2023-2024學年河北省滄州市七縣高二上學期期中聯(lián)考物理試題及答案

{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}{#{QQABYYQEoggAAhBAAAgCQwEwCgAQkBCACCoORBAMsAABgRNABAA=}#}1.C絕緣性能良好的化纖制品衣服不能及時把靜電導入大地,容易造成手術事故,選項A錯誤；飛機輪胎用導電橡膠制成可以將飛機產生的靜電迅速導走,選項B錯誤；由于金屬導體能做到靜電屏蔽,故用金屬桶裝易燃的汽油要安全,選項C正確；轎車上有一根露在外面的小天線是無線廣播的接收天線,選項D錯誤.2.C導體電阻由導體的材料、長度與橫截面積決定,與導體兩端電壓和通過導體的電流無關,選項A錯誤；因為不知兩導線橫截面積間的關系,因此忽略溫度的影響,兩根長度相同的鎮(zhèn)銘合金線電阻不一定相等,選項B錯誤；電阻大小與導體的材料、長度、橫截面積有關,相同條件下,銅導線比鐵導線的導電性能好,說明導體的電阻與材料有關,選項C正確；導體的電阻越大,說明它對電流的阻礙作用越大,選項D錯誤.3.A開始A球處于平衡,庫侖力等于彈簽的彈力,設彈簽勁度系數(shù)為k1,有:k1工0-k,將C球與A球接觸后,A球的帶電量變?yōu)樵瓉淼囊话?假設伸長量變?yōu)樵瓉淼囊话?知彈力為F-k1EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up3(工0),2),庫侖力F,-kEQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up17(2),2).因為伸長量變小了,則兩球間的距離變小,所以彈力F小于庫侖力F,,則知伸長量不能是原來的一半,要比EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(工0),2)大,故A正確.4.D開關S保持閉合狀態(tài),電容器兩極板間的電勢差等于電源的電動勢,故電容器兩極板間的電勢差不變,因此無論將R的滑片向左移動,還是將兩極板的間距減小,靜電計指針張開角度不變,故A、B錯誤；斷開開關S后,電容器所帶的電荷量不變,將兩極板的間距增大,即d增大,根據(jù)C-可知,電容減小,故C錯誤；斷開開關S后,電容器所帶的電荷量不變,若緊貼下極板插入金屬板,則d減小,由C-知,電容增大,根據(jù)E--知,板間的電場強度不變,故D正確.5.B分析M、0兩點,因M點處的等勢線密集,M點處的電場強度大,電荷在M點受到的電場力大,粒子在M點的加速度大,故A錯誤；N、0兩點的電勢相等,則粒子在N、0兩點的電勢能相等,粒子在N、0兩點的動能相等,速度大小相等,故B正確；粒子受到的電場力指向軌跡曲線內側且垂直于等勢線,則粒子從M運動到N電場力做正功,粒子速度增大,從0運動到P電場力做負功,速度減小,故粒子在由M到P的運動過程中的速度先增大后減小,同理,粒子在由P到M的運動過程中的速度也先增大后減小,故C錯誤；因粒子由0到P的過程中電場力做負功,動能減小,電勢能增大,即粒子在P點的電勢能大于在0點的電勢能,由于0點電勢與N點電勢相等,粒子在0點與N點電勢能相等,故粒子在P點的電勢能大于在N點的電勢能,D錯誤.6.A小球受到的電場力方向水平向右,重力方向豎直向下,合力恒定且與初速度方向不在同一直線上,所以小球做勻變速曲線運動,A正確；合力與速度的夾角為銳角,則速率一直增大,B錯誤；速率一直增大,電場力對小球一直做正功,小球的機械能一直增大,C、D錯誤.7.C表頭滿偏電壓為0.5V,A錯誤；改裝后為電壓表,所測電流最大為1mA,B錯誤；接ab端量程為10V,C正確；接ac端量程為19.5V,D錯誤.8.AC根據(jù)電勢能與電勢的關系Ep-Qp,可知電勢能既與電場有關,又與電荷有關；電勢僅由電場本身因素決定,與處于電場中的電荷無關,選項A正確.電子帶電量為—e,若一個電子從M點移動到N點的過程中,電場力做功為3eV,則UMN為—3V,選項B錯誤.在靜電場中,電勢能與電勢的關系是Ep-qp,則知正電荷在電勢越高的地方電勢能越大,選項C正確.負電荷在等勢面高的位置的電勢能小,所以將一負的試探電荷從電勢較高的等勢面移至電勢較低的等勢面,電勢能增大,電場力做負功,選項D錯誤.9.AD甲圖中小燈泡正常工作時的電阻RL--20Ω,流過小燈泡的電流I--0.2A,電源效率η- TX100%-90%,選項A正確；甲圖中R總--30Ω,R-R總—T—RL-7Ω,選項B錯誤；乙圖中電動機M兩端的電壓UM-E—IT—U-1.4V,電動機為非純電阻用電器,電動機內阻RM內牛-7Ω,選項C錯誤,D正確.10.ABD由U-得出等勢面c電勢為10V,電子從等勢面d到等勢面b,動能由20eV減小到0,說明越向上電勢越低,相鄰等勢面間電勢差為10V,等勢面a的電勢為—10V,選項A正確；由E-得勻強電場的場強大小為200V/m,選項B正確；電子再次飛經(jīng)等勢面d時,電場力做功為0,動能為20eV,選項C錯誤；電子沿電場線運動,加速度不變,電子的運動為勻變速直線運動,選項D正確.