【解析】江蘇省鹽城市2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期6月期末物理試題

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江蘇省鹽城市2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期6月期末物理試題

一、單項(xiàng)選擇題：共10小題，每小題4分，共計(jì)40分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意．

1．一個(gè)原子核經(jīng)過(guò)1次衰變，變成另一個(gè)原子核．衰變后原子核的中子數(shù)減少（）

A．1個(gè)B．2個(gè)C．3個(gè)D．4個(gè)

2．某同學(xué)將一個(gè)表面潔凈、兩端開口的細(xì)直塑料筆芯豎直插入水中，水不浸潤(rùn)該塑料，則他用放大鏡觀察到的情景可能是（）

A．B．

C．D．

3．利用智能手機(jī)中的傳感器和相關(guān)軟件可測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度．如圖所示，在水平放置的手機(jī)上建立三維坐標(biāo)系，手機(jī)顯示屏所在平面為面，豎直向上為軸正方向，測(cè)得、，手機(jī)顯示屏的面積約為，根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)可知（）

A．測(cè)量地點(diǎn)位于赤道位置

B．通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量約為

C．通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量為

D．通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量為

4．在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，小明用同一光電管在不同實(shí)驗(yàn)條件下得到了三條光電流與電壓之間的關(guān)系曲線（甲、乙、丙），如圖所示．下列說(shuō)法正確的是（）

A．入射光的波長(zhǎng)B．入射光的波長(zhǎng)

C．入射光的頻率D．入射光的頻率

5．交流發(fā)電機(jī)的示意圖如圖所示，線圈繞垂直于磁場(chǎng)方向的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．在圖示位置，下列說(shuō)法正確的是（）

A．穿過(guò)線圈的磁通量變化率最小B．線圈中電流方向?qū)l(fā)生改變

C．線圈中電流最大，方向?yàn)镈．穿過(guò)線圈的磁通量最大

6．如圖甲所示，某超聲波發(fā)生器中的核心元件——壓電陶瓷片．為使得壓電陶瓷片發(fā)生超聲振動(dòng)，需要給它通入同頻率的高頻電信號(hào)．圖乙為高頻電信號(hào)發(fā)生原理圖，已知某時(shí)刻電流i的方向指向A極板，且正在減小，下列說(shuō)法正確的是（）

A．A極板帶正電

B．線圈L兩端的電壓在減小

C．電場(chǎng)能正在轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能

D．減小電容器的電容，可以減小超聲振動(dòng)的頻率

7．甲、乙兩位同學(xué)在“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)操作中，都發(fā)生了操作錯(cuò)誤．甲：在配制油酸酒精溶液時(shí)，不小心把酒精倒多了一點(diǎn)．

乙：在計(jì)算油膜面積時(shí)，把凡是半格左右的油膜都算成了一格，導(dǎo)致計(jì)算的面積比實(shí)際面積大一些．

上述操作導(dǎo)致分子直徑大小的測(cè)量值與真實(shí)值相比（）

A．甲、乙都偏大B．甲、乙都偏小

C．甲偏大、乙偏小D．甲偏小、乙偏大

8．如圖所示，兩個(gè)相同的小燈泡和分別串聯(lián)一個(gè)帶鐵芯的電感線圈和一個(gè)滑動(dòng)變阻器，電路中電源內(nèi)阻忽略不計(jì)．閉合開關(guān)后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片位置，穩(wěn)定后和的亮度一樣．下列說(shuō)法正確的是（）

A．閉合僢間，和立即變亮

B．?dāng)嚅_后，右端電勢(shì)比左端高

C．閉合瞬間，電感線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零

D．?dāng)嚅_后，立即熄滅

9．1932年，查德威克用未知射線轟擊氫核，發(fā)現(xiàn)這種射線是由質(zhì)量與氫核大致相等的中性粒子（即中子）組成．如圖所示，中子以速度分別碰撞靜止的氫核和氮核，碰撞后氫核和氮核的速度分別為和．已知氮核的質(zhì)量為氫核質(zhì)量的14倍，設(shè)碰撞為彈性正碰，不考慮相對(duì)論效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A．碰撞后氮核的動(dòng)量比氫核的大B．碰撞后氮核的動(dòng)能比氫核的大

C．小于D．大于

10．一條輕長(zhǎng)繩放置在水平桌面上，俯視圖如圖甲所示，用手握住長(zhǎng)繩的一端，從時(shí)刻開始用手帶動(dòng)點(diǎn)沿垂直繩的方向（圖甲中軸方向）在水平面內(nèi)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，內(nèi)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示．則時(shí)輕長(zhǎng)繩上的波形圖可能正確的是（）

A．B．

C．D．

二、非選擇題：共5小題，共60分，其中第12~15題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．

11．某中學(xué)生課外科技活動(dòng)小組利用銅片、鋅片和橙子制作了橙汁電池．他們用如圖所示實(shí)驗(yàn)電路測(cè)量這種電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．其中電流表內(nèi)阻為，量程為；電阻箱阻值的變化范圍為．

⑴閉合開關(guān)，多次調(diào)節(jié)電阻箱，記錄下電阻箱的阻值和電流表的相應(yīng)讀數(shù)；

⑵根據(jù)如圖所示電路，用和表示，得；

⑶通過(guò)多次測(cè)量得到電阻箱和電流表的各組數(shù)據(jù)，見下表，請(qǐng)利用表格中的數(shù)據(jù)作出圖線；

99210870

81029804

71158696

61317634

51526579

41805556

32204545

⑷根據(jù)圖線可得V，（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）；

⑸若將電路圖中的電流表當(dāng)成理想電表，得到的電源內(nèi)阻為，由此產(chǎn)生的誤差為．（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

12．如圖所示，在深度為、充滿水的游泳池底部A處有一單色點(diǎn)光源，A點(diǎn)距游泳池壁的距離為，某人在距泳池邊緣B點(diǎn)處恰好看到光源，已知人的眼睛到地面的高度為，光在真空中傳播速度為，求：

（1）游泳池中水對(duì)該單色光的折射率；

（2）該單色光在水中傳播的速度．

13．（8分）一個(gè)容器內(nèi)部呈不規(guī)則形狀，為測(cè)量它的容積，在容器上插入一根兩端開口的玻璃管，接口用蠟密封．玻璃管內(nèi)部橫截面積為，管內(nèi)一靜止水銀柱封閉著長(zhǎng)度為的空氣柱，如圖所示，此時(shí)外界的溫度為．現(xiàn)把容器浸在溫度為的熱水中，升溫過(guò)程中氣體內(nèi)能增加了、氣體對(duì)外界做的功為，水銀柱靜止時(shí)下方的空氣柱長(zhǎng)度變?yōu)椋畬?shí)驗(yàn)過(guò)程中認(rèn)為大氣壓沒(méi)有變化，水銀沒(méi)有溢出．求：

