2021屆上海市閔行區(qū)高考物理一模試卷(含答案解析)

2021屆上海市閔行區(qū)高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共U小題，共37.0分）

1.下列關(guān)于經(jīng)典力學的說法不正確的是（）

A.自由落體運動規(guī)律屬于經(jīng)典力學

B.行星運動定律屬于經(jīng)典力學

C.牛頓運動定律屬于經(jīng)典力學

D.經(jīng)典力學沒有局限性，適用于所有領(lǐng)域

2.當電場力對電荷做正功時，電荷的移動情況是

A.正電荷一定從電勢能小的位置到電勢能大的位置

B.負電荷一定從電勢能大的位置到電勢能小的位置

C.一定從電勢高位置到電勢低位置

D.一定從電勢低位置到電勢高位置

3.四個質(zhì)量相等的金屬環(huán)，環(huán)環(huán)相扣，在一豎直向上的恒力F作用下，四個金屬黑勻加

速上升，則環(huán)2和環(huán)3間的相互作用力大小為（）

2

A.”3

4

B.

C.

D.*F

質(zhì)量為m的小球由輕繩a和b系于一輕質(zhì)木架上的4點和C點，且人＜

Lb,如圖所示.當輕桿繞軸BC以角速度3勻速轉(zhuǎn)動時，小球在水平

面內(nèi)作勻速圓周運動，繩a在豎直方向、繩匕在水平方向.當小球運

動在圖示位置時，繩b被燒斷的同時桿也停止轉(zhuǎn)動，貝4（）

A.小球仍在水平面內(nèi)作勻速圓周運動

B.在繩被燒斷瞬間，a繩中張力不變

C.在繩被燒斷瞬間，小球所受的合外力突然變小

D.若角速度3較大，小球可以在豎直平面內(nèi)作圓周運動

5.一列橫波沿水平繩傳播，繩的一端在t=0時開始做周期為T的簡諧運動，經(jīng)過時間t（1<t<?），

繩上某點位于平衡位置下方的最大位移處.則2t時刻，該點位于平衡位置和運動狀態(tài)（）

A.上方，加速向下運動B.上方，減速向上運動

C.下方，加速向上運動D.下方，減速向下運動

6.如圖所示，內(nèi)壁光滑的固定氣缸水平放置，其右端由于有擋板，>

厚度不計的活塞不能離開氣缸，氣缸內(nèi)封閉著一定質(zhì)量的理想

氣體，活塞距氣缸右端的距離為0.2m?，F(xiàn)對封閉氣體加熱，活?

塞緩慢移動，一段時間后停止加熱，此時封閉氣體的壓強變?yōu)?xl（）5pa.已知活塞的橫截面積為

0.04m2,外部大氣壓強為1x105pa,加熱過程中封閉氣體吸收的熱量為2000/,則封閉氣體的

內(nèi)能變化量為（）

A.4007B.1200/C.2000/D.2800/

7.請閱讀下述文字，完成第12題、第13題、第14題。

日常生活中乘坐電梯時，或者站在體重計上做下蹲動作時，往往會發(fā)現(xiàn)體重計示數(shù)會發(fā)生變化，這

就是我們常說的超重和失重現(xiàn)象?，F(xiàn)在有一個同學站在力學傳感器上完成下蹲動作，力學傳感

器示數(shù)變化如圖所示。

從圖上看這位同學的重力約為（

下跳過程

A.700NB.290NC.500/VD.100N

8.一質(zhì)點以坐標原點。為中心位置在y軸方向上做簡諧運動，其振動圖象如圖

甲所示.振動在介質(zhì)中產(chǎn)生的簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為

1.0m/s.t=0s時此質(zhì)點開始振動，經(jīng)過2s后此質(zhì)點立即停止運動，再經(jīng)過

1s后的波形圖是圖乙中的（振動和波形圖中質(zhì)點的位移都規(guī)定向上為正

9.如圖所示為某游樂場的一個娛樂設施，圖中的大轉(zhuǎn)盤在豎直平面

內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，坐在吊籃里的游人卻顯得悠然自得，對某個游人，

下列說法正確的是（）

A.他所受合外力恰好為零

B.他所受合外力方向始終指向圓周運動圓心

C.他的機械能保持不變

D.他的機械能不斷增加

10.某物體由靜止開始做直線運動，物體所受合力戶隨時間t變化的圖象如圖

所示，能大致描述。?8s內(nèi)物體的速度"隨時間t變化的圖象是（）

A.

