濱州市鄒平雙語學校一區(qū)高三上學期期中物理模擬試卷（理科）

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精2016—2017學年山東省濱州市鄒平雙語學校一區(qū)高三（上）期中物理模擬試卷（理科）一、選擇題（本大題共10小題,每小題4分．第1—5小題，只有一個選項符合要求，第6—10小題有多項符合要求,全部選對得4分，選對但不全得2分，有選錯的得0分．)1．從同一地點同時開始沿同一直線運動的兩個物體I、II的速度﹣時間圖象如圖所示，在0～t2時間內(nèi),下列說法中正確的是（)A．t2時刻兩物體相遇B．在相遇之前，t1時刻兩物體相距最遠C．I、II兩個物體的平均速度大小都是D．I物體所受的合外力不斷增大，II物體所受的合外力不斷減小2．如圖,穿在一根光滑的固定桿上的兩個小球A、B連接在一條跨過定滑輪的細繩兩端,桿與水平面成θ=37°角,不計所有摩擦．當兩球靜止時，OA繩與桿的夾角為θ,OB繩沿豎直方向，則球A、B的質(zhì)量之比為（)A．4：3 B．3：4 C．3：5 D．5：83．如圖所示，R0為熱敏電阻（溫度降低電阻增大)，D為理想二極管（正向電阻為零，反向電阻無窮大），C為平行板電容器，C中央有一帶電液滴剛好靜止，M點接地，單獨進行下列操作可使帶電液滴保持靜止的是(）A．將熱敏電阻R0加熱 B．變阻器R的滑動頭P向下移動C．開關(guān)K斷開 D．電容器C的上極板向上移動4．如圖所示,一個質(zhì)量為0.4kg的小物塊從高h=0。05m的坡面頂端由靜止釋放，滑到水平臺上，滑行一段距離后，從邊緣O點水平飛出，擊中平臺右下側(cè)擋板上的P點．現(xiàn)以O(shè)為原點在豎直面內(nèi)建立如圖所示的平面直角坐標系，擋板的形狀滿足方程y=x2﹣6(單位：m），不計一切摩擦和空氣阻力，g=10m/s2,則下列說法正確的是(）A．小物塊從水平臺上O點飛出的速度大小為2m/sB．小物塊從O點運動到P點的時間為lsC．小物塊剛到P點時速度方向與水平方向夾角的正切值等于5D．小物塊剛到P點時速度的大小為10m/s5．如圖所示的等臂天平可用來測定磁感應強度．天平的右臂下面掛有一個矩形線圈，寬為l，共N匝,線圈的下部懸在勻強磁場中,磁場方向垂直紙面．當線圈中通有電流I（方向如圖）時，天平平衡；當電流反向（大小不變)時，右邊再加上質(zhì)量為m的砝碼后,天平重新平衡．由此可知（）A．磁感應強度的方向垂直紙面向外，大小為B．磁感應強度的方向垂直紙面向外,大小為C．磁感應強度的方向垂直紙面向里，大小為D．磁感應強度的方向垂直紙面向里，大小為6．有兩個勻強磁場區(qū)域I和II，I中的磁感應強度是II中的k倍,兩個速率相同的電子分別在兩磁場區(qū)域做圓周運動．與I中運動的電子相比，II中的電子（)A．運動軌跡的半徑是I中的k倍B．加速度的大小是I中的k倍C．做圓周運動的周期是I中的k倍D．做圓周運動的角速度是Ⅰ中的k倍7．嫦娥工程分為“無人月球探測”、“載人登月”和“建立月球基地”三個階段．如圖所示，關(guān)閉發(fā)動機的航天飛機，在月球引力作用下，沿橢圓軌道由A點向月球靠近，并將在橢圓軌道的近月點B與空間站對接．已知空間站繞月圓軌道的半徑為r,周期為T，引力常量為G,月球半徑為R．下列說法中正確的是（）A．航天飛機與空間站成功對接前必須點火減速B．月球的質(zhì)量為M=C．月球表面的重力加速度為g’=D．月球表面的重力加速度g’＞8．如圖甲所示，Q1、Q2是兩個固定的點電荷，一帶正電的試探電荷僅在電場力作用下以初速度va沿兩點電荷連線的中垂線從a點向上運動，其v﹣t圖象如圖乙所示，下列說法正確的是（)A．兩點電荷一定都帶負電,但電量不一定相等B．兩點電荷一定都帶負電，且電量一定相等C．試探電荷一直向上運動,直至運動到無窮遠處D．t2時刻試探電荷的電勢能最大，但加速度不為零9．如圖所示，固定在水平面上的光滑斜面傾角為30°，質(zhì)量分別為M、m的兩個物體通過細繩及輕彈簧連接于光滑輕滑輪兩側(cè),斜面底端有一與斜面垂直的擋板．開始時用手按住物體M，此時M距離擋板的距離為s，滑輪兩邊的細繩恰好伸直,且彈簧處于原長狀態(tài)．已知M=2m，空氣阻力不計．松開手后，關(guān)于二者的運動下列說法中正確的是（)A．M和m組成的系統(tǒng)機械能守恒B．