安徽省阜陽市太和縣屆高三上學(xué)期期末物理試卷

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2015-2016學(xué)年安徽省阜陽市太和縣高三（上)期末物理試卷一、選擇題：本題共10小題．每小題4分．共40分．其中第l一一6題只有一項符合題目要求;第7一一10題有多項符合題目要求，全部選對得4分，選對但不全得2分．有選錯的得0分．1．如圖是法拉第研制成的世界上第一臺發(fā)電機模型的原理圖．將銅盤放在磁場中，讓磁感線垂直穿過銅盤,圖中a、b導(dǎo)線與銅盤的中軸線處在同一平面內(nèi)，轉(zhuǎn)動銅盤，就可以使閉合電路獲得電流．若圖中銅盤半徑為L，勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，回路總電阻為R,從上往下看逆時針勻速轉(zhuǎn)動銅盤的角速度為ω．則下列說法正確的是(）A．回路中有大小和方向作周期性變化的電流B．回路中電流大小恒定,且等于C．若將勻強磁場改為仍然垂直穿過銅盤的正弦變化的磁場，不轉(zhuǎn)動銅盤，燈泡中也沒有電流流過D．法拉第首先總結(jié)出磁場對電流作用力的規(guī)律2．甲、乙兩個物體從同一地點開始沿同一方向運動，其速度隨時間變化的圖象如圖所示,圖中t2=，兩段曲線均為半徑相同的圓弧,則在0﹣t4時間內(nèi)（）A．兩物體在t1時刻加速度相同B．兩物體t3時刻相距最遠，t4時刻相遇C．兩物體在t2時刻運動方向均改變D．0﹣t4時間內(nèi)甲物體的平均速度大于乙物體的平均速度3．如圖所示，質(zhì)量為m的物塊與水平轉(zhuǎn)臺之間有摩擦，物塊與轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)軸相距R，物塊隨轉(zhuǎn)臺由靜止開始轉(zhuǎn)動并計時,在t1時刻轉(zhuǎn)速達到n，物塊即將開始滑動，保持轉(zhuǎn)速n不變,繼續(xù)轉(zhuǎn)動到t2時刻．則（）A．在0～t1時間內(nèi),摩擦力做功為零B．在0～t1時間內(nèi)，摩擦力做功為2mπ2n2R2C．在0～t1時間內(nèi)，摩擦力做功為μmgRD．在t1～t2時間內(nèi)，摩擦力做功為μmgR4．2016年中國將發(fā)射“天宮二號”空間實驗室,并發(fā)射“神舟十一號”載人飛船和“天舟一號"貨運飛船，與“天宮二號"交會對接．“天宮二號"預(yù)計由“長征二號F”改進型無人運載火箭或“長征七號”運載火箭從酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，由長征運載火箭將飛船送入近地點為A、遠地點為B的橢圓軌道上，B點距離地面的高度為h，地球的中心位于橢圓的一個焦點上．“天宮二號”飛行幾周后進行變軌進人預(yù)定團軌道，如圖所示．已知“天宮二號”在預(yù)定圓軌道上飛行n圈所用時間為t，引力常量為G，地球半徑為R．則下列說法正確的是(）A．“天宮二號”從B點沿橢圓軌道向A點運行的過程中，機械能增大B．“天宮二號”在橢圓軌道的B點的向心加速度大于在預(yù)定圓軌道上B點的向心加速度C．“天宮二號”在橢圓軌道的B點的速度大于在預(yù)定圓軌道上B點的速度D．根據(jù)題目所給信息，可以計算出地球質(zhì)量5．如圖所示為靜電力演示儀,兩金屬極板分別固定于絕緣支架上，且正對平行放置．工作時兩板分別接高壓直流電源的正負極，空心金屬小球用絕緣細線懸掛在金屬極板中間，則（）A．空心金屬小球的右側(cè)感應(yīng)出正電荷B．空心金屬小球受到擾動后，會被吸在左極板上C．用絕緣棒將空心金屬小球撥到與右極板接觸，放開后空心金屬小球會在兩極板間來回碰撞D．空心金屬小球受到細線的彈力，電場力,重力和庫侖力共四個力的作用6．如圖所示,物體A疊放在物體B上，B置于光滑水平面上．A，B質(zhì)量分別為6。0kg和2。0kg，A、B之間的動摩擦因數(shù)為0.2．在物體A上施加水平方向的拉力F，開始時F=10N,此后逐漸增大,在增大到45N的過程中，以下判斷正確的是（）A．兩物體間始終沒有相對運動B．兩物體間從受力開始就有相對運動C．當(dāng)拉力F＜12N時，兩物體均保持靜止?fàn)顟B(tài)D．兩物體開始沒有相對運動，當(dāng)F＞18N時，開始相對滑動物體A疊放在物體B上，B置于光滑水平面7．在高緯度地區(qū)的高空，大氣抽薄，常出現(xiàn)五顏六色的弧狀、帶狀或幕狀的極其美麗壯觀的發(fā)光現(xiàn)象，這就是我們常說的“極光"．“極光"是由太陽發(fā)射的高速帶電粒子（重力不計）受地磁場的影響，進入兩極附近時,撞擊并激發(fā)高空中的空氣分子和原子引起的．