2021屆重慶市高考物理一診試卷(含答案解析)

2021屆重慶市高考物理一診試卷

一、單選題（本大題共5小題，共20.0分）

1.如圖所示，輕繩的上端系于天花板上的。點(diǎn)，下端系有一只小球。將小球拉離平

衡位置一個(gè)角度后無初速釋放。當(dāng)繩擺到豎直位置時(shí)，與釘在。點(diǎn)正下方P點(diǎn)的

釘子相碰。在繩與釘子相碰瞬間前后，以下說法正確的是（）

A.小球的線速度大小變大B.小球的角速度大小不變

C.小球的向心加速度大小不變D.小球所受拉力的大小變大

2.如圖所示，長為3/的直導(dǎo)線拆成三段做成正三角形，并置于與其所在平面相

垂直的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,當(dāng)在該導(dǎo)線中通以電流強(qiáng)度為/的

電流時(shí)，該通電導(dǎo)線受到的安培力大小為（）

A.2BII

B.-BII

D.0

3.如圖在豎直白板上有一個(gè)吸在上面的白板擦保持靜止，現(xiàn)給白板擦一個(gè)水平向左的恒定推力使

其從靜止開始運(yùn)動(dòng)（白板擦與白板接觸面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)恒定），則白板擦將（）

A.沿水平向左作勻速直線運(yùn)動(dòng)B.沿左下方作勻速直線運(yùn)動(dòng)

C.沿左下方作勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.作曲線運(yùn)動(dòng)

4.以下關(guān)于行星運(yùn)動(dòng)及萬有引力的描述正確的是（）

A.開普勒認(rèn)為行星繞太陽運(yùn)行的軌道是楠圓，行星在橢圓軌道上各個(gè)地方的速率均相等

B.牛頓認(rèn)為地球?qū)υ虑虻囊εc地球?qū)Φ孛嫔弦粋€(gè)蘋果的引力是同種性質(zhì)的力

C.宇宙飛船繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的地球引力提供向心力，發(fā)動(dòng)機(jī)的牽引力（即空氣的反作

用力）提供飛行的動(dòng)力

D.要在地球上發(fā)射環(huán)月衛(wèi)星嫦娥二號(hào)，發(fā)射速度至少要大于11.2km/s

5.如圖，滑板運(yùn)動(dòng)員以速度處從離地高度九處的平臺(tái)末端水平飛出,4Ji

落在水平地面上.忽略空氣阻力，運(yùn)動(dòng)員和滑板可視為質(zhì)點(diǎn)，下列

表述正確的是（）1

A.火越大，運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長

B.為越大，運(yùn)動(dòng)員落地瞬間速度越大

C.運(yùn)動(dòng)員落地瞬間速度與高度人無關(guān)

D.運(yùn)動(dòng)員落地位置與北大小無關(guān)

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

6.如圖所示，實(shí)線為一勻強(qiáng)電場的電場線，一個(gè)帶負(fù)電的粒子射入電場后，留下一條從a到b虛線

所示徑跡，重力不計(jì)，下列判斷正確的是()

。b

a

A.b點(diǎn)電勢高于a點(diǎn)電勢

B.場強(qiáng)方向向左

C.粒子在a點(diǎn)的動(dòng)能大于在b點(diǎn)的動(dòng)能

D.粒子在a點(diǎn)的電勢能小于在b點(diǎn)的電勢能

7.如圖，長均為L的兩根輕繩，一端共同系住質(zhì)量為m的小球，另一端分別固定

在等高的4、B兩點(diǎn)，4、B兩點(diǎn)間的距離也為L.重力加速度大小為g.今使小球

在豎直平面內(nèi)以4B為軸做圓周運(yùn)動(dòng)，若小球在最高點(diǎn)速率為。時(shí)，兩根繩的拉4

力恰好均為零，則小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)速率及每根繩的拉力大小為（）

A.2vB.V5vC.3mgD.2Mmgm

8.帶電粒子M和N,以相同的速率經(jīng)小孔S垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，運(yùn)行的半圓軌跡如圖中虛線所示。