當M的速度最大時，m與地面間的作用力為零C．若M恰好能到達擋板處，則此時m的速度為零D．若M恰好能到達擋板處，則此過程中重力對M做的功等于彈簧彈性勢能的增加量與物體m的機械能增加量之和10．一帶負電的粒子只在電場力作用下沿x軸正向運動,其電勢能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示,其中0～x2段是關(guān)于直線x=x1對稱的曲線，x2～x3段是直線，其中x3﹣x2=x2﹣x1，則下列說法正確的是（）A．0~x1段的電場強度逐漸減小B．粒子在x1﹣x2段做勻變速運動，x2﹣x3段做勻速直線運動C．x1、x2、x3處電勢φ1、φ2、φ3的關(guān)系為φ1＞φ2＞φ3D．x1與x2兩點間的電勢差U12等于x2與x3兩點間的電勢差U23二、實驗題（本題共兩小題,共14分）11．小燈泡燈絲的電阻隨溫度的升高而變大，某同學利用實驗探究這一現(xiàn)象．所提供的器材有：A．電流表（A1）量程0﹣0.6A，內(nèi)阻約0.125ΩB．電流表(A2）量程0﹣3A，內(nèi)阻約0.025ΩC．電壓表（V1）量程0﹣3V,內(nèi)阻約3kΩD．電壓表（V2）量程0﹣15V，內(nèi)阻約15kΩE．滑動變阻器（R1）總阻值約10ΩF．滑動變阻器(R2）總阻值約200ΩG．電池（E）電動勢3。0V，內(nèi)阻很小H．導線若干，電鍵K該同學選擇儀器，設(shè)計電路并進行實驗,通過實驗得到如下數(shù)據(jù)：I/A00.120。210.290.340。380.420。450。470.490.50U/V00.200.400。600.801.001。201。401。601.802.00（1）請你推測該同學選擇的器材是：電流表為，電壓表為,滑動變阻器為（以上均填寫器材代號）．（2)請你推測該同學設(shè)計的實驗電路圖并畫在圖甲的方框中．（3）請在圖乙的坐標系中畫出小燈泡的I﹣U曲線．（4）若將該小燈泡直接接在電動勢是1.5V，內(nèi)阻是2.0Ω的電池兩端,小燈泡的實際功率為W．12．為了測量一個量程為3。0V的電壓表的內(nèi)阻(阻值較大）,可以采用如圖所示的電路,在測量時，可供選擇的步驟如下：A．閉合開關(guān)SB．將電阻箱R0的阻值調(diào)到最大C．將電阻箱R0的阻值調(diào)到零D．調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值，使電壓表示數(shù)為1。5V，讀出此時電阻箱R0的阻值，E．調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，使電壓表的示數(shù)為3。0VF．斷開開關(guān)SG．將滑動變阻器的滑動觸頭調(diào)到b端H．將滑動變阻器的滑動觸頭調(diào)到a端上述操作步驟中，必要的操作步驟按合理順序排列應為．若在步驟D中,讀出R0的值為2400Ω，則電壓表的內(nèi)阻RV=Ω．用這種方法測出的內(nèi)阻RV與其真實值相比偏（大、?。?、計算題（共4小題，共46分．解答應寫出必要文字說明、主要方程式，只寫出最后結(jié)果不得分）13．如圖甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運行,一質(zhì)量m=1kg，初速度大小為v2的煤塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶．若以地面為參考系，從煤塊滑上傳送帶開始計時,煤塊在傳送帶上運動的速度﹣時間圖象如圖乙所示,取g=10m/s2，求：（1）煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)；（2）煤塊在傳送帶上運動的時間;（3）整個過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量．14．如圖所示是示波器的示意圖，豎直偏轉(zhuǎn)電極的極板長L1=4cm，板間距離d=1cm．板右端距離熒光屏L2=18cm,(水平偏轉(zhuǎn)電極上不加電壓,沒有畫出）電子沿中心線進入豎直偏轉(zhuǎn)電場的速度是v=1.6×107m/s,電子電量e=1。6×10﹣19C，質(zhì)量m=0。91×10﹣30kg．