菏澤市重點中學2024屆高二物理第一學期期中經典試題含解析

菏澤市重點中學2024屆高二物理第一學期期中經典試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于物理學史，下列說法中不正確的是（）A．電荷量e的數值最早是由美國物理學家密立根測得的B．法拉第不僅提出了場的概念，而且直觀地描繪了場的清晰圖象C．法拉第通過實驗研究確認了真空中兩點電荷之間相互作用力的規(guī)律D．庫侖在前人工作的基礎上，通過實驗研究確認了真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用力的規(guī)律2、2018年10月2日，美法加三名科學家獲得了諾貝爾物理學獎，以表彰他們在激光物理領域的突破性發(fā)明。許多物理學家的科學研究推動了人類文明的進程，下列說法正確的是()A．牛頓首次在實驗室里測出了引力常量并發(fā)現了萬有引力定律B．牛頓在發(fā)現萬有定律的過程中應用了牛頓第三定律C．開普勒通過研究、觀測和記錄發(fā)現行星繞太陽做勻速圓周運動D．開普勒發(fā)現了行星運動定律并認為“在高山上水平拋出一物體，只要速度足夠大就不會再落在地球上”3、如圖所示的裝置中，木塊B、C與水平桌面間的接觸是光滑的，子彈A沿水平方向射入木塊后留在木塊內，并將彈簧壓縮到最短?，F將子彈、木塊B、C和彈簧合在一起作為研究對象（系統(tǒng)），則此系統(tǒng)在從子彈開始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個過程中（）A．動量守恒、機械能守恒 B．動量不守恒、機械能不守恒C．動量守恒、機械能不守恒 D．動量不守恒、機械能守恒4、如圖所示，把四個相同的燈泡接成甲、乙兩種電路后，燈泡都正常發(fā)光，已知U甲=2U乙，則這兩個電路中的R甲、R乙之間的關系為A．R甲=R乙B．R甲=2R乙C．R甲=4R乙D．R甲=8R乙5、如圖所示，直線為某電源的圖線，曲線為某小燈泡的圖線．用該電源和小燈泡組成閉合電路時，電源的輸出功率和電源的總功率分別是（）A．， B．，C．， D．，6、如圖所示,勻強電場的場強E=4×105v/m,A、B兩點相距0.2m,兩點連線與電場的夾角是60°，下列說法正確的是()A．若取A點的電勢為0，則B點的電勢φB=4×104VB．A、B兩點間的電勢差是UAB=4×104VC．電荷量q=+2×10-4C的電荷從A點運動到B點電勢能增大8JD．電荷量q=-2×10-4C的電荷從A點運動到B點電勢能減小8J二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、空間存在一電場，一帶負電的粒子僅在電場力作用下從x1處沿x軸負方向運動，初速度大小為v0,其電勢能Ep隨坐標x變化的關系如圖所示，圖線關于縱軸左右對稱，以無窮遠處為零電勢能點，粒子在原點O處電勢能為E0，在x1處電勢能為E1，則下列說法中正確的是A．從x1到O之間，該電場的場強先減小后增大B．由x1運動到O過程加速度一直減小C．粒子經過x1、-x1處速度相同D．粒子能夠一直沿x軸負方向運動，一定有8、如圖所示，質量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的初速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強電場中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點(重力不計)，則從開始射入到打到上極板的過程中()A．它們運動的時間tQ＝tPB．它們所帶電荷量之比qP∶qQ＝1∶2C．它們的電勢能減少量之比ΔEP∶ΔEQ＝1∶2D．它們的動能增量之比ΔEkP∶ΔEkQ＝1∶49、如圖所示，圖線1表示的導體的電阻為R1，圖線2表示的導體的電阻為R2，則下列說法正確的是（）A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．將R1與R2串聯后接于電源上，則電流比I1：I2=1：3D．將R1與R2并聯后接于電源上，則電流比I1：I2=3：110、在如圖甲所示的電路中，調節(jié)滑動變阻器的阻值，電源路端電壓U隨滑動變阻器阻值R的變化關系圖像如圖乙所示，下列說法正確的是()A．當R=4Ω時，電源總功率為6W，內阻熱功率為2WB．電源電動勢E=6V，內阻r=1ΩC．該電源輸出功率的最大值為4.5WD．滑動變阻器阻值從0.5到10Ω逐漸變大的過程中，電源的總功率減小，輸出功率增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬的電阻率”實驗中，所用測量儀器均已校準.待測金屬絲接入電路部分的長度約為50cm.(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其中某一次測量結果如圖所示，其讀數應為：________mm.(2)某同學用伏安法測金屬絲的電阻RX。實驗所用器材為：電池組（電動勢為3V，內阻約為1Ω），電流表（內阻約為0.1Ω），電壓表（內阻約為3kΩ），滑動變阻器R（0~20Ω，額定電流為2A），開關，導線若干。記錄數據如下：由以上實驗數據可知測量RX是采用圖1中的圖__________（選填“甲”或“乙”）。(3)圖2是測量RX的實驗器材實物圖，圖中已經連接了部分導線，請根據圖1所選的電路圖，補充完成圖中實物間的連線。(4)這個小組的同學在坐標紙上建立U、I坐標系，如圖3所示，圖中已經標出了與測量數據相對應的四個點，請在圖3中標出第2、4、6次測量數據的坐標點，并描繪出U-I圖線。請根據由圖線及以上數據可以估算出金屬絲電阻率約為__________（填選項前的符號）。A．1×10-2Ω?mB．1×10-3Ω?mC．1×10-6Ω?mD．1×10-8Ω?m12．（12分）在“研究平拋運動的實驗”中，某同學讓小球A由斜槽滾下，從桌邊水平拋出，當它恰好離開桌邊緣時小球B從同樣高度處自由下落，頻閃照相儀拍到了B球下落過程的四個位置和A球的第3、4個位置，如圖所示，背景的方格紙每小格的邊長為1．5cm．（1）頻閃照相儀的閃光頻率為____________；（1）A球離開桌邊時的速度大小為__________m/s．（3）此實驗能說明平拋運動在（填“豎直”、“水平”或“豎直和水平”）方向的運動性質．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一束電子流在經U=5000V的加速電場加速后，在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，如圖所示，若兩板間距d=1.0cm，板長l=5.0cm，那么，要使電子能從平行板間飛出，兩個極板上最多能加多大電壓？14．（16分）有一光滑半圓形絕緣軌道豎直放置，如圖所示，軌道與一水平絕緣軌道MN連接，在水平向左的勻強電場中，E＝2×103V/m，半圓軌道半徑R＝0.4m，一帶正電的小滑塊質量為m＝0.04kg，電量q＝1.5×10－4C，小滑塊與水平軌道間的動摩擦因數μ＝0.25，g取10m/s2，求：(1)要使小滑塊能運動到半圓軌道的最高點L，滑塊應在水平軌道上離N點多遠處釋放？(2)這樣釋放的滑塊通過半圓軌道中點P點時對軌道壓力是多大？15．（12分）如圖所示，y軸在豎直方向，x軸在水平方向，一質量為m，帶電量為q的小球在坐標為（0，0.3m）A點以初速度v0平行于x軸正方向射入電場中，在y>0，x>0的空間存在沿y軸負方向的勻強電場E1，在y<0，x>0的空間存在沿x軸負方向的勻強電場E2，其中m=0.1kg，q=+1.0×10-3C，v0=2m/s，，重力加速度g=10m/s2，求：(1)小球到達x軸上的速度；(2)小球回到y(tǒng)軸時的坐標？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】試題分析：電荷量e的數值最早是由美國物理學家密立根測得的，故A正確；法拉第不僅提出了場的概念，而且直觀地描繪了場的圖象，故B正確；庫侖在前人工作的基礎上，通過實驗研究確認了真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用力的規(guī)律，故C錯誤，D正確；本題選不正確的，故選C.2、B【解題分析】