下列表述正確的是（不計(jì)重力）（)

XXXX

B

xNMx

Xx\

A.M帶正電，N帶負(fù)電B.M的比荷小于N的比荷

C.洛倫茲力對(duì)M、N不做功D.M的運(yùn)行時(shí)間大于N的運(yùn)行時(shí)間

9.下列說法中不正確的是（）

A.功可以完全轉(zhuǎn)化為熱量，而熱量不可以完全轉(zhuǎn)化為功

B.熱機(jī)必須是具有兩個(gè)熱庫，才能實(shí)現(xiàn)熱功轉(zhuǎn)化

C.熱機(jī)的效率不可能大于1,但可能等于1

D.熱機(jī)的效率必定小于1

E.隨著節(jié)能減排措施的不斷完善，最終也不會(huì)使汽車和熱機(jī)的效率達(dá)到100%

三、填空題（本大題共1小題，共4.0分）

10.彈簧振子以。為平衡位置，在B、C兩點(diǎn)間做簡諧運(yùn)動(dòng)，在t=0時(shí)，振子從0、B間的P點(diǎn)以速度

v向8運(yùn)動(dòng)，在t=0.4s時(shí)振子的速度第一次為-也在t=0.6s時(shí)振子速度第二次為一外己知8、

C之間的距離為20sn,則彈簧振子的振幅為cm,周期為s,振子在。?2.6s內(nèi)通過

的路程為cm.

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

11.如下圖所示為火車站用來裝卸煤炭使用的水平傳送帶模型，水平傳送帶的長度為L=8m,傳

送帶的皮帶輪半徑均為R=0.4m,皮帶輪轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為3=10rad/s.傳送帶的底部距地面的

高度為h=4.2m,現(xiàn)有一塊矩形煤炭（視為質(zhì)點(diǎn)）無初速度地釋放在水平傳送帶的4點(diǎn)位置處（4、

B分別為皮帶輪中心軸正上方的兩個(gè)點(diǎn)）.已知煤炭與皮帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=02皮帶輪與

皮帶之間始終不打滑.空氣阻力不計(jì)，g取10m/s2.回答下列問題：

（1）水平傳送帶的傳動(dòng)速度為多少？該塊煤炭從釋放到和傳送帶共速時(shí)，煤塊和傳送帶運(yùn)動(dòng)的距離分

別是多少？

（2）該塊煤炭到達(dá)B點(diǎn)后是沿著皮帶輪的圓弧滑下，還是離開圓弧飛出？說明原因（要求有必要的理論

運(yùn)算）.

（3）該塊煤炭落在水平地面上的落點(diǎn)與。2點(diǎn)正下方的水平距離多大？

12.在“測定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，金屬絲的電阻心約為30,為減小誤差，并盡可能測量多

組數(shù)據(jù)，要求電阻絲的發(fā)熱功率PC0.75W,備有器材如下：

（1）實(shí)驗(yàn)中電流表用電壓表用滑動(dòng)變阻器用（用字母表示）

4、6U直流電源；

B、直流電流表4式0?0.64內(nèi)阻0.50）；

C、直流電流表4（0?3A,內(nèi)阻0.010）；

D、直流電壓表匕（0?3匕M。）；

E、直流電壓表眩（0?15匕5k0）；

F、滑動(dòng)變阻器&（0?1000,最大允許電流L4）；

G、滑動(dòng)變阻器/?2（0?200，最大允許電流L4）;

H、電鍵、導(dǎo)線若干.

（2）在方框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖.