B.

C.

D.

11.如圖甲所示，"U”形金屬導軌4BCD固定在絕緣水平面上，金屬棒ab放在導軌上，剛好構(gòu)成一

個邊長為L=Im的正方形，整個裝置處在豎直向上的勻強磁場中，磁場的磁感應強度隨時間變

化如圖乙所示，金屬棒始終不動，回路中的總電阻為20,則下列說法正確的是（）

A.t=ls時，金屬棒中的電流方向為從b到a

B.t=3.5s時回路中的瞬時電功率比t=4s時回路中的瞬時電功率小

C.。?2s內(nèi)通過金屬棒截面的電量為1C

D.金屬棒受到的摩擦力最大值為4N

二、多選題（本大題共1小題，共3.0分）

12.如圖所示是氧氣分子在不同溫度（0汽和100冤）下的速率分布曲線，由圖可得信息（）

(與Lx100)%

j=100t

123456789(x100)

A.同一溫度下，氧氣分子速率呈現(xiàn)出“中間多、兩頭少”的分布規(guī)律

B.隨著溫度升高，每一個氧氣分子的速率都增大

C.隨著溫度升高，氧氣分子中速率小的分子所占的比例增加

D.隨著溫度升高，氧氣分子的平均動能一定增大

三、填空題（本大題共5小題，共20.0分）

13.如圖所示，邊長為L的正方形區(qū)域abed內(nèi)存在著勻強磁場。

一個質(zhì)量為m、電荷量為q、初速度為。0的帶電粒子從a點沿ab方向進入磁場,

不計重力。若粒子恰好沿BC方向，從c點離開磁場，則磁感應強度

B=；粒子離開磁場時的動能為邑=?

14.在用直流電動機提升重物的裝置中，重物的重力G=500N,電源的恒定輸出電壓為110匕當

電動機向上以u=0.90m/s的恒定速度提升重物時，電路中的電流強度/=5.04若不計各處摩

擦，可以求出電動機消耗的總功率為W,電機線圈的電阻為n.

15.面積S=0.1巾2的io。匝矩形線框Med,處在磁感應強度B=0.17的勻

強磁場中，t=0時刻線框位于水平面，磁場方向與水平面夾角。=37。

角（如圖所示），當線框以ab為軸以角速度3=7r（rad/s）順時針轉(zhuǎn)過90。

過程中，線框產(chǎn)生的平均電動勢為心

16.在熱力學中有一種循環(huán)過程叫做焦耳循環(huán)。它由兩個等壓過程和和兩個絕熱過程組成，圖示為

一定質(zhì)量的某理想氣體的焦耳循環(huán)過程(4tBtJDtA)。已知某些狀態(tài)的部分參數(shù)如圖

所示。試解決下列問題:

(1)已知狀態(tài)/的溫度二=600K,求狀態(tài)C的溫度々=.K；

(2)若已知C-。過程放熱Q=1007,D-4過程外界對氣體做的功恤4=/?

17.有一帶電量q=-3x10-6c的點電荷，從電場中的4點移到B點時，克服電場力做功6X

IO-4/。從B點移到C點電場力做功9x10-4/。則［/4=_匕若規(guī)定B點電勢為零，則以=_

V,電荷在C點的電勢能為Epc=J。

四、實驗題(本大題共1小題，共12.0分)

18.用如圖甲實驗裝置驗證巾1、m2組成的系統(tǒng)機械能守恒。m2從高處由靜止開始下落，uh上拖著

的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。如圖乙給出的

是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個打下的點(圖中未標

出)，計數(shù)點間的距離如圖所示?已知=50g、m2=150g,則(計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

甲乙

(1)在紙帶上打下計數(shù)點5時的速度%=m/s.

(2)在計數(shù)點0?5過程中系統(tǒng)動能的增量△%=為了簡化計算，g取10m/s2,則系統(tǒng)勢能的

減少量△Ep-Jo

(3)實驗結(jié)果顯示△Ep△Ek。

五、計算題(本大題共2小題，共28.0分)

19.某人想盡快把30箱貨物搬到九=12加高的樓上，每箱貨物質(zhì)量叫)=5切。他對箱子做功的功率

P與所搬箱子質(zhì)量m之間的關(guān)系如圖所示。重力加速度g取l(hn/s2。

(1)圖中4點的物理意義是什么？

(2)要盡快把所有箱子搬上樓，每次應搬幾箱？

(3)設他下樓和搬放箱子的總時間等于上樓時間，估算他用最大功率完成這一工作所用的時間。

20.如圖所示，線路的電壓U恒為220P,每條輸電線的電路r=50,電爐4的電阻刈=1000。求

(1)當開關(guān)S斷開時，電爐4兩端的電壓;

