2024屆東北師大附中重慶一中等六校物理高二上期中達(dá)標(biāo)測試試題含解析

2024屆東北師大附中重慶一中等六校物理高二上期中達(dá)標(biāo)測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、a和b為電場中的兩個點,如果把q=-2×10-8C的負(fù)電荷從a點移動到b點,電場力對該電荷做了4×10A．增加了4×10-7JC．減少了4×10-7J2、如圖所示，M、N為兩個等量同種電荷，在其連線的中垂線上的P點放一靜止的負(fù)電荷q（點電荷），不計重力，下列說法中正確的是（）A．點電荷在從P到O的過程中，加速度越來越大，速度也越來越大B．點電荷在從P到O的過程中，加速度越來越小，速度越來越大C．點電荷運動到O點時加速度為零，速度達(dá)最大值D．點電荷越過O點后，速度越來越小，加速度越來越大，直到粒子速度為零3、1970年成功發(fā)射的“東方紅一號”是我國第一顆人造地球衛(wèi)星，該衛(wèi)星至今仍沿橢圓軌道繞地球運動．如圖所示，設(shè)衛(wèi)星在近地點、遠(yuǎn)地點的速度分別為v1、v2，近地點到地心的距離為r，地球質(zhì)量為M，引力常量為G．則A． B．C． D．4、如圖所示，在光滑的水平面上放有兩個小球A和B其質(zhì)量mA<mBB球上固定一輕質(zhì)彈簧.若將A球以速率V去碰撞靜止的B球，碰撞時能量損失不計，下列說法中正確的是（）A．當(dāng)彈簧壓縮量最大時，A球速率最小B球速率最大B．當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時，B球速率最大C．當(dāng)A球速率為零時，B球速率最大D．當(dāng)B球速率最大時，彈性勢能不為零5、如圖所示，平行板電容器與電壓為U的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略；一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點；現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則（）A．平行板電容器的電容值變大B．靜電計指針張角變小C．帶電油滴所受電場力增大D．若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變6、下列說法正確的是（）A．元電荷就是電子B．元電荷就是質(zhì)子C．元電荷的電荷量是1CD．物體所帶電荷量只能是元電荷的整數(shù)倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩個用相同材料制成的半徑相等的帶電金屬小球（可看成點電荷），其中一個球的帶電量的絕對值是另一個的5倍，當(dāng)它們靜止于空間某兩點時，靜電力大小為F．現(xiàn)將兩球接觸后再放回原處，則它們間靜電力的大小可能為（）A．7/5F B．4/5F C．11/5F D．9/5F8、如圖所示,某勻強(qiáng)電場中A、B、C、D四點構(gòu)成一個菱形,對角線AC=12cm,BD=16cm,一個質(zhì)子從A移到B,電場力做了24eV的功;一個電子從A移到C,克服電場力做了24eV的功。其中A點的電勢為零,則下列說法正確的是()A．D點的電勢φD=0 B．D點的電勢φD=-24VC．電場強(qiáng)度E=250N/C D．電場強(qiáng)度E=200N/C9、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三條電場線，實線為一帶正電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點．下列判斷正確的是（）A．質(zhì)點在P點的加速度大于它在Q點的加速度B．該靜電場一定是孤立正電荷產(chǎn)生的C．帶電質(zhì)點通過Q點時動能較小D．帶電質(zhì)點通過Q點時電勢能較小10、如表是一輛電動自行車的部分技術(shù)指標(biāo)，參考表中數(shù)據(jù)判斷以下說法正確的是（）A．自行車每秒鐘消耗的電能為216JB．電動機(jī)每秒鐘消耗的電能為180JC．電動機(jī)的內(nèi)電阻為6ΩD．電動機(jī)的內(nèi)電阻為1Ω三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）研究影響平行板電容器電容大小的因素”的實驗過程及現(xiàn)象如下圖所示，本實驗采用的實驗方法是____。實驗過程中電容器的電荷量Q保持不變，保持d不變，減小兩板間正對面積S，觀察到靜電計指針偏角增大，即電勢差U_______（“變大”，“變小”），則電容C________（“變大”，“變小”）12．（12分）如圖所示，請讀出以下測量儀器的示數(shù)，其中游標(biāo)卡尺讀數(shù)為________cm，螺旋測微器讀數(shù)為________mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，ABCD為豎直放在場強(qiáng)為的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的ABC部分是半徑為R=0.5m的半圓環(huán)（B為半圓弧的中點），軌道的水平部分與半圓環(huán)相切于C點，D為水平軌道的一點，而且CD=2R，把一質(zhì)量m=100g、帶電荷量的負(fù)電小球，放在水平軌道的D點，由靜止釋放后，小球在軌道的內(nèi)側(cè)運動．，求：（1）它到達(dá)B點時的速度是多大？（2）它到達(dá)B點時對軌道的壓力是多大？14．（16分）如圖所示，質(zhì)量為m的小球自由下落d后，沿豎直面內(nèi)的固定軌道ABC運動，AB是半徑為d的光滑圓弧，BC是直徑為d的粗糙半圓?。˙是軌道的最低點）．小球恰好能運動到C點，重力加速度為g．求：（1）小球運動到B處時對軌道的壓力大?。?）小球在BC上運動過程中，摩擦力對小球做的功．15．（12分）如圖所示，勻強(qiáng)電場的電場線與水平方向成60°角，一個帶10－5C的負(fù)電荷從A點以某一速度射入電場中，當(dāng)電荷運動到與A在同一水平面上的B點時，電場力做了6×10-5J的正功，AB間距為6cm．(1)在圖中用箭頭標(biāo)出場強(qiáng)E的方向．(2)求出勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