五、計(jì)算題（本大題共4小題，共40.0分）

13.如圖所示，在光滑水平面上，小滑塊4放置在長木板B的右端，4、B處于靜止?fàn)顟B(tài).長木板C以

速度為向B運(yùn)動(dòng)，與B碰撞后粘合在一起.已知A、B的質(zhì)量均為ni,B的上表面光滑，C的質(zhì)量

為2m,C與4間的動(dòng)摩擦因數(shù)為出重力加速度為g,滑塊4最終沒有從C上滑下來.求：

（1）4離開B時(shí)，B的速度大小；

（2）木板C的最小長度.

14.如圖所示，質(zhì)量分別為1.0kg和2.0麗的物體4和B放置在水平地面上，兩者與地面間的摩擦力因

數(shù)均為0.4,物體B的右側(cè)與一輕質(zhì)滑輪相連，現(xiàn)將一根輕繩的一端固定在水平地面上離B足夠遠(yuǎn)

的位置，另一端跨過輕質(zhì)滑輪相連?，F(xiàn)將一根輕繩的一端固定在水平地面上離B足夠遠(yuǎn)的位置,

另一端跨過輕質(zhì)滑輪連接在物體4上，輕繩保持水平方向，初始時(shí)刻，物體4在水平力F=20N作

用下由靜止向右運(yùn)動(dòng)。(重力加速度g=10m/s2),求：

(1)輕繩上拉力的大小；

(2)t=2s時(shí)滑輪對(duì)物體B做功的瞬間功率為多少？

-A-J

/rrfrrrr/i11itrrrrrrrrrrrrr

15.如圖所示，內(nèi)壁光滑的圓柱形直立導(dǎo)熱氣缸高為h,面積為S的輕活塞距氣

缸底高為:九，密閉了溫度為27汽的理想氣體，不計(jì)活塞和缸體厚度，外界

大氣壓為Po,給密閉氣體緩慢加熱至活塞恰好到達(dá)氣缸頂，該過程中，密

閉氣體內(nèi)能增量為求:

(i)活塞恰好到達(dá)氣缸頂時(shí)，密閉氣體溫度;

3)該過程中，密閉氣體從外界吸熱Q。

16.如圖所示，半圓形玻璃磚折射率71=VL半徑為R,abc三條光線

平行，且440b=45。，光線a照到半圓面的左下端4點(diǎn)，光線b延長

過圓心0,光線c與半圓面在C點(diǎn)相切，設(shè)三條光纖均能進(jìn)入玻璃磚,

且不考慮折射角為90。的出射光線.求：

(l)b、c光線第一次由玻璃磚射出的出射角(即出射光線與界面或界面切線間的夾角);

(2)從c光在玻璃磚中傳播時(shí)間？(真空中光速為c)

參考答案及解析

1.答案：D

解析：解：4、細(xì)線與釘子碰撞的瞬間，小球的線速度大小不變，故A錯(cuò)誤

B、根據(jù)u=r3知，與釘子碰撞后，半徑減小，則角速度增大，故B錯(cuò)誤。

C、根據(jù)a=貯知，半徑減小，則向心加速度增大，故C錯(cuò)誤。

r

22

D、根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)—mg=my,則F=7ng+m亍，半徑減小，拉力增大，故。正確。

故選：Do

小球擺到豎直位置時(shí)，與釘子相碰后，小球圓周運(yùn)動(dòng)的半徑減小，速度大小不變，根據(jù)角速度與線

2

速度的關(guān)系u=3r,分析角速度的變化。由向心加速度公式a=二分析向心加速度及拉力的變化。

r

本題關(guān)鍵是確定線速度大小不變，當(dāng)力與速度垂直時(shí)不做功，不改變速度的大小。要掌握角速度、

向心加速度、拉力與線速度的關(guān)系。

2.答案：A

解析：

由安培力公式F=B/L進(jìn)行計(jì)算，注意式中的L應(yīng)為等效長度.

本題考查安培力的計(jì)算，熟記公式，但要理解等效長度的意義，其等效長度為導(dǎo)線兩端點(diǎn)在垂直于

磁場平面投影間的距離.

