2021屆廣東省江門一中高考物理模擬試卷(5月份)(含答案解析)

2021屆廣東省江門一中高考物理模擬試卷（5月份）

一、單選題（本大題共7小題，共21.0分）

1.物理定律多數(shù)是在大量實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上歸納總結(jié)出來的。但也有些物理規(guī)律的建立并不是直接從

實(shí)驗(yàn)得到的，而是經(jīng)過了理想化（或合理）外推得到的。下列規(guī)律中屬于理想化外推得到的是（）

A.機(jī)械能守恒定律B.牛頓第二定律

C.牛頓第一定律D.法拉第電磁感應(yīng)定律

2.如圖所示為氫原子的能級(jí)圖，一群處于律=4能級(jí)的氫原子輻射出的_________竺2丫o

光子照射某金屬表面，逸出的光電子的最大初動(dòng)能為2.5eU,則下列寸期

說法正確的是（）2------------3.40.

A.該金屬的逸出功為10.5eV

1------------13.6

B.共有3種不同頻率的光子能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)

C.從n=4直接躍遷到n=1輻射的光子被電子吸收后，電子一定會(huì)從金屬表面飛出

D.從陞=3躍遷到n=l輻射出的光子照射該金屬，打出的光電子的最大初動(dòng)能為1.84eV

3.下列敘述中正確的是（）

A.庫侖提出了用電場(chǎng)線描述電場(chǎng)的方法

B.重心、合力等概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想

C.伽利略猜想自由落體的運(yùn)動(dòng)速度與下落時(shí)間成正比，并直接用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證

D.用比值法定義的物理概念在物理學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，例如場(chǎng)強(qiáng)E=；,加速度a='都是

采用比值法定義的

4.在如圖所示的U-/圖像中，直線。為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系，直線匕為某電阻元件的

電壓與電流的關(guān)系?，F(xiàn)用該電源直接與元件連接成閉合電路。則此時(shí)

UN

A.電源將其它能轉(zhuǎn)化為電能的功率為18W

B.該元件的電阻為20

C.該元件發(fā)熱功率為6W

D.電源外電路與內(nèi)電路消耗功率之比為2:3

5.如圖所示的水平面上，伸長(zhǎng)的橡皮繩一端固定，另一端連接兩根

彈簧，連接點(diǎn)P在F1、尸2和尸三力作用下保持靜止。下列判斷正

確的是（）

A.4>尸2>尸3

B.尸2>&>&

C.尸3>&>F2

D.>F2>Fl

6.下列說法正確的是（）

A.為了形象地描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)，法拉第引入了電場(chǎng)線和磁感線

B.由E可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小與檢驗(yàn)電荷受到的電場(chǎng)力大小成正比

C.由C=》可知，電容器的電容與加在電容器上的電壓成反比

D.由可知，某點(diǎn)的檢驗(yàn)電流元所受的安培力為零，則該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度必為零

7.火星是太陽系中地球外側(cè)離地球最近的行星，當(dāng)?shù)厍蛟诨鹦呛吞栔g且成一條直線時(shí)，稱為

行星沖日現(xiàn)象，已知地球的公轉(zhuǎn)周期為1年，火星的公轉(zhuǎn)周期約為地球的兩倍，則火星和地球

相鄰兩次沖日的時(shí)間間隔大約為（）

A.1年B.2年C.4年D.8年

二、多選題（本大題共3小題，共9.0分）

8.一個(gè)帶正電的微粒在電場(chǎng)中只受到電場(chǎng)力的作用，在4s內(nèi)它的速度-時(shí)間圖線如圖所示，下列

關(guān)于電場(chǎng)力對(duì)帶電微粒作用的說法正確的是（）

A.