A．牛頓發(fā)現了萬有引力定律，卡文迪許首次在實驗室里測出了引力常量，選項A錯誤；B．牛頓在發(fā)現萬有定律的過程中應用了牛頓第三定律，選項B正確；C．開普勒通過研究、觀測和記錄發(fā)現行星繞太陽沿橢圓軌道運動，選項C錯誤；D．開普勒發(fā)現了行星運動定律，牛頓“在高山上水平拋出一物體，只要速度足夠大就不會再落在地球上”，故D錯誤。3、C【解題分析】

以ABC系統(tǒng)為對象，從子彈開始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個過程中，水平方向不受外力，所以動量守恒，子彈A射入木塊B中，有內能產生，所以機械能不守恒。A．動量守恒、機械能守恒與上分析結論不相符，故A錯誤；B．動量不守恒、機械能不守恒與上分析結論不相符，故B錯誤；C．動量守恒、機械能不守恒與上分析結論相符，故C正確；D．動量不守恒、機械能守恒與上分析結論不相符，故D錯誤；故選C。4、C【解題分析】

設燈泡的額定電流為，因兩燈泡正常發(fā)光，故燈泡中電流相等；則甲電路中電流為，乙電路中電流為，因總功率相等，故兩電阻消耗的功率相等；則由可知：甲乙解得：甲乙A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤。5、D【解題分析】

用該電源和小燈泡組成閉合電路時，圖像的交點為工作狀態(tài)，所以電源的輸出功率是根據圖像可知，電源的電動勢為3V，電源的總功率是A.，與分析不符，故A錯誤。B.，與分析不符，故B錯誤。C.，與分析不符，故C錯誤。D.，與分析相符，故D正確。6、B【解題分析】

AB．由圖示可知，AB方向與電場線方向間的夾角θ=60°，AB兩點沿電場方向的距離：則AB點間的電勢差：又因為：故若取A點的電勢為0，則B點的電勢為：故A錯誤，故B正確；C．電荷量的電荷從A點運動到B點，電場力做正功，電荷的電勢能減?。蔆錯誤；