(2)當開關(guān)S閉合，再并聯(lián)一個阻值相同的電爐B,兩條輸電線上損耗的總功率。

參考答案及解析

1.答案：D

解析：解：力、自由落體運動遵守牛頓運動定律，其規(guī)律屬于經(jīng)典力學。故A正確。

B、行星運動定律遵守牛頓運動定律，其規(guī)律屬于經(jīng)典力學。故8正確。

C、牛頓運動定律是經(jīng)典力學的核心理論，屬于經(jīng)典力學。故C正確，

D,經(jīng)典力學有一定的局限性，適用于宏觀、低速運動的物體，不適用于高速、微觀的物體。故

。錯誤。

本題選錯誤的，故選。

任何理論都有局限性，經(jīng)典力學只適用于宏觀、低速運動的物體，不適用于高速、微觀的物體.

2.答案：B

解析：試題分析：無論是正電荷還是負電荷，只要是電場力做正功電勢能就減小，但是對于正電荷

來說電勢能減小電勢降低，對于負電荷來說電勢能減小電勢升高，故選8

考點：考查電場力做功與電勢的變化

點評：本題難度較小，無論是正電荷還是負電荷，只要是電場力做正功電勢能就減小

3.答案：B

解析：解：設每個金屬環(huán)的質(zhì)量為對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，整體的加速度a=彳詈，

隔離對環(huán)3和環(huán)4整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，&-2mg=2ma,解得F1=2mg+2ma=

故選：B。

對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出整體的加速度，隔離對環(huán)3和環(huán)4分析，根據(jù)牛頓第二定律求出

環(huán)2和環(huán)3的相互作用力大小。

本題考查了牛頓第二定律中的連接體問題，要知道四個金屬環(huán)具有相同的加速度，并正確運用整體

法和隔離法進行求解；選取研究對象是快速解題的關(guān)鍵。

4.答案：D

解析：解：4、小球原來在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，繩b被燒斷后，小球在垂直于平面ABC的豎直

平面內(nèi)擺動或圓周運動.故A錯誤.

以繩b被燒斷前，小球在豎直方向沒有位移，加速度為零，a繩中張力等于重力.在繩b被燒斷瞬間，

a繩中張力與重力的合力提供小球的向心力，而向心力豎直向上，繩a的張力將大于重力，即張力突

然增大，故B錯誤.

?2?2

C、在繩被燒斷前，小球所受的合外力&=m〉,在繩被燒斷，小球所受的合外力尸2=加卜

LbLa

由于繩被燒斷前后速度大小不變，而兒〈幾，則得&＜尸2,所以小球所受的合外力突然增大，故C

錯誤.

。、若角速度3較大，小球原來的速度。=34.小球能在豎直平面內(nèi)做圓周運動在最低點最小速度為

廊I；,由于可能有"2/磯，所以小球可能在垂直于平面ABC的豎直平面內(nèi)做圓周運

動.故。正確.

故選：D.

繩b被燒斷后，小球在垂直于平面4BC的豎直平面內(nèi)擺動或圓周運動.繩b被燒斷前，a繩中張力等于

重力，在繩b被燒斷瞬間，a繩中張力與重力的合力提供小球的向心力，而向心力豎直向上，繩b的

張力將大于重力.若角速度3較小,小球原來的速度較小，小球在垂直于平面4BC的豎直平面內(nèi)擺動，

若角速度3較大，小球原來的速度較大，小球可能在垂直于平面4BC的豎直平面內(nèi)做圓周運動.

本題中要注意物體做圓周運動時?，外界必須提供向心力.C、。兩項還可根據(jù)機械能守恒與向心力知

識求解小球在垂直于平面48c的豎直平面內(nèi)擺動或圓周運動角速度的范圍.

5.答案:A

解析：解：據(jù)題，經(jīng)過時間嗎＜t＜?)，繩上4點位于平衡位置下方的乂不z

最大位移處，下個時刻4點向上振動，在2t時，質(zhì)點又振動了時間t(《＜

'A

t＜Y)＞一個周期可以分成四個;，則在2t時，該點位于平衡位置的上方，而且向下運動，如B點，

所以加速度方向向下。故A正確，BCD錯誤。

故選：A.