（1）氣體吸收的熱量；

（2）容器的容積．

14．如圖所示，電阻不計(jì)的矩形導(dǎo)線框，在間接電阻為的均勻電阻絲甲，線框放在方向垂直于線框平面、磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．現(xiàn)有電阻為的金屬棒剛好架在導(dǎo)線框上，長(zhǎng)度為，并以恒定速度從邊滑向邊．在滑動(dòng)過(guò)程中與導(dǎo)線框的接觸良好．求：

（1）產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；

（2）甲消耗電功率的最大值；

（3）所受安培力的最小值．

15．如圖所示，一種新型質(zhì)譜儀原理圖，離子源s中翲出初速度為零的離子，經(jīng)間的電場(chǎng)加速后，沿軸線進(jìn)入圖中虛線所示的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域．圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)半徑為，磁場(chǎng)區(qū)域的右下部分圓周邊界處安裝有接收底片在的正下方，與同在軸線上．一個(gè)質(zhì)量為的一價(jià)正離子從離子源飄入電場(chǎng)，最后恰好打在點(diǎn)．已知元電荷為間電壓為，離子重力忽略不計(jì)．

（1）求圓形區(qū)域中磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；

（2）因放置失誤，導(dǎo)致磁場(chǎng)區(qū)域整體向下移動(dòng)，使磁場(chǎng)區(qū)域圓心偏離軸線，求此情況下氫離子打在底片上的位置．（用該位置到點(diǎn)的連線與軸線所成的角度表示）；

（3）若在離子源中放入質(zhì)量為的一價(jià)正離子，的電壓波動(dòng)范圍為，若要這兩種離子在底片上的位置不重疊時(shí)，應(yīng)滿足的條件．

答案解析部分

1．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】原子核的衰變、半衰期

【解析】【解答】一個(gè)原子核經(jīng)過(guò)一次衰變，減少了4個(gè)質(zhì)量數(shù)，減少2個(gè)質(zhì)子數(shù)，所以衰變后原子核的中子數(shù)減少了2個(gè)，故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故答案為：B。

【分析】本題考差了核反應(yīng)過(guò)程的電荷守恒定律，生成了，說(shuō)明原子核的質(zhì)量數(shù)減少了4個(gè)，質(zhì)子數(shù)減少了2個(gè)，說(shuō)明其中中子數(shù)也減少了2個(gè)。

2．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】液體的表面張力；浸潤(rùn)和不浸潤(rùn)

【解析】【解答】注意，由于水跟塑料筆芯不浸潤(rùn)，說(shuō)明塑料筆芯外水跟塑料接觸的附著層內(nèi)分子與分子之間的距離較大，分子力表現(xiàn)為引力，使附著層有收縮的趨勢(shì)，很明顯ABC筆芯外面的圖正確，而D選項(xiàng)中，筆芯外水與塑料表現(xiàn)為浸潤(rùn)，是錯(cuò)誤的。在筆芯的內(nèi)部，由于液體表面張力會(huì)對(duì)管中的液體形成向下的拉力，使筆芯中的液面低于外面的液面，且在液體表面張力的作用下會(huì)形成凸形的液面。故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故本題答案為：C。

【分析】本題考查了液體的表面張力。由于水與塑料不浸潤(rùn)，所以在筆芯的內(nèi)部液面會(huì)在表面張力的作用下呈現(xiàn)凸形，并且表面張力會(huì)對(duì)管中的水形成向下的拉力，使筆芯中的水的液面低于外面的液面。在筆芯的外面，由于水與塑料不浸潤(rùn)，附著層中的水分子之間的分子引力使附著層有收縮的趨勢(shì)。

3．【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】磁現(xiàn)象和磁場(chǎng)、磁感線；磁通量

【解析】【解答】A.，，說(shuō)明測(cè)量地點(diǎn)既有水平方向上的磁場(chǎng)，又有豎直向下的磁場(chǎng)，而在赤道的地方，磁場(chǎng)沿著水平方向，豎直方向上沒(méi)有磁場(chǎng)，故A錯(cuò)誤；

BCD.由于By平行于手機(jī)的顯示屏，而Bz垂直于手機(jī)的顯示屏，所以通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量為，故D正確，BC錯(cuò)誤。

故答案為：D。

【分析】本題考查了磁通量。在地球上，磁場(chǎng)是從南極出發(fā)指向北極，所以在赤道處磁場(chǎng)平行于地面，即沿著水平方向，而本題有豎直方向的磁場(chǎng)，所以測(cè)量地點(diǎn)不是在赤道；磁通量是垂直通過(guò)有效面積的磁感線條件，由于By平行于手機(jī)的顯示屏，而Bz垂直于手機(jī)的顯示屏，所以計(jì)算磁通量時(shí)得利用Bz來(lái)計(jì)算并且套用磁通量的公式。

4．【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】光電效應(yīng)

【解析】【解答】CD.首先注意由于使用的是同一個(gè)光電管，所以逸出功相等，根據(jù)z得由于乙的截止電壓最大，甲、丙的截止電壓相等，所以有乙入射光頻率最大，甲、丙入射光頻率相等，即，故C正確，D錯(cuò)誤；

AB.由于，所以甲、乙、丙入射光的波長(zhǎng)排序?yàn)?，故AB錯(cuò)誤。

故答案為：D。

【分析】由圖中知道曲線與橫軸相交的點(diǎn)為截止電壓，明顯乙的截止電壓最大，甲、丙的截止電壓相等，由于是同一個(gè)光電管，所以逸出功相等，根據(jù)知乙入射光的頻率最大，甲、丙入射光的頻率相等，又由于，頻率大波長(zhǎng)反而短，所以乙入射光的波長(zhǎng)最短，甲、丙入射光的波長(zhǎng)最長(zhǎng)。

5．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】交變電流的產(chǎn)生及規(guī)律；交變電流的圖像與函數(shù)表達(dá)式