B.前2s內(nèi)與后2s內(nèi)電場(chǎng)力對(duì)微粒作用的沖量大小相等、方向相反

C.前2s內(nèi)與后2s內(nèi)電場(chǎng)力對(duì)微粒作的功大小相等、符號(hào)相同

D.前2s內(nèi)與后2s內(nèi)電場(chǎng)力對(duì)微粒作的功大小相等、符號(hào)相反

9.如圖所示，放在臺(tái)秤上的條形磁鐵兩極未知，為了探明磁鐵的極性，在它中

央的正上方固定一導(dǎo)線，導(dǎo)線與磁鐵垂直，給導(dǎo)線通以垂直紙面向外的電流,

則（）

A.如果臺(tái)秤的示數(shù)增大，說明磁鐵左端是N極

B.如果臺(tái)秤的示數(shù)增大，說明磁鐵右端是N極

C.無論如何臺(tái)秤的示數(shù)都不可能變化

D.臺(tái)秤的示數(shù)可能隨電流的增大而減小

10.如圖所示，細(xì)桿的一端與小球相連,可繞過0點(diǎn)的水平軸自由轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)桿長(zhǎng)0.5m,b

小球質(zhì)量為2.0kg?，F(xiàn)給小球一定的初速度使它做圓周運(yùn)動(dòng)，若小球通過軌道最

O

低點(diǎn)a處的速度為%=5m/s,通過軌道最高點(diǎn)b處的速度為%=Im/s,取g=

10m/s2,則小球通過最低點(diǎn)和最高點(diǎn)時(shí)對(duì)細(xì)桿作用力的情況是（）

A.”處為拉力，大小為120NB.“處為拉力，大小為80N

C"處為拉力，大小為24ND.6處為壓力，大小為16N

三、填空題（本大題共2小題，共8.（）分）

11.如圖甲所示是一平面上晶體物質(zhì)微粒的排列情況，圖中三條等長(zhǎng)線A3、AC、A。上物質(zhì)微粒的

數(shù)目不同，由此得出晶體具有.的性質(zhì).如圖乙所示，液體表面層分子間距離大于分子平

衡距離小，因此表面層分子間作用表現(xiàn)為吸引力，這些力的宏觀表現(xiàn)就是液體的表面張力，表

面張力的方向與液面.（選填“平行”或“垂直”）.

12.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播.t=0時(shí)，波傳播到x軸上的質(zhì)點(diǎn)B,在《=0.9s時(shí),

質(zhì)點(diǎn)。第二次出現(xiàn)在負(fù)的最大位移處.求：

(1)該波的周期T；

(2)該波的波速V；

(3)從t=0時(shí)開始到質(zhì)點(diǎn)￡第一次到達(dá)正向最大位移經(jīng)歷的時(shí)間及在該段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)E通過的路程.

四、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共16.0分)

13.某同學(xué)用如圖所示的裝置，驗(yàn)證“動(dòng)能定理”.在裝置中，氣墊導(dǎo)軌上滑塊的質(zhì)量為“，鉤碼的

質(zhì)量為如遮光條寬度為d,兩光電門間的距離為3滑塊通過兩光電門，記錄的時(shí)間分別為匕、

t2,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間.實(shí)驗(yàn)前調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平，要用上述裝置探究滑塊受到的合外力做的

功與滑塊動(dòng)能變化的關(guān)系，要使繩中拉力近似等于鉤碼的重力，則加與M之間的關(guān)系應(yīng)滿足

；實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證的表達(dá)式為(用己知量表示).

14.某同學(xué)對(duì)一個(gè)標(biāo)稱值為“50、1.25W"的定值電阻的阻值是否準(zhǔn)確產(chǎn)生了懷疑，準(zhǔn)備用伏安法

盡可能準(zhǔn)確進(jìn)行測(cè)量，現(xiàn)可供使用的器材如下：

人電流表公，量程50樣，內(nèi)阻90

比電壓表匕，量程15匕內(nèi)阻約15ko

C電壓表彩，量程3匕內(nèi)阻約3k0

D變阻器R,全電阻約20。

E.定值電阻Ro=1。

F.直流電源E,電動(dòng)勢(shì)4.5V,內(nèi)阻不計(jì)

G開關(guān)S、導(dǎo)線若干

（1）上述器材中，最適合的電壓表為（填字母編號(hào)）.

