河南省周口市正宏中學2022年高一物理知識點試題含解析

河南省周口市正宏中學2022年高一物理知識點試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，以水平初速度v0=9.8m/s秒拋出的物體，飛行一段時間后，垂直地撞在傾角θ=30°的斜面上，可知物體完成這段飛行的時間是：（）

A.B.C.D.2s參考答案：C2.下列關于平拋運動的說法中正確的是（

）

A．由于物體只受重力作用，因此平拋運動是勻變速曲線運動

B．由于速度的方向不斷變化，因此平拋運動不是勻變速運動

C．平拋運動的水平位移由拋出時的初速度大小決定D．平拋運動的時間由拋出時的高度和初速度的大小共同決定

參考答案：A3.（多選題）一個質點同時參與互成一定角度的勻速直線運動和勻變速直線運動，該質點的運動特征是（）A．速度不變 B．運動中的加速度不變C．軌跡是直線 D．軌跡是曲線參考答案：BD【考點】運動的合成和分解．【分析】當合速度的方向與合加速度的方向不在同一條直線上，合運動是曲線運動，在同一條直線上，做直線運動．【解答】解：勻速直線運動的加速度為零，勻變速直線運動有加速度，知合加速度的方向沿勻變速直線運動方向，與合速度的方向不在同一條直線上，所以合運動一定是曲線運動．因為加速度不變，所以合運動是勻變速曲線運動．故B、D正確，A、C錯誤．故選：BD．4.如圖所示，用長為L的細繩拴著質量為m的小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動，重力加速度為g，則下列說法正確的是（

）A．小球在圓周最高點時所受向心力可能等于重力B．小球在圓周的最高點時繩子的拉力可能為零C．若小球剛好在豎直平面內(nèi)做圓周運動，則其在最高點速率是0D．若小球剛好在豎直平面內(nèi)做圓周運動，則其在最高點速率是參考答案：5.如圖所示斜面固定在水平地面上，先讓物體A沿斜面下滑，恰能勻速。后給A一個沿斜面向下的力F，讓其加速下滑。設先后兩次A與斜面間的摩擦力分別為Ff1、Ff2,地面對斜面的支持力分別為FN1、FN2，則（

）A.Ff1=Ff2,

FN1=FN2

B.Ff1=Ff2,

FN1＞FN2

C.Ff1＜Ff2,

FN1＜FN2

D.Ff1＞Ff2,

FN1＞FN2參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.從高出地面3m的位置豎直向上拋出一個小球，它上升6m后回落，最后到達地面，若以拋出點為坐標原點，豎直向上為正方向建立直線坐標系，則最高點的坐標是

m,上升過程的位移是

m，全過程的總位移是

m，全過程的總路程是

m，參考答案：6

、

6

、

－3

、

157.一個物體從斜面上高h處由靜止滑下并緊接著在水平面上滑行一段距離后停止，量得停止處對開始運動處的水平距離為s，如圖所示，不考慮物體滑至斜面底端的碰撞作用，并認為斜面與水平面對物體的動摩擦因數(shù)相同，則動摩擦因數(shù)μ為

。參考答案：h/s

解：對物體全過程應用動能定理，有即動摩擦因數(shù)為8.圖中表示用打點計時器記錄小車運動情況的裝置，開始時參考答案：9.豎直上拋的物體，在上升階段的平均速度是20m／s，則從拋出到落回拋出點所需時間______s，上升的最大高度為______m(g取10m／s2)。參考答案：8，8010.如圖所示是礦井里的升降機由井底到井口的速度圖像，那么升降機起動時加速度是

m/s2，礦井深

m.參考答案：11.在“驗證力的平行四邊形定則”這一實驗中，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出力的圖示，如圖所示，圖上標出了F1、F2、F、F′四個力，其中_______（填上述字母）不是由彈簧秤直接測得的；若F與F′的______和_______都基本相同，說明共點力合成的平行四邊形定則得到了驗證。參考答案：F′，大小，方向

12.在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中：（1）在探究物體的加速度與力的關系時，應保持_______________不變。實驗中應把長木板在小車運動的起始端適當墊高，這樣做是為了_____________

_.（2）在探究物體的加速度與物體質量的關系時，應保持

_______________

不變，分別改變物體的質量m，測出相對應的加速度a。（3）為了更直觀地反映物體的加速度a與物體質量m的關系，往往用二者的關系圖象表示出來，該關系圖象最好應選用________。A．a(chǎn)-m圖象