電場力做正功，則電勢能減小，電場力做功為+4×10-7J，可知電荷的電勢能減小4×10-7J，故選C.2、C【解題分析】

ABC．由等量同種電荷周圍的電場線的分布可知，O點場強(qiáng)為零，從O點沿著中垂線向無窮遠(yuǎn)處延伸，場強(qiáng)先增大后減小，所以點電荷在從P到O的過程中，加速度可能先增大后減小，也有可能一直減小，但速度一直增大，點電荷q在O點所受電場力的合力為零，加速度為零，速度達(dá)到最大，故C正確，AB錯誤；D．同理，點電荷越過O點后，加速度可能先增大后減小，也有可能一直增大，但速度越來越小直到為零，D錯誤。故選C。3、B【解題分析】

“東方紅一號”從近地點到遠(yuǎn)地點萬有引力做負(fù)功，動能減小，所以，過近地點圓周運動的速度為，由于“東方紅一號”在橢圓上運動，所以，故B正確．4、B【解題分析】分析小球的運動過程：A與彈簧接觸后，彈簧被壓縮，彈簧對A產(chǎn)生向左的彈力，對B產(chǎn)生向右的彈力，A做減速運動，B做加速運動，當(dāng)B的速度等于A的速度時壓縮量最大，此后A球速度繼續(xù)減小，B球速度繼續(xù)增大，彈簧壓縮量減小，當(dāng)彈簧第一次恢復(fù)原長時，B球速率最大．由以上分析可知，當(dāng)彈簧壓縮量最大時，兩球速度相同．故A錯誤；彈簧被壓縮后，B球的速度一直在增大，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時，B球速率達(dá)到最大值．故B正確；由于質(zhì)量mA＜mB，A的速度變化比B快，A球的速度是1時，彈簧仍然處于壓縮狀態(tài)，B球的速率沒有達(dá)到最大．故C錯誤；當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時，B球速率達(dá)到最大值，所以此時彈簧的彈性勢能是1．故D錯誤．故選B.5、D【解題分析】試題分析：根據(jù)知，d增大，則電容減?。蔄錯誤．靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變．故B錯誤．電勢差不變，d增大，則電場強(qiáng)度減小，則帶電油滴所受電場力變小．故C錯誤．電容器與電源斷開，則電荷量不變，d改變，根據(jù)，知電場強(qiáng)度不變，則油滴所受電場力不變．故D正確．故選D．考點：電容器；電場強(qiáng)度和電勢差【名師點睛】本題是電容器的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵抓住不變量，當(dāng)電容器與電源始終相連，則電勢差不變，當(dāng)電容器與電源斷開，則電荷量不變．6、D【解題分析】A、元電荷是與電子的電荷量數(shù)值相等的電荷量，但不是電子．故A錯誤．B、元電荷是與質(zhì)子的電荷量數(shù)值相等的電荷量，但不是質(zhì)子．故B錯誤．C、元電荷是自然界最小的電量，其數(shù)值與電子的電荷量數(shù)值相等．故C錯誤．D、帶電體所帶的電量只能是元電荷的整數(shù)倍．故D正確．故選D【題目點撥】本題考查對元電荷的理解．元電荷與實物粒子不同，是一種基本電量．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

