2019年湖南省株洲市中考物理試卷(教師版)

第1頁（共5頁）2019年湖南省株洲市中考物理試卷（教師版）一、單選題（本大題共12小題，每小題2分，共24分．在每小題的四個選項中，只有一個符合題目要．）1．（2分）一種用于輕型低速飛機的活塞式航空發(fā)動機，它有多個氣缸，氣缸工作時經(jīng)歷進氣、壓縮、膨脹、排氣四個過程，在這四個過程中，能為飛機提供動力的是（）A．進氣 B．壓縮 C．膨脹 D．排氣【考點】GM：內(nèi)燃機的四個沖程．【分析】根據(jù)發(fā)動機做功過程中獲得能量的沖程分析即可?！窘獯稹拷猓簝?nèi)燃機工作時，提供動力的沖程是做功沖程，即氣缸工作時經(jīng)歷進氣、壓縮、膨脹、排氣四個過程中的膨脹過程，能為飛機提供動力。故選：C?！军c評】此題主要考查的是學(xué)生對內(nèi)燃機的工作原理的理解和掌握，常見題目。2．（2分）孫楊在里約奧運會上奪得自由泳200m金牌。在某次訓(xùn)練中，以每50m為一個賽段，他在四個賽段的成績?nèi)绫硭?，在此次?xùn)練中，孫楊運動最快的賽段是（）賽段一二三四時間/s24.4727.1127.2526.60A．一 B．二 C．三 D．四【考點】6B：運動快慢的比較．【分析】根據(jù)比較物體運動快慢的方法分析解答：相同時間比路程；相同的路程比時間。【解答】解：由題知，每個賽段長度相同，即路程相同，用時少的賽段速度快，由表可知，在第1賽段用時最少，所以孫楊在第1個賽段運動最快；故選：A?！军c評】此題考查運動快慢的比較，難度不大，解答此類問題時應(yīng)注意控制變量法的運用。3．（2分）在家庭電路中，一定不會引發(fā)總開關(guān)（帶有漏電保護器）跳閘的是（）A．火線和零線直接連通 B．安裝用電器時人體接觸火線 C．試電筆筆尖接觸火線 D．同時使用多個大功率用電器【考點】IX：家庭電路電流過大的原因．【分析】當電路中發(fā)生短路或用電器總功率過大導(dǎo)致電流過大時，空氣開關(guān)會自動斷開，切斷電路；漏電保護器是在有人觸電和漏電時，能自動斷開電路，對人身起保護作用的保護裝置?！窘獯稹拷猓簬в新╇姳Ｗo器的總開關(guān)集成了空氣開關(guān)和漏電保護器的功能，對電路起到短路、過載（用電器總功率過大）和漏電保護的作用。所以當有人觸電、電路中出現(xiàn)短路、家用電器總功率過大時都會造成總開關(guān)出現(xiàn)“跳閘”現(xiàn)象。但試電筆筆尖接觸火線，是為了辨別火線和零線，不會引起“跳閘”。故選：C?！军c評】一說到“跳閘”，學(xué)生可能首先會想到是由于電路出現(xiàn)短路或家用電器總功率過大造成電流過大而出現(xiàn)的“跳閘”，忽視了漏電保護器的作用是當有漏電或人觸電時，它也能自動斷開電路。4．（2分）能正確表示光從室外透過窗戶玻璃進入室內(nèi)傳播的光路圖是（）A． B． C． D．【考點】AN：作光的折射光路圖．【分析】光線通過玻璃再進入空氣發(fā)生兩次折射：第一次是從空氣斜射進入玻璃，折射光線應(yīng)該靠近法線偏折，折射角小于入射角；第二次是從玻璃斜射進入空氣，折射光線應(yīng)該遠離法線偏折，折射角大于入射角。由于玻璃上下表面垂直，第二次折射的入射角等于第一次折射的折射角，所以第二次折射的折射角等于第一次折射的入射角，最后的出射光線與入射光線相比，只是做了平移，即出射光線與入射光線平行。【解答】解：第一次折射：先過入射點O垂直玻璃上表面作出法線，再在玻璃內(nèi)部法線的另一側(cè)作出折射光線，注意折射角小于入射角：第二次折射：先過O′點垂直玻璃下表面作出法線，再在玻璃的下側(cè)空氣中作出折射光線，注意折射角大于入射角，折射光線與玻璃上表面的入射光線平行，如圖所示：故選：A?！军c評】考查光的折射定律中：當光從空氣進入水、玻璃等透明介質(zhì)時，折射角小于入射角；當光從水、玻璃進入空氣中時，折射角大于入射角。5．（2分）圖為某同學(xué)游酒埠江時拍下的一張照片。根據(jù)這張照片可推斷（）A．山峰有多高，湖水有多深 B．照片中實景在上，倒影在下 C．群山通過照相機鏡頭成正立、縮小的實像 D．倒影通過照相機鏡頭成倒立、縮小的虛像【考點】A6：光的反射現(xiàn)象；B8：凸透鏡成像的應(yīng)用．【分析】平靜的水面相當于平面鏡，群山在平靜的水面成像，是光的反射時平面鏡成像的結(jié)果，平面鏡成像特點物像關(guān)于鏡面對稱。照相機的鏡頭相當于一個凸透鏡，物體在凸透鏡的二倍焦距以外，成倒立、縮小的實像?！窘獯稹拷猓篈、山峰的高度和湖水的深度沒有關(guān)系，故A錯誤；B、倒影是平面鏡成像的結(jié)果，平面鏡成像時物像關(guān)于鏡面對稱，由圖知照片中實景在上，倒影在水面下，故B正確；CD、照相機是利用物距大于2倍焦距時凸透鏡成倒立、縮小的實像的原理工作的，則群山和倒影都是通過照相機鏡頭成倒立、縮小的實像，故CD錯誤。