【解析】【解答】AD.此時(shí)，說(shuō)明沒(méi)有磁場(chǎng)通過(guò)此面積，此時(shí)通過(guò)線圈的磁通量最小，為0，但是磁通量的變化率最大，故AD錯(cuò)誤；

B.由于在線圈每經(jīng)過(guò)中性面一次，電流方向就改變一次，這并不是中性面，故B錯(cuò)誤；

C.由于此時(shí)為峰值面，所以線圈此時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，線圈中電流也最大，AB邊此時(shí)是向下切割磁感線運(yùn)動(dòng)，所以根據(jù)右手定則可知產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)锽到A。故C正確。

故答案為：C。

【分析】本題考查了線圈繞垂直于磁場(chǎng)的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生正弦交流電的知識(shí)點(diǎn)，當(dāng)線圈與磁場(chǎng)平行時(shí)，通過(guò)線圈的磁通量最小，為0，此時(shí)這個(gè)面為峰值面，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，線圈中的感應(yīng)電流也最大，根據(jù)右手定則可以判斷回路的感應(yīng)電流方向；注意線圈每通過(guò)中性面一次，感應(yīng)電流方向就改變一次。

6．【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】電容器及其應(yīng)用；電磁振蕩；LC振蕩電路分析

【解析】【解答】AC.看到乙圖可知相當(dāng)于在給電容器C充電，而在充電的過(guò)程中，電容器上的電量越來(lái)越大，電容器之間的電場(chǎng)越來(lái)越強(qiáng)，電場(chǎng)能也越來(lái)越大，所以本題是磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能的過(guò)程，并且由于電子移動(dòng)方向與電流的方向相反，所以B板積累的是電子，則A極板積累的是正電荷，A極板帶正電，故A正確，C錯(cuò)誤；

B.由題目可知由于電流正在減小，說(shuō)明電流的變化率正在變大，根據(jù)可知線圈L兩端的電壓正在增大，故B錯(cuò)誤；

D.根據(jù)電磁振蕩的公式可知減小電容器的電容，超聲振動(dòng)的頻率反而增大，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】本題為給電容器充電，所以電容器上面的電量越來(lái)越多，則極板間產(chǎn)生的電場(chǎng)越來(lái)越強(qiáng)，電場(chǎng)能越來(lái)越大，為磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為極板間的電場(chǎng)能；由于是給電容器充電，而電子的移動(dòng)方向與電流方向相反，所以B板帶負(fù)電，A板帶正電；雖然充電電流在變小，但是電流的變化率是在增大的，根據(jù)線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式可知線圈兩端的電壓在增大；根據(jù)可知要減小超聲振動(dòng)的頻率要增大電容器的電容。

7．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】分子動(dòng)理論的基本內(nèi)容

【解析】【解答】在配制油酸酒精溶液時(shí)，不小心把酒精倒多了一點(diǎn)，說(shuō)明等一下拿去計(jì)算的油酸酒精溶液的濃度比實(shí)際的大，即計(jì)算出的油酸體積V比實(shí)際的偏大一些，那么根據(jù)可知計(jì)算出來(lái)的分子直徑大小將比真實(shí)值偏大；而若在計(jì)算油膜面積時(shí)，把凡是半格左右的油膜都算成了一格，導(dǎo)致計(jì)算的面積比實(shí)際面積大一些，同樣根據(jù)可知計(jì)算出來(lái)的分子直徑大小將比真實(shí)值偏小，故C正確，ACD錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】本題考查了“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)操作中的誤差分析，若在配制油酸酒精溶液時(shí)，不小心把酒精倒多了一點(diǎn)，將導(dǎo)致實(shí)際的油酸濃度比計(jì)算的偏小，則計(jì)算出來(lái)的油酸體積偏大，利用算出來(lái)的分子直徑大小也偏大；若在計(jì)算油膜面積時(shí)，把凡是半格左右的油膜都算成了一格，導(dǎo)致計(jì)算的面積比實(shí)際面積大一些，根據(jù)可知計(jì)算出來(lái)的分子直徑大小將偏小。

8．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】自感與互感

【解析】【解答】AC.閉合開關(guān)一瞬間，與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)的燈泡L2馬上就亮起來(lái)，而跟燈泡L1串聯(lián)的是電感線圈L，由于通過(guò)線圈L的電流增大，線圈L產(chǎn)生一與原電流方向相反的自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙電流的增大，但是電流還是要慢慢增大起來(lái)的，所以燈泡L1慢慢變亮，故AC錯(cuò)誤；

BD.在斷開開關(guān)的一瞬間，通過(guò)線圈L的電流減小，所以為了阻礙電流的減小，線圈要產(chǎn)生一與原電流方向相同的自感電動(dòng)勢(shì)，方向是自右往左，并且電感線圈、滑動(dòng)變阻器、燈泡L2、燈泡L1形成了閉合回路，電流逐漸減小，由于開關(guān)閉合時(shí)，兩條支路穩(wěn)定時(shí)，電流是相等的，所以現(xiàn)在燈泡L2是逐漸變暗的，并沒(méi)有閃一下，而由于電流是從燈泡L1的右邊流向左邊，所以燈泡L1的右端電勢(shì)比左邊高，故B正確，D錯(cuò)誤；

故答案為：B。

【分析】本題考查了線圈的自感現(xiàn)象，當(dāng)通過(guò)線圈的電流增大時(shí)，為了阻礙電流的增大，線圈會(huì)產(chǎn)生一與原電流方向相反的自感電動(dòng)勢(shì)，使電流慢慢的增大，所以與線圈串聯(lián)的燈泡L1逐漸變亮，與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)的燈泡一下子就亮起來(lái)；當(dāng)通過(guò)線圈的電流減小時(shí)，為了阻礙電流的減小，線圈會(huì)產(chǎn)生一與原電流方向相同的自感電動(dòng)勢(shì)，使電流慢慢的減小，由于原先兩條支路電流相等，所以燈泡L2慢慢變暗，電流從右往左流過(guò)燈泡L1，而燈泡L1右邊的電勢(shì)高于左邊的電勢(shì)。