由題，經(jīng)過時間￡((＜，＜?),繩上某點位于平衡位置下方的最大位移處，在2t時，質(zhì)點又振動了時

間t,根據(jù)時間與周期的關(guān)系分析質(zhì)點的位置和速度方向.

將一個周期內(nèi)簡諧運動的過程分成四個再分析質(zhì)點的狀態(tài)是常用的方法.

6.答案：B

解析：解：原來氣體的壓強為lxl()5pa,后來氣體的壓強為2x105pa,說明最后活塞在最右端，

5

加熱過程中氣體對外做的功為：IV=p0△K=1X10x0.04X0.2/=800/,

加熱過程中封閉氣體吸收的熱量為：Q=20007,

根據(jù)熱力學第一定律可得：△〃=Q-卬=2000/-80Q/=1200/,故B正確、AC￡＞錯誤。

故選：B。

根據(jù)W=Po△v求出加熱過程中氣體對外做的功，根據(jù)熱力學第一定律求解內(nèi)能的變化。

本題主要是考查熱力學第一定律，弄清楚活塞的運動情況，掌握氣體做功的計算公式是關(guān)鍵。

7.答案：C

解析：解：人站立在體重計上不動或下蹲完成時，體重計的示數(shù)等于人的重力；由圖可知，人的重

力應為500N,故C正確，AB￡＞錯誤。

故選：Co

明確下蹲過程中人加速度變化情況，從而由圖象確定人的重力大小。

本題考查超重和失重的應用，關(guān)鍵是掌握圖象的性質(zhì)，能由圖象找出人對應的運動過程是關(guān)鍵。

8.答案：B

解析：解：根據(jù)△x=u△t=1x=1m,知道2s內(nèi)產(chǎn)生的波在波源停止振動后，再經(jīng)過1s向前

傳播1m.由振動圖象知，t=0時刻質(zhì)點向上振動，所以介質(zhì)中各個質(zhì)點均向上起振，結(jié)合波形平移

法知，B圖正確.故B正確，4、C、O錯誤.

故選：B

波源停止振動后，產(chǎn)生的波繼續(xù)向前傳播，只要求出波形向前傳播的距離，并確定出質(zhì)點的起振方

向，即可知道波形圖.

解決本題的關(guān)鍵知道波源停止振動后，已產(chǎn)生的波形繼續(xù)向前傳播.要掌握波的基本特點：質(zhì)點的

起振方向均與波源起振方向相同.

9.答案:B

解析：解：力、大轉(zhuǎn)盤在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，游人所受合外力提供向心力，他所受合外力不為零,

故4錯誤；

8、大轉(zhuǎn)盤在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，游人所受合外力提供向心力，且始終指向圓心，故B正確；

C、游人由最高點到最低點過程中，動能不變，重力勢能減少，所以機械能減少；人由最低點到最高

點過程中，動能不變，重力勢能增加，所以機械能增加，所以他的機械能是變化的，故C錯誤；

。、游人由最高點到最低點過程中，動能不變，重力勢能減少，所以機械能是減少的，故。錯誤.

故選:B.

A、大轉(zhuǎn)盤在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，游人所受合外力提供向心力，他所受合外力不為零，可判斷4選

項；

8、大轉(zhuǎn)盤在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，游人所受合外力提供向心力，且始終指向圓心，可判斷B選項;

C、游人由最高點到最低點過程中，動能不變，重力勢能減少，所以機械能減少；人由最低點到最高

點過程中，動能不變，重力勢能增加，所以機械能增加，所以他的機械能是變化的，可判斷C選項;

。、游人由最高點到最低點過程中，動能不變，重力勢能減少，所以機械能是減少的，可判斷。選項.

本題考查了勻速圓周運動的問題，注意做勻速圓周運動的物體合外力提供向心力，對于判斷機械能

是否守恒要看除重力以外的其他力是否做了功，若做功則機械能不守恒，若不做功即只有重力做功，

則機械能守恒.