故選：B?！军c評】此題考查學(xué)生對光的反射和凸透鏡成像的應(yīng)用等知識點的理解，難度不大，屬于基礎(chǔ)知識。6．（2分）某物質(zhì)在冷卻過程中溫度的變化曲線如圖所示。據(jù)圖可知，這種物質(zhì)（）A．是非晶體 B．在t1時刻是固態(tài) C．在t2時刻是液態(tài) D．在t2時刻正放熱【考點】1C：熔化和凝固的溫度—時間圖象．【分析】（1）從圖象中辨別晶體與非晶體主要看這種物質(zhì)是否有一定的熔點或凝固點，即有一段時間這種物質(zhì)吸熱或放熱，但溫度變化，而此時就是這種物質(zhì)熔化或凝固的過程。（2）晶體在凝固前處于液態(tài)，凝固過程中處于固液共存，凝固完畢處于固態(tài)，凝固過程，不斷放熱?！窘獯稹拷猓篈、由圖知，該物質(zhì)有一段時間溫度保持不變，所以該物質(zhì)是晶體，故A錯誤；B、在t1時刻該物質(zhì)還沒有開始凝固，處于液態(tài)，故B錯誤；CD、在t2時刻是凝固過程中處于固液共存狀態(tài)，此時不斷放熱，但溫度沒有降低，故C錯誤，D正確；故選：D?！军c評】此題考查了學(xué)生對晶體凝固圖象的分析。讀物質(zhì)凝固的圖象時，關(guān)鍵是要從曲線變化中判斷物質(zhì)是否有一定的凝固點，從而確定是否屬于晶體，再明確不同時間段物質(zhì)所處的狀態(tài)。7．（2分）甲、乙、丙、丁四個同學(xué)進行攀巖比賽，他們做的功W與時間t的關(guān)系如圖所示。若規(guī)定做功最快的獲勝，則最后勝出的一定是（）A．甲 B．乙 C．丙 D．丁【考點】ED：功的計算公式的應(yīng)用．【分析】功率是比較物體做功快慢的物理量，功率跟做功多少和做功時間都有關(guān)系?！窘獯稹拷猓涸谙嗤瑫r間內(nèi)，做功越多，功率越大，也就是做功越快。由圖象知，當時間相同時，甲做功最多，所以由公式P＝知，甲功率最大，做功最快。故選：A。【點評】本題考查功率的物理意義，理解功率的含義是正確解答本題的關(guān)鍵。8．（2分）一消防員進行徒手爬繩訓(xùn)練。當他雙手握住繩索豎直勻速上攀時，繩索對他的摩擦力大小和方向分別是（）A．小于消防員的重力、豎直向上 B．等于消防員的重力、豎直向上 C．大于消防員的重力、豎直向上 D．大于消防員的重力、豎直向下【考點】7D：摩擦力的大小．【分析】消防員勻速攀上和勻速滑下的過程中，受力均平衡。勻速攀上時，其重力與靜摩擦力平衡；勻速下滑時，其重力與滑動摩擦力平衡?！窘獯稹拷猓何兆±K索勻速上攀時，消防員處于平衡狀態(tài)，豎直方向上消防員受到的重力和摩擦力是一對平衡力，大小相等，方向相反；因為重力的方向豎直向下，所以繩索對他的摩擦力方向豎直向上，摩擦力大小等于他的重力，故B正確。故選：B。【點評】本題運用平衡條件分析生活中的摩擦問題，關(guān)鍵是分析物體的受力情況，根據(jù)平衡條件求解摩擦力的大小。9．（2分）圖為某高速公路上區(qū)間測速的警示牌。根據(jù)這塊警示牌，小汽車通過這個區(qū)間的時間（）A．不應(yīng)超過10min B．不應(yīng)超過6min C．不應(yīng)短于10min D．不應(yīng)短于6min【考點】69：速度公式及其應(yīng)用．【分析】由警示牌可知，小汽車最大車速，區(qū)間測速長度，利用v＝得小汽車通過這個區(qū)間的時間最短時間，即所選答案?！窘獯稹拷猓河删九浦?，最大車速v＝120km/h，s＝20km，由v＝得小汽車通過這個區(qū)間的時間最短時間：t＝＝＝h＝×60min＝10min，不應(yīng)短于10min。故選：C?！军c評】本題考查了速度公式的應(yīng)用，能從警示牌上得出相關(guān)信息是關(guān)鍵。10．（2分）在圖示電路中，開關(guān)閉合后，無論怎樣移動滑片，小燈泡都不亮，電流表示數(shù)為零，電壓表有示數(shù)且不變。圖中除標有序號的四根導(dǎo)線外其他元件正常，則出現(xiàn)斷路的導(dǎo)線一定是（）A．① B．② C．③ D．④【考點】IE：電流表、電壓表在判斷電路故障中的應(yīng)用．【分析】燈泡不亮?xí)r有三種猜想，分析猜想成立時出現(xiàn)的結(jié)果，與電壓表和電流表的示數(shù)進行比對得出答案?！窘獯稹拷猓喝簪賹?dǎo)線斷了，電路斷路，燈泡不亮，電流表和電壓表無法測量，電壓表和電流表都無示數(shù)，不符合題意。若②導(dǎo)線斷了，電流表無示數(shù)，電壓表串聯(lián)在電路中，電壓表測電源電壓有示數(shù)，符合題意。