9．【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；碰撞模型

【解析】【解答】由于中子與氫核發(fā)生彈性碰撞，由于彈性碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，列出式子有，，兩式子聯(lián)立可得，，同理中子與氮核發(fā)生彈性碰撞，所有碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，列出式子有，，兩式子聯(lián)立可得，，由于碰撞后氮核獲得的動(dòng)量為，而碰撞后氫核獲得的動(dòng)量為，所以很明顯碰撞后氮核獲得的動(dòng)量比氫核的大，由于氮核碰撞后獲得的動(dòng)能為，氫核獲得的動(dòng)能為，所以碰撞后氮核獲得的動(dòng)能比氫核獲得的動(dòng)能小，并且由我們上面的計(jì)算知道，，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】本題考查了中子分別與氫核、氮核的彈性碰撞，在彈性碰撞的過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，列式可以分別求出中子與氫核碰撞后中子的速度、氫核獲得的速度，以及中子與氮核碰撞后中子的速度、氮核獲得的速度，分別根據(jù)動(dòng)量公式求出氮核碰撞后獲得的動(dòng)量大小以及氫核碰撞后獲得的動(dòng)量大小再進(jìn)行比較。通過(guò)前面的列式計(jì)算可知碰撞后氫核獲得的速度大小大于氮核獲得的速度大小，并且碰撞后氮核獲得的速度大小小于碰撞前中子的速度。

10．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械波及其形成和傳播；橫波的圖象；波長(zhǎng)、波速與頻率的關(guān)系

【解析】【解答】由圖乙知t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)O過(guò)平衡位置向y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，所以在橫波往前傳播的過(guò)程中，所有質(zhì)點(diǎn)的起振方向都為過(guò)平衡位置向y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法可以判斷出AD錯(cuò)誤，而由于在乙圖中我們看到周期越來(lái)越小，根據(jù)可知在波的傳播速度不變的情況下，周期越來(lái)越小，說(shuō)明波長(zhǎng)越來(lái)越小，故ACD錯(cuò)誤，B正確。

故答案為：B。

【分析】本題考查了簡(jiǎn)諧橫波的傳播，關(guān)鍵是要從乙圖中判斷出質(zhì)點(diǎn)的起振方向以及周期的變化情況，我們由乙圖知道質(zhì)點(diǎn)O的起振方向?yàn)橄騳軸的負(fù)方向，所以在橫波往前傳播的過(guò)程中，剛傳播到的質(zhì)點(diǎn)要向y軸負(fù)方向振動(dòng)，并且由乙圖知周期越來(lái)越小，由于波速不變，可知波長(zhǎng)也越來(lái)越小。

11．【答案】；；0.93-0.97；1.2-1.5；6.7-8.3

【知識(shí)點(diǎn)】電源電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】（2）根據(jù)閉合回路的歐姆定律可知，整理可得。

故答案為：。

（3）注意在描點(diǎn)連線時(shí)要用平滑的曲線把各點(diǎn)連接起來(lái)，要讓盡量多的點(diǎn)落在直線上，偏離較遠(yuǎn)的點(diǎn)舍去。

（4）由圖知，直線的斜率，所以得，注意由于讀數(shù)以及畫線有誤差，所以電動(dòng)勢(shì)只要取之間都可以，由于y軸截距，所以有千歐，注意由于讀數(shù)以及畫線有誤差，所以內(nèi)阻r的大小取千歐之間都可以。

（5）注意若把圖中的電流表當(dāng)做理想電表，實(shí)際上得到的電源內(nèi)阻，所以，所以，注意主要答案在6.7到8.3之間都可以。

【分析】本題考查了測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)。

（2）以及（4）小題的分析本實(shí)驗(yàn)主要要根據(jù)閉合回路的歐姆定律列式找出與電阻箱的電阻R之間的關(guān)系式，從而確定出傾斜直線的斜率k和縱軸b的意義，結(jié)合的斜率以及縱軸截距求出電動(dòng)勢(shì)以及內(nèi)阻大?。?/p>

（3）小題注意在描點(diǎn)連線時(shí)要用平滑的曲線把各點(diǎn)連接起來(lái)，讓盡量多的點(diǎn)落在直線上，偏離較遠(yuǎn)的點(diǎn)舍去；

（5）小題注意當(dāng)把電流表當(dāng)成理想電表時(shí)，相當(dāng)于把電流表看作是內(nèi)電路的一部分，實(shí)際上測(cè)出來(lái)的內(nèi)阻，所以，所以可求出的值。

12．【答案】（1）解：由光的折射定律可知

由幾何關(guān)可知

代入數(shù)據(jù)可得

（2）解：由

可知

代入數(shù)據(jù)可得

【知識(shí)點(diǎn)】光的折射及折射定律

【解析】【分析】（1）利用光折射時(shí)的折射率公式，分別根據(jù)圖中幾何條件求出入射角和折射角的正弦值，代入公式就可以求出游泳池中水對(duì)該單色光的折射率。

（2）利用公式反推出v的公式結(jié)合第一問(wèn)求出的折射率n就可以求出該單色光在水中傳播的速度v。

13．【答案】（1）解：由熱力學(xué)第一定律可得

氣體對(duì)外界做的功為，外界對(duì)氣體做的功為，

（2）解：由題意可知，氣體溫度變化過(guò)程壓強(qiáng)不變，

代入數(shù)據(jù)可得

【知識(shí)點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律及其應(yīng)用；氣體的等壓變化及蓋-呂薩克定律

【解析】【分析】（1）根據(jù)熱力學(xué)第一定律可求得在此過(guò)程中氣體吸收的熱量，注意由于是氣體對(duì)外界做功，所以要代入-W；

（2）注意以水銀柱下面封閉的氣體為研究對(duì)象，由于在升高溫度的過(guò)程中，氣體的壓強(qiáng)不變，所以為等壓變化過(guò)程，可根據(jù)列式，并結(jié)合每次的氣體體積等于空氣柱的體積加上下方容器的體積，聯(lián)立就可以求出下方容器的體積

14．【答案】（1）解：由法拉第電磁感應(yīng)定律可知E=BLv

（2）解：由申、并聯(lián)電路知識(shí)可知

可知

外電路消杔功率

由題意分析知當(dāng)時(shí)，

（3）解：由閉合電路歐娒定律

當(dāng)時(shí)，

【知識(shí)點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電磁感應(yīng)中的能量類問(wèn)題

【解析】【分析】（1）根據(jù)動(dòng)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的公式列式就可以求出PQ棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E；

（2）首先理清楚回路的連接方式，導(dǎo)體棒PQ把甲電阻絲一分為2，我們看到這兩塊電阻并聯(lián)之后再跟PQ棒的電阻串聯(lián)，所以先計(jì)算出左右兩塊電阻的并聯(lián)電阻，并對(duì)表達(dá)式進(jìn)行變形，可知左右兩塊電阻并聯(lián)電阻的最大值為，接著根據(jù)并結(jié)合閉合回路的歐姆定律求出甲金屬絲消耗的電功率公式，并且得出時(shí)甲金屬絲消耗的電功率達(dá)到最大，代入求出此最大的電功率。