假如我們在北極地區(qū)忽然發(fā)現(xiàn)正上方的高空出現(xiàn)了射向地球的、沿逆時針方向生成的紫色弧狀極光（顯示帶電粒子的運動軌跡）．則關(guān)于引起這一現(xiàn)象的高速粒子的電性及弧狀極光的彎曲程度的說法中，正確的是（）A．高速粒子帶負電 B．高速粒子帶正電C．彎曲程度逐漸增大 D．彎曲程度逐漸減小8．如圖甲，一帶電物塊無初速度地放上皮帶輪底端，皮帶輪以恒定大小的速率沿順時針傳動，該裝置處于垂直紙面向里的勻強磁場中，物塊由底端E運動至皮帶輪頂端F的過程中，其v﹣t圖象如圖乙所示,物塊全程運動的時間為4。5s，關(guān)于帶電物塊及運動過程的說法正確的是（）A．該物塊可能帶負電B．皮帶輪的傳動速度大小可能為2m/sC．若已知皮帶的長度，可求出該過程中物塊與皮帶發(fā)生的相對位移D．在2s～4.5s內(nèi)，物塊與皮帶仍可能有相對運動9．如圖所示，光滑半圓弧形軌道半徑為r=0。4m,BC為豎直直徑，A為半圓弧形軌道上與圓心O等高的位置．一質(zhì)量為m=2。0kg的小球(可視為質(zhì)點）自A處以某一豎直向下的初速度滑下，進入與C點相切的粗糙水平面CD上,在水平滑道上有一輕質(zhì)彈簧，其一端固定在豎直墻上，另一端位于滑道末端的C點（此時彈簧處于自然狀態(tài))．若小球與水平滑道間的動摩擦因數(shù)為μ=0.5,彈簧被壓縮的最大長度為0.2m，小球經(jīng)彈簧反彈后恰好能通過半圓弧形軌道的最高點B，重力加速度g=l0m/s2．則下列說法中正確的是（）A．小球通過最高點B時的速度大小為2m/sB．小球運動過程中彈簧的最大彈性勢能為20JC．小球第一次經(jīng)過C點時對C點的壓力為120ND．小球從A點豎直下滑的初速度大小為4m/s10．如圖所示電路中,R為電阻箱，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r．當(dāng)調(diào)節(jié)電阻箱使外電阻分別為R1、R2時，其功率相等．此時對應(yīng)的電流分別為I1、I2，電路中對應(yīng)的電源效率分別為η1、η2，下列說法中正確的是（)A．I1+I2＞ B．I1+I2= C．η1+η2=1 D．I1R1+I2R2=E二、實驗11．在探究測定摩擦因數(shù)實驗中，某研究小組設(shè)汁了一種“用一把尺子測定動摩擦因數(shù)”的實驗方案．如圖所示，A是可固定于水平桌面上任意位置的滑槽(滑槽禾端與真面相切)．B是質(zhì)量為m的滑塊（可視為質(zhì)點)．第一次實驗，如圖（a）所示，將滑稽末端與桌面右端M對齊并固定,讓滑塊從滑槽最高點由靜止滑下,最終落在水平地面上的P點,測出滑槽最高點距離桌面的高度h．M距離地面的高度H、M與P間的水平距離x1；第二次實驗，如圖（b）所示，將滑槽沿桌面向左移動一段距離并固定，讓滑塊B再次從滑槽最高點由靜止滑下，最終落在水平地面上的P′點,測出滑槽末端與桌面右端M的距離地面的高度L、M與P′間的水平距離x2；（1）在第二次實驗中,滑塊在滑槽末端時的速度大小為（用實驗中所測物理量的符號表示，已知重力加速度為g）．（2)通過上述測量和進一步的計算．可求出滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ，下列能引起實驗誤差的是．（A)H的測量（B）h的測量（C）L的測量（D）x2的測（3）若實驗中測得h=15cm、H=25cm、,x1=30cm、L=l0cm、x2=20cm，則滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ=．12．某同學(xué)要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率P．步驟如下:（1）游標卡尺測量其長度如圖甲所示，可知其長度為mm；（2)用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，可知其直徑為mm；（3）選用多用電表的電阻“×1”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值約為Ω;（4）為更精確地測量其電阻,可供選擇的器材如下:電流表A1（量程300mA，內(nèi)阻約為2Ω）；電流表A2（量程150mA,內(nèi)阻約為10Ω）；電壓表V1（量程1V,內(nèi)阻r=1000Ω）；電壓表V2（量程15V,內(nèi)阻約為3000Ω）；定值電阻R0=1000Ω；滑動變阻器R1（最大阻值5Ω)；滑動變阻器R2（最大阻值1000Ω）；電源E(電動勢約為4V，內(nèi)阻r約為1Ω）；開關(guān),導(dǎo)線若干．