D．電荷量的電荷從A點運動到B點，電場力做負功，電荷電勢能增加，故D錯誤.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】根據電勢能與電勢的關系：Ep=qφ，場強與電勢的關系：，得：．Ep-x圖象切線的斜率等于，根據數學知識可知，坐標原點O處切線斜率為零，則坐標原點O處電場強度為零，從x1到O之間，斜率先增加后減小，則該電場的場強先增加后減小，故A錯誤．由x1運動到O過程，場強先增大后減小，由F=qE知，粒子所受的電場力先增大后減小，根據牛頓第二定律得知，加速度先增大后減小，故B錯誤．由圖看出，x1、-x1兩處的電勢能相等，根據能量守恒定律得知，粒子經過x1、-x1處速度相同，故C正確．根據公式Ep=qφ，可知，該粒子帶負電，從x1處到-x1處，電勢先降低后升高，電場方向先沿x軸負方向后沿x軸正方向，電場力先沿x軸正方向后沿x軸負方向，粒子只要能通過原點O，就能一直沿x軸運動，設粒子恰好能到達原點O時的速度為v，則根據能量守恒定律得：mv2=E0-E1，，當v0＞v時，即v0＞粒子能夠一直沿x軸負方向運動，故D正確．故選CD.點睛：解決本題的關鍵要分析圖象斜率的物理意義，判斷電勢和場強的變化，再根據力學基本規(guī)律：牛頓第二定律和能量守恒定律進行分析．8、ABD【解題分析】

A.帶電粒子在垂直電場方向上不受力，都做勻速直線運動，位移相等，由x=v0t可知運動時間相等，即tQ=tP．故A正確；平行電場方向受到電場力，做初速度為零的勻加速直線運動，根據位移時間關系公式，有：，解得：；B.由于兩帶電粒子平行電場方向分位移之比為yP：yQ=1：2；所以它們所帶的電荷量之比qP：qQ=yP：yQ=1：2，故B正確；C.電勢能的減小量等于電場力做的功即△E=qEy，因為豎直位移之比為：yP：yQ=1：2，電荷量之比為：qP：qQ=1：2，所以它們電勢能減少量之比為：△EM：△EN=1：1．故C錯誤；D.根據動能定理，有：qEx=△Ek而：qP：qQ=1：2，xP：xQ=1：2所以動能增加量之比：△EkP：△EkQ=1：1故D正確；故選ABD．【題目點撥】本題關鍵將兩個帶電粒子的運動分解為垂直電場方向和平行電場方向的分運動，然后結合運動學公式、牛頓運動定律和動能定理列式分析．9、AD【解題分析】

AB．根據I-U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數，所以故A正確，B錯誤；C．串聯電路電流相等，所以將R1與R2串聯后接于電源上，電流比故C錯誤；D．并聯電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比，所以將R1與R2并聯后接于電源上，電流比故D正確．10、AC【解題分析】A、B項：由乙圖可知，當R→∞時，U=E，則得電源的電動勢E=6V，當R=4Ω時，路端電壓U=4V，根據，則電源總功率為，，，解得,故A正確，B錯誤；C項：電源輸出功率的最大值，故C正確；D項：滑動變阻器阻值從0.5到10Ω逐漸變大的過程中，外電路電阻增大，總電流減小，則電源總功率減小，當r=R時，電源輸出功率最大，所以輸出功率先增大后減小，故D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.398甲C【解題分析】

（1）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和是螺旋測微器的示數，注意估讀；

（2）根據題意確定滑動變阻器接法，然后選擇實驗電路；

（3）根據電路圖連接實物電路圖；

（4）根據坐標系內描出的點作出圖象，然后根據圖象與電阻定律分析答題；【題目詳解】（1）由圖所示螺旋測微器可知，其示數為：0mm+39.8×0.01mm=0.398mm（0.396～（2）由表中實驗數據最小電壓為0.10V，而電流最小為0.020A，而且得到的實驗數據較多，所以肯定用的分壓，由此可知，滑動變阻器應用分壓式接法，因此實驗采用的是圖甲所示電路；（3）根據電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（4）根據坐標系內描出的點作出圖象如圖所示：

由圖示圖象可知，第6組實驗數據偏離圖線太遠，該組實驗數據是錯誤的，應舍去，由圖示圖象可知，電阻RX=ΔUΔI=10.22Ω≈4.5Ω（4.3～4.7Ω【題目點撥】要掌握螺旋測微器的讀數方法，明確電學實驗中，當要求電流從零調時，滑動變阻器應用分壓式接法，同時需要注意安培表的內、外接法的問題。12、12Hz；2．75；豎直【解題分析】試題分析：（1）根據△y=gT1得，，則閃光頻率．（1）A球離開桌邊時的速度．（3）此實驗能說明平拋運動在豎直方向的運動性質．考點：研究平拋運動四、計算題：本題共2小題，共26分