內阻

四、提升

11．（2023·長沙模擬）一額定功率為9W、額定電壓為9V的小燈泡L和一直流電動機并聯(lián)，與定值電阻R=4Ω串聯(lián)后接在電路中的AB兩點間，電流表A為理想電表，電路如圖所示，燈泡的電阻不變．當AB間接電壓0.49V時，電動機不轉、燈泡不亮，電流表示數(shù)為0.1A；當AB間接電壓15V時，電動機轉動起來、燈泡正常發(fā)光．則下列說法正確的是（）

A．電動機線圈電阻為1Ω

B．燈泡正常發(fā)光時電流表示數(shù)0.5A

C．燈泡正常發(fā)光時電流表示數(shù)1A

D．電動機輸出的機械功率4.25W

12．（2023高二上·南昌期中）如圖所示電路中，R2、R3為定值電阻，電源電動勢為E，內阻不計，電路中的O點接地，當變阻器R1的滑動觸頭P由右向左移動時，電壓表V1和V2的示數(shù)的變化量為△U1和△U2，則應有（）

A．|△U1|＞|△U2|B．M點電勢降低

C．N點電勢升高D．F點電勢不變

13．（2023高二上·菏澤期中）一學生去實驗室取定值電阻兩只，R1=10Ω，R2=30Ω，電壓表一個，練習使用電壓表測電壓．電路連接如圖，電源輸出電壓U=12.0V不變．該生先用電壓表與R1并聯(lián)，電壓表示數(shù)為U1，再用電壓表與R2并聯(lián)，電壓表示數(shù)為U2，則下列說法正確的是（）

A．U2一定小于9.0vB．U1一定大于3.0V

C．U1與U2之和小于12VD．U1與U2之比一定不等于1：3

14．（2022高二上·保定期中）在如圖甲所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器。閉合開關S，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個理想電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖乙所示。則（）

A．電源內阻為

B．定值電阻R1的最大功率為1.8W

C．電源的最大輸出功率為1.8W

D．滑動變阻器R2的最大功率為0.9W

15．（2023高二上·普寧期末）在如圖所示的電路中，R1、R3、R4均為定值電阻，R2是滑動變阻器，電流表內阻不計，電壓表阻值很大，閉合開關S后，當R2的滑片向右滑動時，電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小分別為△I、△U，下列結論正確的是（）

A．電流表示數(shù)變大B．電壓表示數(shù)變大

C．＜rD．＞r

答案解析部分

1．【答案】C,D

【知識點】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用；黑箱問題

【解析】【解答】A、根據題意畫出電路圖如圖所示，

由已知條件得出：電壓為正值，不符合題意，A錯誤；

B、根據題意畫出電路圖如圖所示，

由已知條件得出：電壓為正值，不符合題意，B錯誤；

C、根據題意畫出電路圖如圖所示，

由已知條件得出符合題目測量結果，C正確；

D、根據題意畫出電路圖如圖所示，

由已知條件得出符合題目測量結果，D正確；

故答案為：CD

【分析】電學黑箱題，由串并聯(lián)電路的特點，根據題目選項逐一畫出可能的電路圖進行分析，得出結論。

2．【答案】B,C,D

【知識點】歐姆定律

【解析】【解答】A、設理想電壓表示數(shù)為U，電路中電流為I，由閉合電路歐姆定律得：，

可得：則通過電源和電動機的電流為1A，A不符合題意；

B、根據歐姆定律可知定值電阻R兩端的電壓為，B符合題意；

C、電動機消耗的電功率為：

電動機的發(fā)熱功率為：

故電動機的輸出功率為：，C符合題意；

D、電源的效率，D符合題意。

故答案為：BCD

【分析】利用串并聯(lián)電流、電壓規(guī)律求解電阻R兩端的電壓，對電阻R利用歐姆定律求解電路中的電流，結合選項分析求解即可。

3．【答案】A,B

【知識點】電功率和電功；歐姆定律

【解析】【解答】解：B、電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動機的電壓為：U=E﹣U內﹣UR0=12﹣Ir﹣IR0=12﹣2×1﹣2×1.5=7V，所以B符合題意；