若③④導(dǎo)線斷了，電流表有示數(shù)，電壓表示數(shù)為零，不符合題意。故選：B。【點評】燈泡不亮可能是燈泡斷路或燈泡以外的地方斷路或燈泡短路，燈泡斷路時，電路斷路，電路中沒有電流，電流表無示數(shù)，電壓表串聯(lián)在電路中，電壓表測量電源電壓；燈泡短路時，電路總電阻減小，電路電流增大，電流表示數(shù)增大，電壓表測量導(dǎo)線電壓，示數(shù)為0。燈泡以外的地方斷路，整個電路都處于斷開狀態(tài)，燈泡不亮，電壓表和電流表都沒有示數(shù)。11．（2分）用量筒、空瓶、小球和適量的水依次完成圖示甲、乙、丙三步實驗，量筒讀數(shù)依次為V1、V2和V3．已知水的密度為ρ，則小球（）A．體積為V2﹣V1 B．體積為V2﹣V3 C．質(zhì)量為ρ（V3﹣V1） D．質(zhì)量為ρ（V2﹣V1）【考點】2D：量筒的使用；8S：物體的浮沉條件及其應(yīng)用．【分析】根據(jù)漂浮條件求出小球受到的重力，再求出小球的質(zhì)量。讀出小球浸沒水前后時，量筒水面對應(yīng)的刻度值，求出小球的體積。【解答】解：空瓶漂浮在水面上，受到的重力等于排開水的重力，當小球放在空瓶中，瓶子還漂浮在水面上，根據(jù)增加的重力等于增加的浮力，所以小球的質(zhì)量等于增加的排開水的質(zhì)量，所以，m＝m排水＝（V2﹣V1）ρ水，小球的體積為V＝V3﹣V1，故ABC錯誤，D正確。故選：D?！军c評】本實驗中應(yīng)用了漂浮時浮力與重力相等的特點，根據(jù)阿基米德原理來計算浮力，同時注意實驗中測量小球體積的方法。12．（2分）如圖，彈簧測力計上端固定，下端掛一底面積已知的圓柱體（帶有縱向刻度，零刻度在底端），盛有適量液體的透明玻璃杯置于升降臺上，調(diào)節(jié)升降臺高度從而改變圓柱體底面在液體中的深度。利用該裝置探究圓柱體底面處液體壓強與深度的定量關(guān)系，實驗中不需要測量（或讀出）的是（）A．液體的密度 B．底面所處深度 C．圓柱體重力 D．測力計的示數(shù)【考點】8C：探究液體壓強的特點實驗．【分析】探究圓柱體底面處液體壓強與深度的定量關(guān)系時，就是設(shè)法測出圓柱體底部對液體的壓力，利用p＝求出圓柱體底面處液體壓強，然后比較液體壓強和深度的關(guān)系即可得出答案。【解答】解：彈簧測力計上端固定，下端掛一底面積已知的圓柱體，先讀出彈簧測力計在空氣中的示數(shù)即圓柱體的重力，然后讀出圓柱體浸入水中后的示數(shù)，兩者的差值即為圓柱體受到液體向上的作用力（即浮力），又知道圓柱體的底面積，根據(jù)p＝求出圓柱體底面處液體壓強；圓柱體帶有縱向刻度且零刻度在底端，通過透明玻璃杯讀出圓柱體底面所處的深度，用同樣的方法測出多組數(shù)據(jù)，然后求出圓柱體底面處液體壓強p與深度h的比值，歸納總結(jié)得出圓柱體底面處液體壓強與深度的定量關(guān)系，綜上可知，實驗中不需要測量（或讀出）的是液體的密度。故選：A?！军c評】本題考查了探究圓柱體底面處液體壓強與深度的定量關(guān)系，利用好壓強定義式和知道圓柱體受到的浮力等于圓柱體對水的壓力是關(guān)鍵。二、雙選題（本大題共4小題，每小題3分，共口2分．在每小題的四個選項中，都有兩個符合題目要叔．全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分．）13．（3分）炎陵龍渣瑤鄉(xiāng)境內(nèi)有一瀑布（如圖），溪水自懸崖飛瀉直下，噴雪濺珠，習(xí)稱“白米下鍋”，天氣晴好時瀑布前常會出現(xiàn)一彎彩虹。關(guān)于這一自然景觀，下列說法正確的是（）A．溪水飛瀉直下時，重力勢能轉(zhuǎn)化為動能 B．溪水飛瀉直下時，動能轉(zhuǎn)化為重力勢能 C．瀑布前出現(xiàn)彩虹的主要原因是光的反射 D．瀑布前出現(xiàn)彩虹的主要原因是光的色散【考點】AP：光的色散；FU：動能和勢能的轉(zhuǎn)化與守恒．【分析】（1）動能大小的影響因素：質(zhì)量和速度。質(zhì)量越大，速度越大，動能越大。重力勢能大小的影響因素：質(zhì)量和高度。質(zhì)量越大，高度越高，重力勢能越大。（2）彩虹是陽光通過空氣中的小水珠發(fā)生折射，形成的色散現(xiàn)象?！窘獯稹拷猓篈B、溪水飛瀉直下時，水的質(zhì)量不變，高度降低，速度增大，所以重力勢能減小，動能增加，重力勢能轉(zhuǎn)化為動能；故A正確、B錯誤；CD、彩虹是太陽光通過空氣中的小水珠發(fā)生折射，由于不同顏色的光偏折的角度不同，從而將太陽光分解成七色光的現(xiàn)象，這種現(xiàn)象叫光的色散；故C錯誤、D正確。故選：AD。【點評】掌握動能、重力勢能的影響因素，掌握光的色散的實質(zhì)，是順利解答的關(guān)鍵。