若兩電荷同性,設(shè)一個球的帶電量為Q,則另一個球的帶電量為5Q,此時,接觸后再分開,帶電量各為3Q,則兩球的庫侖力大小所以.；若兩電荷異性,接觸后再分開,兩球電量的絕對值為2Q,此時兩球的庫侖力，所以，故BD正確；AC錯誤；故選BD8、AC【解題分析】

AB．AB間的電勢差為：AC間的電勢差為可知BC兩點的電勢相等，由于AD平行于BC，所以A點電勢與D點電勢相等，即故A正確，B錯誤；CD．由，得BC連線即為等勢線，過A點作BC的垂線，如圖，由幾何知識得A點到BC的距離為所以電場強(qiáng)度為故C正確，D錯誤。9、AC【解題分析】

電場線越密，電場強(qiáng)度越大，由牛頓第二定律分析加速度的大??；根據(jù)電場線的分布特點分析場源電荷的電性；由于質(zhì)點只受電場力作用，根據(jù)運動軌跡可知電場力的方向，通過電場力做功情況判斷電勢能和動能的變化情況；【題目詳解】A、根據(jù)電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的大小，則知P點的場強(qiáng)比Q點的場強(qiáng)大，粒子在P點所受的電場力比在Q點時的大，所以由牛頓第二定律知，質(zhì)點在P點的加速度大于它在Q點的加速度，故A正確；

B、由于電場線的方向不能確定，可知，該靜電場可能是孤立正電荷產(chǎn)生的，也可能是孤立負(fù)電荷產(chǎn)生的，故B錯誤；

C、由圖可知，帶電質(zhì)點所受的電場力方向沿電場線向右，若帶電質(zhì)點從P點運動到Q，電場力做負(fù)功，則帶電質(zhì)點的電勢能增大，動能減小，故帶電質(zhì)點通過Q點時動能

較小，電勢能較大，故C正確，D錯誤?！绢}目點撥】解決這類電場軌跡問題的思路是：根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出電場力方向，然后進(jìn)一步判斷電勢、電場強(qiáng)度、電勢能、動能等物理量的變化。10、AD【解題分析】自行車電動機(jī)每秒鐘消耗的電能為，故A正確，B錯誤；電動機(jī)發(fā)熱功率為216-180=36W，熱功率計算得內(nèi)阻為1Ω，故D正確，C錯誤；故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、控制變量法變大變小【解題分析】

[1]本實驗中，研究每一個要素的影響，須讓其它的量不變，所以采用的是控制變量法；[2][3]實驗過程中電容器的電荷量Q保持不變，保持d不變，減小兩板間正對面積S，觀察到靜電計指針偏角增大，即電勢差U變大，則根據(jù)可知，電容C變小。12、1.1404.713（4.712、4.714）【解題分析】

由題意可知考查游標(biāo)卡尺、螺旋測微器讀數(shù)問題，根據(jù)兩種儀器的讀數(shù)原理分析可得?！绢}目詳解】[1]先讀主尺上的數(shù)值為11mm，再讀游標(biāo)尺上的數(shù)值0.05×8=0.40，二者加在一起為游標(biāo)卡尺讀數(shù)(11+0.40)mm=11.40mm=1.140cm[2]先讀固定刻度值為4.5mm，再讀可動刻度0.01×22.2mm=0.222mm，螺旋測微器讀數(shù)為兩部分之和4.5mm+0.222mm=4.712mm【題目點撥】無論是游標(biāo)卡尺還是螺旋測微器讀數(shù)都要注意有效數(shù)字的要求，讀數(shù)時先以mm為單位讀出，10分度(精確度為0.1mm)的游標(biāo)卡尺保留1位小數(shù)，20分度(精確度為0.05mm)、50分度(精確度為0.02mm的保留2位，讀數(shù)公式：主尺上的讀數(shù)+精確度×對齊時游標(biāo)尺的格數(shù)，單位換算時注意有效數(shù)字不能改變。螺旋測微器讀數(shù)方法：固定刻度+0.01×對齊時可動刻度格數(shù)（估讀一位）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）5N【解題分析】（1）設(shè)小球在B點的速度大小是vB，則對于小球由D→B的過程中，應(yīng)用動能定理列出：

qE×3R-mgR=mvB2

解得：vB=2m/s

（2）則球受到軌道的壓力大小為NB，在B點的圓軌道徑向方向上，小球受到軌道對它的彈力和電場力，應(yīng)用牛頓第二定律，有：NB-qE=m

解得：NB=5×104×10-4+0.1×=5N

由牛頓第三定律可知，它對軌道的壓力為5N．點睛：在本題中物體不僅受重力的作用，還有電場力，在解題的過程中，一定要分析清楚物體的受力和運動