A、C，電動機的總功率為P總=UI=7×2=14W，電動機的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=22×0.5=2W，所以電動機的輸出功率為14W﹣2W=12W，所以A符合題意，C不符合題意；

D、電源的輸出的功率為：P輸出=EI﹣I2R=12×2﹣22×1=20W，所以D不符合題意

故答案為：AB

【分析】先以定值電阻作為研究對象求出電阻兩端的電壓和電動機兩端的電壓，再利用公式P=UI求解電功率。

4．【答案】B,D

【知識點】歐姆定律

【解析】【解答】解：由圖看出，握力越大，變阻器接入電路的電阻越小，外電路的總電阻越小，根據閉合電路歐姆定律可知，電路中電流越大．故BD正確．AC錯誤．

故選：BD

【分析】由圖看出，握力越大，變阻器接入電路的電阻越小，外電路的總電阻越小，根據歐姆定律分析電路中電流的變化．

5．【答案】B,C,D

【解析】【解答】滑片P上滑，R1增大，所以總電阻R總增大，由閉合電路歐姆定律得，所以總電流I總變小，由可知路端電壓U增大，通過R2電流增大，由可知變小。綜合分析可知BCD正確。

故選BCD

【分析】本題考查利用閉合電路歐姆定律分析動態(tài)電路，是常見題。

6．【答案】C,D

【知識點】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用

【解析】【解答】ABC．將照射的光的強度減弱，則阻值增大，根據串反并同可知，與它串聯(lián)的電壓表示數(shù)減小，與它并聯(lián)的的電流變大，與它串聯(lián)的小燈泡變暗，AB不符合題意，C符合題意；

D．因為，阻值增大，電路中總電阻增大，根據電源輸出功率特點

可知，電源輸出功率減小，D符合題意。

故答案為：CD。

【分析】根據電阻阻值的變化情況以及串并聯(lián)電路的特點得出小燈泡亮度的變化情況，結合電源輸出功率的特點得出輸出功率的變化情況。

7．【答案】B,C

【知識點】表頭的改裝；歐姆定律的內容、表達式及簡單應用

【解析】【解答】AB．電流表改裝由靈敏電流計并聯(lián)電阻組成，所以甲表是電流表，R增大時，甲表中變阻器分流減小，量程減小，A不符合題意，B符合題意；

CD．電壓表改裝由靈敏電流計串聯(lián)電阻組成，所以乙表是電壓表，R增大時，乙表中變阻器分壓變大，量程增大，C符合題意，D不符合題意。

故答案為：BC。

【分析】根據電表的改裝以及歐姆定律得出R量程的變化情況。

8．【答案】B,C

【知識點】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】B．當滑動變阻器滑片向右滑動后，滑動變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則總電流減小，所以電流表A2的示數(shù)減小，B項正確；

A．總電流減小，路端電壓增大，即電壓表V的示數(shù)增大，A項錯誤；

D．根據并聯(lián)電路的電流規(guī)律有I2＝I1＋I，A2的示數(shù)I2變小，通過定值電阻R1的電流I增大，則A1的示數(shù)I1變小，所以ΔI1一定大于ΔI2，D項錯誤；

C．電壓表測量路端電壓，根據閉合電路歐姆定律U＝E－I2r，可知＝r，而ΔI1大于ΔI2，所以<r，C項正確；

故答案為：BC。

【分析】滑動變阻器滑片向右滑動后，接入電路的電阻變大，結合閉合電路歐姆定律得出電流表2示數(shù)的變化情況，利用歐姆定律得出電壓表示數(shù)的變化情況，通過閉合電路歐姆定律以及串并聯(lián)電路進行分析判斷。

9．【答案】A,C

【知識點】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】A．當外電路電阻等于電源內阻時，電源的輸出功率最大，滑片滑動過程中外電路電阻變小，當滑動觸點滑倒b端時外電路只有定值電阻，根據題意可知與電源內阻的大小相等，所以此時電源輸出功率最大，在滑動過程中一直在變大，A符合題意；