(1）要使電子束不打在偏轉(zhuǎn)電極上，加在豎直偏轉(zhuǎn)電極上的最大偏轉(zhuǎn)電壓U不能超過多大?（2）若在偏轉(zhuǎn)電極上加u=27。3sin100πt（V）的交變電壓，在熒光屏的豎直坐標軸上能觀察到多長的線段?15．如圖甲所示，一個質(zhì)量為m，電荷量為+q的微粒（不計重力)，初速度為零,經(jīng)兩金屬板間電場加速后，沿y軸射入一個邊界為矩形的勻強磁場中,磁場方向垂直紙面向里．磁場的四條邊界分別是y=0，y=a，x=﹣1.5a,x=1.5a．兩金屬板間電壓隨時間均勻增加，如圖乙所示．由于兩金屬板間距很小，微粒在電場中運動時間極短,可認為微粒在加速運動過程中電場恒定．(1)求微粒分別從磁場上、下邊界射出時對應的電壓范圍;（2）微粒從磁場左側(cè)邊界射出時，求微粒的射出速度相對其進入磁場時初速度偏轉(zhuǎn)角度的范圍，并確定在左邊界上出射范圍的寬度d．16．如圖所示，兩個絕緣斜面與絕緣水平面的夾角均為α=45°,水平面長d，斜面足夠長，空間存在與水平方向成45°的勻強電場E，已知E=．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小物塊，從右斜面上高為d的A點由靜止釋放,不計摩擦及物塊轉(zhuǎn)彎時損失的能量．小物塊在B點的重力勢能和電勢能均取值為零．試求:（1）小物塊下滑至C點時的速度大小；（2）在AB之間，小物塊重力勢能與動能相等點的位置高度h1；(3)除B點外，小物塊重力勢能與電勢能相等點的位置高度h2．

2016—2017學年山東省濱州市鄒平雙語學校一區(qū)高三（上)期中物理模擬試卷（理科）參考答案與試題解析一、選擇題(本大題共10小題，每小題4分．第1—5小題,只有一個選項符合要求，第6-10小題有多項符合要求，全部選對得4分，選對但不全得2分，有選錯的得0分．)1．從同一地點同時開始沿同一直線運動的兩個物體I、II的速度﹣時間圖象如圖所示，在0~t2時間內(nèi)，下列說法中正確的是(）A．t2時刻兩物體相遇B．在相遇之前，t1時刻兩物體相距最遠C．I、II兩個物體的平均速度大小都是D．I物體所受的合外力不斷增大，II物體所受的合外力不斷減小【考點】1I：勻變速直線運動的圖像；19：平均速度．【分析】在v﹣t圖象中,傾斜的直線表示勻變速直線運動,圖象的斜率表示加速度;圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，相遇要求在同一時刻到達同一位置;勻變速直線運動的平均速度可為．由此分析．【解答】解：A、t2時刻，物體I的位移比物體II的位移大，兩者又是從同一地點同時開始運動的,所以t2時刻兩物體沒有相遇,故A錯誤；B、速度圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，由圖可知在t1時刻兩物體面積差最大，相距最遠，故B正確;C、由于t2時刻,物體Ⅱ的位移比物體Ⅰ的位移小，所以II物體的平均速度大小于I物體,故C錯誤;D、根據(jù)v﹣t圖象的斜率表示加速度,由圖象可知,I物體做加速度越來越小的加速運動，所受的合外力不斷減小，II物體做勻減速直線運動，所受的合外力不變，故D錯誤；故選：B2．如圖，穿在一根光滑的固定桿上的兩個小球A、B連接在一條跨過定滑輪的細繩兩端,桿與水平面成θ=37°角，不計所有摩擦．當兩球靜止時，OA繩與桿的夾角為θ，OB繩沿豎直方向，則球A、B的質(zhì)量之比為（)A．4:3 B．3：4 C．3：5 D．5：8【考點】2H：共點力平衡的條件及其應用；2G：力的合成與分解的運用．【分析】分別對AB兩球分析,運用合成法，用T表示出A、B兩球的重力,同一根繩子上的拉力相等，即繩子AB兩球的拉力是相等的．【解答】解：分別對AB兩球分析，運用合成法，如圖：根據(jù)共點力平衡條件，得:T=mBg(根據(jù)正弦定理列式）故mA:mB=1：tanθ=1：=4：3．故選:A．3．如圖所示,R0為熱敏電阻（溫度降低電阻增大），D為理想二極管(正向電阻為零，反向電阻無窮大），C為平行板電容器，C中央有一帶電液滴剛好靜止，M點接地，單獨進行下列操作可使帶電液滴保持靜止的是（）A．將熱敏電阻R0加熱 B．變阻器R的滑動頭P向下移動C．開關(guān)K斷開 D．