（2）答卷中的虛線框內(nèi)畫出測(cè)量Rx的電路圖.

（3）正確連接電路后開始測(cè)量，電壓表與電流表刻度指針如圖示，則被測(cè)電阻值為

五、計(jì)算題（本大題共4小題，共40.0分）

15.如圖所示的坐標(biāo)系軸與曲線OC之間存在垂直于直面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度為當(dāng)?shù)膭驈?qiáng)磁場(chǎng)。

A處為一放射源，可沿與x軸正方向夾角為火8為小于90。的某個(gè)定值）范圍內(nèi)各個(gè)方向發(fā)射出質(zhì)

量相同、速率相等的帶電粒子，且發(fā)射出的帶電粒子最后都垂直穿過y軸后向右運(yùn)動(dòng)，y軸上有

帶電粒子的范圍為0SySL.兩平行極板P、。垂直于y軸且緊貼y軸放置，極板長(zhǎng)度和兩板間

距均為3P、Q兩板間加如圖所示的電壓。在x2A的范圍內(nèi)存在垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度

為82（82未知）的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，且在x=L處平行），軸放置長(zhǎng)為W—2L）的收集板MN,已

知在t=%時(shí)刻（UPQ=%）進(jìn)入極板中心軸線處的某一帶電粒子z恰好在2時(shí)刻經(jīng)極板邊緣飛出

電場(chǎng)。不考慮帶電粒子之間的相互作用力及粒子的重力，兩極板間的電場(chǎng)看成勻強(qiáng)電場(chǎng)且忽略

極板的邊緣效應(yīng)。若帶電粒子打在極板上立即可被導(dǎo)走，不改變?cè)妶?chǎng)分布：若帶電粒子

打在收集板上，立即被吸收（不考慮收集板的存在對(duì)帶電粒子運(yùn)動(dòng)的影響）：若粒子沒有打

在收集板上則無需考慮后續(xù)的運(yùn)動(dòng)。上述名、L、%、玲均為已知量。

由2

(1)求粒子帶電性質(zhì)及比荷》

(2)要使帶電粒子z能被收集板吸收，則殳的取值范圍

(3)己知A。長(zhǎng)度為a(a為粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑)，試確定勻強(qiáng)磁場(chǎng)當(dāng)邊界0C的曲

線方程。

16.滑塊4、8與C點(diǎn)位于一條直線上，設(shè)A、B質(zhì)量均為機(jī)且可視為質(zhì)點(diǎn)，4、8間的距離為L(zhǎng)B

與C點(diǎn)間距離為S,給4-瞬時(shí)初速度火，使A向B運(yùn)動(dòng)并發(fā)生對(duì)心正碰，碰撞時(shí)間極短，碰撞

過程中沒有能量損失，設(shè)A、8與平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃.求：為使8通過C點(diǎn)，A的初速度％最

小是多大？

AJJ_______

17.U形管兩臂粗細(xì)不等開口向上，封閉的粗管橫截面積是開口的細(xì)管的兩倍，管中裝

入水銀，大氣壓強(qiáng)Po=76cmHg,開口管中水銀面到管口距離匕=10.25cm,且水

銀面比封閉內(nèi)的高八=6cm,封閉管內(nèi)空氣柱長(zhǎng)％=10cm,如圖所示，現(xiàn)開口端用

小活塞封住，并緩慢推動(dòng)活塞，使兩管液面相平，該過程中兩管的氣體溫度始終不變，求:

(1)粗管中氣體的最終壓強(qiáng);

(2)活塞推動(dòng)的距離.