（3）當(dāng)回路的電流最小時(shí)，PQ導(dǎo)體棒受到的安培力也最小，所以時(shí)，回路的電流最小，結(jié)合閉合回路的歐姆定律求出此時(shí)回路中的感應(yīng)電流，再結(jié)合安培力公式求出此時(shí)PQ棒受到的安培力大小。

15．【答案】（1）解：正離于經(jīng)過(guò)加嗏電場(chǎng)

（2）解：假設(shè)入射點(diǎn)位置為，軌跡國(guó)的國(guó)心為，出射點(diǎn)為。連接為荄形，可知。因?yàn)榕c逼度垂直，則離子出射點(diǎn)點(diǎn)在點(diǎn)，故。

（3）解：

對(duì)于離子最小和最大半徑分別為

對(duì)于離子敏小和敢大半徑分別為

由題意可知兩種離子在底片上的位置重疊時(shí)臨界條件，

可求得

【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在電場(chǎng)中的加速；帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在有界磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)

【解析】【分析】（1）首先一價(jià)正離子的帶電量為e，經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)中，根據(jù)電場(chǎng)力做功結(jié)合動(dòng)能定理可以求出此正離子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小，進(jìn)行磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并且圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r=R，根據(jù)洛倫茲力提供向心力列式，可求出勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；

（2）這一小問(wèn)主要要畫圖，根據(jù)題意可知，滿足（1）條件情況下，粒子在半徑為R的圓形磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，當(dāng)粒子從軸線方向入射現(xiàn)在的磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，在入射點(diǎn)A的速度方向垂直線上往下取距A距離為R的點(diǎn)即為，取該點(diǎn)為圓心，R為半徑畫圓，該圓交于圓形磁場(chǎng)區(qū)域與B點(diǎn)，可看到四邊形為一個(gè)菱形，所以邊，所以O(shè)B邊也垂直于軸線，即氫原子打在底片的位置仍在O點(diǎn)的正下方，角度；

（3）由于一價(jià)正離子加速進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，根據(jù)動(dòng)能定理以及洛倫茲力提供向心力列式，可得出可得出R正比于，所以對(duì)于質(zhì)量為的粒子半徑最大值正比于，由此得出質(zhì)量為的粒子半徑最大值，對(duì)于質(zhì)量為的粒子半徑最大值正比于，由此得出它的半徑最小值，同理可求出質(zhì)量為km的粒子的半徑最大值以及最小值，所以兩種離子在底片上不重疊的條件為粒子半徑最小值大于質(zhì)量km的離子半徑的最大值，列式就可以求出第三問(wèn)的結(jié)果。

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江蘇省鹽城市2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期6月期末物理試題

一、單項(xiàng)選擇題：共10小題，每小題4分，共計(jì)40分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意．

1．一個(gè)原子核經(jīng)過(guò)1次衰變，變成另一個(gè)原子核．衰變后原子核的中子數(shù)減少（）

A．1個(gè)B．2個(gè)C．3個(gè)D．4個(gè)

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】原子核的衰變、半衰期

【解析】【解答】一個(gè)原子核經(jīng)過(guò)一次衰變，減少了4個(gè)質(zhì)量數(shù)，減少2個(gè)質(zhì)子數(shù)，所以衰變后原子核的中子數(shù)減少了2個(gè)，故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故答案為：B。

【分析】本題考差了核反應(yīng)過(guò)程的電荷守恒定律，生成了，說(shuō)明原子核的質(zhì)量數(shù)減少了4個(gè)，質(zhì)子數(shù)減少了2個(gè)，說(shuō)明其中中子數(shù)也減少了2個(gè)。

2．某同學(xué)將一個(gè)表面潔凈、兩端開口的細(xì)直塑料筆芯豎直插入水中，水不浸潤(rùn)該塑料，則他用放大鏡觀察到的情景可能是（）

A．B．

C．D．

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】液體的表面張力；浸潤(rùn)和不浸潤(rùn)

【解析】【解答】注意，由于水跟塑料筆芯不浸潤(rùn)，說(shuō)明塑料筆芯外水跟塑料接觸的附著層內(nèi)分子與分子之間的距離較大，分子力表現(xiàn)為引力，使附著層有收縮的趨勢(shì)，很明顯ABC筆芯外面的圖正確，而D選項(xiàng)中，筆芯外水與塑料表現(xiàn)為浸潤(rùn)，是錯(cuò)誤的。在筆芯的內(nèi)部，由于液體表面張力會(huì)對(duì)管中的液體形成向下的拉力，使筆芯中的液面低于外面的液面，且在液體表面張力的作用下會(huì)形成凸形的液面。故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故本題答案為：C。

【分析】本題考查了液體的表面張力。由于水與塑料不浸潤(rùn)，所以在筆芯的內(nèi)部液面會(huì)在表面張力的作用下呈現(xiàn)凸形，并且表面張力會(huì)對(duì)管中的水形成向下的拉力，使筆芯中的水的液面低于外面的液面。在筆芯的外面，由于水與塑料不浸潤(rùn)，附著層中的水分子之間的分子引力使附著層有收縮的趨勢(shì)。

3．利用智能手機(jī)中的傳感器和相關(guān)軟件可測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度．如圖所示，在水平放置的手機(jī)上建立三維坐標(biāo)系，手機(jī)顯示屏所在平面為面，豎直向上為軸正方向，測(cè)得、，手機(jī)顯示屏的面積約為，根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)可知（）

A．測(cè)量地點(diǎn)位于赤道位置

B．通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量約為

C．通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量為

D．通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量為

【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】磁現(xiàn)象和磁場(chǎng)、磁感線；磁通量

【解析】【解答】A.，，說(shuō)明測(cè)量地點(diǎn)既有水平方向上的磁場(chǎng)，又有豎直向下的磁場(chǎng)，而在赤道的地方，磁場(chǎng)沿著水平方向，豎直方向上沒(méi)有磁場(chǎng)，故A錯(cuò)誤；