為了使測量盡量準確，測量時電表讀數(shù)不得小于其量程的，電壓表應(yīng)選，電流表應(yīng)選A2，滑動變阻器應(yīng)選．(均填器材代號)根據(jù)你選擇的器材，請在線框內(nèi)畫出實驗電路圖．三、計算題：要有必要的文字說明（13、14、15、16題分別為8分、10分、12分、15分，共45分）13．如圖所示，弧形軌道的下端與半徑為R=1。6m的圓軌道平滑連接．現(xiàn)在使一質(zhì)量為m=1kg的小球從弧形軌道上端距地面h=2。8m的A點由靜止滑下，進入圓軌道后沿圓軌道運動,軌道摩擦不計，g取10m/s2．試求：（1）小球在最低點B時對軌道的壓力大??；（2)若小球在C點（未畫出）脫離圓軌道，求半徑OC與豎直方向的夾角θ大?。?4．如圖所示，豎直金屬框架上端連接一個電容器，電容器電容為C=0。01F，在與電容器不遠處有一個金屬棒，其質(zhì)量為m=0.001kg,整個裝置置于磁感應(yīng)強度為B=T的勻強磁場中,金屬棒及框架電阻不計,金屬棒從靜止釋放,求其速度達到v=20m/s時，所需要的時間．15．如圖甲所示，在光滑絕緣水平桌面內(nèi)建立xoy坐標系，在第Ⅱ象限內(nèi)有平行于桌面的勻強電場，場強方向與x軸負方向的夾角θ=45°．在第Ⅲ象限垂直于桌面放置兩塊相互平行的平板C1、C2，兩板間距為d1=0.6m，板間有豎直向上的勻強磁場,兩板右端在y軸上，板C1與x軸重合,在其左端緊貼桌面有一小孔M，小孔M離坐標原點O的距離為L=0。72m．在第Ⅳ象限垂直于x軸放置一塊平行y軸且沿y軸負向足夠長的豎直平板C3，平板C3在x軸上垂足為Q，垂足Q與原點O相距d2=0。18m．現(xiàn)將一帶負電的小球從桌面上的P點以初速度v0=4m/s垂直于電場方向射出，剛好垂直于x軸穿過C1板上的M孔,進入磁場區(qū)域．已知小球可視為質(zhì)點，小球的比荷=20C/kg,P點與小孔M在垂直于電場方向上的距離為s=m,不考慮空氣阻力．求：(1）勻強電場的場強大??；（2）要使帶電小球無碰撞地穿出磁場并打到平板C3上，求磁感應(yīng)強度的取值范圍．16．一長木板在水平地面上運動，在t=0時刻將一相對于地面靜止的物塊輕放到木板上，以后木板運動的速度﹣時間圖象如圖所示．己知物塊與木板的質(zhì)量相等，物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦，物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且物塊始終在木板上．取重力加速度的大小g=10m/s2，求：（1)物塊與木板間、木板與地面間的動摩擦因數(shù)；(2）求木板何時停止運動．

2015-2016學(xué)年安徽省阜陽市太和縣高三（上)期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題共10小題．每小題4分．共40分．其中第l一一6題只有一項符合題目要求；第7一一10題有多項符合題目要求,全部選對得4分，選對但不全得2分．有選錯的得0分．1．如圖是法拉第研制成的世界上第一臺發(fā)電機模型的原理圖．將銅盤放在磁場中，讓磁感線垂直穿過銅盤,圖中a、b導(dǎo)線與銅盤的中軸線處在同一平面內(nèi)，轉(zhuǎn)動銅盤，就可以使閉合電路獲得電流．若圖中銅盤半徑為L,勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B,回路總電阻為R，從上往下看逆時針勻速轉(zhuǎn)動銅盤的角速度為ω．則下列說法正確的是（）A．回路中有大小和方向作周期性變化的電流B．回路中電流大小恒定,且等于C．若將勻強磁場改為仍然垂直穿過銅盤的正弦變化的磁場，不轉(zhuǎn)動銅盤,燈泡中也沒有電流流過D．法拉第首先總結(jié)出磁場對電流作用力的規(guī)律【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律．【分析】圓盤轉(zhuǎn)動可等效看成無數(shù)軸向?qū)w切割磁感線，有效切割長度為銅盤的半徑L，根據(jù)感應(yīng)電動勢公式分析電動勢情況,由歐姆定律分析電流情況．根據(jù)右手定則分析感應(yīng)電流方向．變化的磁場產(chǎn)生渦旋電流，根據(jù)燈泡兩端有無電勢差分析燈泡中有無電流．【解答】解：A、B銅盤轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=,B、L、ω不變,E不變，根據(jù)歐姆定律得I==，電流恒定不變．故AB錯誤．