18.如圖所示為一玻璃工件的截面圖，右側(cè)ABC為等腰直角三角形，/C=90。，

BC邊的長(zhǎng)度為2R,左側(cè)為半徑為R的半圓，。點(diǎn)為圓心。一光線垂直BC

邊從。點(diǎn)射入，恰好在AB邊發(fā)生全反射，已知CO=3BD,光在真空中

的傳播速度為c。求：

⑴該玻璃工件的折射率；

5)光線從射入到第一次從弧AC射出的過程在玻璃工件中的傳播時(shí)間。

【答案與解析】

1.答案：C

解析：解：ABC、機(jī)械能守恒定律、牛頓第二定律以及法拉第電磁應(yīng)定律均為實(shí)驗(yàn)定律，故錯(cuò)

誤；

C、牛頓第一定律是邏輯思維的產(chǎn)物，不是直接從實(shí)驗(yàn)得到的，故C正確。

故選：Co

明確各個(gè)定律的特點(diǎn)以及理想實(shí)驗(yàn)的應(yīng)用即可正確解答本題；知道哪些規(guī)律是實(shí)驗(yàn)定律，哪些定律

為理想化外推得出的定律。

本題考查了理想實(shí)驗(yàn)的理解和應(yīng)用，在平時(shí)學(xué)習(xí)中要加強(qiáng)基本規(guī)律的理解，平時(shí)注意加強(qiáng)練習(xí)。

2.答案：D

解析：解：4、n=4能級(jí)的氫原子躍遷到n=1能級(jí)時(shí)輻射出的光子的能量最大，最大能量為：

hv=(-0.85eK)-(-13.6eV)=12.75eV,且逸出的光電子的最大初動(dòng)能為a=2.5eV,

故該金屬的逸出功為：W0=hv-Ek=12.75el/-2.5eK=10.25eV,故A錯(cuò)誤；

B、n=4能級(jí)的氫原子共能輻射出盤=6種光子，其中只有第四能級(jí)躍遷到第一能級(jí)和第三能級(jí)躍

遷到第一能級(jí)這兩種情況下輻射出的光子的能量大于逸出功，從而使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故B錯(cuò)

誤；

C、電子吸收光子能量后有可能向金屬內(nèi)部運(yùn)動(dòng)，而不一定會(huì)從金屬表面飛出，故C錯(cuò)誤；

D,n=3能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)輻射出的光子的能量為：

(-1.51eV)-(-13.6eK)=12.09eV,且該金屬逸出功為10.25elZ,

故打出的光電子的最大初動(dòng)能為：12.09el/-10.25eV=1.84eV,故。正確。

故選：Do

輻射出的光子的最大能量減去金屬的逸出功，即為該金屬發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)逸出的光電子的最大初動(dòng)

能，由此計(jì)算出該金屬的逸出功，逐一分析即可。

輻射出的光子的能量為成=后初一？終，若輻射出的光子的能量大于金屬的逸出功％,則從該金屬逸

出的光電子的動(dòng)能為Ek=hv-W0,對(duì)于此類題型需要牢記這兩個(gè)公式并能靈活運(yùn)用。

3.答案：B

解析：解：A、法拉第提出了用電場(chǎng)線描述電場(chǎng)的方法，故4錯(cuò)誤.

8、重心是物體各部分所受重力的作用點(diǎn)、合力與分力是等效關(guān)系，所以這兩個(gè)概念的建立都體現(xiàn)了

等效替代的思想.故8正確.

C、伽利略猜想自由落體的運(yùn)動(dòng)速度與下落時(shí)間成正比，但并未直接進(jìn)行驗(yàn)證，而是在斜面實(shí)驗(yàn)的基

礎(chǔ)上的理想化推理得到，故C錯(cuò)誤.

D、場(chǎng)強(qiáng)E=；是采用比值法定義的，而加速度a=5不是采用比值法定義，故。錯(cuò)誤.

故選:B.

本題涉及物理學(xué)史，根據(jù)物理學(xué)家的科學(xué)成就和常識(shí)進(jìn)行解答.

本題考查了物理學(xué)史和一些常識(shí)問題，知道比值法定義出來的物理量與參與定義的量無關(guān).

