甘肅省天水市一中屆高三上學期第三學段考試物理試題

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精天水一中2015級2017-—2018學年度第一學期期末考試物理試題一、選擇題1。一質(zhì)量為m的物體放在光滑水平面上，若以恒力F沿水平方向推該物體，在相同的時間間隔內(nèi)，下列說法正確的是（)A。物體的位移相等B.物體動能的變化量相等C。F對物體做的功相等D.物體動量的變化量相等【答案】D【解析】A：物體在水平恒力作用下做勻加速直線運動，在相同的時間間隔內(nèi)物體的位移逐漸增大．故A項錯誤。D：根據(jù)動量定理，恒力F沿水平方向推該物體，相同的時間間隔內(nèi)物體動量的變化量相等。故D項正確。2。關(guān)于通電直導線在勻強磁場中所受的安培力，下列說法正確的是（）A.安培力的方向可以不垂直于直導線B.安培力的方向總是垂直于磁場的方向C.安培力的大小與通電直導線和磁場方向的夾角無關(guān)D.將直導線從中點折成直角，安培力的大小一定變?yōu)樵瓉淼囊话搿敬鸢浮緽【解析】試題分析：本題考查了產(chǎn)生條件、大小與方向,當電流方向與磁場平行時不受安培力,根據(jù)左手定則可知安培力的方向與磁場垂直．引用公式F=BIL時，注意要求磁場與電流垂直，若不垂直應(yīng)當將導線沿磁場與垂直于磁場分解，因此垂直時安培力最大，最大為F=BIL．解:A、B、根據(jù)左手定則可知，安培力方向與磁場和電流組成的平面垂直，即與電流和磁場方向都垂直，故A錯誤，B正確；C、磁場與電流不垂直時,安培力的大小為F=BILsinθ,則安培力的大小與通電導線和磁場方向的夾角有關(guān)，故C錯誤;D、當電流方向與磁場的方向平行，所受安培力為0，將直導線從中折成直角，讓其中的一半與磁場的方向平行，安培力的大小將變?yōu)樵瓉淼囊话?；將直導線在垂直于磁場的方向的平面內(nèi)從中折成直角，安培力的大小一定變?yōu)樵瓉淼?故D錯誤．故選：B．【點評】解決本題的關(guān)鍵是知道當導線的方向與磁場的方向平行，所受安培力為0，最?。攲Ь€的方向與磁場方向垂直時，安培力最大，為F=BIL．3.兩個等量異種點電荷位于x軸上，相對原點對稱分布，正確描述電勢φ隨位置x變化規(guī)律的是圖（)A。B。C。D?！敬鸢浮緼【解析】試題分析：兩個等量異號電荷的電場線如下圖，根據(jù)“沿電場線方向電勢降低”的原理，從左側(cè)無窮遠處向右電勢應(yīng)升高，正電荷所在位置處最高;然后再慢慢減小，O點處電勢為零，則O點右側(cè)電勢為負,同理到達負電荷時電勢最小，經(jīng)過負電荷后，電勢開始升高，直到無窮遠處,電勢為零;故BCD是錯誤的；A正確．故選A考點:電場線；電場強度及電勢.【名師點睛】本題中應(yīng)明確沿電場線的方向電勢降低;并且異號電荷連線的中垂線上的電勢為零；因為其中垂線為等勢面，與無窮遠處電勢相等；此題考查學生應(yīng)用圖像觀察圖像解決問題的能力.4.2014年11月1日早晨6時42分,被譽為“嫦娥5號”的“探路尖兵”載人返回飛行試驗返回器，在內(nèi)蒙古四子王旗預(yù)定區(qū)域順利著陸,標志著我國已全面突破和掌握航天器以接近第二宇宙速度的高速再入返回關(guān)鍵技術(shù)，為探月工程持續(xù)推進奠定了堅實基礎(chǔ)。已知人造航天器在月球表面上空繞月球做勻速圓周運動，經(jīng)過時間t(t小于航天器的繞行周期)，航天器運動的弧長為s,航天器與月球的中心連線掃過角度為,引力常量為G,則(）A。月球的質(zhì)量為B.月球的密度為C.航天器的環(huán)繞周期為D.航天器的軌道半徑為【答案】C【解析】根據(jù)幾何關(guān)系得:．故D錯誤；經(jīng)過時間t，航天器與月球的中心連線掃過角度為θ則：，得：．故C正確；由萬有引力充當向心力而做圓周運動，所以:；所以:．故A錯誤；人造航天器在月球表面上空繞月球做勻速圓周運動，月球的半徑等于r，則月球的體積：月球的密度：．故B錯誤．故選C。5。在研究微型電動機的性能時，應(yīng)用如圖所示的實驗電路，當調(diào)節(jié)滑動變阻器R，電流表和電壓表的示數(shù)分別為0。