電容器C的上極板向上移動【考點】BB：閉合電路的歐姆定律；AS：電容器的動態(tài)分析．【分析】由共點力的平衡條件可知液滴的受力情況，要使液保持靜止，則保持兩板間的電場強度不變,由根據(jù)閉合電路歐姆定律可知應采取何種措施;注意二極管的作用可以阻止電容器上的電量流出．【解答】解:A、熱敏電阻加熱時，熱敏電阻阻值減小，則由閉合電路歐姆定律可知,滑動變阻器兩端的電壓增大，所以電容器兩端的電勢差增大，則電場強度增大，電場力增大，液滴向上運動，故A錯誤；B、當變阻器的滑片向下移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則總電流減小，內(nèi)壓及R0兩端的電壓減小，則滑動變阻器兩端的電壓增大，所以電容器兩端的電勢差增大，則電場強度增大,電場力增大，液滴向上運動，故B錯誤;C、開關(guān)K斷開時，電容器直接接在電源兩端，電壓增大,則液滴向上運動，故C錯誤；D、電容器C的上極板向上移動，d增大；則電容C減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電荷不會向右流出，所以電容器兩端的電勢差增大，由于U=，C=，E=．所以：E=，由于極板上的電量不變，而場強E與極板之間的距離無關(guān)，所以電場強度E不變，液滴仍然靜止,故D正確；故選:D4．如圖所示，一個質(zhì)量為0.4kg的小物塊從高h=0.05m的坡面頂端由靜止釋放，滑到水平臺上，滑行一段距離后，從邊緣O點水平飛出，擊中平臺右下側(cè)擋板上的P點．現(xiàn)以O(shè)為原點在豎直面內(nèi)建立如圖所示的平面直角坐標系，擋板的形狀滿足方程y=x2﹣6（單位：m），不計一切摩擦和空氣阻力，g=10m/s2，則下列說法正確的是(）A．小物塊從水平臺上O點飛出的速度大小為2m/sB．小物塊從O點運動到P點的時間為lsC．小物塊剛到P點時速度方向與水平方向夾角的正切值等于5D．小物塊剛到P點時速度的大小為10m/s【考點】43:平拋運動．【分析】對小物塊由動能定理可以求出物塊的速度，物塊做平拋運動，應用平拋運動規(guī)律，抓住y和x的函數(shù)關(guān)系，求出水平位移和豎直位移,從而求出運動的時間，結(jié)合平行四邊形定則求出P點的速度大小和方向．【解答】解：A、根據(jù)動能定理得，mgh=，解得小物塊從水平臺上O點飛出的速度=,故A錯誤．B、小物塊從O點水平拋出做平拋運動，豎直方向：y=﹣gt2，水平方向：x=v0t，解得:y=﹣5x2；又有：y=x2﹣6，聯(lián)立解得：x=1m,y=﹣5m,根據(jù)h=得，t=，故B正確．C、到達P點豎直分速度vy=gt=10×1m/s=10m/s,根據(jù)平行四邊形定則知，，故C錯誤．D、根據(jù)平行四邊形定則知，P點的速度m/s=m/s，故D錯誤．故選：B．5．如圖所示的等臂天平可用來測定磁感應強度．天平的右臂下面掛有一個矩形線圈，寬為l，共N匝，線圈的下部懸在勻強磁場中，磁場方向垂直紙面．當線圈中通有電流I（方向如圖）時，天平平衡;當電流反向（大小不變）時，右邊再加上質(zhì)量為m的砝碼后，天平重新平衡．由此可知（）A．磁感應強度的方向垂直紙面向外,大小為B．磁感應強度的方向垂直紙面向外，大小為C．磁感應強度的方向垂直紙面向里，大小為D．磁感應強度的方向垂直紙面向里，大小為【考點】CC:安培力．【分析】天平平衡后，當電流反向(大小不變）時，安培力方向反向，則右邊相當于多了或少了兩倍的安培力大小【解答】解：由題可知B的方向垂直紙面向里，開始線圈所受安培力的方向向下，電流方向相反，則安培力方向反向，變?yōu)樨Q直向上,相當于右邊多了兩倍的安培力大小，所以需要在右邊加砝碼．則有mg=2NBIL，所以B=．故ABC錯誤，D正確故選：D6．有兩個勻強磁場區(qū)域I和II，I中的磁感應強度是II中的k倍，兩個速率相同的電子分別在兩磁場區(qū)域做圓周運動．與I中運動的電子相比，II中的電子（)A．運動軌跡的半徑是I中的k倍B．加速度的大小是I中的k倍C．做圓周運動的周期是I中的k倍D．做圓周運動的角速度是Ⅰ中的k倍【考點】CI：帶電粒子在勻強磁場中的運動．【分析】電子在磁場中做的圓周運動，洛倫茲力作為向心力，根據(jù)圓周運動的周期公式和半徑公式逐項分析即可．