B．m-a圖象

C．圖象

D．圖象（4）某同學在實驗中得到一條紙帶（如圖），圖中相鄰兩計數(shù)點之間的時間間隔為0.1s，由圖中給出的數(shù)據(jù)計算在打下B點時小車的速度___________和小車在此過程中的加速度____________（計算結果均要求取兩位有效數(shù)字）參考答案：13.物體從高處被水平拋出后，第3s末的速度方向與水平方向成45°角，那么平拋物體運動的初速度為______m/s，第4s末的速度大小為______m/s。（取g=10m/s2，設4s末仍在空中）參考答案：30，50三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，在光滑水平面上，一輛質量M=2kg、長度L=9.6m、上表面粗糙的平板車緊靠著被固定的斜面體ABC，斜面體斜邊AC長s=9m、傾角。現(xiàn)將質量m=lkg的小木塊從斜面頂端A處由靜止釋放，小木塊滑到C點后立即速度大小不變地水平?jīng)_上平板車。已知平板車上表面與C點等高，小木塊與斜面、平板車上表面的動摩擦系數(shù)分別為=0.5、=0.2,sin37°=0.6,cos37=0.8，g取10m/s2，求：(1)小木塊滑到C點時的速度大??？(2)試判斷小木塊能否從平板車右側滑出，若不能滑出，請求出最終小木塊會停在距離車右端多遠？若能滑出，請求出小木塊在平板車上運動的時間？參考答案：（1）6m/s（2）不會滑出，停在距車右端3.6m【詳解】（1）木塊在斜面上做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsin37°-f=ma

其中：f=μ1mgcos37°

解得a=2m/s2，

根據(jù)速度位移關系可得v2=2as

解得v=6m/s；

（2）木塊滑上車后做勻減速運動，根據(jù)牛頓第二定律可得：μ2mg=ma1

解得：a1=2m/s2

車做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律可得：μ2mg=Ma2

解得a2=1m/s2，

經(jīng)過t時間二者的速度相等，則：v-a1t=a2t

解得t=2s

t時間木塊的位移x1=vt-a1t2

t時間小車的位移x2=a2t2

則△x=x1-x2=6m

由于△x=8m＜L，所以木塊沒有滑出，且木塊距離車右端距離d=L-△x=3.6m15.（6分）為了確定平面上物體的位置，我們建立以平面直角坐標系如圖所示，以O點為坐標原點，沿東西方向為x軸，向東為正；沿南北方向為y軸，向北為正。圖中A點的坐標如何表示?其含義是什么?

參考答案：A點橫坐標x＝2m，縱坐標:y＝3m，表示A點在坐標原點東2m，偏北3m處。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，在豎直方向上A、B兩物體通過勁度系數(shù)為k的輕質彈簧相連，A放在水平地面上；B、C兩物體通過細繩繞過輕質定滑輪相連，C放在固定的光滑斜面上．用手拿住C，使細線剛剛拉直但無拉力作用，并保證ab段的細線豎直、cd段的細線與斜面平行．已知A、B的質量均為m，C的質量為4m，重力加速度為g，細線與滑輪之間的摩擦不計，開始時整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．釋放C后它沿斜面下滑，A剛離開地面時，B獲得最大速度，求：(1)

斜面傾角α．(2)B的最大速度vBm．參考答案：（1）設當物體A剛剛離開地面時，彈簧的伸長量為為xA，由：kxA=mg

（1分）此時以B為研究對象，物體B受到重力mg、彈簧的彈力kxA、細線的拉力T三個力的作用．設物體B的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律，對B有：T—mg—kxA=ma

（1分）對C有：4mgsinα—T=4ma

（1分）由以上兩式得：4mgsinα—mg—kxA=5ma

（1分）當B獲得最大速度時，有：a=0

解得：sinα=1/2 所以：α=30o

（1分）（2）開始時彈簧壓縮的長度為：xB=mg/k （1分）當物體A剛離開地面時，物體B上升的距離以及物體C沿斜面下滑的距離為：

h=xA+xB

（1分）由于xA＝xB，彈簧處于壓縮狀態(tài)和伸長狀態(tài)時的彈性勢能相等，彈簧彈力做功為零。且物體A剛剛離開地面時，B、C兩物體的速度相等，設為vBm，由動能定理：

（2分）解得：

（1分）17.鐵路轉彎處的圓弧半徑是300m，軌距是1.5m，規(guī)定火車通過這里的速度是20m/s,求內(nèi)外軌的高度差該是多大，才能使鐵軌不受輪緣的擠壓。（g＝10m/s2，當很小時可以近似認為）參考答案：0.2m18.一質量為的小孩子站在電梯