B．根據串反并同，滑動觸頭滑動過程中，電壓表的示數(shù)逐漸變小，即路端電壓逐漸變小，電源的效率變小，B不符合題意；

C．根據串并聯(lián)特點，可知，根據串反并同，可知電路的總電流變大，I1減小，I2增大，故變化量小于變化量，C符合題意；

D．根據閉合電路歐姆定律有，所以，D不符合題意。

故答案為：AC。

【分析】滑片滑動的過程根據閉合電路歐姆定律和電功率的表達式得出電源輸出功率的變化情況，利用串并聯(lián)電路的特點得出電源效率的變化情況，結合閉合電路歐姆定律進行分析判斷。

10．【答案】A,B,C

【知識點】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】A．當滑動變阻器的滑動片P向上移動時，電阻接入電路中的電阻變大，外電路由于局部電阻增大導致整個外電路電阻增大，電壓表示數(shù)U變大，與并聯(lián)部分電壓增多，則其他部分電壓減小，則與并聯(lián)部分電壓也減小，故電流表示數(shù)變小，A符合題意；

B．根據橋式電路特征，當，則電路中M、N兩點間的電勢差為零，電流表示數(shù)變?yōu)榱悖珺符合題意；

C．根據當可知，燈泡的功率減小，燈泡變暗，燈泡與并聯(lián)，故燈泡兩端的電壓和流過燈泡的電流均變大，所以燈泡變亮，C符合題意；

D．對兩燈泡中間結點，有，則，而電源內阻應為（為干路電流變化量），而不一定等于干路上的電流變化，故內阻r不一定等于，D不符合題意。

故答案為：ABC。

【分析】滑動變阻器的滑片移動的過程根據電阻的變化情況和不閉合電路歐姆定律以及串并聯(lián)電路的特點得出電流表示數(shù)的變化情況，結合橋式電路特征得出電流表2的示數(shù)，通過電功率的表達式和串并聯(lián)電路得出燈泡2的亮度變化情況，對兩燈泡中間節(jié)點根據電流關系得出電源的內阻。

11．【答案】A,D

【知識點】全電路的功和能；歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用

【解析】【解答】解：A、根據P=可知燈泡電阻RL=Ω，

當AB間接電壓0.49V時，電動機不轉、為純電阻電路，根據歐姆定律可知R兩端電壓：UR=IR=0.1×4V=0.4V，

燈泡兩端電壓U1=U﹣UR=0.49V﹣0.4V=0.09V，

通過燈泡的電流I1==0.01A，

通過電動機的電流：I2=0.1A﹣0.01A=0.09A，

根據并聯(lián)電路特點可知電動機線圈電阻r==1Ω；A符合題意；

B、當AB間接電壓15V時，燈泡正常發(fā)光，燈泡兩端電壓為UL=9V、

通過燈泡的電流為IL=1A，

則電動機兩端電壓為UM=9V，

R兩端電壓為UR=6V，

干路電流I=A=1.5A，

電流表示數(shù)為1.5A，

通過電動機的電流為IM=I﹣IL=0.5A，

則此時電動機輸出的機械功率：P=ULIL﹣IM2r=4.25W．BC不符合題意，D符合題意．

故答案為：AD

【分析】本題主要的考察點在于電動機為非純電阻電路，歐姆定律不適用，燈泡為純電阻電路，適用歐姆定律，電動機不轉的時候為純電阻電路，再結合歐姆定律以及串并聯(lián)關系進行求解。

12．【答案】A,B

【知識點】電勢差、電勢、電勢能；歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及應用

【解析】【解答】解：A、滑片向左移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中電流減因電流減小，R2與R3總電壓減小，R1兩端的電壓增大；故R1的增大量的絕對值一定大于R2兩端電壓減小值的絕對值；故|△U1|＞|△U2|；A符合題意；

B、因R1兩端的電壓增大，即增大，降低，B符合題意；

C、因電流減小，R2兩端的分壓減小，=φN﹣φO減小，φO=0，則N點電勢降低；C不符合題意；

D、因R2與R3總電壓減小，即減小，所以F點電勢降低；D不符合題意；

故答案