【解答】解：設(shè)Ⅱ中的磁感應強度為B,則Ⅰ中的磁感應強度為kB，A、根據(jù)電子在磁場中運動的半徑公式r=可知，Ⅰ中的電子運動軌跡的半徑為,Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑為，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍,故A正確；B、電子在磁場運動的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為a=,所以Ⅰ中的電子加速度的大小為，Ⅱ中的電子加速度的大小為，所以Ⅱ的電子的加速度大小是Ⅰ中的倍，故B錯誤；C、根據(jù)電子在磁場中運動的周期公式T=可知,Ⅰ中的電子運動周期為，Ⅱ中的電子運動周期為,所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的周期是Ⅰ中的k倍,故C正確；D、做圓周運動的角速度ω=，所以Ⅰ中的電子運動角速度為,Ⅱ中的電子運動角速度為，在Ⅱ的電子做圓周運動的角速度是Ⅰ中的倍，故D錯誤；故選:AC．7．嫦娥工程分為“無人月球探測"、“載人登月”和“建立月球基地"三個階段．如圖所示，關(guān)閉發(fā)動機的航天飛機，在月球引力作用下，沿橢圓軌道由A點向月球靠近，并將在橢圓軌道的近月點B與空間站對接．已知空間站繞月圓軌道的半徑為r，周期為T,引力常量為G，月球半徑為R．下列說法中正確的是（）A．航天飛機與空間站成功對接前必須點火減速B．月球的質(zhì)量為M=C．月球表面的重力加速度為g’=D．月球表面的重力加速度g'＞【考點】4H:人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；4F：萬有引力定律及其應用．【分析】要使航天飛機在橢圓軌道的近月點B處與空間站C對接，必須在接近B點時減速以實現(xiàn)軌．月球?qū)教祜w機的萬有引力提供其向心力，由牛頓第二定律求出月球的質(zhì)量M．由加速度的表達式分析月球表面的重力加速度g【解答】解：A、要使航天飛機在橢圓軌道的近月點B處與空間站C對接,航天飛機必須由原軌道的離心運動變?yōu)閳A周運動，則航天飛機在接近B點時必須點火減速．故A正確；B、設(shè)空間站的質(zhì)量為m，由G=mr,得月球的質(zhì)量為M=．故B正確；CD、空間站繞月圓軌道的半徑為r，周期為T，其軌道處的重力加速度為g=a=,可知，r越小，g越大，月球表面的重力加速度g′＞,故C錯誤，D正確故選：ABD8．如圖甲所示，Q1、Q2是兩個固定的點電荷，一帶正電的試探電荷僅在電場力作用下以初速度va沿兩點電荷連線的中垂線從a點向上運動，其v﹣t圖象如圖乙所示,下列說法正確的是(）A．兩點電荷一定都帶負電，但電量不一定相等B．兩點電荷一定都帶負電，且電量一定相等C．試探電荷一直向上運動，直至運動到無窮遠處D．t2時刻試探電荷的電勢能最大，但加速度不為零【考點】AA：電場的疊加；AE：電勢能．【分析】根據(jù)運動圖象明確粒子的運動情況，再根據(jù)受力分析即可明確粒子的受力情況,從而判斷電場分布;則可得出兩電荷的帶電情況．【解答】解：A、由圖可知，粒子向上先做減速運動，再反向做加速運動,且向上過程加速度先增大后減小,而重力不變，說明粒子受電場力應向下;故說明粒子均應帶負電；由于電場線只能沿豎直方向，故說明兩粒子帶等量負電荷；故AC錯誤，B正確；D、t2時刻之前電場力一直做負功；故電勢能增大；此后電場力做正功，電勢能減小；t2時刻電勢能最大;但由于粒子受重力及電場力均向下；故此時加速度不為零；故D正確;故選：BD．9．如圖所示，固定在水平面上的光滑斜面傾角為30°，質(zhì)量分別為M、m的兩個物體通過細繩及輕彈簧連接于光滑輕滑輪兩側(cè),斜面底端有一與斜面垂直的擋板．開始時用手按住物體M,此時M距離擋板的距離為s,滑輪兩邊的細繩恰好伸直，且彈簧處于原長狀態(tài)．已知M=2m，空氣阻力不計．松開手后，關(guān)于二者的運動下列說法中正確的是（）A．M和m組成的系統(tǒng)機械能守恒B．當M的速度最大時，m與地面間的作用力為零C．若M恰好能到達擋板處，則此時m的速度為零D．若M恰好能到達擋板處，則此過程中重力對M做的功等于彈簧彈性勢能的增加量與物體m的機械能增加量之和【考點】6C：機械能守恒定律;6B：功能關(guān)系．