BCD.由于By平行于手機(jī)的顯示屏，而Bz垂直于手機(jī)的顯示屏，所以通過(guò)手機(jī)顯示屏的磁通量為，故D正確，BC錯(cuò)誤。

故答案為：D。

【分析】本題考查了磁通量。在地球上，磁場(chǎng)是從南極出發(fā)指向北極，所以在赤道處磁場(chǎng)平行于地面，即沿著水平方向，而本題有豎直方向的磁場(chǎng)，所以測(cè)量地點(diǎn)不是在赤道；磁通量是垂直通過(guò)有效面積的磁感線條件，由于By平行于手機(jī)的顯示屏，而Bz垂直于手機(jī)的顯示屏，所以計(jì)算磁通量時(shí)得利用Bz來(lái)計(jì)算并且套用磁通量的公式。

4．在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，小明用同一光電管在不同實(shí)驗(yàn)條件下得到了三條光電流與電壓之間的關(guān)系曲線（甲、乙、丙），如圖所示．下列說(shuō)法正確的是（）

A．入射光的波長(zhǎng)B．入射光的波長(zhǎng)

C．入射光的頻率D．入射光的頻率

【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】光電效應(yīng)

【解析】【解答】CD.首先注意由于使用的是同一個(gè)光電管，所以逸出功相等，根據(jù)z得由于乙的截止電壓最大，甲、丙的截止電壓相等，所以有乙入射光頻率最大，甲、丙入射光頻率相等，即，故C正確，D錯(cuò)誤；

AB.由于，所以甲、乙、丙入射光的波長(zhǎng)排序?yàn)椋蔄B錯(cuò)誤。

故答案為：D。

【分析】由圖中知道曲線與橫軸相交的點(diǎn)為截止電壓，明顯乙的截止電壓最大，甲、丙的截止電壓相等，由于是同一個(gè)光電管，所以逸出功相等，根據(jù)知乙入射光的頻率最大，甲、丙入射光的頻率相等，又由于，頻率大波長(zhǎng)反而短，所以乙入射光的波長(zhǎng)最短，甲、丙入射光的波長(zhǎng)最長(zhǎng)。

5．交流發(fā)電機(jī)的示意圖如圖所示，線圈繞垂直于磁場(chǎng)方向的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．在圖示位置，下列說(shuō)法正確的是（）

A．穿過(guò)線圈的磁通量變化率最小B．線圈中電流方向?qū)l(fā)生改變

C．線圈中電流最大，方向?yàn)镈．穿過(guò)線圈的磁通量最大

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】交變電流的產(chǎn)生及規(guī)律；交變電流的圖像與函數(shù)表達(dá)式

【解析】【解答】AD.此時(shí)，說(shuō)明沒(méi)有磁場(chǎng)通過(guò)此面積，此時(shí)通過(guò)線圈的磁通量最小，為0，但是磁通量的變化率最大，故AD錯(cuò)誤；

B.由于在線圈每經(jīng)過(guò)中性面一次，電流方向就改變一次，這并不是中性面，故B錯(cuò)誤；

C.由于此時(shí)為峰值面，所以線圈此時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，線圈中電流也最大，AB邊此時(shí)是向下切割磁感線運(yùn)動(dòng)，所以根據(jù)右手定則可知產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)锽到A。故C正確。

故答案為：C。

【分析】本題考查了線圈繞垂直于磁場(chǎng)的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生正弦交流電的知識(shí)點(diǎn)，當(dāng)線圈與磁場(chǎng)平行時(shí)，通過(guò)線圈的磁通量最小，為0，此時(shí)這個(gè)面為峰值面，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，線圈中的感應(yīng)電流也最大，根據(jù)右手定則可以判斷回路的感應(yīng)電流方向；注意線圈每通過(guò)中性面一次，感應(yīng)電流方向就改變一次。

6．如圖甲所示，某超聲波發(fā)生器中的核心元件——壓電陶瓷片．為使得壓電陶瓷片發(fā)生超聲振動(dòng)，需要給它通入同頻率的高頻電信號(hào)．圖乙為高頻電信號(hào)發(fā)生原理圖，已知某時(shí)刻電流i的方向指向A極板，且正在減小，下列說(shuō)法正確的是（）

A．A極板帶正電

B．線圈L兩端的電壓在減小

C．電場(chǎng)能正在轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能

D．減小電容器的電容，可以減小超聲振動(dòng)的頻率

【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】電容器及其應(yīng)用；電磁振蕩；LC振蕩電路分析

【解析】【解答】AC.看到乙圖可知相當(dāng)于在給電容器C充電，而在充電的過(guò)程中，電容器上的電量越來(lái)越大，電容器之間的電場(chǎng)越來(lái)越強(qiáng)，電場(chǎng)能也越來(lái)越大，所以本題是磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能的過(guò)程，并且由于電子移動(dòng)方向與電流的方向相反，所以B板積累的是電子，則A極板積累的是正電荷，A極板帶正電，故A正確，C錯(cuò)誤；

B.由題目可知由于電流正在減小，說(shuō)明電流的變化率正在變大，根據(jù)可知線圈L兩端的電壓正在增大，故B錯(cuò)誤；

D.根據(jù)電磁振蕩的公式可知減小電容器的電容，超聲振動(dòng)的頻率反而增大，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】本題為給電容器充電，所以電容器上面的電量越來(lái)越多，則極板間產(chǎn)生的電場(chǎng)越來(lái)越強(qiáng)，電場(chǎng)能越來(lái)越大，為磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為極板間的電場(chǎng)能；由于是給電容器充電，而電子的移動(dòng)方向與電流方向相反，所以B板帶負(fù)電，A板帶正電；雖然充電電流在變小，但是電流的變化率是在增大的，根據(jù)線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式可知線圈兩端的電壓在增大；根據(jù)可知要減小超聲振動(dòng)的頻率要增大電容器的電容。

7．甲、乙兩位同學(xué)在“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)操作中，都發(fā)生了操作錯(cuò)誤．甲：在配制油酸酒精溶液時(shí)，不小心把酒精倒多了一點(diǎn)．