4.答案：D

解析：

本題考查了閉合電路歐姆定律。

根據(jù)U-/圖像正確讀出電源的電動(dòng)勢(shì)和短路電流，根據(jù)U-/圖像正確讀出外電路兩端的電壓和流過

電阻的電流，是解決此類問題的出發(fā)點(diǎn)。

根據(jù)閉合電路歐姆定律。=E-/r,結(jié)合圖像a可得電源電動(dòng)勢(shì)E=8U,內(nèi)電阻r=2。；

4B.根據(jù)圖像。和6的交點(diǎn)坐標(biāo)為：U=3.2U,/=2.44,該電阻的阻值為：R=4=’,電源將其

它能轉(zhuǎn)化為電能的功率為：P=EI,代入數(shù)據(jù)解得：P=19.2W,故AB錯(cuò)誤；

C.該元件的發(fā)熱功率為：P熱=/2R=7.68W,故C錯(cuò)誤；

。?電源外電路消耗功率為：P外=?R,電源內(nèi)部消耗的功率為p=/2r，故電源外電路與內(nèi)電路消耗

功率之比為2:3,故。正確。

故選。。

5.答案：C

解析：

本題考查共點(diǎn)力平衡條件，首先對(duì)物體進(jìn)行受力分析然后結(jié)合平衡方程可解得。

首先對(duì)尸點(diǎn)進(jìn)行受力分析，可以運(yùn)用合成法、分解法、正交分解法求解。

根據(jù)平衡條件，在垂直于尸3方向上有尸1只耳30。=尸2s譏60°,則&=舊尸2，居cos3(r+F2cos60。=

尸3，

得尸3=2/2，比較可得尸3>F1>/2，故C正確，ABO錯(cuò)誤。

故選C。

6.答案：A

解析：解：A、根據(jù)物理學(xué)史可知，為了形象地描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)，法拉第引入了電場(chǎng)線和磁感線，故

4正確；

8、比值法定義的基本特點(diǎn)是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性，與定義所用的物理量

無關(guān)，電場(chǎng)強(qiáng)度后=:采用的是比值定義法，反映了電場(chǎng)本身的特性，與檢驗(yàn)電荷受到的電場(chǎng)力大小

無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C、電容C=?采用的是比值定義法，反映了電容本身的特性，與加在電容器上的電壓無關(guān)，故C錯(cuò)

誤；

。、某點(diǎn)的檢驗(yàn)電流元所受的安培力為零，可能是由于檢驗(yàn)電流元的方向與磁場(chǎng)的方向平行，該點(diǎn)

的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

法拉第引入了電場(chǎng)線和磁感線；所謂比值定義法就是用兩個(gè)物理量的比值來定義一個(gè)新的物理量的

方法，定義出的新的物理量反映物質(zhì)的屬性.

比值定義法，就是在定義一個(gè)物理量的時(shí)候采取比值的形式定義.用比值法定義的物理概念在物理

學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，比如速度、功率、電場(chǎng)強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度等等.

7.答案：B

解析：解：設(shè)地球公轉(zhuǎn)周期為T,則火星的公轉(zhuǎn)周期為2T,相鄰兩次沖日的時(shí)間間隔為f,

有：爭(zhēng)-親=2兀,解得t=27=2年。

故選：Bo

火星的公轉(zhuǎn)周期是地球公轉(zhuǎn)周期的2倍，當(dāng)?shù)厍蛟诨鹦呛吞栔g且成一條直線時(shí)，稱為行星沖日

現(xiàn)象，在下一次行星沖日時(shí)，地球比火星多轉(zhuǎn)動(dòng)一圈，根據(jù)相同時(shí)間內(nèi)多走的角度求出時(shí)間間隔.

解決本題的關(guān)鍵知道兩次沖日時(shí)間間隔內(nèi)，地球比火星多走一圈，結(jié)合該關(guān)系進(jìn)行求解，難度不大.