【分析】分析AB兩物體的受力情況及各力做功情況，從而分析A其運動情況，類比彈簧振子，從而判斷選項．【解答】解：A、因Mm之間有彈簧，故兩物體受彈簧的彈力做功，機械能不守恒;故A錯誤；B、M的重力分力為Mgsinθ=mg；物體先做加速運動,當受力平衡時M速度達最大，則此時m受力為mg，故m恰好與地面間的作用力為零;故B正確;C、從m開始運動至到M到達底部過程中,彈力的大小一直大于m的重力，故m一直做加速運動,M到達底部時，m的速度不為零;故C錯誤；D、M恰好能到達擋板處，則此過程中重力對M做的功等于彈簧彈性勢能的增加量與物體m的機械能增加量之和;故D正確；故選：BD．10．一帶負電的粒子只在電場力作用下沿x軸正向運動,其電勢能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示,其中0～x2段是關(guān)于直線x=x1對稱的曲線,x2～x3段是直線,其中x3﹣x2=x2﹣x1，則下列說法正確的是（）A．0～x1段的電場強度逐漸減小B．粒子在x1﹣x2段做勻變速運動，x2﹣x3段做勻速直線運動C．x1、x2、x3處電勢φ1、φ2、φ3的關(guān)系為φ1＞φ2＞φ3D．x1與x2兩點間的電勢差U12等于x2與x3兩點間的電勢差U23【考點】AG:勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系．【分析】根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系:Ep=qφ，場強與電勢的關(guān)系：E=，結(jié)合分析圖象斜率與場強的關(guān)系，即可求得x1處的電場強度；根據(jù)能量守恒判斷速度的變化;由Ep=qφ,分析電勢的高低．由牛頓第二定律判斷加速度的變化，即可分析粒子的運動性質(zhì)．根據(jù)斜率讀出場強的變化．【解答】解：A、根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系：Ep=qφ，場強與電勢的關(guān)系：E=,得：E=?,由數(shù)學知識可知Ep﹣x圖象切線的斜率等于，0～x1段的斜率逐漸減小，電場強度逐漸減小，故A正確．B、由圖看出在0～x1段圖象切線的斜率不斷減小，由上式知場強減小，粒子所受的電場力減小，加速度減小，做非勻變速運動．x1～x2段圖象切線的斜率不斷增大，場強增大,粒子所受的電場力增大，做非勻變速運動．x2～x3段斜率不變，場強不變，即電場強度大小和方向均不變，是勻強電場，粒子所受的電場力不變，做勻變速直線運動,故B錯誤．C、根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系：Ep=qφ，粒子帶負電，q＜0，則知：電勢能越大，粒子所在處的電勢越低，所以有:φ1＞φ2＞φ3．故C正確．D、x1與x2兩點間距與x2與x3兩點間距相等，但是線的斜率不一樣，故而電場強度不一樣，有U=Ed，可知x1與x2兩點間的電勢差U12等于x2與x3兩點間的電勢差U23不相同,故D錯誤．故選：AC．二、實驗題（本題共兩小題，共14分）11．小燈泡燈絲的電阻隨溫度的升高而變大，某同學利用實驗探究這一現(xiàn)象．所提供的器材有：A．電流表（A1）量程0﹣0。6A，內(nèi)阻約0。125ΩB．電流表（A2）量程0﹣3A，內(nèi)阻約0。025ΩC．電壓表（V1）量程0﹣3V，內(nèi)阻約3kΩD．電壓表（V2）量程0﹣15V，內(nèi)阻約15kΩE．滑動變阻器（R1）總阻值約10ΩF．滑動變阻器（R2）總阻值約200ΩG．電池（E）電動勢3.0V，內(nèi)阻很小H．導線若干，電鍵K該同學選擇儀器，設(shè)計電路并進行實驗，通過實驗得到如下數(shù)據(jù)：I/A00.120。210.290。340.380.420。450.470。490.50U/V00.200。400.600。801.001.201。401。601.802。00（1）請你推測該同學選擇的器材是:電流表為A，電壓表為C,滑動變阻器為E（以上均填寫器材代號）．（2)請你推測該同學設(shè)計的實驗電路圖并畫在圖甲的方框中．(3）請在圖乙的坐標系中畫出小燈泡的I﹣U曲線．（4）若將該小燈泡直接接在電動勢是1.5V,內(nèi)阻是2。0Ω的電池兩端，小燈泡的實際功率為2.8W．