14．（3分）為使倒車更安全，車輛通常會配置倒車可視和倒車雷達。倒車時，可視系統(tǒng)自動接通車尾攝像頭，將車后狀況顯示在液晶屏上（圖甲）：保險杠上的超聲波探頭（圖乙）探測到障礙物進入危險距離時，蜂鳴器就開始鳴叫，提醒司機及時停車。關(guān)于攝像頭和探頭的作用，下列說法正確的是（）A．攝像頭相當于凸透鏡 B．攝像頭相當于凹透鏡 C．探頭相當于聲吶 D．探頭相當于喇叭【考點】B8：凸透鏡成像的應(yīng)用．【分析】（1）要解決此題，需要掌握凸透鏡成像的規(guī)律以及應(yīng)用之一：物距大于二倍焦距成倒立縮小實像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，應(yīng)用是照相機。（2）轎車裝有倒車雷達，利用回聲定位原理，由裝置在車尾保險杠上的探頭發(fā)送超聲波遇到障礙物后反射此聲波。【解答】解：AB、攝像機都是根據(jù)物距大于2倍焦距時，成倒立、縮小實像的原理制成的，故A正確，B錯誤；CD、保險杠上的超聲波探頭探測到障礙物進入危險距離時，蜂鳴器就開始鳴叫，提醒司機及時停車，說明探頭相當于聲吶的作用，故C正確，D錯誤。故選：AC。【點評】此題由轎車的倒車可視和倒車雷達，考查學(xué)生對凸透鏡成像以及應(yīng)用和回聲定位原理的理解，與實際生活聯(lián)系密切，是一道好題。15．（3分）在測量圖甲所示滑輪組機械效率η的實驗中，通過改變物重G或動滑輪重G動進行多次實驗，得到了形如圖乙所示的效率與物重或動滑輪重的關(guān)系，圖中縱軸表示機械效率的倒數(shù)η﹣1，若不計繩重與摩擦，則橫軸可能表示（）A．G B．G﹣1 C．G動 D．【考點】F4：滑輪（組）的機械效率．【分析】根據(jù)機械效率公式推導(dǎo)出η﹣1＝＝1+，然后可得η﹣1與G和G動的關(guān)系?！窘獯稹拷猓河蓤D可知，物體由3段繩子承擔，此滑輪組的機械效率η＝＝＝＝則η﹣1＝＝1+＝1+（G﹣1×G動），已知圖中縱軸表示機械效率的倒數(shù)η﹣1，由此可知，若不計純重與摩擦，則橫軸可能表示G﹣1或G動，故選：BC?！军c評】本題考查滑輪組機械效率，考查了學(xué)生對效率公式的推導(dǎo)和對實驗圖象的分析，有一定的拔高難度。16．（3分）在圖示電路中，電源兩端電壓為U，三個定值電阻R1、R2和R3互不相等，電流表A的示數(shù)為IA，已知IA＝．根據(jù)該電路和IA的表達式，下列哪兩個元件對調(diào)位置后，電流表的示數(shù)一定不變？（）A．R1和R2 B．R2和R3 C．R3和R1 D．電源和電流表【考點】IH：歐姆定律的應(yīng)用．【分析】分析電流表A示數(shù)的表達式可直接判斷R1與R3互換時電流表的示數(shù)不變，而R1和R2互換或R2和R3互換時電流表示數(shù)變化，根據(jù)電路圖得出電源和電流表互換時相當于原電路圖中R1與R3互換，據(jù)此進行解答?！窘獯稹拷猓河蒊A＝可知，R1與R3互換時，電流表的示數(shù)不變，而R1和R2互換或R2和R3互換時，電流表的示數(shù)發(fā)生變化，故AB錯誤、C正確；由電路圖可知，電源和電流表互換時，相當于原電路圖中R1與R3互換，所以此時電流表的示數(shù)不變，故D正確。故選：CD。【點評】本題考查了學(xué)生獲取信息解決問題的能力，要注意電路元件互換時電流表示數(shù)的表達式中對應(yīng)的符號也要跟著互換。三、填空題（本大題共8小題，每空1分，共20分．）17．（2分）聲音的傳播需要介質(zhì)。正在傳聲的介質(zhì)處于振動（填“振動”或“靜止”）狀態(tài)；當聲音從空氣進入水中傳播時，聲速會（填“會”或“不會”）發(fā)生變化。【考點】91：聲音的產(chǎn)生；94：聲音在不同介質(zhì)中的傳播速度．【分析】解決此類問題要知道聲音是由物體的振動產(chǎn)生的；聲音的傳播需要介質(zhì)，聲音在真空中不能傳播，在不同的介質(zhì)中的傳播速度不同?！窘獯稹拷猓郝曇羰怯晌矬w振動產(chǎn)生的，聲源在振動，引起介質(zhì)振動，從而形成聲波向遠處傳播；聲音在三種不同介質(zhì)中的傳播速度是不同的，在固體中傳播最快，液體中次之，氣體中傳播最慢；聲速還與溫度有關(guān)；當聲音從空氣進入水中傳播時，聲速會發(fā)生變化。故答案為：振動；會。【點評】本題考查了聲音的產(chǎn)生和傳播的有關(guān)知識，屬于識記性內(nèi)容，比較簡單。18．（2分）夏天，從冰箱里取出冰塊，在冰塊四周出現(xiàn)的“白氣”是由空氣中的水蒸氣（填“冰”或“空氣中的水蒸氣”）形成的液態(tài)（填“液態(tài)”或“氣態(tài)”）水。