解：導(dǎo)線4B和BC的等效電流長度為4C長度，電流從4指向C,故導(dǎo)線受到的安培力為尸=28〃，故

A正確，8CO錯(cuò)誤；

故選：A

3.答案：C

解析：解：對(duì)白板擦進(jìn)行受力分析如圖所示，

vG

根據(jù)題意可知，白板擦在豎直平面內(nèi)受到的三個(gè)力均是恒力，則其合力也恒定不變，所以其加速度

恒定不變，由于其初速度為零，白板擦沿左下方作勻加速直線運(yùn)動(dòng)；故AB。錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

對(duì)白板擦進(jìn)行受力分析，在豎直方向，受到重力、推力和摩擦力，由于初速度為零，白板擦做初速

度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)

解決該題的關(guān)鍵是明確知道白板擦的受力情況，能根據(jù)其受力從而判斷出其加速度的大小，由于白

板擦的初速度為零，所以白板擦不會(huì)做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

4.答案：B

解析：解：4、開普勒認(rèn)為行星沿橢圓軌道繞太陽運(yùn)動(dòng)，但行星在橢圓軌道上各個(gè)地方的速率不全相

等，近日點(diǎn)速率最大，遠(yuǎn)日點(diǎn)速率最小，故4錯(cuò)誤；

8、牛頓發(fā)現(xiàn)地球?qū)υ虑虻囊εc地球?qū)Φ孛嫔弦粋€(gè)蘋果的引力是相同性質(zhì)的力，故8正確；

C、宇宙飛船繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的地球引力提供向心力，不需要發(fā)動(dòng)機(jī)提供牽引力，故C錯(cuò)

誤；

D、7.90n/s是最小的發(fā)射速度，而11.2/on/s是衛(wèi)星脫離地球的速度，嫦娥二號(hào)發(fā)射出去后繞地球做

橢圓運(yùn)動(dòng)，則知嫦娥二號(hào)的發(fā)射速度大于7.9km/s,小于11.2/on/s。故。錯(cuò)誤；

故選：B。

行星在橢圓軌道上各個(gè)地方的速率不全相等.牛頓認(rèn)為地球?qū)υ虑虻囊εc地球?qū)Φ孛嫔弦粋€(gè)蘋果

的引力是同種性質(zhì)的力.宇宙飛船繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的地球引力提供向心力.嫦娥二號(hào)發(fā)射

出去后繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)，知嫦娥二號(hào)的發(fā)射速度大于7.9km/s,小于11.2km/s.

本題考查物理學(xué)史和常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考

試內(nèi)容之一.

5.答案：B

解析：解：4運(yùn)動(dòng)員和滑板做平拋運(yùn)動(dòng)，有八=：小2,故運(yùn)動(dòng)時(shí)間與初速度無關(guān)，故A錯(cuò)誤；

B、C、根據(jù)動(dòng)能定理，有zng/i=gnir>2一之加詔，解得u=J苗+2g/i，故北越大，運(yùn)動(dòng)員落地瞬間

速度越大，故8正確，C錯(cuò)誤；

D、射程x==初速度越大，射程越大，故。錯(cuò)誤；

故選：B.

運(yùn)動(dòng)員和滑板做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)分位移公式和分速度公式列式求解即可.

本題關(guān)鍵是明確運(yùn)動(dòng)員和滑板做平拋運(yùn)動(dòng)，然后根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的分位移公式和動(dòng)能定理列式分析討

論.