【考點】N5：描繪小電珠的伏安特性曲線．【分析】（1）根據(jù)實驗數(shù)據(jù),結(jié)合實驗的原理選擇實驗器材．(2）為測量多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應采用分壓接法，燈泡電阻較小，遠小于電壓表內(nèi)阻,電流表應采用外接法，據(jù)此作出實驗電路圖．(3）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)，應用描點法作圖，作出小燈泡的伏安特性曲線．（4）在小燈泡的伏安特性曲線上作出電源路端電壓與電路電流關(guān)系圖象，找出該圖象與燈泡伏安特性曲線交點所對應的電壓與電流值，由P=UI求出燈泡的實際功率．【解答】解：(1）由表中實驗數(shù)據(jù)可知，電流最大測量值為0.5A，則電流表應選A；電壓最大測量值為2V，電壓表應選C；為方便實驗操作滑動變阻器應選擇E．（2）由表中實驗數(shù)據(jù)可知，電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法;燈泡最大阻值約為：R燈===4Ω，電流表內(nèi)阻約為0.125Ω，電壓表內(nèi)阻約為3kΩ，電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻，電流表應選擇外接法；電路圖如圖所示．（3)根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內(nèi)描出對應點，然后根據(jù)坐標系內(nèi)描出的點作出圖象如圖所示：（4）小燈泡直接接在電動勢是1.5V，內(nèi)阻是2.0Ω，則短路電流：A在燈泡的U﹣I圖象坐標系內(nèi)作出電源的U﹣I圖象如圖所示,它與小燈泡的伏安特性曲線的交點坐標就是小燈泡的工作點,由圖象可知，小燈泡的實際電流為0。34A（0.33﹣0.35A均正確），電壓為0。81A，(0。80﹣0.82V均正確）,功率P=IU=0。34×0。81≈0.28W．故答案為：（1）A，C,E；（2）電路圖如圖所示；（3）圖象如圖所示；(4）0.28．12．為了測量一個量程為3。0V的電壓表的內(nèi)阻（阻值較大)，可以采用如圖所示的電路，在測量時，可供選擇的步驟如下:A．閉合開關(guān)SB．將電阻箱R0的阻值調(diào)到最大C．將電阻箱R0的阻值調(diào)到零D．調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值，使電壓表示數(shù)為1。5V，讀出此時電阻箱R0的阻值，E．調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，使電壓表的示數(shù)為3.0VF．斷開開關(guān)SG．將滑動變阻器的滑動觸頭調(diào)到b端H．將滑動變阻器的滑動觸頭調(diào)到a端上述操作步驟中，必要的操作步驟按合理順序排列應為HACEDF．若在步驟D中,讀出R0的值為2400Ω，則電壓表的內(nèi)阻RV=2400Ω．用這種方法測出的內(nèi)阻RV與其真實值相比偏大（大、小)．【考點】N6:伏安法測電阻．【分析】應先連接電路，使測量電路電壓由小到大,先讓電阻箱阻值為0，再讓電壓表滿偏，再調(diào)節(jié)電阻箱，記錄．據(jù)此排序．電壓表串聯(lián)電阻箱后認為電壓不變，而實際該支路電壓變大，則電阻箱分壓大于計算值，則會引起測量值的偏大【解答】解：(1）據(jù)實驗規(guī)程進行排序：要先使測量電路電壓由小到大，先讓電阻箱阻值為0,閉合S,再讓電壓表滿偏,再調(diào)節(jié)電阻箱，斷開，記錄．據(jù)此排序：HACEDF、（2）因是串聯(lián)關(guān)系,則電阻與電壓成正比：電壓表示數(shù)為1。5V,則電阻箱R0分壓為1.5V．則Rv=R0=2400Ω因該支路實際電壓要比原電壓變大，即R0的分壓要大一些，故Rv的實際值要小一些，即測量值比真實值大．故答案為：HACEDF、2400、大三、計算題(共4小題，共46分．解答應寫出必要文字說明、主要方程式，只寫出最后結(jié)果不得分）13．