2023-2024學年貴州思南中學物理高二上期末復習檢測模擬試題含解析

2023-2024學年貴州思南中學物理高二上期末復習檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，虛線框中存在垂直紙面向外的勻強磁場B和平行紙面斜向下與豎直方向夾角為45°的勻強電場E．質量為m、電荷量為q的帶負電的小球在高為h處的P點從靜止開始自由下落，在虛線框中剛好做直線運動，則A.電場強度B.磁感應強度C.小球在虛線框中可能做勻加速直線運動D.不同比荷的小球從不同高度下落，在虛線框中仍可能做直線運動2、如圖所示，是一個點電荷電場的電場線(箭頭線)和等勢面(虛線)，兩等勢面之間的電勢差大小為2V，有一個帶電荷量為q＝－1.0×10－8C的電荷，從A點沿不規(guī)則曲線路徑移到B點，電場力做功為()A.2.0×10－8J B.－2.0×10－8JC.1.60×10－7J D.－4.0×10－8J3、如圖所示，在勻速轉動的水平盤上，沿半徑方向放著用細線相連的質量相等的兩個物體A和B，它們與盤間的動摩擦因數(shù)相同，當盤轉動到兩個物體剛好還未發(fā)生滑動時，燒斷細線，則兩個物體的運動情況是（）A.兩物體均沿切線方向滑動B.兩物體仍隨圓盤一起做圓周運動，不發(fā)生滑動C.兩物體均沿半徑方向滑動，離圓盤圓心越來越遠D.物體B仍隨圓盤一起做勻速圓周運動，物體A發(fā)生滑動，離圓盤圓心越來越遠4、下列屬于防范靜電的是()A.避雷針B.噴涂C.靜電復印D.靜電除塵5、電源和一個水平放置的平行板電容器、二個變阻器R1、R2和定值電阻R3組成如圖所示的電路．當把變阻器R1、R2調到某個值時，閉合開關S，電容器中的一個帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài)．當再進行其他相關操作時（只改變其中的一個），以下判斷正確的是（）A.將R1的阻值增大時，液滴將向下運動B.將R2的阻值增大時，液滴仍保持靜止狀態(tài)C.把電容器的上極板向上平移少許，電容器的電荷量將減小D.斷開開關S，電容器上的帶電荷量將減為零6、關于電場和磁場、電場線和磁感線，下列說法正確的是（）A.電場和磁場都是假想的，不是客觀存在的物質B.在電場中的電荷一定受到電場力的作用，在磁場中的運動電荷一定受到磁場力的作用C.電場線和磁感線是可以形象描述場的強弱和方向的客觀存在的曲線D.磁場中任何兩條磁感線都不相交二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A、B兩相同的金屬板水平放置．現(xiàn)讓兩板帶上等量異種電荷，兩板間形成豎直方向的勻強電場．將一帶電粒子沿水平方向從A板左側靠近A板射入電場中．當粒子射入速度為v1時，粒子沿軌跡Ⅰ從兩板正中間飛出，電場力做功為W1；當粒子射入速度為v2時，粒子沿軌跡Ⅱ落到B板正中間，電場力做功為W2．不計粒子重力，則()A.v1∶v2＝2∶1 B.v1∶v2＝2∶1C.W1∶W2＝1∶1 D.W1∶W2＝1∶28、“電流天平”是根據(jù)通電導線在磁場中受安培力作用制成的一種靈敏測量儀器．利用“電流天平”可以測量磁感應強度B的大小，把匝數(shù)為n的矩形導線框吊在等臂天平的一臂，另一臂掛空砝碼盤，使天平平衡；再在天平砝碼盤加重為mg的砝碼，矩形導線框通電流強度為I的電流，長度為L的ab邊在磁場中，天平再次平衡．則A.導線框中電流的方向為a→bB.導線框中電流的方向為b→aC.磁感應強度B的大小為mg/ILD.磁感應強度B大小mg/nIL9、如圖所示，水平放置的平行金屬導軌MN和PQ之間接有定值電阻R，導體棒ab長為L且與導軌接觸良好，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，現(xiàn)使導體棒ab勻速向右運動，下列說法正確的是A.導體棒ab兩端的感應電動勢越來越小B.導體棒ab中的感應電流方向是a→bC.