山東省濰坊一中2024屆物理高二第一學期期中聯(lián)考試題含解析

山東省濰坊一中2024屆物理高二第一學期期中聯(lián)考試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,A,B為兩塊豎直放置的平行金屬板,G是靜電計,開關S合上后,靜電計指針張開一個角度.下述做法可使指針張角增大的是()A．使A,B兩板靠近些B．使A,B兩板正對面積錯開些C．斷開S后,使B板向左平移減小板間距離D．斷開S后,使A,B板錯位正對面積減小2、某靜電場在x軸上各點的電勢隨坐標x的分布圖像如圖。有一帶電的小球只在電場力作用下沿x軸正向運動，從x1處運動到x2處的過程中，下列說法中正確的是A．帶電小球的電勢能一定減小B．帶電小球的動能一定增大C．帶電小球的動量一定增大D．帶電小球的加速度一定增大3、如圖所示，帶正電的小球Q固定在傾角為θ的光滑固定絕緣細桿下端，讓另一穿在桿上的質量為m、電荷量為q的帶正電小球從A點由靜止釋放，到達B點時速度恰好為零。若A、B間距為L，C是AB的中點，兩小球都可視為質點，重力加速度為g。則下列判斷正確的是A．從A至B，q先做勻加速運動，后做勻減速運動B．在B點受到的庫侖力大小是mgsinθC．Q產(chǎn)生的電場中，A、B兩點間的電勢差大小為U=mgLD．在從A至C和從C至B的過程中，前一過程q電勢能的增加量較大4、關于平拋運動，下列說法中正確的是（）A．平拋運動是勻速直線運動B．平拋運動不是勻變速運動C．平拋運動是勻變速曲線運動D．做平拋運動的物體，落地速度方向可能豎直向下5、如圖，直線MN為某點電荷Q所產(chǎn)生的電場中的一條電場線，a、b為電場線上的兩點．已知正電荷在a點的電勢能大于在b點的電勢能．下列說法正確的是()A．點電荷Q一定在M端B．a(chǎn)點電勢一定高于b點電勢C．a(chǎn)點場強一定大于b點場強D．將正電荷從a點移動到b點過程中，電場力一定做負功6、如圖，兩個相距l(xiāng)的固定點電荷A、B，所帶電量均為+Q。另有一質量為m的點電荷C，以速度v繞AB連線中點O點做勻速圓周運動，且所在圓平面與AB連線垂直，AC的距離為l。已知靜電力常量為k，電荷C的重力忽略不計，電荷C所帶電量為（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，相距為d的兩塊平行金屬板M、N與電源相連，電鍵S閉合后，MN間有勻強電場．一個帶電粒子垂直于電場方向從M板邊緣射入電場，恰好打在N板中央，若不計重力．下列說法正確的是A．當電鍵S閉合時，M板不動，為了使粒子剛好飛出電場，N板應向下移動d.B．當電鍵S閉合時，M板不動，為了使粒子剛好飛出電場，N板應下向移動2d.C．當電鍵S斷開時，M板不動，為了使粒子剛好飛出電場，N板應下向移動3d.D．當電鍵S斷開時，M板不動，為了使粒子剛好飛出電場，N板應下向移動4d.8、如圖所示，電源電動勢E=9V，內電阻r=4.5Ω，變阻器Rl的最大電阻Rm=5.0Ω，R2=1.5Ω，R3=R4=1000Ω，平行板電容器C的兩金屬板水平放置．在開關S與a接觸且當電路穩(wěn)定時，電源恰好有最大的輸出功率，在平板電容器正中央引入一帶電微粒，也恰能靜止．那么（）A．在題設條件下，接入電路的阻值為，電源的輸出功率為B．引入的微粒帶負電，當開關接向未接觸的過程中，微粒將向下運動C．在題設條件下，的阻值增大時，兩端的電壓增大D．在題設條件下，當開關接向b后，流過的電流方向為9、據(jù)報道：我國在規(guī)劃深空探測工程，將在2020年7月發(fā)射火星探測器。如圖為某著陸器經(jīng)過多次變軌后登陸火星的軌跡圖，著陸器先在橢圓軌道1上運動，然后變軌到圓軌道2上運動，最后在橢圓軌道3上運動，a點是軌道1、2、3的交點，軌道上的a、b、c三點與火星中心在同一直線上，a、b兩點分別是橢圓軌道3的遠火星點和近火星點，且ab=2bc=2l，著陸器在軌道1上經(jīng)過a點的速度為v1，在軌道2上經(jīng)過a點的速度為v2，在軌道3上經(jīng)過a點的速度為v3，下列說法正確的是（）A．