8.答案：AD

解析：解：AB,由u-t圖知，在4s內(nèi)帶電微粒受到的電場(chǎng)力大小和方向都不變，由動(dòng)量定理可得

前2s內(nèi)與后2s內(nèi)電場(chǎng)力對(duì)微粒作用的沖量大小相等、方向相同。故A正確，8錯(cuò)誤；

CD.在4s內(nèi)帶電微粒受到的電場(chǎng)力大小和方向都不變，與初速度方向相反；而帶電微粒前2s速度

的正方向運(yùn)動(dòng)，t=2s時(shí)速度為零，后2s內(nèi)速度方向反向，前2s通過的位移與后2s內(nèi)通過的位移

大小相等方向方相反，故C錯(cuò)誤，。正確

故選：AD.

由速度圖象判斷速度的變化，然后由牛頓第二定律判斷電場(chǎng)力得變化，然后由動(dòng)量定理以及動(dòng)能定

理分析即可。

該題結(jié)合圖象應(yīng)用動(dòng)能定理與動(dòng)量定理，解答的關(guān)鍵是正確理解圖象的意義，正確使用動(dòng)能定理與

動(dòng)量定理。

9.答案：AD

解析：解：AB,如果臺(tái)秤的示數(shù)增大，說明電流對(duì)磁鐵的作用力向下，根據(jù)牛頓第三定律得到磁體

對(duì)電流的安培力向上，根據(jù)左手定則，電流所在位置磁場(chǎng)向右，故磁鐵左側(cè)為N極，右側(cè)為S極，

故A正確，8錯(cuò)誤；

CD、由A分析，結(jié)合F=8〃可得，隨電流的增大，安培力也增大，但由于磁極不知，所以臺(tái)秤示

數(shù)可能增大，也可能減小，故C錯(cuò)誤，O正確。

故選：AD.

先由臺(tái)秤示數(shù)的變化得到電流對(duì)磁鐵的作用力方向，然后根據(jù)牛頓第三定律得到磁體對(duì)電流的安培

力方向，再根據(jù)左手定則判斷磁場(chǎng)方向，最后得到磁極分布情況.

判斷磁體以電流間作用力可以先以電流為研究對(duì)象，然后結(jié)合左手定則分析，注意牛頓第三定律的

應(yīng)用.

10.答案：AD

解析：解：A、在最低點(diǎn)，桿子一定表現(xiàn)為拉力，有F—mg=ni',

則F=mg+m包=20+2x2=120N.小球?qū)U子的作用力方向向下為拉力。故A正確，8錯(cuò)誤；

Dr0.5

C、在最高點(diǎn)，有mg+F=TH—,則F=—mg=2x20=—16N.所以桿子表現(xiàn)為支持力，

〃rr〃0.5

球?qū)U子的作用力方向豎直向下，為壓力，大小為16M故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：ADo

在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，小球靠重力和桿子作用力的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，根據(jù)合力提供向心力

判斷桿子的作用力的大小和方向。

解決本題的關(guān)鍵知道桿子既可以表現(xiàn)為拉力，也可以表現(xiàn)為支持力，做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，在最高點(diǎn)和最

低點(diǎn)，靠重力和桿子的作用力的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力。

11.答案：各向異性平行

解析：解：三條等長(zhǎng)線AB、AC、4。上物質(zhì)微粒的數(shù)目不同，則晶體沿各個(gè)方向的導(dǎo)熱、導(dǎo)電性能

等等都不同，表現(xiàn)為各向異性.

在分子平衡距離r0時(shí)分子引力與斥力大小相等，而斥力受距離影響較大，變化較快.液體表面層分

子比較稀疏，分子間距大于分子平衡距離為，引力和斥力都減小，但斥力減小快，則分子引力大于

斥力，分子力表現(xiàn)為引力，這些力的宏觀表現(xiàn)就是液體的表面張力，表面張力的方向與液面平行.

故答案為：各向異性，平行

三條等長(zhǎng)線A3、AC、AO上物質(zhì)微粒的數(shù)目不同，由此得出晶體具有各向異性；液體表面層分子比

較稀疏，分子間距離大于分子平衡距離r。，分子力表現(xiàn)為引力.

本題結(jié)合圖象考查晶體的性質(zhì)及液體分子表面張力，這兩個(gè)知識(shí)點(diǎn)都是比較簡(jiǎn)單的內(nèi)容，屬熱學(xué)中

的基礎(chǔ)問題.