50A和2.0V時，電動機未轉(zhuǎn)動.當調(diào)節(jié)R使電流表和電壓表的示數(shù)分別為2。0A和24。0V時，電動機正常運轉(zhuǎn)。則這臺電動機正常運轉(zhuǎn)時輸出功率為（）A.32WB。44WC。47WD。48W【答案】A【解析】當調(diào)節(jié)滑動變阻器R，電流表和電壓表的示數(shù)分別為0.50A和2。0V時,電動機未轉(zhuǎn)動。當調(diào)節(jié)R使電流表和電壓表的示數(shù)分別為2.0A和24.0V時，電動機正常運轉(zhuǎn).則這臺電動機正常運轉(zhuǎn)時輸出功率故A項正確。點睛：電動機不轉(zhuǎn)時屬于純電阻，歐姆定律成立；電動機轉(zhuǎn)動時屬于非純電阻，歐姆定律不成立.電動機轉(zhuǎn)動時機械功率（輸出功率)等于電功率減去熱功率。6.如圖所示電路中，R為一滑動變阻器,P為滑片，若將滑片向下滑動，則在滑動過程中，下列判斷錯誤的是(）A。電源內(nèi)電路消耗功率一定逐漸增大B.B燈一定逐漸變暗C.電源效率一定逐漸減小D。R上消耗功率一定逐漸變小【答案】D考點：電路的動態(tài)分析7.一個電子只在電場力作用下從a點運動到b點的軌跡如圖中虛線所示，圖中一組平行實線可能是電場線也可能是等勢面,則以下說法正確的是（)A。如果實線是等勢面，a點的場強比b點的場強小B.如果實線是電場線,a點的場強比b點的場強小C。如果實線是電場線，電子在a點的速率一定大于在b點的速率D.如果實線是等勢面，電子在a點的速率一定大于在b點的速率【答案】D【解析】A：如果平行實線是等勢面，則電場是勻強電場，a點的場強等于b點的場強。故A項錯誤.B：如果平行實線是電場線，則電場是勻強電場，a點的場強等于b點的場強。故B項錯誤。C：如果平行實線是電場線，合力指向曲線內(nèi)側(cè)，電子所受電場力方向與場強方向相反，電子所受電場力向右,電子從a點到b點的過程中電場力做正功,電子動能增加,電子在a點的速率一定小于在b點的速率.故C項錯誤。D：如果平行實線是等勢面，電場方向沿豎直方向，合力指向曲線內(nèi)側(cè)，電子所受電場力向下，電子從a點到b點的過程中電場力做負功,電子動能減小,電子在a點的速率一定大于在b點的速率。故D項正確。點睛：電場線和等勢面的疏密均可表示電場的強弱。8。（多選）如圖所示,真空中有一邊長為a的等邊三角形ABC,P點是三角形的中心，在A點固定一電荷量為q的負點電荷，在B點固定一電荷量為q的正點電荷，已知靜電力常量為k，則以下說法正確的是(）A。C點的電場強度大小為B.某一試探電荷在C點與P點所受靜電力方向相同C.C點的電勢高于P點電勢D。將某一試探電荷從C點沿CP連線方向移動到P點的過程中靜電力不做功【答案】BD【解析】根據(jù)疊加原理可知，C點的場強,選項A錯誤；CP兩點均在AB兩線的垂直平分線上,可知CP均在同一等勢面上，且場強方向水平向左，故某一試探電荷在C點與P點所受靜電力方向相同，選項B正確，C錯誤；因CP電勢相等，故將某一試探電荷從C點沿CP連線方向移動到P點的過程中靜電力不做功，選項D正確;故選BD.9。(多選）如圖，在正點電荷Q的電場中有M、N、P，F(xiàn)四點，M、N、P為直角三角形的三個頂點．F為MN的中點．∠M=30°，M、N、P、F四點處的電勢分別用φM、φN、φP、φF表示。已知φM＝φN,φP＝φF，點電荷Q在M、N、P三點所在面內(nèi)，則（)A。點電荷O一定在MP的連線上B.連接PF的線段一定在同一等勢面上C。將正試探電荷從P點搬運到N點，電場力做負功D。φP大于φM【答案】AD【解析】A、電場是由正點電荷產(chǎn)生的，所以電場線由正點電荷指向無窮遠處，并且跟點電荷距離相等的點,電勢相等,場強大小相等．由于φM＝φN,φP＝φF,所以點電荷Q到M和N的距離相等,到P和F的距離相等,即過F作MN的中垂線,然后作FP的中垂線，兩中垂線的交點為點電荷Q所在的位置，由幾何知識得Q在MP上，如圖所示:故選項A正確；B、點電荷形成的電場中等勢面是球面，故選項B錯誤;C、正試探電荷與Q同號，所以受斥力作用,故將其從P點搬運到N點時，電場力做正功,故選項C錯誤；D、由幾何關(guān)系知點電荷Q距M的距離大，距P的距離小，所以φM<φP,故選項D正確綜上所述本題答案是：AD10.