6.答案:CD

解析：由曲線運(yùn)動(dòng)的知識(shí)可知：帶電粒子所受的電場力向左，因?yàn)閹щ娏Ｗ訋щ娦再|(zhì)不確定，所以

場強(qiáng)的方向也不能確定，從而不能判斷ab兩點(diǎn)電勢的高低，故AB錯(cuò)誤；帶電粒子從a到b點(diǎn)過程中，

電場力做負(fù)功，電荷的電勢能增大，由動(dòng)能定理，粒子的動(dòng)能減小，即粒子在a點(diǎn)的動(dòng)能大于在b點(diǎn)

的動(dòng)能，粒子在a點(diǎn)的電勢能小于在b點(diǎn)的電勢能，故CD正確；故選C。。

7.答案：BD

解析：解：小球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r=Lcos3(T=更L,

2

因?yàn)樾∏蛟谧罡唿c(diǎn)速率為〃時(shí)，兩根繩的拉力恰好為零，有：mg=my,解得u=質(zhì)，

根據(jù)動(dòng)能定理得，mg-2r=^mv'2-^mv2,

聯(lián)立解得i/=V5vo

在最低點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得，27cos30?！猰g=m9,解得7=2V5mg,故8、￡＞正確,4、C

錯(cuò)誤。

故選:BD。

抓住小球通過最高點(diǎn)時(shí)，繩子拉力為零，結(jié)合牛頓第二定律求出最高點(diǎn)速度與軌道半徑的關(guān)系，根

據(jù)動(dòng)能定理求出最低點(diǎn)的速度，結(jié)合牛頓第二定律求出在最低點(diǎn)時(shí)繩子的拉力.

解決本題的關(guān)鍵知道圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來源，結(jié)合牛頓第二定律和動(dòng)能定理綜合求解，難度中等.

8.答案：BCD

解析：解：力、磁場的方向向里，由左手定則判斷出N帶正電荷，M帶負(fù)電荷，故A錯(cuò)誤：

B、粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力：qvB=m-,可得：r=翳，由圖可知M的半徑比N的

vrqb

半徑大，所以M的比荷小于N的比荷，故B正確；

C、倫茲力的方向始終與速度的方向垂直，所以洛倫茲力不做功，故C正確；

D、粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)半周，即時(shí)間為周期的一半，而周期為7=繆，由上可知M的比荷小于N的

比荷，所以M的運(yùn)行時(shí)間大于于N的運(yùn)行時(shí)間，故。正確。

故選：BCD.

由左手定則判斷出M、N的電性，結(jié)合半徑的公式可以判斷出粒子速度的大小，根據(jù)周期的公式可以

判斷出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間關(guān)系，知道洛倫茲力永不做功的性質(zhì)。

本題結(jié)合帶電粒子的磁場中的運(yùn)動(dòng)考查到左手定則、半徑的公式和根據(jù)周期的公式，屬于基本應(yīng)用，

要注意明確洛倫茲力永不做功的性質(zhì)應(yīng)用

9.答案：ABC

解析：解：4、開爾文表述沒有排除熱量可以完全轉(zhuǎn)化為功，但必然要產(chǎn)生其他變化，比如氣體等溫

膨脹，氣體內(nèi)能完全轉(zhuǎn)化為功，但氣體體積增大了，故A不正確；

8、開爾文表述指出，熱機(jī)不可能只有單一熱庫，但未必有兩個(gè)熱庫，可能具有兩個(gè)以上熱庫，故B

不正確；

CDE、由“=如冷可知，只要（?2=0,〃H1，如果（?2=0,則低溫?zé)釒觳淮嬖?，違背了開爾文表述，

故C不正確，OE正確。

本題選不正確的，故選：ABC.

根據(jù)熱力學(xué)第二定律分析4B選項(xiàng)；熱機(jī)效率是有效利用的能量與燃料完全燃燒放出的總能量之比，

熱機(jī)工作過程中存在的各種形式的能量損失，熱機(jī)排出的廢氣損失能量，克服摩擦做功損失損失能

量，機(jī)械吸收能量等.