乙：在計(jì)算油膜面積時(shí)，把凡是半格左右的油膜都算成了一格，導(dǎo)致計(jì)算的面積比實(shí)際面積大一些．

上述操作導(dǎo)致分子直徑大小的測(cè)量值與真實(shí)值相比（）

A．甲、乙都偏大B．甲、乙都偏小

C．甲偏大、乙偏小D．甲偏小、乙偏大

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】分子動(dòng)理論的基本內(nèi)容

【解析】【解答】在配制油酸酒精溶液時(shí)，不小心把酒精倒多了一點(diǎn)，說(shuō)明等一下拿去計(jì)算的油酸酒精溶液的濃度比實(shí)際的大，即計(jì)算出的油酸體積V比實(shí)際的偏大一些，那么根據(jù)可知計(jì)算出來(lái)的分子直徑大小將比真實(shí)值偏大；而若在計(jì)算油膜面積時(shí)，把凡是半格左右的油膜都算成了一格，導(dǎo)致計(jì)算的面積比實(shí)際面積大一些，同樣根據(jù)可知計(jì)算出來(lái)的分子直徑大小將比真實(shí)值偏小，故C正確，ACD錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】本題考查了“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)操作中的誤差分析，若在配制油酸酒精溶液時(shí)，不小心把酒精倒多了一點(diǎn)，將導(dǎo)致實(shí)際的油酸濃度比計(jì)算的偏小，則計(jì)算出來(lái)的油酸體積偏大，利用算出來(lái)的分子直徑大小也偏大；若在計(jì)算油膜面積時(shí)，把凡是半格左右的油膜都算成了一格，導(dǎo)致計(jì)算的面積比實(shí)際面積大一些，根據(jù)可知計(jì)算出來(lái)的分子直徑大小將偏小。

8．如圖所示，兩個(gè)相同的小燈泡和分別串聯(lián)一個(gè)帶鐵芯的電感線圈和一個(gè)滑動(dòng)變阻器，電路中電源內(nèi)阻忽略不計(jì)．閉合開關(guān)后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片位置，穩(wěn)定后和的亮度一樣．下列說(shuō)法正確的是（）

A．閉合僢間，和立即變亮

B．?dāng)嚅_后，右端電勢(shì)比左端高

C．閉合瞬間，電感線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零

D．?dāng)嚅_后，立即熄滅

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】自感與互感

【解析】【解答】AC.閉合開關(guān)一瞬間，與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)的燈泡L2馬上就亮起來(lái)，而跟燈泡L1串聯(lián)的是電感線圈L，由于通過(guò)線圈L的電流增大，線圈L產(chǎn)生一與原電流方向相反的自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙電流的增大，但是電流還是要慢慢增大起來(lái)的，所以燈泡L1慢慢變亮，故AC錯(cuò)誤；

BD.在斷開開關(guān)的一瞬間，通過(guò)線圈L的電流減小，所以為了阻礙電流的減小，線圈要產(chǎn)生一與原電流方向相同的自感電動(dòng)勢(shì)，方向是自右往左，并且電感線圈、滑動(dòng)變阻器、燈泡L2、燈泡L1形成了閉合回路，電流逐漸減小，由于開關(guān)閉合時(shí)，兩條支路穩(wěn)定時(shí)，電流是相等的，所以現(xiàn)在燈泡L2是逐漸變暗的，并沒(méi)有閃一下，而由于電流是從燈泡L1的右邊流向左邊，所以燈泡L1的右端電勢(shì)比左邊高，故B正確，D錯(cuò)誤；

故答案為：B。

【分析】本題考查了線圈的自感現(xiàn)象，當(dāng)通過(guò)線圈的電流增大時(shí)，為了阻礙電流的增大，線圈會(huì)產(chǎn)生一與原電流方向相反的自感電動(dòng)勢(shì)，使電流慢慢的增大，所以與線圈串聯(lián)的燈泡L1逐漸變亮，與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)的燈泡一下子就亮起來(lái)；當(dāng)通過(guò)線圈的電流減小時(shí)，為了阻礙電流的減小，線圈會(huì)產(chǎn)生一與原電流方向相同的自感電動(dòng)勢(shì)，使電流慢慢的減小，由于原先兩條支路電流相等，所以燈泡L2慢慢變暗，電流從右往左流過(guò)燈泡L1，而燈泡L1右邊的電勢(shì)高于左邊的電勢(shì)。

9．1932年，查德威克用未知射線轟擊氫核，發(fā)現(xiàn)這種射線是由質(zhì)量與氫核大致相等的中性粒子（即中子）組成．如圖所示，中子以速度分別碰撞靜止的氫核和氮核，碰撞后氫核和氮核的速度分別為和．已知氮核的質(zhì)量為氫核質(zhì)量的14倍，設(shè)碰撞為彈性正碰，不考慮相對(duì)論效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A．碰撞后氮核的動(dòng)量比氫核的大B．碰撞后氮核的動(dòng)能比氫核的大

C．小于D．大于

【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；碰撞模型

【解析】【解答】由于中子與氫核發(fā)生彈性碰撞，由于彈性碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，列出式子有，，兩式子聯(lián)立可得，，同理中子與氮核發(fā)生彈性碰撞，所有碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，列出式子有，，兩式子聯(lián)立可得，，由于碰撞后氮核獲得的動(dòng)量為，而碰撞后氫核獲得的動(dòng)量為，所以很明顯碰撞后氮核獲得的動(dòng)量比氫核的大，由于氮核碰撞后獲得的動(dòng)能為，氫核獲得的動(dòng)能為，所以碰撞后氮核獲得的動(dòng)能比氫核獲得的動(dòng)能小，并且由我們上面的計(jì)算知道，，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】本題考查了中子分別與氫核、氮核的彈性碰撞，在彈性碰撞的過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，列式可以分別求出中子與氫核碰撞后中子的速度、氫核獲得的速度，以及中子與氮核碰撞后中子的速度、氮核獲得的速度，分別根據(jù)動(dòng)量公式求出氮核碰撞后獲得的動(dòng)量大小以及氫核碰撞后獲得的動(dòng)量大小再進(jìn)行比較。通過(guò)前面的列式計(jì)算可知碰撞后氫核獲得的速度大小大于氮核獲得的速度大小，并且碰撞后氮核獲得的速度大小小于碰撞前中子的速度。

10．一條輕長(zhǎng)繩放置在水平桌面上，俯視圖如圖甲所示，用手握住長(zhǎng)繩的一端，從時(shí)刻開始用手帶動(dòng)點(diǎn)沿垂直繩的方向（圖甲中軸方向）在水平面內(nèi)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，內(nèi)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示．則時(shí)輕長(zhǎng)繩上的波形圖可能正確的是（）

A．B．

C．D．

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械波及其形成和傳播；橫波的圖象；波長(zhǎng)、波速與頻率的關(guān)系