著陸器在a點由軌道1進入軌道2需要點火加速B．著陸器在軌道2上的機械能比在軌道3上的機械能大（不計著陸器質量變化）C．著陸器在軌道3上經(jīng)過a點的加速度可表示為D．著陸器在軌道2上由a點運動到c點的時間是它在軌道3上由a點運動到b點時間的2.25倍10、如圖甲，A、B是一對平行金屬板，在兩板間加有周期為T的交變電壓U0，A板電勢為φA=0，B板電勢為φB隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示．現(xiàn)有一個電子從A板的小孔進入兩板間的電場中，設電子的初速度和重力的影響均可忽略，則A．若電子是在t=0時刻進入的，它將一直向B板運動B．若電子是在t=T/8時刻進入的，它可能時而向B板運動，時而向A板運動，最后打在B板上C．若電子是在t=3T/8時刻進入的，它可能時而向B板運動，時而向A板運動，最后打在B板上D．若電子是在t=T/2時刻進入的，它可能時而向B板運動，時而向A板運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，小燈泡的額定電壓為2.5V，額定功率為0.5W，此外還有以下器材可供選擇：A．直流電源3V(內阻不計)B．直流電流表0～300mA(內阻約為5Ω)C．直流電流表0～3A(內阻約為0.1Ω)D．直流電壓表0～3V(內阻約為3kΩ)E．滑動變阻器100Ω，0.5AF．滑動變阻器10Ω，2AG．導線和開關實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能進行多次測量．(1)實驗中電流表應選用________，滑動變阻器應選用________；(均填寫儀器前的字母)(2)在圖甲所示的虛線框中畫出符合要求的實驗電路圖_______________(虛線框中已將所需的滑動變阻器畫出，請補齊電路的其他部分，要求滑片P向b端滑動時，燈泡變亮)；(3)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，畫出的小燈泡的I－U圖線如圖乙所示．由此可知，當電壓為0.5V時，小燈泡的燈絲電阻是________Ω.12．（12分）下列游標卡尺讀數(shù)為__________mm，螺旋測微器讀數(shù)為___________mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）利用無人機靈活機動的特點，交警部門開始利用無人機進行低空巡查和懸停抓拍交通違法行為。如圖所示，為一架小型四旋翼無人機，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，無人機連同裝備的質量為m=2kg，其動力系統(tǒng)所能提供的最大作用力為F0=36N，運動過程中所受空氣阻力大小恒為f=4N，其余狀態(tài)空氣阻力不計。g取10m/s2，求：（1）無人機懸停在距地面某一高度處進行抓拍時，動力系統(tǒng)提供的作用力F1多大；（2）無人機以最大作用力豎直向上起飛，求該無人機的加速度的大小；（3）無人機在地面從靜止開始，以最大作用力豎直向上起飛，要達到18m的高度，試從節(jié)能角度分析，該如何操作，何時關閉動力系統(tǒng)？14．（16分）電場中A、B兩點的電勢是φA=600V，φB=100V。把正電荷q=1.5×10-8C由A移動到B點，電場力做了多少功？電勢能是增加還是減少？變化了多少？15．（12分）電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示,已知A點的電場強度E=3.0×104N/C.將電荷量q=4.0×10-8C的點電荷放在電場中的A點。.(1)求該點電荷在A點所受電場力的大小F;(2)在圖中畫出該點電荷在A點所受電場力的方向.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