該題考查對(duì)熱力學(xué)第二定律的理解：熱力學(xué)第二定律說明了熱學(xué)中的方向性，同時(shí)注意逆向也不是

不能進(jìn)行，而是要引起其他能量的變化，即需要消耗其他能源。

10.答案：101.287

解析：解：B、C之間的距離為20cm,則振幅為4=lOczn。

t=0.6s時(shí)，剛好為半個(gè)周期，則周期為7=1.2s。

2.6s=2±-17,總路程s=212x44=87cm。

66

故答案為：10；1.2；87o

由B、C之間的距離得出振幅。

在t=0時(shí)刻，振子從0B間的P點(diǎn)以速度訓(xùn)句B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過0.4s它的速度大小第一次與u相同，方向

相反，經(jīng)過0.6s它的速度大小第二次與"相同，方向與原來相反，質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到關(guān)于平衡位置對(duì)稱的

位置，求出周期。

8、C之間的距離得出振幅，結(jié)合振子開始計(jì)時(shí)的位置，求出振子在2.6s內(nèi)通過的路程。

本題考查了簡諧運(yùn)動(dòng)的相關(guān)規(guī)律，解題的關(guān)鍵在于分析振子的振動(dòng)情況，根據(jù)對(duì)稱性確定P點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)

方向和周期。

11.答案：解：（1）根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)卜=得i?=4m/s

由于煤塊初速度為零，煤塊與傳送帶之間發(fā)生了相對(duì)滑動(dòng)，滑塊所受的滑動(dòng)摩擦力，

f=Rng,

由F—ma得，

"mg=ma,

a=2m/s2,

當(dāng)煤塊加速度到速度等于皮帶的傳動(dòng)速度時(shí)，二者相對(duì)靜止，并一起勻速運(yùn)動(dòng)，

由u=at,Si=1at2W：

煤塊加速時(shí)間，

A=2s,

Si=4m,

這個(gè)過程傳送帶一直勻速運(yùn)動(dòng)，s2=vt=8m；

(2)當(dāng)煤塊運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)飛離圓弧的最小速度為加，

4且mu2

得：mg=—?

vm=2m/s,

煤塊滑到B點(diǎn)的速度為=4m/s>vm,

所以煤塊將飛離B點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng).

(3)煤塊做平拋運(yùn)動(dòng)，

豎直方向九+R=得，

其運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t=1s,

水平位移為s=vt,

s=4m.

答：(1)水平傳送帶的傳動(dòng)速度為4m/s,煤塊運(yùn)動(dòng)的距離是4m,傳送帶運(yùn)動(dòng)的距離是8m.

(2)煤塊將飛離8點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng).

(3)該塊煤炭落在水平地面上的落點(diǎn)與。2點(diǎn)正下方的水平距離是4nl.

解析：(1)根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)線速度與角速度的關(guān)系"=3乙可以求出傳動(dòng)速度；煤炭在傳送帶上先加速

運(yùn)動(dòng)，然后再和傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可以求出運(yùn)動(dòng)的距離.

(2)煤炭到達(dá)B點(diǎn)后是沿著皮帶輪的圓弧滑下，還是離開圓弧飛出，取決于煤炭到達(dá)B點(diǎn)后的速度，

當(dāng)?shù)紹點(diǎn)后的速度大于了飛離圓弧的最小速度時(shí)，煤炭就會(huì)離開圓弧飛出.

(3)煤塊做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可以求出水平的位移.

12.答案：B；D；G

解析:解：(1)根據(jù)P=QRX，可得通過金屬絲的電流/<聆=卷4=

0.54因此電流表流程選擇0-0.64即可，故電流表選B；

由U=IR,可求出金屬絲兩端的最大電壓為U=IRX=0.54x30=

1.5K,因此電壓表流程選擇0-3V即可，故電壓表選。；

實(shí)驗(yàn)要求盡可能測量多組數(shù)據(jù)，則變阻器采用分壓接法，變阻器應(yīng)選最大電阻小的變阻器，故滑動(dòng)

變阻器選G；

(2)因?yàn)榻饘俳z的電阻勺約為30,電阻比較小，電壓表的內(nèi)阻遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于金屬絲的電阻，因此電壓表

的分流對(duì)實(shí)驗(yàn)影響較小，本實(shí)驗(yàn)采用電流表外接法；滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，作出實(shí)驗(yàn)電路圖如

圖所示；

故答案為：(1)B；D；G-,(2)如圖所不.