10.答案:A

解析：

據(jù)牛頓第二定律分析加速度，當物體的加速度保持不變時才做勻加速直線運動，根據(jù)合外力方向與

速度方向的關(guān)系，判斷物體的運動情況，兩者方向相同時，物體做加速運動，相反，做減速運動。

解決本題的關(guān)鍵根據(jù)物體的受力判斷物體運動規(guī)律，知道物體運動的對稱性。

物體在0?2s內(nèi)F逐漸增大，根據(jù)牛頓第二定律F=ma得知，加速度逐漸增大，第2s末加速度最大,

在2?4s內(nèi)尸逐漸減小，加速度逐漸減小，但方向沒有改變，所以物體沿原方向做加速度減小的加速

運動；在4?6s內(nèi)尸反向逐漸增大，加速度也反向逐漸增大，物體沿原方向做加速度增大的減速運動;

在6?8s內(nèi)F逐漸減小，加速度也逐漸減小，物體沿原方向做加速度減小的減速運動；根據(jù)對稱性可

知，8s末物體的速度為零。故A正確，3C。錯誤。

故選A。

11.答案：C

解析：解：4、在t=ls時，通過閉合回路的磁通量正在向上增加，根據(jù)楞次定律“增反減同”可以

知道感應電流的磁場豎直向下，根據(jù)安培定則可知通過金屬棒中的電流方向為從a到b,故A錯誤；

8、由乙圖可知在3-5s的時間內(nèi)磁感應強度的變化率為一定值，所以在此時間內(nèi)，產(chǎn)生的感應電流

不變，回路的電功率不變，故B錯誤；

C、根據(jù)法拉第電磁感應定律可得在0-2s內(nèi)回路中的感應電動勢E：三，其中4。表示在這2s內(nèi)

磁通量的變化量，即4。=2加6.通過金屬棒截面的電荷量為q=其中/表示平均感應電流，則

/=三各方程聯(lián)立可得q=9=1C,故C正確；

KK

。、有乙圖可知在后三分之一周期內(nèi)磁感應強度的變化率大于前三分之二周期內(nèi)的變化率，所以當

電路中電流最大時，磁感應強度最大時，金屬棒受到的安培力最大，則受到的靜摩擦力也最大，則

根據(jù)法拉第電磁感應定律可以得到后三分之一周期內(nèi)的感應電動勢為E2『，感應電流為

[=5=14因為磁感應強度最大值為27,所以受到的最大安培力為4uB/LnZN,根據(jù)平衡條

件可得金屬棒受到的最大靜摩擦力為狐=%=2N,故O錯誤。

故選：Co

根據(jù)楞次定律可以判斷出感應電流的方向；分析在這兩個時刻的磁感應強度的變化率，進而得到感

應電動勢和感應電流的大小，即可得到電功率的大?。粦霉缴?/t可以計算出通過金屬棒截面的

電荷量，注意公式中的/是指平均電流；因為金屬棒始終靜止，所以靜摩擦力和安培力是一對平衡力，

當受到的安培力最大時其所受摩擦力最大。

在計算通過金屬棒截面的電荷量的時候，公式q=/t中用到的電流是平均電流，只能用平均電動勢

來求解平均電流，也就是說要用法拉第電磁感應定律求解平均電動勢。

12.答案：AD

解析：解：4、由圖可知，同一溫度下，氧氣分子速率都呈現(xiàn)“中間多，兩頭少”的分布特點，故A

正確；

8、溫度是分子熱運動平均動能的標志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義，所以

溫度越高，平均動能越大，平均速率越大，但不是每一個分子運動速率都增大。故B錯誤；

C、由圖知，隨著溫度升高，速率較大的分子數(shù)增多，氧氣分子中速率小的分子所占的比例減小。故

C錯誤；

。、溫度是分子熱運動平均動能的標志，隨著溫度升高，氧氣分子的平均動能一定增大，故。正確；

故選：ADo

結(jié)合不同溫度下的分子速率分布曲線形狀，來理解溫度是分子平均動能標志的含義。同一溫度下，

氧氣分子速率呈現(xiàn)出“中間多、兩頭少”的分布規(guī)律。

本題考查了分子運動速率的統(tǒng)計分布規(guī)律，記住圖象的特點，明確溫度是分子平均動能的標志。

13.答案：詈萼

解析：解：由幾何關(guān)系得，粒子在磁場中運動的半徑r=L。

根據(jù)qvB=mY

解得8=登

帶電粒子在磁場中運動的速度大小不變，所以動能EK=gm詔。

故答案為：臂，等。

qL2

根據(jù)幾何關(guān)系得出粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑，結(jié)合半徑公式求出磁感應強度的大小。

解決本題的關(guān)鍵掌握帶電粒子在磁場中做圓周運動的半徑公式，結(jié)合幾何關(guān)系求解。

14.答案：550；4

解析：解：重物的重力G=500/V,電動機向上以u=0.90m/s的恒定速度提升重物，故拉力為500N,

電動機的輸出功率：

Pa=Fv=500X0.9=450MZ.

