2024屆福建省龍巖市一級達標校物理高二第一學(xué)期期中經(jīng)典模擬試題含解析

2024屆福建省龍巖市一級達標校物理高二第一學(xué)期期中經(jīng)典模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖1所示，M、N是某電場中的一條電場線，若M點放置一初速度為零的質(zhì)子，質(zhì)子僅在電場力的作用下，由M運動到N的過程中的v—t圖象如圖2，則關(guān)于M、N兩點的電勢和電場強度的判斷中正確的是（）A．B．C．D．2、如圖所示，在傾角為θ的斜面上A點，以水平速度v0拋出一個小球，不計空氣阻力，它落到斜面上B點所用的時間為()A．B．C．D．3、以下關(guān)于電場和電場線的說法中正確的是()A．電場線是客觀存在的，既可以相交，也可以相切B．在電場中，凡是電場線通過的點場強不為零，不畫電場線的區(qū)域場強為零C．同一試探電荷在電場線密集的地方所受電場力大D．電場線用以表示電場的強弱和方向，是客觀存在的4、兩個質(zhì)量相同的鋁環(huán)能在一個光滑的絕緣圓柱體上自由移動，設(shè)大小不同的電流按如圖所示的方向通入兩鋁環(huán)，則以下說法正確的是A．右側(cè)鋁環(huán)受到安培力方向向右B．彼此相向運動，且具有大小相等的加速度C．彼此背向運動，電流大的加速度大D．同時改變兩導(dǎo)線的電流方向，兩導(dǎo)線受到的安培力方向反向5、關(guān)于電源電動勢概念的認識中，正確的是：（）A．電源電動勢等于電源兩極間的電壓B．在閉合電路中，電動勢等于路端電壓與電源內(nèi)部電勢降落之和C．電動勢與電壓單位相同，所以物理意義也相同D．電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能越多，電動勢就越大6、如圖所示，天花板上懸掛著一勁度系數(shù)為k的輕彈簧，彈簧下端拴一個質(zhì)量為m的小球。小球處于靜止狀態(tài)時（彈簧的形變在彈性限度內(nèi)），輕彈簧的伸長等于A．mgB．kmgC．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在x軸上存在與x軸平行的電場，x軸上各點的電勢隨x點位置變化情況如圖所示．圖中－x1～x1之間為曲線，且關(guān)于縱軸對稱，其余均為直線，也關(guān)于縱軸對稱．下列關(guān)于該電場的論述正確的是()A．x軸上各點的場強大小相等B．從-x1到x1場強的大小先減小后增大C．一個帶正電的粒子在x1點的電勢能大于在-x1點的電勢能D．一個帶正電的粒子在－x1點的電勢能小于在-x2點的電勢能8、如圖，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B．M為磁場邊界上一點，有無數(shù)個帶電量為q、質(zhì)量為m的相同粒子(不計重力)在紙面內(nèi)向各個方向以相同的速率通過M點進入磁場，這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段圓弧上，這段圓弧的弧長是圓周長的1/1．下列說法正確的是（）A．粒子從M點進入磁場時的速率為v=B．粒子從M點進入磁場時的速率為v=C．若將磁感應(yīng)強度的大小增加到，則粒子射出邊界的圓弧長度變?yōu)樵瓉淼腄．若將磁感應(yīng)強度的大小增加到，則粒子射出邊界的圓弧長度變?yōu)樵瓉淼?、如圖所示，電源的電動勢為E，內(nèi)電阻為r。開關(guān)S合后，燈泡L1、L2均能發(fā)光?，F(xiàn)將滑動變阻器R的滑片P稍向下移動，則A．燈泡L1、L2均變暗B．燈泡L1變暗，L2變亮C．電流表的示數(shù)變大D．電流表的示數(shù)變小10、在如圖所示電路中，開關(guān)S1、S2、S3、S4均閉合，C是水平放置的平行板電容器，板間懸浮著一油滴P，下列哪些方法會使P向下運動（）A．斷開S2B．斷開S3C．斷開S4并適當減小兩板之間的距離D．斷開S1并適當增大兩板之間的距離三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用螺旋測微器測量其直徑如圖所示，由圖可知其直徑為________mm。12．（12分）在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L、直徑d和電阻R．(1)用游標卡尺測金屬絲長度時讀數(shù)如圖，則金屬絲的長度為_____mm；(2)用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖乙，則金屬絲的直徑為_____mm．(3)若用圖丙測金屬絲的電阻，則測量結(jié)果將比真實值_____．（選填“偏大”或“偏小”）(4)用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數(shù)如圖丁，則電壓表的讀數(shù)為_____V，電流表的讀數(shù)為_____A．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）勻強電場中A、B、C三點，把電荷量q=-2×10-10C的點電荷由A點移到B點，電場力做功W1=4.8×10-8J；再由B點移到C點克服電場力做功W2=4.8×10-8J，求A、B和B、C間的電勢差UAB和UBC；14．（16分）如圖所示，為一個從上向下看的俯視圖，在光滑絕緣的水平桌面上，固定放置一條光滑絕緣的擋板軌道ABCD，AB段為直線，BCD段是半徑為R的一部分圓弧（兩部分相切于B點），擋板處于場強為E的勻強電場中，電場方向與圓的直徑MN平行．現(xiàn)使一帶電量為＋q、質(zhì)量為m的小球由靜止從斜擋板內(nèi)側(cè)上某點釋放，為使小球能沿擋板內(nèi)側(cè)運動，最后從D點拋出，試求：（1）小球從釋放點到N點沿電場強度方向的最小距離s；（2）在上述條件下小球經(jīng)過N點時對擋板的壓力大?。?5．（12分）如圖所示,寬度為I0的平行光束從空氣中斜射到一平板玻璃的上表面,入射角i=60°,該光束由兩種不同的單色光a和b組成,玻璃對兩種單色光的折射率分別為，試求：①兩種單色光在玻璃中的傳播時間之比；②為使光從玻璃下表面出射時，兩種光各自的光束不重疊，玻璃板的厚度d的最小值．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】v-t圖象的斜率等于加速度，由圖可知，質(zhì)子沿MN由M運動到N過程中，加速度不斷增大，根據(jù)牛頓第二定律可知電子在N點所受電場力較大，由F=Eq可知，M點的場強要小于N點場強，即有：EM＜EN；質(zhì)子從M到N的過程中，速度增大，動能增大，則可知電場力做正功，所以電場力方向與質(zhì)子的運動方向相同，則電場線方向由M→N，則M點的電勢要大于N點電勢，即有，故BCD錯誤，A正確；故選A.2、B【解題分析】根據(jù)水平方向與豎直方向的位移關(guān)系解得：，故B正確，ACD錯誤。故選：B.點睛：平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)水平位移和豎直位移的關(guān)系，結(jié)合運動學(xué)公式求出運動的時間．3、C【解題分析】