導體棒ab所受安培力方向水平向左D.導體棒ab所受合力做功為零10、為了測量某化工廠的污水排放量，技術人員在該廠的排污管末端安裝了如圖所示的流量計，該裝置由絕緣材料制成，長、寬、高分別為a、b、c，左右兩端開口，在垂直于上、下底面方向加磁感應強度為B的勻強磁場，在前、后兩個內側固定有金屬板作為電極，污水充滿管口從左向右流經(jīng)該裝置時，電壓表將顯示兩個電極間的電壓U。若用Q表示污水流量（單位時間內排出的污水體積），下列說法中正確的是（）A.若污水中正離子較多，則前表面比后表面電勢高B.前表面的電勢一定低于后表面的電勢，與哪種離子多少無關C.污水中離子濃度越高，電壓表的示數(shù)將越大D.污水流量Q與U成正比，與a、b無關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組為測量一段粗細均勻的金屬絲的電阻率，實驗室備選了如下器材：A.電流表A1，量程為10mA，內阻r1=50ΩB.電流表A2，量程為0.6A，內阻r2=0.2ΩC.電壓表V，量程為6V，內阻r3約為15kΩD.滑動變阻器R，最大阻值為15Ω，最大允許電流為2AE.定值電阻R1=5ΩF定值電阻R2=100ΩG.直流電源E，電動勢為6V，內阻很小H.開關一個，導線若干I.多用電表一個J.螺旋測微器、刻度尺（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，如圖甲所示，則金屬絲的直徑D=________mm。（2）實驗小組首先利用多用電表粗測金屬絲的電阻，如圖乙所示，則金屬絲的電阻為_____Ω。（3）在如圖丙所示的方框內畫出實驗電路的原理圖。且圖中所用器材必須標明對應的符號_____。（4）電壓表的示數(shù)記為U，所選用電流表的示數(shù)記為I，則該金屬絲電阻的表達式___________，(用字母表示)。用刻度尺測得待測金屬絲的長度為L，則由電阻率公式便可得出該金屬絲的電阻率。12．（12分）從某一高度將石子以1m/s的初速度沿水平方向拋出，經(jīng)2s石子落至水平地面。忽略空氣阻力，重力加速度g=10m/s2，則石子在運動過程中下落的高度為_____m，石子在運動過程中的水平位移為______m。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】小球進入復合場受重力、電場力和洛倫茲力作用，因為洛倫茲力的大小與速度大小有關，由題意可知該直線運動為勻速直線運動，通過共點力平衡求出磁感應強度和電場強度的大小．通過小球的受力判斷若小球帶正電能否做直線運動【詳解】小球在復合場中受到豎直向下的重力、與電場強度方向相反的電場力和水平向右的洛倫茲力的作用，如圖所示其中電場力和重力是恒力，而洛倫茲力的大小與小球的速度大小成正比，若小球做的是變速運動，那么洛倫茲力也是變力，小球的合外力方向也要改變，這與題意不符，所以小球在復合場中一定做勻速直線運動．故C錯誤．根據(jù)小球的平衡條件可得，qvB=mg，qE=mg，又v2=2gh，聯(lián)立各式解得磁感應強度，電場強度E=．故A正確，B錯誤．若要使小球沿直線通過復合場，小球的合力一定為零，所以一定要滿足和E=，若同時改變小球的比荷與初始下落的高度h，以上兩個式子不能同時滿足，故D錯誤．故選A【點睛】題主要是考查了帶電粒子在復合場中運動情況分析；對于此類問題，要掌握粒子的受力特點，如果粒子在電場、磁場和重力場中做勻速圓周運動，則一定是電場力和重力平衡；如果粒子受三種力做的是直線運動，則一定是勻速直線運動2、B【解析】由圖可知，電場線的方向向外，所以A點的電勢大于B點的電勢，所以AB之間的電勢差為：U=2V；由電場力做功的公式有：W=qU=-1.0×108C×2V=-2.0×108J，故B正確，ACD的錯誤；故選B【點睛】本題考查W=Uq的應用，要注意在處理電場力做功的問題時，經(jīng)常與重力做功相對應來考慮，都與始末位置有關，并且都滿足：做正功時勢能減小，做負功時勢能增加3、D【解析】當圓盤轉速加快到兩物體剛要發(fā)生滑動時，A物體靠細線的拉力與圓盤的最大靜摩擦力的合力提供向心力做勻速圓周運動，所以燒斷細線后，A所受最大靜摩擦力不足以提供其做圓周運動所需要的向心力，A要發(fā)生相對滑動，離圓盤圓心越來越遠，但是B所需要的向心力小于B的最大靜摩擦力，所以B仍保持相對圓盤靜止狀態(tài)，故ABC錯誤，D正確4、A【解析】A．