【解析】【解答】由圖乙知t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)O過(guò)平衡位置向y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，所以在橫波往前傳播的過(guò)程中，所有質(zhì)點(diǎn)的起振方向都為過(guò)平衡位置向y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法可以判斷出AD錯(cuò)誤，而由于在乙圖中我們看到周期越來(lái)越小，根據(jù)可知在波的傳播速度不變的情況下，周期越來(lái)越小，說(shuō)明波長(zhǎng)越來(lái)越小，故ACD錯(cuò)誤，B正確。

故答案為：B。

【分析】本題考查了簡(jiǎn)諧橫波的傳播，關(guān)鍵是要從乙圖中判斷出質(zhì)點(diǎn)的起振方向以及周期的變化情況，我們由乙圖知道質(zhì)點(diǎn)O的起振方向?yàn)橄騳軸的負(fù)方向，所以在橫波往前傳播的過(guò)程中，剛傳播到的質(zhì)點(diǎn)要向y軸負(fù)方向振動(dòng)，并且由乙圖知周期越來(lái)越小，由于波速不變，可知波長(zhǎng)也越來(lái)越小。

二、非選擇題：共5小題，共60分，其中第12~15題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．

11．某中學(xué)生課外科技活動(dòng)小組利用銅片、鋅片和橙子制作了橙汁電池．他們用如圖所示實(shí)驗(yàn)電路測(cè)量這種電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．其中電流表內(nèi)阻為，量程為；電阻箱阻值的變化范圍為．

⑴閉合開關(guān)，多次調(diào)節(jié)電阻箱，記錄下電阻箱的阻值和電流表的相應(yīng)讀數(shù)；

⑵根據(jù)如圖所示電路，用和表示，得；

⑶通過(guò)多次測(cè)量得到電阻箱和電流表的各組數(shù)據(jù)，見下表，請(qǐng)利用表格中的數(shù)據(jù)作出圖線；

99210870

81029804

71158696

61317634

51526579

41805556

32204545

⑷根據(jù)圖線可得V，（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）；

⑸若將電路圖中的電流表當(dāng)成理想電表，得到的電源內(nèi)阻為，由此產(chǎn)生的誤差為．（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

【答案】；；0.93-0.97；1.2-1.5；6.7-8.3

【知識(shí)點(diǎn)】電源電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】（2）根據(jù)閉合回路的歐姆定律可知，整理可得。

故答案為：。

（3）注意在描點(diǎn)連線時(shí)要用平滑的曲線把各點(diǎn)連接起來(lái)，要讓盡量多的點(diǎn)落在直線上，偏離較遠(yuǎn)的點(diǎn)舍去。

（4）由圖知，直線的斜率，所以得，注意由于讀數(shù)以及畫線有誤差，所以電動(dòng)勢(shì)只要取之間都可以，由于y軸截距，所以有千歐，注意由于讀數(shù)以及畫線有誤差，所以內(nèi)阻r的大小取千歐之間都可以。

（5）注意若把圖中的電流表當(dāng)做理想電表，實(shí)際上得到的電源內(nèi)阻，所以，所以，注意主要答案在6.7到8.3之間都可以。

【分析】本題考查了測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)。

（2）以及（4）小題的分析本實(shí)驗(yàn)主要要根據(jù)閉合回路的歐姆定律列式找出與電阻箱的電阻R之間的關(guān)系式，從而確定出傾斜直線的斜率k和縱軸b的意義，結(jié)合的斜率以及縱軸截距求出電動(dòng)勢(shì)以及內(nèi)阻大??；

（3）小題注意在描點(diǎn)連線時(shí)要用平滑的曲線把各點(diǎn)連接起來(lái)，讓盡量多的點(diǎn)落在直線上，偏離較遠(yuǎn)的點(diǎn)舍去；

（5）小題注意當(dāng)把電流表當(dāng)成理想電表時(shí)，相當(dāng)于把電流表看作是內(nèi)電路的一部分，實(shí)際上測(cè)出來(lái)的內(nèi)阻，所以，所以可求出的值。

12．如圖所示，在深度為、充滿水的游泳池底部A處有一單色點(diǎn)光源，A點(diǎn)距游泳池壁的距離為，某人在距泳池邊緣B點(diǎn)處恰好看到光源，已知人的眼睛到地面的高度為，光在真空中傳播速度為，求：

（1）游泳池中水對(duì)該單色光的折射率；

（2）該單色光在水中傳播的速度．

【答案】（1）解：由光的折射定律可知

由幾何關(guān)可知

代入數(shù)據(jù)可得

（2）解：由

可知

代入數(shù)據(jù)可得

【知識(shí)點(diǎn)】光的折射及折射定律

【解析】【分析】（1）利用光折射時(shí)的折射率公式，分別根據(jù)圖中幾何條件求出入射角和折射角的正弦值，代入公式就可以求出游泳池中水對(duì)該單色光的折射率。

（2）利用公式反推出v的公式結(jié)合第一問(wèn)求出的折射率n就可以求出該單色光在水中傳播的速度v。

13．（8分）一個(gè)容器內(nèi)部呈不規(guī)則形狀，為測(cè)量它的容積，在容器上插入一根兩端開口的玻璃管，接口用蠟密封．玻璃管內(nèi)部橫截面積為，管內(nèi)一靜止水銀柱封閉著長(zhǎng)度為的空氣柱，如圖所示，此時(shí)外界的溫度為．現(xiàn)把容器浸在溫度為的熱水中，升溫過(guò)程中氣體內(nèi)能增加了、氣體對(duì)外界做的功為，水銀柱靜止時(shí)下方的空氣柱長(zhǎng)度變?yōu)椋畬?shí)驗(yàn)過(guò)程中認(rèn)為大氣壓沒(méi)有變化，水銀沒(méi)有溢出．求：

（1）氣體吸收的熱量；

（2）容器的容積．

【答案】（1）解：由熱力學(xué)第一定律可得

氣體對(duì)外界做的功為，外界對(duì)氣體做的功為，

（2）解：由題意可知，氣體溫度變化過(guò)程壓強(qiáng)不變，

代入數(shù)據(jù)可得

【知識(shí)點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律及其應(yīng)用；氣體的等壓變化及蓋-呂薩克定律

【解析】【分析】（1）根據(jù)熱力學(xué)第一定律可求得在此過(guò)程中氣體吸收的熱量，注意由于是氣體對(duì)外界做功，所以要代入-W；

（2）注意以水銀柱下面封閉的氣體為研究對(duì)象，由于在升高溫度的過(guò)