C、垂直穿過銅盤的正弦變化的磁場,銅盤中產(chǎn)生渦旋電場，但a、b間無電勢差，燈泡中沒有電流流過．故C正確．D、安培首先總結(jié)出磁場對電流作用力的規(guī)律，故D錯誤．故選：C2．甲、乙兩個物體從同一地點開始沿同一方向運動，其速度隨時間變化的圖象如圖所示，圖中t2=，兩段曲線均為半徑相同的圓弧，則在0﹣t4時間內(nèi)（）A．兩物體在t1時刻加速度相同B．兩物體t3時刻相距最遠，t4時刻相遇C．兩物體在t2時刻運動方向均改變D．0﹣t4時間內(nèi)甲物體的平均速度大于乙物體的平均速度【考點】勻變速直線運動的圖像．【分析】速度時間圖線的斜率表示加速度的大小，圖線與時間軸圍成的面積表示位移．平均速度等于位移與時間之比．結(jié)合數(shù)學(xué)知識進行分析．【解答】解:A、在t1時刻，甲的斜率為正,乙的斜率為負，而斜率表示加速度，所以兩物體在t1時刻加速度相反．故A錯誤;B、圖線與時間軸圍成的面積表示位移，根據(jù)圖象可知，t3時刻兩者速度相等，位移之差最大，相距最遠,t4時刻位移相等，兩者相遇，故B正確；C、甲乙的速度圖象都在時間軸的上方，速度都為正，方向沒有改變,故C錯誤；D、0﹣t4時間內(nèi)甲物體的位移等于乙物體的位移，時間相等,則平均速度相等，故D錯誤．故選:B3．如圖所示，質(zhì)量為m的物塊與水平轉(zhuǎn)臺之間有摩擦，物塊與轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)軸相距R，物塊隨轉(zhuǎn)臺由靜止開始轉(zhuǎn)動并計時，在t1時刻轉(zhuǎn)速達到n，物塊即將開始滑動,保持轉(zhuǎn)速n不變，繼續(xù)轉(zhuǎn)動到t2時刻．則（）A．在0～t1時間內(nèi)，摩擦力做功為零B．在0～t1時間內(nèi)，摩擦力做功為2mπ2n2R2C．在0～t1時間內(nèi)，摩擦力做功為μmgRD．在t1～t2時間內(nèi)，摩擦力做功為μmgR【考點】動能定理的應(yīng)用；向心力．【分析】物體做加速圓周運動，受重力、支持力和靜摩擦力，由于重力和支持力垂直于速度方向，始終不做功，只有靜摩擦力做功，可以根據(jù)動能定理求出摩擦力做的功．【解答】解：ABC、在0～t1時間內(nèi),轉(zhuǎn)臺的轉(zhuǎn)速逐漸增加，故物體的速度逐漸增加，由動能定理可知，摩擦力對物體要做功．且摩擦力做功為W===2mπ2n2R2．故A、C錯誤，B正確．D、在t1～t2時間內(nèi),物體做勻速圓周運動，由靜摩擦力提供向心力，物體的線速度不變，根據(jù)動能定理可知摩擦力做功為零，故D錯誤．故選:B4．2016年中國將發(fā)射“天宮二號"空間實驗室，并發(fā)射“神舟十一號"載人飛船和“天舟一號"貨運飛船，與“天宮二號”交會對接．“天宮二號”預(yù)計由“長征二號F"改進型無人運載火箭或“長征七號"運載火箭從酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，由長征運載火箭將飛船送入近地點為A、遠地點為B的橢圓軌道上，B點距離地面的高度為h，地球的中心位于橢圓的一個焦點上．“天宮二號”飛行幾周后進行變軌進人預(yù)定團軌道,如圖所示．已知“天宮二號”在預(yù)定圓軌道上飛行n圈所用時間為t，引力常量為G,地球半徑為R．則下列說法正確的是（）A．“天宮二號”從B點沿橢圓軌道向A點運行的過程中,機械能增大B．“天宮二號”在橢圓軌道的B點的向心加速度大于在預(yù)定圓軌道上B點的向心加速度C．“天宮二號”在橢圓軌道的B點的速度大于在預(yù)定圓軌道上B點的速度D．根據(jù)題目所給信息，可以計算出地球質(zhì)量【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系;萬有引力定律及其應(yīng)用．【分析】“天宮二號”在橢圓軌道的B點的加速后做離心運動才能進入預(yù)定圓軌道,故“天宮二號”在橢圓軌道的B點的向心加速度小于在預(yù)定圓軌道的B點的向心加速度．“天宮二號”從B點沿橢圓軌道向A點運行的過程中，只受到地球的引力，只有地球的引力做負功，動能越來越小，但機械能守恒．地球?qū)μ鞂m二號的萬有引力提供它繞地球做勻速圓周運動的向心力,由萬有引力公式及向心力公式列方程，可以求出地球的質(zhì)量．【解答】解:A、“天宮二號”從B點沿橢圓軌道向A點運行的過程中,只受到地球的引力，只有地球的引力做功，故機械能守恒,故A錯誤．B、在B點“天宮二號”產(chǎn)生的加速度都是由萬有引力產(chǎn)生的，因為同在B點萬有引力大小相等，故不管在哪個軌道上運動，在B點時萬有引力產(chǎn)生的加速度大小相等,故B錯誤．