12.答案：解：(1)據(jù)題意分析知，t=0時(shí)刻離。點(diǎn)第二遠(yuǎn)的波谷在=0.9s傳到。點(diǎn)，根據(jù)波形平移

法知，波傳播的距離是2：4=：九則有

44

-T=0.9s

4

可得T=0.4s

(2)由圖可以知道波長(zhǎng)A=2m,則波速“=：=5m/s.

(3)當(dāng)A點(diǎn)的狀態(tài)傳到E點(diǎn)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)E第一次到達(dá)正向最大位移，AE間的距離是2；波長(zhǎng)，則質(zhì)點(diǎn)E

第一次到達(dá)正向最大位移經(jīng)歷的時(shí)間是t==0.9s

波從8傳到E的時(shí)間為37,則在在該段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)E振動(dòng)的時(shí)間為t=f?

E點(diǎn)開始振動(dòng)方向向下，所以在該段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)E通過的路程S=3A=0.15m

答：(1)該波的周期7是0.4s.

(2)該波的波速v是5m/s.

⑶從t=0時(shí)開始到質(zhì)點(diǎn)E第一次到達(dá)正向最大位移經(jīng)歷的時(shí)間是0.9s,在該段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)E通過的

路程是0.15m.

解析：(l)t=0時(shí)波傳播到x軸上的質(zhì)點(diǎn)8,在t=0.9s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)。第二次出現(xiàn)在負(fù)的最大位移處，

說明t=0時(shí)刻離。點(diǎn)第二遠(yuǎn)的波谷在=0.9s傳到。點(diǎn)，根據(jù)波形平移法求出波的周期.

(2)讀出波長(zhǎng)，由波速公式求出波速；

(3)當(dāng)A點(diǎn)的狀態(tài)傳到E點(diǎn)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)E第一次到達(dá)正向最大位移，根據(jù)A、E間距離與波長(zhǎng)的關(guān)系，

求時(shí)間.E點(diǎn)開始振動(dòng)方向向下，分析通過的路程.

本題從時(shí)間的角度研究周期，從空間的角度研究波長(zhǎng).兩點(diǎn)平衡位置間距離與波長(zhǎng)的關(guān)系可分析振

動(dòng)情況的關(guān)系，要能熟練運(yùn)用波形平移法分析圖象的意義.

13.答案：M?mmgL=-

解析：解：使小車所受合外力等于細(xì)線的拉力，所以必需有小車的重力沿軌道的分力等于軌道對(duì)小

車的摩擦力，所以做實(shí)驗(yàn)時(shí)必需平衡摩擦力.

以鉤碼作為研究對(duì)象有mg-FT=ma

以小車作為研究對(duì)象有=Ma

聯(lián)立以上兩式可得Fr="鼠

要繩子的拉力等于鉤碼的重力，即M盤=mg,

故湍^=1，則有M?m；

光電門測(cè)量瞬時(shí)速度是實(shí)驗(yàn)中常用的方法.由于光電門的寬度很小，所以我們用很短時(shí)間內(nèi)的平均

速度代替瞬時(shí)速度.

dd

%=豆，%=豆

滑塊P動(dòng)能的增加量=^M詢一說.

祛碼對(duì)滑塊做的功，即合外力做功為勿=

要以滑塊為對(duì)象驗(yàn)證驗(yàn)證動(dòng)能定理，只要判斷小。4回(今產(chǎn)是否成立.

ZAt2乙ACj

故答案為：mgL-iM(-^-)2

LNAC]

只有在滑塊質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼質(zhì)量時(shí)，才可近似認(rèn)為滑塊受到的拉力等于鉤碼的重力.

實(shí)驗(yàn)原理是：求出通過光電門1時(shí)的速度％,通過光電門1時(shí)的速度。2,測(cè)出兩光電門間的距離L，

在這個(gè)過程中，減少的重力勢(shì)能能：△Ep=mgL,

增加的動(dòng)能為：△&=3"+小泗一家M+m)詔；再比較減少的重力勢(shì)能與增加的動(dòng)能之間的關(guān)

系.