解析1）根據(jù)螺旋測微器讀數(shù)規(guī)則可得d-0.5mm十0.232mm-0.732mm；（2）當用“X1k”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大,說明被測電阻較小,應該換用小倍率電阻擋；調整檔位后,要先進行歐姆調零,再進行測量,測量后,斷開表筆關閉多用表；故實驗步驟的順序為：BDEA；（3）由于EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(R工),RA)~3EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up4(0),3)00-1000>EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(RV),R工)~EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up4(6000),3000)-2,待測電阻的阻值遠大于電流表內阻,可知電流表應該采用內接法；由于滑動變阻器用分壓電路,則實物連線如圖所示；（4）根據(jù)電阻定律和歐姆定律可知R工-p-p、R工-,解得該合金絲電阻率為p-.）（解析1）電流表的內阻已知,故采用甲電路圖；毫安表滿偏時,電路的總電阻R--1000Ω,所以滑動變阻器接入電路的阻值最小應為幾百歐,故滑動變阻器選擇C.（2）UI圖線如題圖丙所示,圖線與縱軸截距即為電動勢,E-0.97V,圖像的斜率絕對值|k|-Rg十r-EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up5(0),0)EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up5(.),.)EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up5(97—0.),76X10)EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up5(0),3)Ω-750Ω,解得r-700Ω.13.解1）正點電荷從無限遠處移到電場中A點,要克服電場力做功8X10—6J,所以EPA-8X10—6J,PA-EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(EP),q)A-EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up4(8X10),2X10)EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up11(—),—)EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up8(6),8)-400V（3分）EPB-2X10—6J,PB-EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(EP),q)B-EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up4(2X10),2X10)EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up11(—),—)EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up8(6),8)-100V（3分）由電勢差定義UAB-PA—PB-300V（2分）（3）把2X10—5C的負電荷由A點移到B點電場力做的功為WAB-qUAB-—2X10—5X300J-—6X10—3J（4分）14.解1）由閉合電路歐姆定律的推論可知,當電路外電阻等于內阻r時,輸出功率最大,最大值為Pm-（1分）把定值電阻看成電源內阻的一部分,由題圖乙可知,當RP-R1-R十r-6Ω時,滑動變阻器消耗的功率最 E2-大 E2-（2）滑動變阻器的阻值為3Ω時與阻值為R2時消耗的功率相等,有EQ\*jc3\*hps33\o\al(\s\up20(）),）)2R2（2分）電源效率η-EQ\*jc3\*hps17\o\al(\s\up4(P),P)EQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up4(外),總)X100%-83.3%（1分）15.解1）粒子在平行板電容器間做類平拋運動,則水平方向2L-心0t1（1分）豎直方向q-ma（2分）1-atEQ\*jc3\*hps10\o\al(\s\up3(2),1)（2分）-at1