如圖甲所示,繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運行,一質(zhì)量m=1kg，初速度大小為v2的煤塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶．若以地面為參考系,從煤塊滑上傳送帶開始計時，煤塊在傳送帶上運動的速度﹣時間圖象如圖乙所示，取g=10m/s2，求：(1）煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù);（2）煤塊在傳送帶上運動的時間；（3）整個過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量．【考點】37:牛頓第二定律；1E：勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系．【分析】（1）由v﹣t圖，求出煤塊做勻變速運動的加速度，由牛頓第二定律求出動摩擦因數(shù)；（2）由圖知，最后勻速運動時和傳送帶速度相等，讀出煤塊的初速度和傳送帶的速度，由位移公式分別求出三段位移，把三個時間相加得在傳送帶上運動的時間；（3）這段時間分別計算各自的總位移作差，求出相對位移，然后求出產(chǎn)生的熱量．【解答】解：（1）由速度﹣時間圖象,煤塊勻變速運動的加速度：a===1m/s2，由牛頓第二定律得:μmg=ma,煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)：μ==0。1；(2）由速度﹣時間圖象，傳送帶速度大?。簐1=1m/s，煤塊初速度大小v2=3m/s，煤塊在傳送帶上滑動：t1=4s與傳送帶相對靜止．前3s內(nèi)煤塊的位移：s1=t=4.5m，方向向左,后1s內(nèi)煤塊的位移：s2=t′=0.5m，方向向右，4s內(nèi)煤塊的位移：s=s1﹣s2=4m，方向向左，煤塊接著在傳送帶上向右勻速運動，時間：t2==4s，故煤塊在傳送帶上運動的時間t=t1+t2=8s；（3)煤塊在傳送帶上滑動的4s內(nèi)，皮帶的位移s′=v1t1=4m，方向向右；煤塊的位移:s=s1﹣s2=4m，方向向左，兩個物體的相對位移△s=s′+s=8m整個過程中摩擦產(chǎn)生的熱量:Q=μmg△s=8J；答:（1）煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.1；（2）煤塊在傳送帶上運動的時間為8s；（3）整個過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為8J．14．如圖所示是示波器的示意圖，豎直偏轉(zhuǎn)電極的極板長L1=4cm,板間距離d=1cm．板右端距離熒光屏L2=18cm，（水平偏轉(zhuǎn)電極上不加電壓，沒有畫出）電子沿中心線進入豎直偏轉(zhuǎn)電場的速度是v=1.6×107m/s，電子電量e=1.6×10﹣19C,質(zhì)量m=0。91×10﹣30kg．(1)要使電子束不打在偏轉(zhuǎn)電極上，加在豎直偏轉(zhuǎn)電極上的最大偏轉(zhuǎn)電壓U不能超過多大?（2)若在偏轉(zhuǎn)電極上加u=27。3sin100πt（V)的交變電壓，在熒光屏的豎直坐標軸上能觀察到多長的線段？【考點】AK:帶電粒子在勻強電場中的運動．【分析】（1）電子做類平拋運動，將運動分解成電場力方向與速度方向，則由運動學公式與牛頓第二定律，結(jié)合平行四邊形定則，即可求解；（2）根據(jù)電壓的最大值，從而得出最大偏轉(zhuǎn)距離，根據(jù)幾何關(guān)系，即可求解．【解答】解：（1）運動的位移，①由牛頓第二定律，②勻速運動,③由以上三式,解得：④代入數(shù)據(jù),得U=91V⑤（2）偏轉(zhuǎn)電壓的最大值：U1=27。3V⑥通過偏轉(zhuǎn)極板后，在垂直極板方向上的最大偏轉(zhuǎn)距離：⑦設(shè)打在熒光屏上時，亮點距O’的距離為y’，則：⑧熒光屏上亮線的長度為:l=2y’⑨代入數(shù)據(jù)，解得l=3cm答:(1)要使電子束不打在偏轉(zhuǎn)電極上，加在豎直偏轉(zhuǎn)電極上的最大偏轉(zhuǎn)電壓U不能超過91V；（2）若在偏轉(zhuǎn)電極上加u=27。3sin100πt（V)的交變電壓,在熒光屏的豎直坐標軸