（多選)如圖所示的電路中，R1、R2、R3是固定電阻，R4是光敏電阻，其阻值隨光照的強度增強而減小.當開關(guān)S閉合且沒有光照射時，電容器C不帶電。當用強光照射R4且電路穩(wěn)定時，則與無光照射時比較()A.電容器C的上極板帶負電B.電容器C的下極板帶負電C.通過R4的電流變小,電源的路端電壓增大D.通過R4的電流變大，電源提供的總功率變大【答案】AD【解析】AB：當開關(guān)S閉合且沒有光照射時，電容器C不帶電。通過R3電勢降落與通過R1電勢降落的一樣多。當用強光照射R4且電路穩(wěn)定時總電阻減小,電路中總電流增大，路端電壓會減小,則通過電阻R1R2的電流減小，因為，所以通過電阻R3R4的電流增大,則通過R3電勢降落變大，通過R1電勢降落變小，即上極板為低電勢，下極板為高電勢,則電容器C的上極板帶負電，下極板帶正電。故A項正確,B項錯誤。C：由上面分析知,通過R4的電流變大，電源的路端電壓減小，故C項錯誤.D：由上面分析知，通過R4的電流變大，電路中總電流增大，電源提供的總功率一定變大(P=EI）。故D項正確。11.如圖所示，水平放置的平行金屬板a、b分別與電源的兩極相連，帶電液滴P在金屬板a、b間保持靜止?，F(xiàn)設(shè)法使P固定，再使兩金屬板a、b分別繞中心點O、垂直于紙面的軸順時針轉(zhuǎn)相同的小角度，然后釋放P,則P在電場內(nèi)將做(）A。曲線運動B.水平向右的勻加速直線運動C.斜向右下方的勻加速直線運動D。勻速直線運動【答案】B【解析】設(shè)電源兩端的電壓為U，帶電液滴的質(zhì)量為m,帶電荷量為q，當平行金屬板水平放置時,兩金屬板間的距離為d,液滴P保持靜止，由平衡條件可得金屬板繞中心點O、垂直于紙面的軸順時針轉(zhuǎn)相同的小角度后，兩金屬板間的距離為，粒子所受電場力大小為，方向與豎直方向成角斜向右上方。電場力大于重力,電場力的豎直分量。故電場力與重力的合力水平向右,即P在電場內(nèi)將做水平向右的勻加速直線運動。故B項正確。12。（多選）一平行板電容器的兩個極板水平放置，兩極板間有一帶電量不變的小油滴，油滴在極板間運動時所受空氣阻力的大小與其速率成止比．若兩極板間電壓為零，經(jīng)一段時間后，油滴以速率v勻速下降；若兩極板間的電壓為U．經(jīng)一段時間后，油滴以速率v勻速上升．若兩極板間電壓為2U，油滴做勻速運動時速度的大小可能為()A.3vB.4vC.5vD。6v【答案】AC【解析】若兩極板間電壓為零，經(jīng)一段時間后,油滴以速率v勻速下降，有mg=kv，若兩極板間的電壓為U，經(jīng)一段時間后，油滴以速率v勻速上升，知電場力大于重力，有：q=mg+kv,若兩極板間電壓為2U，如果電場力方向向上，油滴向上做勻速運動時，有，聯(lián)立三式解得v′=3v；故D正確，如果電場力方向向下，油滴向下做勻速運動時，有，聯(lián)立三式解得，故選AC．【名師點睛】當兩極板間電壓為零,根據(jù)平衡條件得出油滴的重力和阻力的關(guān)系；若兩極板間的電壓為U,根據(jù)平衡條件求出電場力、重力和阻力的大小關(guān)系；兩極板間電壓為2U，電場力方向可能向上，也可能向下，最終再根據(jù)平衡求出兩極板間電壓為2U時電場力、重力和阻力的大小關(guān)系，從而得出油滴的速度大小和方向．二、實驗題13。測量干電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路如圖甲所示，已知干電池允許的最大供電電流為0.5A。（1）實驗時應(yīng)選用下列哪種滑動變阻器________．A．1000Ω，0.1AB．200Ω，2。0AC．20Ω，2.0AD．200Ω，0。1A（2）根據(jù)實驗得到的圖象如圖乙所示，可求得干電池的電動勢和電阻測量值分別為E測=______V，r測=______Ω．【答案】（1）.C（2)。1.45（3）.2.0【解析】(1）從電流角度，電路中的最大電流約為0。