了解光電門測(cè)量瞬時(shí)速度的原理.實(shí)驗(yàn)中我們要清楚研究對(duì)象和研究過程，對(duì)于系統(tǒng)我們要考慮全

面.

14.答案：(1)C；(2)電路圖如圖所不|；(3)5.60.

解析：

(1)求出定值電阻的額定電壓，根據(jù)電阻額定電壓選擇電壓表.

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)器材確定滑動(dòng)變阻器與電流表接法，然后作出電路圖.

(3)根據(jù)圖示確定電表量程與分度值，讀出其示數(shù)，然后由歐姆定律求出電阻阻值.

本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選擇、作電路圖、電表讀數(shù)、求電阻阻值，要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則，由

于電流表量程太小，不能用電流表直接測(cè)電流，可以給電流表并聯(lián)一個(gè)分流電阻，應(yīng)用并聯(lián)電路特

點(diǎn)與歐姆定律求出干路電流，然后應(yīng)用歐姆定律求出電阻阻值.

(1)電阻額定電壓U=yfPR=VI.25X5=2.5V.電壓表應(yīng)選C.

(2)待測(cè)電阻的額定電流約為/=筆=卷=0.54=500欣1，遠(yuǎn)大于電流表量程50樣，不能用電

流表直接測(cè)電流，可以用定值電阻用與電流表并聯(lián)測(cè)電流，裝后測(cè)電流表內(nèi)阻：4=翳;=瑞=

0.9。，由于電流表內(nèi)阻已知，電流表可以采用內(nèi)接法，電路圖如圖所示.

(3)改裝后的電流表的內(nèi)電阻：心=:需=冷=0.90,

由圖示電流表可知，其分度值為2加4,示數(shù)為40加4,通過定值電阻電流為等=360nM,通過待

測(cè)電阻電流/=40+360=400mA=0.44,由圖示電壓表可知，其分度值為0.1V,示數(shù)為2.6V,待

測(cè)電阻阻值R="&=含一0.9=5.612.

故答案為：(1)C；(2)電路圖如圖所示；(3)5.60.

15.答案：解：(1)粒子帶負(fù)電,

據(jù)題意t=給

qu。

a

L2

解得5=

(2)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)：^=^t0,L=vyt0

解得%=Vo=

進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)V=V2v0

方向與y軸成45。。

要使帶電粒子打在MN收集板，由幾何關(guān)系，得：2LW岳W3L

又92=字

解得r=叵也得：警sB2s等

z

qB232/L

(3)設(shè)在坐標(biāo)(x,y)處進(jìn)入磁場(chǎng)，由幾何關(guān)系號(hào):審2

又/+(y-b)2=a2

付y一庇中

答：(1)求粒子帶電性質(zhì)及比荷2為蔡：

(2)要使帶電粒子z能被收集板吸收，則殳的取值范圍簧<B2<^

(3)勻強(qiáng)磁場(chǎng)為邊界OC的曲線方程為y=

解析：(1)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解荷質(zhì)比：

(2)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，要使帶電粒子打在MN收集板，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，聯(lián)立解得場(chǎng)強(qiáng)的

取值范圍；

(3)根據(jù)幾何關(guān)系，確定勻強(qiáng)磁場(chǎng)/邊界OC的曲線方程

本題考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡后，

幾何關(guān)系就比較明顯了。

16.答案：解：設(shè)4、3相碰前A的速度大小為v,碰撞后A、8的速度分別為心和外.

碰撞前，對(duì)4,由動(dòng)能定理有：

2

~^mAgs=|m4v-加詔①

A、B相碰過程動(dòng)量守恒，以4的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得:

mAv=mAvA+mBvB②

由能量守恒定律得

=\mAvl+\mBvl③

因?yàn)槊?==m，所以由②③解得：vA=0,vB=v(?)

碰撞