【考點】1M：液化及液化現(xiàn)象．【分析】物質(zhì)由氣態(tài)變成液態(tài)的過程叫做液化，我們平時看到的各種“白氣”都是水蒸氣遇冷液化而成的小水滴?！窘獯稹拷猓合奶欤瑥谋淅锶〕龅谋鶋K溫度非常低，周圍空氣中的水蒸氣遇到溫度較低的冰塊液化而成的小水滴，就是我們看到的“白氣”，屬于液化現(xiàn)象。故答案為：空氣中的水蒸氣；液態(tài)?！军c評】此題考查了生活中的液化現(xiàn)象，我們平時看到的露、霧、“白氣”都是水蒸氣的液化現(xiàn)象。19．（2分）某同學(xué)周日登云陽山，她通過手機上的指南針APP得知A、B兩處的氣壓分別為915hPa和978hPa．根據(jù)大氣壓相關(guān)知識可知，A處海拔比B處高（填“高”或“低”）；1hPa＝1100Pa．（1標準大氣壓＝1.013×105Pa）?！究键c】8G：大氣壓強與高度的關(guān)系．【分析】（1）大氣壓與高度有關(guān)，隨海拔高度增加，大氣壓強減?。唬?）在壓強單位中，1hPa＝100Pa?！窘獯稹拷猓海?）由題知，A、B兩處的氣壓分別為915hPa和978hPa，即A處氣壓低于B處氣壓；由于大氣壓隨海拔高度的升高而降低，所以A處海拔比B處高；（2）在壓強單位中，1hPa＝100Pa。故答案為：高；100?！军c評】本題考查氣壓與高度的關(guān)系、壓強單位的換算，難度不大。20．（2分）用一臺電取暖器給有50kg空氣的房間加熱。通電后取暖器的電熱元件溫度升高，是通過做功（填“做功”或“熱傳遞”）的方式使其內(nèi)能增加的；一段時間后室溫升高了5℃，則空氣吸收的熱量為2.5×105J．設(shè)空氣的比熱容為1.0×103J/（kg?℃）【考點】G9：做功改變物體內(nèi)能；GG：熱量的計算．【分析】（1）改變物體內(nèi)能的方法有兩個：做功和熱傳遞；（2）由熱量公式求出空氣吸收的熱量?！窘獯稹拷猓和姾笕∨鞯碾姛嵩囟壬?，是通過電流做功的方式使其內(nèi)能增加的；空氣吸收的熱量：Q＝cm△t＝1.0×103J/（kg?℃）×50kg×5℃＝2.5×105J；故答案為：做功；2.5×105?！军c評】此題考查做功改變物體的內(nèi)能、熱量的計算，難度不大，屬于基礎(chǔ)題目。21．（2分）立定跳高可分解為下蹲、蹬伸和騰空三個過程。圖為某運動員下蹲后在蹬伸過程中所受地面支持力F隨時間t變化的關(guān)系。據(jù)圖可知，該運動員受到的重力為500N；他在t3（填“t1”“t2”或“t3”）時刻獲得向上的最大速度。【考點】6U：力與運動的關(guān)系；76：重力．【分析】（1）靜止在水面上的物體所受支持力等于重力；（2）運動員受到地面的支持力F方向向上，運動員的重力G方向向下；合力方向與物體運動方向相同﹣﹣加速；合力與物體運動方向相反﹣﹣減速；t1﹣t2，F(xiàn)＞G，運動員所受合力向上，運動員向上加速；其速度增大。t2﹣t3，F(xiàn)＞G，運動員所受合力向上，運動員繼續(xù)向上加速；其速度增大。t3﹣t4，F(xiàn)＜G，運動員受到合力向下，由于慣性運動員還是會繼續(xù)向上運動但是向上的速度會減??；【解答】解：（1）運動員下蹲后、蹬伸前處于靜止狀態(tài)（圖中0﹣t1這段時間），其受力平衡，重力和支持力平衡，二力的大小相等，則由圖象可知運動員的重力：G＝F＝500N；（2）運動員受到地面的支持力F方向向上，運動員的重力G方向向下；由圖象可知：t1﹣t2內(nèi)，F(xiàn)＞G，運動員所受合力向上，運動員向上加速運動，其速度增大。t2﹣t3內(nèi)，F(xiàn)＞G，運動員所受合力向上，運動員繼續(xù)向上加速運動，其速度增大。t3﹣t4內(nèi)，F(xiàn)＜G，運動員受到合力向下，由于慣性運動員還是會繼續(xù)向上運動但是向上的速度會減?。凰?，t1﹣t3過程，運動員的速度一直增大；t3﹣t4是減速，故t3時刻獲得最大速度。答案為：500；t3?！军c評】本題考查物體所受合力的與物體運動狀態(tài)的關(guān)系。22．（2分）如圖為某型號電動平衡車，其電動機功率為400W．在下列條件下測得其續(xù)航里程為18km：滿電：載重60kg；沿平直路面行駛：速度12km/h。在這次測試中，電動機消耗電能為0.6kW?h：若電動機效率為80%，則平衡車受到的阻力為96N。【考點】FG：功率計算公式的應(yīng)用；J3：電功與電能的計算．【分析】（1）根據(jù)v＝求出行駛時間，再根據(jù)W＝Pt求出消耗的電能；（2）根據(jù)電動機效率求出電動機做的有用功，再根據(jù)W＝Fs求出電動機牽引力，勻速行駛時受到的阻力等于牽引力。