避雷針是為了導走房屋靜電，防止帶電云層打雷擊中，屬于靜電防范，故A正確；B．噴涂時利用高壓靜電電場，使帶負電的涂料微粒沿著電場相反的方向定向運動，并將涂料吸附在工件表面的噴涂方法，屬于靜電的利用，故B錯誤；C．復印機復印文件資料，屬于靜電利用，故C錯誤；D．靜電除塵利用的是除塵器中的空氣被電離，煙霧顆粒吸附電子而帶負電，顆粒向電源正極運動，屬于靜電利用，D錯誤5、C【解析】A.閉合開關S，電容器上極板帶正電，帶電液滴受重力和電場力處于平衡，電場力豎直向上，可知帶電液滴帶負電．當R1的阻值增大時，電容器兩端間的電勢差不變，板間場強不變，則帶電液滴受到的電場力不變，液滴保持靜止不動，故A錯誤；B.將R2的阻值增大時，則R2兩端間的電壓增大，所以電容器兩端間的電壓增大，液滴所受的電場力變大，液滴將向上運動，故B錯誤；C.把電容器的上極板向上平移少許，d增大，電容減小，電容器兩端的電勢差不變，則由Q=CU得知，電容器的電荷量將減小，故C正確；D.斷開開關，穩(wěn)定時電容器兩端間的電勢差等于電源的電動勢．電容器的電壓增大，帶電量增加，不會為零，故D錯誤6、D【解析】A．電場和磁場都是客觀存在的，電場線和磁感線才是為了形象描述場而假想的曲線，故A錯誤；B．在電場中的電荷一定受到電場力的作用，而在磁場中運動電荷速度方向與磁場方向共線時不受磁場力的作用，故B錯誤；C．電場線和磁感線是可以形象描述場強弱和方向的假想曲線，故C錯誤；D．磁感線是閉合曲線，磁場中任何兩條磁感線都不相交，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)規(guī)律，豎直方向：，水平方向勻速：，聯(lián)立解得：，所以：v1∶v2＝2∶1；電場力做功，，聯(lián)立可得：W1∶W2＝1∶2，BC錯誤AD正確8、BD【解析】根據(jù)左手定則判斷電流方向；由安培力和重力平衡求解B.【詳解】導線框受安培力向下，由左手定則可知，ab中的電流的方向為b→a，選項A錯誤，B正確；由平衡知識可知：mg=nBIL可知，選項C錯誤，D正確；故選BD.9、CD【解析】A.ab棒切割產(chǎn)生的感應電動勢：由于棒勻速運動，v不變，又B、L不變，所以棒ab產(chǎn)生的感應電動勢不變，故A錯誤；B.根據(jù)右手定則可知，ab棒中的電流方向從b→a，故B錯誤；C.根據(jù)左手定則判斷知：棒ab所受安培力方向向左，故C正確；D.棒ab做勻速運動，動能不變，根據(jù)動能定理可知合力做功為零，故D正確。故選CD。10、BD【解析】AB.由左手定則知正離子向后表面偏轉，負離子向前表面偏轉，前表面的電勢一定低于后表面的電勢，與離子的多少無關，故B正確A錯誤；C.最終離子在電場力和洛倫茲力作用下平衡：解得則電壓表的示數(shù)與離子濃度無關，故C錯誤；D.由流量解得則Q與U成正比，與a、b無關，故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1.700（1.698～1.702均算對）②.60（58～62均算正確）③.④.【解析】（1）[1]金屬絲的直徑D=1.5mm+0.01mm×20.0=1.700mm。（2）[2]金屬絲的電阻為6×10Ω=60；（3）[3]電路中可能達到的最大電流為:則A2量程過大，可以用已知內阻的電流表A1與定值電阻R1并聯(lián)作為安培表；滑動變阻器用分壓電路；因電流表內阻已知，則采用安培表內接；電路如圖；（4）[4]由電路圖可知，通過的電流為，兩端的電壓為，則12、①.20②.2【解析】[1]．石子在豎直方向做自由