電源的恒定輸出電壓為110人電路中的電流強度/=5.04,故電動機的總功率：

P=UI=110VX54=550MZ；

根據(jù)能量守恒定律，有：?R=P-P出

代入數(shù)據(jù)，有：

25R=550-450

故R=40

故答案為：550,4.

根據(jù)P出=求解電動機的輸出功率，根據(jù)P=U/求解電動機的總功率，根據(jù)能量守恒定律求解熱

功率，計算內(nèi)電阻.

本題關(guān)鍵根據(jù)=求解電動機的輸出功率，根據(jù)P=U/求解電動機的總功率，根據(jù)能量守恒定

律求解熱功率，不難.

15.答案:2.8

解析：解：線框abed在如圖所示放置時，穿過線框的磁通量為：%=BSsin。

當規(guī)定此時磁感線穿過的是線框的正面，則當線框繞ab軸轉(zhuǎn)90。角時，穿過線框反面，則其磁通量:

中2=—BScosd

因此磁通量的變化量大小為：△。=的一知=BS(cos9+sind)

「『??3上f二A0BS(cos0+sinO)〃八八0.1x0.1x(cos370+sin37°)

根據(jù)法拉第電磁感應定律，則有：E=n—=n亙—100x亙Vt7—2o.8V

2a)2n

故答案為:2.8。

根據(jù)。=BSsinO(O是線圈平面與磁場方向的夾角)，求出初位置和末位置穿過線框的磁通量，從而確

定出磁通量的變化量，再根據(jù)法拉第電磁感應定律求平均電動勢。

對于勻強磁場中磁通量的求解，可以根據(jù)一般的計算公式。=BSsinO(O是線圈平面與磁場方向的夾

角)來解答。要注意磁通量不是矢量，但有正負之分，注意分清磁感線是正面還是反面穿過線圈。

16.答案：60060

解析：解：(1)由4到C,對封閉氣體由理想氣體狀態(tài)方程得：

PAVA_PcVc

丁一石

代入數(shù)據(jù)解得：&=600K

(2)由C到。氣體壓強不變，體積減小，

5

外界對氣體做功為：WCD=PcV=0.8x10x(1.0xIO-_05*io-3)/=4o/

由(I)可知狀態(tài)a和c的溫度相同，內(nèi)能相等，

從C到4過程根據(jù)熱力學第一定律，

有：△UCA=△UcD+AUDA=WCD—QCD++QDA

由。到4過程絕熱，故有：QD4=0

解得:WDA=60；

故答案為：(1)600、(2)60o

(1)根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求狀態(tài)C的溫度；

(3)先求出A到B過程中外界對氣體所做的功，根據(jù)熱力學第一定律求則4TB過程中內(nèi)能的變化量△

UAB

和B到C過程外界對氣體做的功。

本題考查了求氣體的溫度，氣體做功的問題，關(guān)鍵是結(jié)合圖象分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，應用理

想氣體狀態(tài)方程，熱力學第一定律即可正確解題。

17.答案：-100,200,-9xlO-^^

解析：電場力做功：曠婚=4力婚，所以乙'婚=生@=二％「=200”；從B點移到C點時電場

''q-3x10

力做功|^=qU,所以匹=；

cBC=29：%=-300F

UAC=+UBC=200+(-300)=一100P；以=生,一a，所以：包=匈+/婚=2000;

EC=EpB-ER，Epc=_9xIO"4J。

18.答案：2.40.580.60>

解析：解：(1)計數(shù)點5的瞬時速度%=黑=21：：￡40X10-2/s=2.4m/s。

N/NXU*L.m

-332

(2)系統(tǒng)增加的動能4EK=1(771X4-m2)vf=|x(50xIO+150x10-)x2AJ=0.58/,

33

系統(tǒng)重力勢能的減小量4Ep=(m2-m^gh=(150x10--50x10-)x10x(0.384+

0.216)/=0.59/。

(3)實驗結(jié)果顯示，4Ep>4Ek，

故答案為：(1)2.4；(2)0.58：0.60；(3)>。

(1)根據(jù)勻變速直線運動中，某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，從而求出計數(shù)點5的

瞬時速度