【解答】解：（1）由v＝得，行駛時間：t＝＝＝1.5h，消耗的電能：W電＝Pt＝0.4kW×1.5h＝0.6kW?h；（2）由η＝得，電動機做的有用功：W有用＝ηW電＝80%×0.6kW?h＝0.48kW?h＝1.728×106J，勻速行駛時，由W＝Fs得，平衡車受到的阻力：f＝F＝＝＝96N。故答案為：0.6；96?！军c評】此題主要考查的是學(xué)生對速度、電功、效率、有用功計算公式的理解和掌握，綜合性較強，難度不大。23．（4分）圖甲為一臺簡易電動機，它由一節(jié)舊電池、小塊銣磁鐵和線框組成，磁鐵吸在電池下端，線框由裸銅導(dǎo)線繞制；圖乙為電動機工作原理圖，箭頭表示磁感線方向。根據(jù)圖乙可知，磁鐵上端為N（填“N”或“S”）極；已知磁場對線框左邊的作用力垂直于紙面向里，則線框右邊受到的磁場力垂直于紙面向外（填“向外”或“向里”），線框在轉(zhuǎn)動過程中將電能轉(zhuǎn)化為機械能?！究键c】CB：安培定則及其應(yīng)用；CJ：磁場對通電導(dǎo)線的作用．【分析】在磁體外部，磁感線總是從N極發(fā)出，回到S極。根據(jù)左手定則判斷受力；電動機是電能轉(zhuǎn)化為機械能?！窘獯稹拷猓簣D甲為一臺簡易電動機，它由一節(jié)舊電泡、小塊銣磁鐵和線框組成，磁鐵吸在電池下端，線框由裸銅導(dǎo)線繞制；圖乙為電動機工作原理圖，箭頭表示磁感線方向。根據(jù)圖乙可知，在磁體外部，磁感線總是從N極發(fā)出，回到S極，磁鐵上端為N極；已知磁場對線框左邊的作用力垂直于紙面向里，根據(jù)左手定則判斷，電流相反，線框右邊受到的磁場力垂直于紙而向外，線框在轉(zhuǎn)動過程中將電能轉(zhuǎn)化為機械能。故答案為：N；向外；電；機械。【點評】本題考查了磁場相互作用、磁場對電流的作用、電動機的能量轉(zhuǎn)化、影響磁場受力方向的因素等知識，涉及的知識較多，但難度不大，熟練應(yīng)用相關(guān)基礎(chǔ)知識即可正確解題。24．（4分）如圖，a、b、c、d為某液體內(nèi)部的四個點，它們剛好位于豎直平面內(nèi)一長方形的四個頂點，液體在a、b、d三點的壓強以及長方形的邊長已在圖中標注，則c點的液體壓強沿各個（填“豎直”或“各個”）方向，大小為60kPa：該液體密度為1×103kg/m3，a點的深度為1.2m．（g取10N/kg）【考點】8A：液體壓強計算公式的應(yīng)用．【分析】（1）液體壓強特點；液體內(nèi)部壓強的大小與液體的深度和液體密度有關(guān)，同一深度，液體向各個方向的壓強相等；根據(jù)p＝ρgh來分析c點的壓強；（2）求出任意兩點之間高度差和壓強差，根據(jù)p＝ρgh即可求出液體密度；（3）根據(jù)p＝ρgh求出a點的深度?！窘獯稹拷猓海?）液體壓強特點；同一深度，液體向各個方向的壓強相等；所以，c點的液體壓強沿各個方向都有壓強，由于abcd是豎直平面內(nèi)一長方形的四個頂點，由圖可知：bd受到的液體壓強相等，根據(jù)p＝ρgh可知在同一深度處，則：a到b、d點所在平面的高度與c到b、d點所在平面的高度相等，根據(jù)p＝ρgh可知：pc＝pb+（pb﹣pa）＝36kPa+（36kPa﹣12kPa）＝60kPa；（2）已知ab＝4m，ad＝3m，根據(jù)直角三角形的特點可得：bd＝5m，則根據(jù)三角形相似可得：＝，所以，hab＝×ab＝×4m＝2.4m，△pab＝pb﹣pa＝36kPa﹣12kPa＝24kPa＝24000Pa；根據(jù)p＝ρgh可得：ρ＝＝＝1×103kg/m3；（3）已知：pa＝12kPa＝12000Pa；根據(jù)p＝ρgh可得：ha＝＝＝1.2m。故答案為：各個；60；1×103；1.2。【點評】此題主要考查的是學(xué)生對液體壓強的影響因素實驗的理解和掌握，注意控制變量法和轉(zhuǎn)換法的運用。四、實驗題（本大題共4小題，共24分．）25．（4分）用圖示裝置探究“影響電熱的因素”，A、B、C為三根相同的電阻絲。以A、B為研究對象，該實驗探究的是在電阻不變時電熱與電流的關(guān)系；若將C也置于右側(cè)容器中，這時B、C并聯(lián)后可等效為一根電阻絲，那么，該裝置還可探究在電流不變時電熱與電阻的關(guān)系。（填“電流”或“電阻”）【考點】JH：焦耳定律．【分析】電流通過導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量與電流大小、導(dǎo)體電阻和通電時間都有關(guān)系，研究某一物理量對電流產(chǎn)生熱量的影響時，需要運用控制變量法。