靜電計是檢測電壓的儀器，電壓增大可增大指針張角，斷開S后電容器電量不變，使B板向左平移一些，電容器的電容增大，由U=Q/C可知電壓減小，C錯；同理D對；當電容器極板與電源相連時兩極板電壓不變，張角不變，AB錯2、D【解題分析】

ABC．帶電小球只在電場力作用下沿x軸正向運動，若小球帶正電，則小球的電勢能減小，動能增加，動量變大；若小球帶負電，則小球的電勢能增加，動能減小，動量變小；選項ABC錯誤；D．因φ-x圖像的斜率等于場強，則帶電小球從x1處運動到x2處的過程中，所受的電場力變大，則加速度一定增大，選項D正確；故選D.3、C【解題分析】小球q下滑過程中，沿桿的方向受到重力的分力mgsinθ和庫侖力，兩力方向相反，根據(jù)庫侖定律：F=kQqr2可知，庫侖力逐漸增大，由題意可知，庫侖力開始時小于mgsinθ，后來大于mgsinθ，所以q先做加速度減小的變加速運動，后做加速度增大的變減速運動，當庫侖力與mgsinθ大小相等時速度最大，故A錯誤；q從先做加速運動后做減速運動，在B點時加速度沿桿向上，所以庫侖力大于mgsinθ，故B錯誤；從A到B，根據(jù)動能定理得：mgLsinθ+qUAB=0，又UBA=-UAB，可得：UBA=mgLsinθq，故C正確；下滑過程，AC間的場強小，CB間場強大，根據(jù)U=Ed知，A、C間的電勢差值小于C、B間的電勢差值，根據(jù)電場力做功公式W=qU得知，從A4、C【解題分析】

平拋運動的加速度不變，方向豎直向下，做勻變速曲線運動，故C正確，AB錯誤；做平拋運動的物體具有水平分量，方向不可能豎直向下，故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。5、B【解題分析】正電荷在a點的電勢能大于在b點的電勢能，所以a點的電勢高于b點的電勢，電場線的方向從a到b；若是正電荷的電場線，則電荷在M端，若是負電荷的電場線，則電荷在N端、故A錯誤，B正確；電場線越密的地方電場強度越大，由于只有一條電場線，無法看出電場線的疏密，故C錯誤；正電荷在a點的電勢能大于在b點的電勢能，所以將正電荷從a點移動到b點過程中，電勢能減小，電場力一定做正功．故D錯誤．故選B．點睛：電場強度的大小看電場線的疏密程度，電場線越密的地方電場強度越大，電勢的高低看電場線的指向，沿著電場線電勢一定降低．電場力做正功，電勢能減?。?、B【解題分析】

由幾何關系可知A點電荷與C電荷間的引力與B與C電荷間的引力大小相等且兩引力的合力提供向心力，則有聯(lián)立解得且A點電荷與C電荷間為引力，則C點電荷帶負電，故B正確。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

以一定速度垂直進入偏轉電場，由于速度與電場力垂直，所以粒子做類平拋運動．這樣類平拋運動可將看成沿初速度方向的勻速直線與垂直于初速度方向勻加速直線運動．根據(jù)運動學公式解題．【題目詳解】AB、帶電粒子在板間的運動均為類平拋運動，水平方向的運動速度一定，設第一次帶電粒子的運動時間為t1，第二次恰從邊緣飛出，所用時間為t2，則有t2=2t1…①設板下移的距離為，則S閉合時，有：…②…③由①、②、③可得，即N板向下移動的距離為d，故A正確B錯誤；CD、若S斷開，則板上的電荷量不變，不難判斷，移動N板時，板間的場強將不變，設板下移距離，有…③…⑤由①、④、⑤解得，即N板向下移動距離為3d，故C正確，D錯誤．故選AC．【題目點撥】帶電粒子在電場中偏轉時做勻加速曲線運動．應用處理類平拋運動的方法處理粒子運動，關鍵在于分析臨界條件．8、AD【解題分析】