C、“天宮二號”在橢圓軌道的B點的加速后做離心運動才能進入預(yù)定圓軌道,故“天宮二號”在橢圓軌道的B點的速度小于在預(yù)定圓軌道的B點的速度，故C錯誤．D、“天宮二號"在預(yù)定圓軌道上飛行n圈所用時間為t，故周期為，根據(jù)萬有引力提供向心力,得地球的質(zhì)量，故D正確．故選:D5．如圖所示為靜電力演示儀,兩金屬極板分別固定于絕緣支架上，且正對平行放置．工作時兩板分別接高壓直流電源的正負極，空心金屬小球用絕緣細線懸掛在金屬極板中間，則（)A．空心金屬小球的右側(cè)感應(yīng)出正電荷B．空心金屬小球受到擾動后,會被吸在左極板上C．用絕緣棒將空心金屬小球撥到與右極板接觸，放開后空心金屬小球會在兩極板間來回碰撞D．空心金屬小球受到細線的彈力,電場力，重力和庫侖力共四個力的作用【考點】靜電場中的導(dǎo)體；電勢差與電場強度的關(guān)系．【分析】根據(jù)靜電感應(yīng)現(xiàn)象明確小球的帶電情況,再利用電荷守恒定律進行分析，明確小球與極板相碰后的運動情況，即可分析小球的運動情況．【解答】解：A、由于球表面鍍有金屬，故在電場作用下會產(chǎn)生感應(yīng)電荷；金屬極板右側(cè)為正，則負電荷將向右移動，故右側(cè)帶有負電荷；故A錯誤；B、C、乒乓球與極板相碰后，在接觸過程中，電荷重新分布，使球與極板帶同種電荷；故將會排斥；因此乒乓球會在兩極板間來回碰撞;故B錯誤，C正確;D、乒乓球共受到電場力、重力、拉力三個力的作用；故D錯誤；故選:C6．如圖所示，物體A疊放在物體B上，B置于光滑水平面上．A,B質(zhì)量分別為6。0kg和2.0kg，A、B之間的動摩擦因數(shù)為0.2．在物體A上施加水平方向的拉力F，開始時F=10N,此后逐漸增大,在增大到45N的過程中,以下判斷正確的是（）A．兩物體間始終沒有相對運動B．兩物體間從受力開始就有相對運動C．當(dāng)拉力F＜12N時，兩物體均保持靜止?fàn)顟B(tài)D．兩物體開始沒有相對運動，當(dāng)F＞18N時，開始相對滑動物體A疊放在物體B上,B置于光滑水平面【考點】牛頓第二定律；力的合成與分解的運用．【分析】隔離對B分析,求出AB發(fā)生相對滑動時的臨界加速度，再對整體分析,運用牛頓第二定律求出剛好發(fā)生相對滑動時的拉力．【解答】解：隔離對B分析，當(dāng)AB間摩擦力達到最大靜摩擦力時，A、B發(fā)生相對滑動，則aB=再對整體分析有：F=（mA+mB）a=8×6N=48N．知當(dāng)拉力達到48N時，A、B才發(fā)生相對滑動．故A正確，B、C、D錯誤．故選：A7．在高緯度地區(qū)的高空,大氣抽薄，常出現(xiàn)五顏六色的弧狀、帶狀或幕狀的極其美麗壯觀的發(fā)光現(xiàn)象，這就是我們常說的“極光"．“極光”是由太陽發(fā)射的高速帶電粒子（重力不計）受地磁場的影響,進入兩極附近時，撞擊并激發(fā)高空中的空氣分子和原子引起的．假如我們在北極地區(qū)忽然發(fā)現(xiàn)正上方的高空出現(xiàn)了射向地球的、沿逆時針方向生成的紫色弧狀極光（顯示帶電粒子的運動軌跡）．則關(guān)于引起這一現(xiàn)象的高速粒子的電性及弧狀極光的彎曲程度的說法中，正確的是（）A．高速粒子帶負電 B．高速粒子帶正電C．彎曲程度逐漸增大 D．彎曲程度逐漸減小【考點】洛侖茲力．【分析】在北極上空磁場方向為豎直向下,由左手定則可以判斷粒子帶負電．由于空氣阻力的作用，粒子速度逐漸減小，其運動半徑逐漸減小,因此彎曲程度逐漸增大．【解答】解：AB、在北極上空有豎直向下的磁場，由地面上看帶電粒子的運動軌跡沿逆時針方向，則由左手定則得粒子帶負電．故A正確，B錯誤；CD、運動過程中粒子因空氣阻力做負功，運動動能變小，速度減小,則軌跡半徑減小，彎曲程度增大，故C正確，D錯誤；故選：AC8．如圖甲，一帶電物塊無初速度地放上皮帶輪底端，皮帶輪以恒定大小的速率沿順時針傳動，該裝置處于垂直紙面向里的勻強磁場中，物塊由底端E運動至皮帶輪頂端F的過程中,其v﹣t圖象如圖乙所示,物塊全程運動的時間為4.5s，關(guān)于帶電物塊及運動過程的說法正確的是（）A．該物塊可能帶負電B．皮帶輪的傳動速度大小可能為2m/sC．若已知皮帶的長度，可求出該過程中物塊與皮帶發(fā)生的相對位移D．在2s～4.5s內(nèi),物塊與皮帶仍可能有相對運動【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動．【分析】由圖得出物塊的速度和加速度隨時間的變化關(guān)系，結(jié)合對物塊的受力分析,得出洛倫茲力的方向，由左手定則即可判斷出物塊的電性；結(jié)合受力分析，得出物塊做勻速直線運動的條件，從而判斷出物塊是否相對于傳送帶靜止；結(jié)合運動學(xué)的公式可以判斷位移．