【解答】解：（1）由圖知，電阻絲B、C并聯(lián)后與A串聯(lián)，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點可知，通過A的電流與通過B、C的電流之和相同，所以通過A的電流大于通過B的電流，已知容器內(nèi)A、B的電阻相同，在通電時間相同時，該實驗探究的是電流產(chǎn)生熱量與電流大小的關(guān)系；（2）若將C也置于右側(cè)容器中，這時B、C并聯(lián)后可等效為一根電阻絲（等效電阻為5Ω），其等效電阻是A電阻絲的一半，此時通過A的電流與通過右側(cè)“一根”電阻絲的電流相同，所以探究的是：電流相同時，相同時間內(nèi)電流產(chǎn)生熱量與電阻大小的關(guān)系。故答案為：電阻；電流；電流；電阻?！军c評】此題考查了探究“影響電熱的因素”的實驗過程，屬于基本技能的考查，在探究過程中注意控制變量法和轉(zhuǎn)換法的應(yīng)用。26．（4分）采用如圖所示站姿鍛煉手臂力量：雙腳并攏，腳尖O觸地，腳后跟踮起，手臂水平，手掌支撐在豎直墻壁上的A點，B為人體重心所在位置。鍛煉時，軀體伸直，手臂彎曲和伸直動作交替進行?，F(xiàn)要估測手掌對墻壁的壓力F．（g為已知常量）（1）用體重計稱量出人體的體重（質(zhì)量）m：用卷尺分別測量出A、O兩點間的豎直距離l1和B、O兩點間的水平距離l2：（填“A、O”或“B、O”）（2）手掌對墻壁的壓力F＝（用已知和測得的物理量表示）；（3）鍛煉時，腳尖離開墻壁越遠，手掌對墻壁的壓力就越大?！究键c】7N：杠桿的平衡條件．【分析】（1）以腳尖O為支點，分別找出F的力臂和重力G的力臂；（2）根據(jù)杠桿的平衡條件可求；（3）鍛煉時，腳尖離開墻壁越遠，重力的力臂越大，根據(jù)杠桿的平衡條件分析手掌對墻壁的壓力?！窘獯稹拷猓翰捎萌鐖D所示站姿鍛煉手臂力量：雙腳并攏，腳尖O觸地，腳后跟踮起，手臂水平，手掌支撐在豎直墻壁上的A點，B為人體重心所在位置。鍛煉時，軀體伸直，手臂彎曲和伸直動作交替進行?，F(xiàn)要佔測手掌對墻壁的壓力F；（1）用體重計稱量出人體的體重（質(zhì)量）m：由圖可知，以腳尖O為支點，支持力F的力臂為A、O兩點間的豎直距離，重力G的力臂為B、O兩點間的水平距離，用卷尺分別測量出A、O兩點間的豎直距離l1和B、O兩點間的水平距離l2：（2）由杠桿的平衡條件可得F′×l1＝mgl2，所以墻壁對手掌的支持力：F′＝；支持力與手對墻壁的壓力是一對相互作用力，故F＝F′＝；（3）由F×l1＝mgl2可知，鍛煉時，腳尖離開墻壁越遠，l1減小，l2增大，質(zhì)量不變，重力不變，手掌對墻壁的壓力就越大。故答案為：（1）A、O；B、O；（2）；（3）大?！军c評】本題主要考查杠桿的平衡條件的應(yīng)用，關(guān)鍵是分析力臂。27．（6分）用一把刻度尺和一支彈簧測力計探究彈性細繩的伸長量與所受拉力的定量關(guān)系。如圖甲所示，A、B分別為處于原長的一根彈性細繩的左右兩端，R1和R2是固定在細繩上的兩個標識?，F(xiàn)將A端固定，用彈簧測力計將B端沿著細繩所在直線向右拉，R1、R2和B三點位置及彈簧測力計的讀數(shù)如圖乙、丙、丁所示。已知細繩始終處于彈性限度內(nèi)。（1）據(jù)甲圖可知彈性細繩原長為3.00cm；乙圖中測力計讀數(shù)為1.6N。（2）分析實驗數(shù)據(jù)可知，在彈性限度內(nèi)，彈性細繩是均勻（填“均勻”或“不均勻”）伸長的；伸長量與所受拉力成正比（填“成正比”或“不成正比”）。（3）當標識R2剛好位于刻度尺上7.00cm位置時，R1位于刻度尺上3.50cm位置?，F(xiàn)手持細繩兩端，A端向左B端向右使它們沿繩所在直線同時勻速運動，若發(fā)現(xiàn)標識R2不動，則A、B兩端的速度之比為2：1?！究键c】73：探究彈簧測力計原理的實驗．【分析】（1）根據(jù)刻度尺的分度值讀出彈性繩的原長，根據(jù)彈簧測力計的分度值讀出其讀數(shù)；（2）讀出圖乙、丙、丁中彈性細繩的長度，然后求出伸長量，再讀出測力計的示數(shù)，分析數(shù)據(jù)判斷彈性細繩怎樣伸長的以及伸長量與所受拉力的關(guān)系；（3）讀出甲、乙、丙、丁中R1和R2的位置，歸納得出結(jié)論，然后求出標識R2剛好位于刻度尺上7.00cm位置時R1的位置，讀出甲、乙、丙、丁中R2左側(cè)和右側(cè)的長度關(guān)系，A端向左B端向右使它們沿繩所在直線同時勻速運動，若發(fā)現(xiàn)標識R2不動，根據(jù)v＝得出A、B兩端的速度之比。