AD.電場是客觀存在的，電場線是人們?yōu)榱诵蜗蟮拿枋鲭妶龆氲募傧肭€，用以表示電場的強弱和方向，客觀上并不存在，電場線不相交、不相切，故AD項與題意不相符；B.電場線只是大體形象描述電場，不畫的區(qū)域場強不一定為零，故B項與題意不相符；C.電場線越密集，電場越強，據(jù)F=Eq可知同一試探電荷在電場線密集的地方所受電場力大，故C項與題意相符.4、B【解題分析】

本題的關(guān)鍵是明確兩電流間的相互作用規(guī)律“同相電流相互吸引，異向電流相互排斥”，并結(jié)合牛頓第三定律和牛頓第二定律即可求解．【題目詳解】根據(jù)電流間相互作用規(guī)律“通向電流相互吸引，異向電流相互排斥”可知，兩圓環(huán)應(yīng)相互吸引，即彼此相向運動，再根據(jù)牛頓第二定律和牛頓第三定律可知，兩圓環(huán)的加速度大小相等，故B正確，ACD錯誤。故選B?！绢}目點撥】要熟記電流間相互作用規(guī)律“通向電流相互吸引，異向電流相互排斥”．5、B【解題分析】考點：電源的電動勢和內(nèi)阻．分析：電動勢由電源中非靜電力的特性所決定，跟電源的體積無關(guān)，與外電路無關(guān)．電動勢的大小反映將其它形式的能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔艿谋绢I(lǐng)大?。c電壓、電勢差的物理意義不同，單位相同．解答：A．電源電動勢等于電路斷開時，電源兩端的電壓，故A錯誤由電源中非靜電力的特性所決定，與外電路無關(guān)．所以同一電源接入不同的電路，電動勢不會改變．故A錯誤．B．在閉合電路中，電動勢等于路端電壓與電源內(nèi)部電勢降落之和．故B正確．C．電動勢、電壓和電勢差物理意義不同，單位相同．故C錯誤D．電源電動勢表征了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，根據(jù)W=qE可知，電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能越多，電動勢不一定大，還跟移動電荷的多少有關(guān)．故D錯誤．故選B．點評：解決本題的關(guān)鍵掌握電動勢的特性及物理意義．6、C【解題分析】小球處于靜止狀態(tài)，彈簧彈力等于重力。據(jù)胡克定律知伸長量為，C對。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】試題分析：φ-x圖象的斜率大小等于電場強度，故x軸上的電場強度不同，故A錯誤；從-x1到x1場強斜率先減小后增大，故場強先減小后增大，故B正確；由圖可知，場強方向均指向O，根據(jù)對稱性可知，一個帶正電的粒子在x1點的電勢能等于在-x1點的電勢能，故C錯誤；電場線指向O點，則負電荷由-x1到-x2的過程中電場力做正功，故電勢能減小，故帶負電的粒子在-x1點的電勢能大于在-x2的電勢能，故D正確；故選BD．考點：電場強度；電勢及電勢能【名師點睛】本題關(guān)鍵要理解φ-t圖象的斜率等于場強，由電勢的高低判斷出電場線的方向，來判斷電場力方向做功情況，并確定電勢能的變化．8、AC【解題分析】