【解答】解：由圖乙可知，物塊做加速度逐漸減小的加速運動．物塊的最大速度是1m/s．A、對物塊進行受力分析可知，開始時物塊受到重力、支持力和摩擦力的作用，設(shè)動摩擦因數(shù)為μ，沿斜面的方向：μFN﹣mgsinθ=ma①物塊運動后，又受到洛倫茲力的作用，加速度逐漸減小,由①式可知，物塊的加速度逐漸減小，一定是FN逐漸減小，而開始時:FN=mgcosθ，后來：FN′=mgcosθ﹣f洛，即洛倫茲力的方向是向上的．物塊沿傳送帶向上運動，由左手定則可知，物塊帶正電．故A錯誤;B、物塊向上運動的過程中，洛倫茲力越來越大,則受到的支持力越來越小，結(jié)合①式可知，物塊的加速度也越來越小，當(dāng)加速度等于0時，物塊達到最大速度，此時:mgsinθ=μ（mgcosθ﹣f洛)②由②可知,只要傳送帶的速度大于等于1m/s，則物塊達到最大速度的條件與傳送帶的速度無關(guān)，所以傳送帶的速度可能是1m/s，有可能是大于1m/s，物塊可能相對于傳送帶靜止，有可能相對于傳送帶不靜止．故BD正確；C、由以上的分析可知，傳送帶的速度不能判斷，所以若已知皮帶的長度,也不能求出該過程中物塊與皮帶發(fā)生的相對位移．故C錯誤．故選：BD．9．如圖所示，光滑半圓弧形軌道半徑為r=0。4m，BC為豎直直徑,A為半圓弧形軌道上與圓心O等高的位置．一質(zhì)量為m=2.0kg的小球（可視為質(zhì)點）自A處以某一豎直向下的初速度滑下，進入與C點相切的粗糙水平面CD上，在水平滑道上有一輕質(zhì)彈簧,其一端固定在豎直墻上，另一端位于滑道末端的C點（此時彈簧處于自然狀態(tài)）．若小球與水平滑道間的動摩擦因數(shù)為μ=0。5，彈簧被壓縮的最大長度為0。2m，小球經(jīng)彈簧反彈后恰好能通過半圓弧形軌道的最高點B，重力加速度g=l0m/s2．則下列說法中正確的是（）A．小球通過最高點B時的速度大小為2m/sB．小球運動過程中彈簧的最大彈性勢能為20JC．小球第一次經(jīng)過C點時對C點的壓力為120ND．小球從A點豎直下滑的初速度大小為4m/s【考點】動能定理；向心力．【分析】在最高點,是重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解最高點B時的速度；對反彈后過程根據(jù)動能定理列式可以求解彈簧的最大彈性勢能；對下滑過程根據(jù)動能定理列式求解初速度;在C點，重力和支持力的合力提供向心力．【解答】解：A、小球被輕彈簧反彈后恰好能通過半圓形軌道的最高點B，故在B點是重力提供向心力，故：mg=m解得：v=，故A正確;B、對反彈后到最高點的過程根據(jù)動能定理,有：W彈﹣μmgx﹣mg（2R）=﹣0其中：W彈=Epm聯(lián)立解得：Epm=μmgx+mg（2r）+=0.5×2×10×0。2+2×10×（2×0.4）+=22J故B錯誤;C、從A到C，根據(jù)動能定理，有：mgr=解得:在C點，根據(jù)牛頓第二定律，有：F﹣mg=m解得:F=mg+m=2×10+2×=180N，故C錯誤;D、對運動全程，根據(jù)動能定理，有：﹣mgr﹣2μmgx=解得：v0=m/s，故D錯誤;故選:A10．如圖所示電路中,R為電阻箱,電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r．當(dāng)調(diào)節(jié)電阻箱使外電阻分別為R1、R2時,其功率相等．此時對應(yīng)的電流分別為I1、I2，電路中對應(yīng)的電源效率分別為η1、η2,下列說法中正確的是(）A．I1+I2＞ B．I1+I2= C．η1+η2=1 D．I1R1+I2R2=E【考點】閉合電路的歐姆定律；電功、電功率．【分析】電阻箱讀數(shù)分別等于R1和R2時功率相等，根據(jù)閉合電路歐姆定律和功率公式列式，即可求解電流，再分析電源的效率關(guān)系．【解答】解：據(jù)題有：則有：EI1﹣I12r=EI2﹣I22r變形得I1+I2=．電源的效率分別為η1==η2==則得η1+η2=1由閉合電路歐姆定律得：I1R1=E﹣I1r,I2R2=E﹣I2r則得I1R1+I2R2=E故選：BCD二、實驗11．在探究測定摩擦因數(shù)實驗中,某研究小組設(shè)汁了一種“用一把尺子測定動摩擦因數(shù)”的實驗方案．如圖所示，A是可固定于水平桌面上任意位置的滑槽(滑槽禾端與真面相切）．B是質(zhì)量為m的滑塊（可視為質(zhì)點）．第一次實驗，如圖（a）所示，將滑稽末端與桌面右端M對齊并固定，讓滑塊從滑槽最高點由靜止滑下,最終落在水平地面上的P點,測出滑槽最高點距離桌面的高度h．