【解答】解：（1）由圖可知，刻度尺的分度值為1mm，由甲圖可知，彈性細繩原長為3.00cm；由圖可知，彈簧測力計的分度值0.2N，由乙圖可知，測力計的讀數(shù)為1.6N；（2）圖乙中，彈性細繩長度為6.00cm，伸長了3.00cm，測力計的示數(shù)為1.6N，圖丙中，彈性細繩長度為9.00cm，伸長了6.00cm，測力計的示數(shù)為3.2N，圖丁中，彈性細繩長度為12.00cm，伸長了9.00cm，測力計的示數(shù)為4.8N，由以上實驗數(shù)據(jù)可知，在彈性限度內(nèi)，彈性細繩是均勻伸長的，且伸長量與所受拉力成正比；（3）由圖甲可知，R2位于3.00cm時，R1位于1.00cm；由圖乙可知，R2位于4.00cm時，R1位于2.00cm；由圖丙可知，R2位于6.00cm時，R1位于3.00cm；由圖丁可知，R2位于8.00cm時，R1位于4.00cm；綜上可知，R1的長度是R2長度的一半，則當標識R2剛好位于刻度尺上7.00cm位置時，R1位于刻度尺上3.50cm位置由圖甲可知，R2左側(cè)彈性細繩長度為2.00cm，右側(cè)彈性細繩的長度為1.00cm；由圖乙可知，R2左側(cè)彈性細繩長度為4.00cm，右側(cè)彈性細繩的長度為2.00cm；由圖丙可知，R2左側(cè)彈性細繩長度為6.00cm，右側(cè)彈性細繩的長度為3.00cm；由圖丁可知，R2左側(cè)彈性細繩長度為8.00cm，右側(cè)彈性細繩的長度為4.00cm；綜上可知，R2左側(cè)彈性細繩長度是右側(cè)彈性細繩長度的2倍，則A端向左B端向右使它們沿繩所在直線同時勻速運動，若發(fā)現(xiàn)標識R2不動，由v＝可知，A、B兩端的速度之比為2：1。故答案為：（1）3.00；1.6；（2）均勻；成正比；（3）3.50；2：1。【點評】本題考查了探究彈性細繩的伸長量與所受拉力的定量關(guān)系，從圖中獲取有用的信息并會應(yīng)用是關(guān)鍵。28．（10分）一種家用雙溫雙控電熱毯，它有兩組電熱絲，分別由溫控開關(guān)獨立控制，可根據(jù)各自需要選擇檔位“升溫”“睡眠”或“關(guān)”。（1）圖甲為電熱毯的一組電熱絲所在的電路，指示燈L與電熱絲并聯(lián)；電熱毯工作時通過指示燈的電流很小，可知其電阻很大。（2）圖甲中D為二極管，具有單向?qū)щ娦?，即只允許一個方向的電流通過。當電熱絲與二極管連接后，一半時間通電，另一半時間斷電，從而減小發(fā)熱功率，實現(xiàn)了電熱毯的“睡眠”功能。忽略指示燈和二極管消耗的功率，若電熱毯的“升溫”功率為100W，則其“睡眠”功率為50W。（3）現(xiàn)用圖乙所示電路測量其中一組電熱絲的電阻（忽略通過指示燈的電流）。①請在圖乙中將電路連接完整。②實驗前，應(yīng)將被測的一組電熱絲的開關(guān)推至檔位“升溫”，另一組電熱絲的開關(guān)推至檔位“關(guān)”。（填“升溫”或“關(guān)”）③實驗中，當電壓表示數(shù)為13.0V時，電流表示數(shù)如圖丙所示，則電熱絲電阻為200Ω。④測得的電熱絲電阻顯著小于其正常工作時的電阻，主要原因是電熱絲電阻受溫度影響。（填“長度”或“溫度”）【考點】IM：伏安法測電阻的探究實驗．【分析】（1）分析電路連接，由歐姆定律回答；（2）當電熱絲與二極管連接后，一半時間通電，另一半時間斷電，據(jù)此分析；（3）①根據(jù)伏安法測電阻，電流表與二極管串聯(lián)后與電壓表并聯(lián)；②由題意，實驗前，應(yīng)將被測的一組電熱絲的開關(guān)推至檔位“升溫”，另一組電熱絲的開關(guān)推至檔位“關(guān)；③根據(jù)電流表分度值讀數(shù)，由歐姆定律得出電熱絲電阻；④電熱絲電阻受溫度影響?！窘獯稹拷猓海?）圖甲為電熱毯的一組電熱絲所在的電路，指示燈L與電熱絲并聯(lián)：電熱毯工作時通過指示燈的電流很小，由歐姆定律可知其電阻很大。（2）當電熱絲與二極管連接后，一半時間通電，另一半時間斷電，從而小發(fā)熱功率，實現(xiàn)了電熱毯的“睡眠”功能。忽略指示燈和二極管消耗的功率，若電熱毯的“升溫”功率為100W，即通電功率，則其“睡眠”功率為＝50W。（3）①根據(jù)伏安法測電阻，電流表與二極管串聯(lián)后與電壓表并聯(lián)，如下所示：②實驗前，應(yīng)將被測的一組電熱絲的開關(guān)推至檔位“升溫”，另一組電熱絲的開關(guān)推至檔位“關(guān)；③實驗中，當電壓表示數(shù)為13.0V時，電流表示數(shù)如圖丙所示，分度值為1mA，電流為65mA，由歐姆定律，則電熱絲電阻為：R＝＝＝200Ω。④測得的電熱絲電阻顯著小于其正常工作時的電阻，主要原因是電熱絲電阻受溫度影響。故答案為：（1）并；大；（2）50；（3）①如上所示；②關(guān)；③200；④溫度。【點評】本題考查電路連接、歐姆定律的運用、電路分析和影響電阻大小的因素。五、綜合題（本大題共2小題，每小題10分，共20分，）29．（10分）喝飲料時，將橫截面積為S的吸管豎直插入飲料中，在大氣壓作