AB．因為粒子射出邊界的位置處于邊界的某一段圓弧上，并不是整個圓周上都有，所以，粒子做圓周運動的半徑小于R；則粒子能射到的邊界其圓弧所對應(yīng)的弦長正好等于圓周運動的直徑，因為這段圓弧的弧長是圓周長的，所以，弦長對應(yīng)的等腰三角形的內(nèi)頂角為90°，所以，弦長2r=2Rsin15°，則粒子做圓周運動的半徑：r=Rsin15°=，粒子做圓周運動，洛倫茲力充當向心力，即，所以：，故A正確，B錯誤；CD．若B變?yōu)樵瓉淼谋?，則粒子在磁場中做圓周運動的半徑：，同理可得，對應(yīng)的弦長為R，由幾何關(guān)系可得粒子做圓周運動轉(zhuǎn)過磁場的圓心角為60°，所以，所以弧長之比為2∶3，故C正確，D錯誤。故選AC。9、BD【解題分析】

AB.將滑動變阻器R的滑片P稍向下移動，滑動變阻器接入電路的阻值變大，整個電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I減少，所以電燈L1變暗；由于干路電流減少，內(nèi)電壓和燈泡L1兩端的電壓都減小，所以L2與滑動變阻器并聯(lián)的電壓增大，L2變亮。故A錯誤B正確。CD.干路電流I減小，L2與滑動變阻器并聯(lián)電壓增大，所以通過L2的電流增大，所以電流表的示數(shù)減少，故C錯誤D正確。10、BD【解題分析】

A.斷開S2，C直接接到電源兩端，C兩端電壓增大，故E增大，電場力增大，油滴向上運動，故A錯誤；B.斷開S3，電源斷開，C通過R3放電，電壓減小，粒子向下運動，故B正確；C.斷開S4，電容器被斷開，不會產(chǎn)生充放電現(xiàn)象，減小兩板間距離，電場強度不變，粒子受力不變，油滴不會運動，故C錯誤；D.斷開S1，R1斷路，而R2接通，仍可使C接入R3兩端，電容器的電壓不變，增大兩板間的距離，電場強度減小，粒子向下運動，故D正確。故選：BD.【題目點撥】由電路圖可知，當開關(guān)都閉合時，R3、R4串聯(lián)后接入電源兩端；R1及R2為等勢體，相當于導(dǎo)線，電容器兩端的電壓等于R3兩端的電壓；原來帶電油滴受重力和電場力平衡，故電場力應(yīng)向上，若使P向下運動，重力不變，故可知電場力的變化，由F=Eq可知場強E的變化，由U=Ed可得出電容器兩端電壓的變化，分析各開關(guān)斷開后電路的變化可得出符合條件的選項．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4.700mm【解題分析】

[1]螺旋測微器的最小精確度為0.01mm，讀數(shù)為主尺刻度+可動刻度格數(shù)×最小精確度，注意格數(shù)要估讀。即該讀數(shù)為4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm。12、13.55；0.696；偏?。?.60；0.52；【解題分析】（1）題中為20分度游標卡尺，其讀數(shù)為：13mm+11×0.05mm=13.55mm；（2）螺旋測微器的讀數(shù)為：0.5mm+19.6×0.01mm=0.696mm；（3）把待測電阻與電壓表看做一個整體，根據(jù)歐姆定律可知，測得的應(yīng)是待測電阻與電壓表內(nèi)阻的并聯(lián)電阻，所以測量值比真實值偏小；（4）電流表讀數(shù)為：I=26格×0.02A=0.52A，電壓表讀數(shù)為：U=26格×0.1V=2.60V【題目點撥】（1）20分度游標卡尺，最小精確度為0.05mm，故根據(jù)游標卡尺讀數(shù)為：主尺數(shù)+游標尺對齊刻度序號×最小精確度，即：13mm+11×0.05mm=13.55mm；（2）螺旋測微器最小精確度為0.01mm