M距離地面的高度H、M與P間的水平距離x1；第二次實驗，如圖（b）所示，將滑槽沿桌面向左移動一段距離并固定,讓滑塊B再次從滑槽最高點由靜止滑下,最終落在水平地面上的P′點，測出滑槽末端與桌面右端M的距離地面的高度L、M與P′間的水平距離x2；（1）在第二次實驗中，滑塊在滑槽末端時的速度大小為（用實驗中所測物理量的符號表示，已知重力加速度為g）．(2）通過上述測量和進一步的計算．可求出滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ，下列能引起實驗誤差的是ACD．（A）H的測量（B）h的測量（C）L的測量(D）x2的測（3）若實驗中測得h=15cm、H=25cm、，x1=30cm、L=l0cm、x2=20cm，則滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ=0。5．【考點】探究影響摩擦力的大小的因素．【分析】(1）由平拋運動的知識求得速度的大小．（2）凡影響到速度大小的求解的量均會引起實驗誤差．（3）先列出μ的表達式，代入數(shù)據(jù)計算即可．【解答】解：（1)滑塊在滑槽末端時的速度大小為:v1=①②由豎直方向有：③由①②③式求得：v1=x1（2）第一次測的速度為:④第二次為:⑤物體在水平桌面上運動，由動能定理：⑥由④⑤⑥式可得：由表達式可知會引起誤差的是H的測量、L的測量、和x2的測量；故選:ACD（3）由=故答案為：（1）;（2）ACD；（3）0。512．某同學(xué)要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率P．步驟如下：（1）游標卡尺測量其長度如圖甲所示，可知其長度為50.15mm；（2)用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，可知其直徑為4.700mm;（3）選用多用電表的電阻“×1”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖所示,則該電阻的阻值約為22。0Ω；（4）為更精確地測量其電阻，可供選擇的器材如下:電流表A1（量程300mA,內(nèi)阻約為2Ω）;電流表A2(量程150mA，內(nèi)阻約為10Ω）；電壓表V1（量程1V，內(nèi)阻r=1000Ω);電壓表V2（量程15V,內(nèi)阻約為3000Ω)；定值電阻R0=1000Ω；滑動變阻器R1（最大阻值5Ω);滑動變阻器R2（最大阻值1000Ω）；電源E（電動勢約為4V,內(nèi)阻r約為1Ω）；開關(guān)，導(dǎo)線若干．為了使測量盡量準確，測量時電表讀數(shù)不得小于其量程的,電壓表應(yīng)選V1，電流表應(yīng)選A2,滑動變阻器應(yīng)選R1．(均填器材代號）根據(jù)你選擇的器材，請在線框內(nèi)畫出實驗電路圖．【考點】驗證牛頓第二運動定律;測定金屬的電阻率．【分析】（1）（2)游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù),在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．(3）用歐姆表測電阻的讀數(shù)為指針示數(shù)乘以倍率,當(dāng)指針指在中央附近時測量值較準確；（4）根據(jù)電源電動勢選擇電壓表，根據(jù)通過待測電阻的最大電流選擇電流表,在保證安全的前提下，為方便實驗操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器;為準確測量電阻阻值，應(yīng)測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器可以采用分壓接法，根據(jù)待測電阻與電表內(nèi)阻間的關(guān)系確定電流表的接法，作出實驗電路圖．【解答】解：(1）游標卡尺的主尺讀數(shù)為50mm,游標讀數(shù)為0。05×3mm=0。15mm，所以最終讀數(shù)為50mm+0。15mm=50.15mm．(2)螺旋測微器固定刻度為4.5mm，可動刻度為0。01×20.0=0。200mm,所以最終讀數(shù)為4.5mm+0。200mm=4.700mm．(3）該電阻的阻值約為22.0×1Ω=22。0Ω．