5A，則排除選項AD干電池的內(nèi)阻約為幾歐,為了易于調(diào)節(jié),準確測量，滑動變阻器應(yīng)選與內(nèi)阻具有可比性，則排除選項D選擇C，即C項正確。（2),由圖乙得:，14.圖(a）為某同學改裝和校準毫安表的電路圖，其中虛線框內(nèi)是毫安表的改裝電路。(1）已知毫安表表頭的內(nèi)阻為100Ω．滿偏電流為1mA，R1和R2為阻值固定的電阻。若使用a和b兩個接線柱．電表量程為3mA：若使用a和c兩個接線拄，電表量程為10mA．由題給條件和數(shù)據(jù)，可以求出R1=_______Ω，R2=_______Ω。(2）現(xiàn)用一量程為3mA，內(nèi)阻為150Ω的標準電流表A對改裝電表的3mA擋進行校準，校準時需選取的刻度為0。5、1。0、1.5、2。0．2。5、3.0mA。電池的電動勢為1.5V．內(nèi)阻忽略不計；定值電阻R0有兩種規(guī)格．阻值分別為300Ω和1000Ω：滑動變阻器R有兩種規(guī)格．最大阻值分別為750Ω和3000Ω，則R0應(yīng)選用阻值為_________Ω的電阻，R應(yīng)選用最大阻值為_________Ω的滑動變阻器。(3)若電阻R1和R2中有一個因損壞而阻值變?yōu)闊o窮大，利用圖(b）的電路可以判斷出損壞的電阻。圖（b）中的R/為保護電阻。虛線框內(nèi)未畫出的電路即為圖（a)虛線框內(nèi)的電路。則圖中的d點應(yīng)和接線柱_______(填“b”或“c")相連。判斷依據(jù)是：__________【答案】(1)。15（2)。35（3)。300（4）.3000(5）.c（6).閉合開關(guān)時,若電表指針偏轉(zhuǎn)，則損壞電阻是R1，若電表指針不動，則損壞電阻是R2【解析】解：（1）使用a、b接線柱時，Iab=Ig+=0.001+=0.003,使用a、c接線柱時，Iac=Ig+=0.001+=0.010，解得：R1=15Ω,R2=35Ω;(2）改裝后電流表內(nèi)阻：r=≈33Ω，R0作為保護電阻，電流最大時，電路總電阻約為：R=r+RA+R0==500Ω,R0=R﹣r﹣RA=500﹣33﹣150=317Ω，則應(yīng)R0選300Ω;電路電流最小時：R滑=﹣R=﹣500=2500Ω＞750Ω,則滑動變阻器應(yīng)選擇3000Ω的．（3）由圖示電路圖可知，圖中的d點與接線柱c相連時，閉合開關(guān)時，若電表指針偏轉(zhuǎn)，則損壞的電阻是R1，若電表指針不動，則損壞的電阻是R2；故答案為：（1）15；35;（2)300；3000；（3）c；閉合開關(guān)時,若電表指針偏轉(zhuǎn)，則損壞的電阻是R1,若電表指針不動，則損壞的電阻是R2【點評】本題考查了求電阻阻值、實驗器材的選擇、電路故障分析，知道電流表的改裝原理、分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題．三．計算題15。如圖所示，質(zhì)量分別為mA＝0。5kg、mB＝0.4kg的長板緊挨在一起靜止在光滑的水平面上，質(zhì)量為mC＝0.1kg的C木塊以初速度v0＝10m/s滑上A板左端,最后C木塊和B板相對靜止時的共同速度v＝1.5m/s。求：（1)A板最后的速度vA;(2）C木塊剛離開A板時的速度vC?！敬鸢浮?.5m/s5.5m/s【解析】試題分析：（1）C在A上滑動的過程中,A、B、C組成系統(tǒng)的動量守恒，規(guī)定向右為正方向，則mCvC0=mCvC+（mA+mB)vA（2）C在B上滑動時，B、C組成系統(tǒng)的動量守恒,則mCvC+mBvA=(mC+mB）vCB聯(lián)立以上兩等式解得：vA=”0.5"m/s，速度方向向右．vC=”5.5"m/s,速方向向右考點：考查了動量守恒定律的應(yīng)用16.一根光滑的絕緣直桿與水平面成α=30°角傾斜放置,其BC部分在水平向右的勻強電場中，電場強度E=2×104N／C，在細桿上套一個電量帶負電的小球，其質(zhì)量m=3×10－2kg．今使小球從靜止起沿桿下滑,從B點進入電場，如圖,已知AB=s1=1m，試問（1