(1)根據(jù)P=/2R求出通過金屬絲的最大電流，從而可選出電流表；根據(jù)U=/R求出金屬絲兩端的最

大電壓，從而可選出電壓表；根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中最小電阻和最大電阻，根據(jù)可操作

性即可判斷變阻器應(yīng)采用分壓式接法，從而選出變阻器；

(2)根據(jù)金屬絲電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻可知電流表應(yīng)用外接法，然后畫出電路圖即可.

解答本題的關(guān)鍵是通過待測電阻的最大電流和兩端的最大電壓來選擇電流表和電壓表；根據(jù)要求電

流從零調(diào)還是要求調(diào)節(jié)范圍足夠大來選擇變阻器應(yīng)采用分壓式還是限流式接法；根據(jù)待測電阻是否

遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻來選擇電流表的內(nèi)外接法.

13.答案：解：(1)以向右為正方向，C與B的碰撞過程動(dòng)量守恒，則有：

2mv0—(2m+m)v1.

可得C、B碰后共同速度為：%=等.

由于4與B間沒有摩擦，所以C、B碰后先一起向右做勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)4離開B時(shí),B的速度大小為:%=學(xué).

(2)當(dāng)滑塊A恰好滑到C的左端沒有滑下來時(shí)C的長度最小，三個(gè)物體的速度相同，設(shè)為功.

取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：(2m+m)%=(2?n+7n+m)”2.

由碰后過程系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得：；(2zn+=iimgL+^(2m+m+m)諺.

聯(lián)立解得木板c的最小長度為：L=3~.

答：(1)4離開B時(shí)，B的速度大小是學(xué)；

(2)木板C的最小長度是荒.

解析：(1)先根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出C與B碰撞后的共同速度.之后，由于4與8間沒有摩擦，所以C、

B先一起向右做勻速運(yùn)動(dòng)，4相對(duì)于地面靜止不動(dòng)，當(dāng)4滑上C后4做勻加速運(yùn)動(dòng)，BC整體做勻減速運(yùn)

動(dòng)，由動(dòng)量守恒定律求4離開B時(shí)的速度大小.

(2)當(dāng)滑塊A恰好滑到C的左端沒有滑下來時(shí)C的長度最小，由動(dòng)量守恒定律求出三者的共同速度，再

由能量守恒定律求木板C的最小長度.

本題是含有非彈性碰撞的過程，要分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程，確定研究對(duì)象，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與

能量守恒定律可以正確解題.

14.答案：解：⑴設(shè)4、B的加速度大小分別為以、aB,輕繩上的拉力為T,對(duì)4、B分別受力分析并

應(yīng)用牛頓第二定律可得：

對(duì)于A：F—T-^mAg=mAaA

對(duì)于B：2T-iimBg=mBaB

據(jù)題意可知:aA=2aB

2

代入數(shù)據(jù)得：T=8.0/V；aB=4m/s；

(2)由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得B在t=2s時(shí)的速度u=aBt=8m/s

所以滑輪對(duì)物體B做功的瞬時(shí)功率P=2Txv=128W。

答：(1)輕繩上拉力的大小為8.0N；

(2)t=2s時(shí)滑輪對(duì)物體8做功的瞬間功率為128小。

解析：(1)對(duì)4、B分別受力分析并應(yīng)用牛頓第二定律列方程求解加速度和繩子拉力大??；

(2)由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得8在1=2s時(shí)的速度，根據(jù)瞬時(shí)功率的計(jì)算公式求解瞬時(shí)功率。

本題主要是考查牛頓第二定律的綜合應(yīng)用，對(duì)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問題，關(guān)鍵是弄清楚物體

的運(yùn)動(dòng)過程和受力情況，利用牛頓第二定律或運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進(jìn)行

解答；知道加速度是聯(lián)