根據(jù)當外電阻等于內電阻時，電源的輸出功率最大去求解；對微粒進行受力分析，根據(jù)微粒處于平衡狀態(tài)，判斷出微粒的電性．當開關接向b（未接觸b）的過程中，電容器電荷量未變，從而判斷出微粒的運動狀況；電路的動態(tài)分析抓住電動勢和內阻不變，結合閉合電路歐姆電路進行分析；找出開關接a和接b上下極板所帶電荷的電性，即可確定出電流的方向．【題目詳解】在開關S與a接觸且當電路穩(wěn)定時，電源恰好有最大的輸出功率，可知，則電源的輸出功率，A正確；在開關S與a接觸且當電路穩(wěn)定時，在平板電容器正中央引入一帶電微粒，也恰能靜止微粒受重力和電場力平衡而上極板帶正電，可知微粒帶負電當開關接向未接觸的過程中，電容器所帶的電量未變，電場強度也不變，所以微粒不動，B錯誤；電容器所在的支路相當于斷路，在題設條件下，和及電源構成串聯(lián)電路，的阻值增大時，總電阻增大，總電流減小，兩端的電壓減小C錯誤；在題設條件下，開關接a時，上極板帶正電，當開關接向b后，下極板帶正電，流過的電流方向為，D正確．9、BC【解題分析】

A．著陸器由軌道1進入軌道2做的是向心運動，需點火減速，使萬有引力大于所需要的向心力，故A錯誤；B．著陸器從軌道2運動到軌道3做向心運動，點火減速，機械能減小，故軌道2上的機械能大，故B正確；C．根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律得得知著陸器在軌道3上經(jīng)過a點的加速度與在軌道2上經(jīng)過a點的加速度相等，著陸器在軌道2上做勻速圓周運動，通過a點的加速度故C正確；D．根據(jù)開普勒第三定律可知其中，R3=l，則故著陸器在軌道2上由a點運動到c點的時間是它在軌道3上由a點運動到b點時間的1.84倍，故D錯誤。故選BC。10、AB【解題分析】

若電子在t=0時刻進入的，在一個周期內，前半個周期受到的電場力向上，向上做加速運動，后半個周期受到的電場力向下，繼續(xù)向上做減速運動，T時刻速度為零，接著周而復始，所以電子一直向B板運動，一定會到達B板，故A正確；若電子是在時刻進入的，在一個周期內：在，電子受到的電場力向上，向上做加速運動，在內，受到的電場力向下，繼續(xù)向上做減速運動，時刻速度為零，接著繼續(xù)向B板運動，周而復始，所以電子時而向B板運動，時而向A板運動，最后打在B板上，故B正確；若電子是在時刻進入的，與在時刻進入時的情況相似，在運動一個周期的時間內，時而向B板運動，時而向A板運動，總的位移向左，最后穿過A板，故C錯誤；若電子是在時刻進入的，在一個周期內：在，電子受到的電場力向左，向左做加速運動，在內，受到的電場力向右，繼續(xù)向左做減速運動，時刻速度為零，接著周而復始，所以電子一直向A板運動，一定不會到達B板，故D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BF分壓式如圖所示：5【解題分析】試題分析：（1）燈泡的額定電流；故電流表選擇B；因本實驗只能接用分壓接法，故滑動變阻器選擇小電阻F；（2）根據(jù)實驗要求可知，滑動變阻器采用分壓接法，并且測量電路應與滑動變阻器的左半部分并聯(lián)；電流表采用外接法；原理圖如下；（3）由畫出的伏安特性曲線可知，時，電流，則對應的電阻；考點：“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗12、9.65;11.898;【解題分析】

游標卡尺的讀數(shù)為：d=9mm+13×0.05mm=9.65mm螺旋測微器的讀數(shù)為：d=11.5mm+39.8×0.01mm=11.898mm【題目點撥】游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀.螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）20N。（2）6m/s2；（3）無人機在地面從靜止開始，以最大作用力豎直向上起飛，要達到18m的高度，從節(jié)能角度考慮則到達最高點速度為零，2s后關閉系統(tǒng)?！窘忸}分析】

無人機懸停時合力為零，根據(jù)平衡條件求動力系統(tǒng)提供的作用力Fl；無人機豎直向上做勻加速直線運動，由牛頓第二定律求出加速度；以最大作用力豎直向上起飛，要達到18m的高度，從節(jié)能角度考慮則到達最高點速度為零，設t時間后關閉系統(tǒng)，則由運動學公式分階段列式求解?！绢}目詳解】（l）無人機懸停時處于二力平衡狀態(tài)，有：F1=mg代入數(shù)據(jù)解得：F1=20N（2）無人機豎直向上做勻加速直線運動，由牛頓第二定律得：F合=F0﹣mg﹣f=ma代入數(shù)據(jù)解得：a=6m/s2（3）以最大作