（4)電源電動勢為4V，直接使用電壓表V1量程太小,為了使測量盡量準確，測量時電表讀數(shù)不得小于其量程的，使用電壓表V2量程又太大,可以把電壓表V1與定值電阻R0串聯(lián),增大其量程進行實驗，故電壓表選擇V1，待測電阻兩端的電壓不能超過2V,最大電流不超過100mA,所以電流表選A2，待測電阻的電壓從零開始可以連續(xù)調(diào)節(jié),變阻器采用分壓式接法，為保證電路安全方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選R1．為準確測量電阻阻值，應(yīng)測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器可以采用分壓接法，由于待測電阻阻值接近電流表內(nèi)阻,所以采用電流表外接法．如圖所示：故答案為：（1)50。15（2）4.700（3）22.0（4）V1,R1．電路圖如圖所示．三、計算題：要有必要的文字說明（13、14、15、16題分別為8分、10分、12分、15分,共45分)13．如圖所示，弧形軌道的下端與半徑為R=1。6m的圓軌道平滑連接．現(xiàn)在使一質(zhì)量為m=1kg的小球從弧形軌道上端距地面h=2.8m的A點由靜止滑下,進入圓軌道后沿圓軌道運動，軌道摩擦不計，g取10m/s2．試求：（1）小球在最低點B時對軌道的壓力大小;(2）若小球在C點（未畫出）脫離圓軌道，求半徑OC與豎直方向的夾角θ大?。究键c】動能定理；向心力．【分析】（1）小球從A到B的過程中,根據(jù)動能定理，可求解球經(jīng)過最低點B時的速度；在B點，由重力和支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓運動定律，結(jié)合向心力表達式，即可求解小球在最低點B時對軌道的壓力大?。唬?）根據(jù)機械能守恒，小球不可能到達圓周最高點,但在圓心以下的圓弧部分速度不等0，彈力不等于0,小球不會離開軌道，應(yīng)在圓心以上的圓弧部分脫離軌道，此時軌道對小球的彈力為零，根據(jù)牛頓第二定律求出此時小球的速度，由機械能守恒定律列式求解．【解答】解：（1）小球從A到B的過程中，由動能定理得：mg?h=mv2在B點，由牛頓第二定律得FN﹣mg=FN=45N根據(jù)牛頓第三定律可知小球在最低點B時對軌道的壓力大小為45N（2）根據(jù)機械能守恒，小球不可能到達圓周最高點，但在圓心以下的圓弧部分速度不等0，彈力不等于0，小球不會離開軌道．設(shè)小球在C點（OC與豎直方向的夾角為θ）脫離圓軌道，則在C點軌道彈力為0有：mgcosθ=小球從A到C的過程中，由機械能守恒定律得：mg?h=mgR+mgRcosθ+由③④得:v0=2m/s，θ=60°答：（1）小球在最低點B時對軌道的壓力大小是45N，方向豎直向下；（2）若小球在C點（未畫出）脫離圓軌道,半徑OC與豎直方向的夾角θ大小是60°；14．如圖所示，豎直金屬框架上端連接一個電容器，電容器電容為C=0。01F，在與電容器不遠處有一個金屬棒，其質(zhì)量為m=0。001kg，整個裝置置于磁感應(yīng)強度為B=T的勻強磁場中，金屬棒及框架電阻不計，金屬棒從靜止釋放，求其速度達到v=20m/s時，所需要的時間．【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；電容．【分析】導(dǎo)體棒向下運動的過程中切割磁感線產(chǎn)生電動勢，該電動勢給電容器充電，然后結(jié)合閉合電路的歐姆定律以及q=CU以及牛頓第二定律即可求出．【解答】解:對回路中產(chǎn)生的電流為:I=…①通過電容器的電量為:q=C△U…②由法拉第電磁感應(yīng)定律得：△U=BL△v…③△v=a?△t…④由牛頓第二定律得：Mg﹣F=ma聯(lián)立①②③④得：a=代入數(shù)值得：a=5m/s2由公式V=at代入數(shù)據(jù)得：t=4s答:所需的時間是4s．15．如圖甲所示，在光滑絕緣水平桌面內(nèi)建立xoy坐標系，在第Ⅱ象限內(nèi)有平行于桌面的勻強電場，場強方向與x軸負方向的夾角θ=45°．在第Ⅲ象限垂直于桌面放置兩塊相互平行的平板C1、C2，兩板間距為d1=0.6m,板間有豎直向上的勻強磁場，兩板右端在y軸上，板C1與x軸重合，在其左端緊貼桌面有一小孔M，小孔M離坐標原點O的距離為L=0。72m．在第Ⅳ象限垂直于x軸放置一塊平行y軸且沿y軸負向足夠長的豎直平板C3，平板C3在x軸上垂足為Q，垂足Q與原點O相距d2=0。18m．現(xiàn)將一帶負電的小球從桌面上的P點以初速度v0=4m/s垂直于電場方向射出，剛好垂直于x軸穿過C1板上的M孔，進入磁場區(qū)域．已知小球可視為質(zhì)點，小球的比荷=20C/kg，P點與小孔M在垂直于電場方向上的距離為s=m，不考慮空氣阻力．求：（1）勻強電場的場強大??；（2）要使帶電小球無碰撞地穿出磁場并打到