河南省開封五縣聯(lián)考2024屆物理高二第一學期期中檢測試題含解析

河南省開封五縣聯(lián)考2024屆物理高二第一學期期中檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強磁場，ab是圓的直徑．一帶電粒子從a點射入磁場，速度大小為v、方向與ab成30°角時，恰好從b點飛出磁場，且粒子在磁場中運動的時間為t；若同一帶電粒子從a點沿ab方向射入磁場，也經(jīng)時間t飛出磁場，則其速度大小為（）A．B．C．D．2、如圖，電壓表的示數(shù)為70V，電壓表的示數(shù)為50V，則A與B間的電壓為A．140V B．120V C．100V D．無法計算3、在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中做勻速圓周運動的帶電粒子，當磁感應(yīng)強度突然增大為2B時，這個帶電粒子（）A．速率加倍，周期減半 B．速率減半，軌道半徑不變C．速率不變，周期加倍 D．速率不變，軌道半徑減半4、關(guān)于電場強度的公式E=，下列說法正確的是（）A．由公式可知，電場強度與試探電荷所帶電量成反比B．此公式只能適用于真空中的點電荷產(chǎn)生的電場C．此公式為電場強度的定義式，可以適用于各種電場D．公式中q是產(chǎn)生電場的電荷帶電量，F(xiàn)是試探電荷所受到的力5、下列關(guān)于磁感應(yīng)強度的說法正確的是A．由定義式B＝知磁感應(yīng)強度B與F成正比，與I和L的乘積成反比B．通電導線在磁感應(yīng)強度大的地方受力一定大C．某點磁感應(yīng)強度的方向就是小磁針N極在該點的受力方向D．若有一小段通電導體在磁場中不受磁場力的作用，則該點的磁感應(yīng)強度一定為06、如圖所示的電路中，燈L1發(fā)光，而燈L2，L3均不發(fā)光，理想電流表A1有示數(shù)，理想電流表A2無示數(shù)，假設(shè)只有一處出現(xiàn)故障，則故障可能是：（）A．燈L1斷路 B．燈L3斷路 C．燈L2短路 D．燈L3短路二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，用電池對電容器充電，電路a、b之間接有一靈敏電流表，兩極板之間有一個電荷q處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)將兩極板的間距變大，則A．電荷將向上加速運動B．電荷將向下加速運動C．電流表中將有從a到b的電流D．電流表中將有從b到a的電流8、某導體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖所示，則下列說法中正確的是()A．加5V電壓時，導體的電阻約是5ΩB．加12V電壓時，導體的電阻約是1.4ΩC．由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷減小D．歐姆定律對該導體不適用9、如圖所示，水平虛線上有兩個等量異種點電荷A、B，M、N、O是AB的垂線上兩點，且AO＞OB，2ON=OM，一個帶正電的試探電荷在空間中運動的軌跡如圖中實線所示，設(shè)M、N兩點的場強大小分別EM、EN，電勢分別為，則下列判斷錯誤的是（）A．A點電荷一定帶正電B．試探電荷在M處的電勢能小于N處的電勢能C．Em一定小于EN，可能大于D．UMN=UNO10、一質(zhì)量為1kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運動。F隨時間t變化的圖線如圖所示，則（）A．t＝1s時物塊的速率為2m/sB．t＝2s時物塊的動量大小為2kg·m/sC．t＝3s時物塊的動量大小為3kg·m/sD．t＝4s時物塊的速率為6m/s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了精確測量一導體的電阻：(1)用多用電表粗測其電阻，用已經(jīng)調(diào)零且選擇開關(guān)指向歐姆擋“×10”檔位的多用電表測量，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角度太大，這時他應(yīng)將選擇開關(guān)換成歐姆擋的“______”檔位(選填“×100”或“×1”)，然后進行______，再次測量該導體的阻值，其表盤及指針所指位置如圖所示，則該導體的阻值為______Ω．(2)現(xiàn)要進一步精確測量其阻值Rx,實驗室提供了下列可選用的器材：電源E：電動勢約為4.5V,內(nèi)阻忽略不計；電壓表V：量程15V電流表A1：量程50mA、內(nèi)阻r1=20Ω；電流表A2：量程200mA、內(nèi)阻r2約為4Ω；定值電阻R0：阻值為80Ω；滑動變阻器R1：最大阻值為10Ω；單刀單擲開關(guān)S、導線若干．①測量中要求電表讀數(shù)誤差盡可能小，應(yīng)該選用的電表是___________；②試將方框中測量電阻Rx的實驗電路原理圖補充完整___________(原理圖中的元件用題干中相應(yīng)的英文字母標注)．12．（12分）在測定“金屬絲的電阻率”實驗中，待測金屬絲電阻約為，要求測量結(jié)果盡量準確，提供以下器材供選擇：

A、電池組E（3V，內(nèi)阻約）

B、電流表A（0-0.6A，內(nèi)阻約）

C、電壓表（0-3V，內(nèi)阻）

D、電壓表（0-15V，內(nèi)阻）

E、滑動變阻器（，允許最大電流0.3A）

F、滑動變阻器（，允許最大電流1A）

G、開關(guān)、導線若干（1）實驗中選擇的電壓表是___________；選擇的滑動變阻器是_________（填寫儀器前字母代號）（2）用螺旋測微器測得金屬絲直徑d的讀數(shù)如圖，則讀數(shù)為____mm；（3）若用L表示金屬絲長度，d表示直徑，電流表讀數(shù)為I，電壓表讀數(shù)為U。則金屬絲電阻率的表達式ρ=____________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示勻強電場水平向右，在電場中的O點固定一輕細線，細線的另一端系一質(zhì)量為m帶電量為q的小球，小球平衡時細線與豎直方向成角。（重力加速度g，，）(1)求電場強度；(2)將小球拉至右側(cè)與O等高，細線水平伸直，然后將小球靜止釋放，求小球運動到最低點時線的張力；(3)小球從最低點繼續(xù)向左運動，求小球運動到最高點時細線與豎直方向的夾角。14．（16分）水平面上有電阻不計的U形金屬導軌NMPQ，它們之間的寬度為L，現(xiàn)垂直于導軌放一根質(zhì)量為m的金屬棒ab，棒中通入由a到b，電流強度為的恒定電流。并加一個范圍足夠大的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，方向與水平面夾角為θ，且斜指向右上方，如圖所示，重力加速度為g，求：（1）當ab棒靜止時，ab棒受到的支持力和摩擦力各為多大；（2）若B的大小和方向均能改變，則要使ab棒所受支持力為零，B的最小值及其方向。15．（12分）在如圖所示的電路中，R1＝3Ω，R2＝6Ω，R3＝1.5Ω，C＝20μF，當開關(guān)S斷開時，電源的總功率為2W；當開關(guān)S閉合時，電源的總功率為4W，求：(1)電源的電動勢和內(nèi)電阻；(2)閉合S時，電源的輸出功率；(3)S斷開和閉合時，電容器所帶的電荷量各是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

畫出兩種情況下帶電粒子的運動軌跡如圖所示，由題意，同一粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)時間同為t，則兩種情況下帶電粒子的偏轉(zhuǎn)角均為60°；由幾何關(guān)系可以確定帶電粒子在兩種情況下做勻速圓周運動的半徑分別為r1=2R，r2=Rtan60°=R，由洛侖茲力提供向心力Bqv=m，則速度，則，所以當粒子沿ab方向射入時，v2=v，則選項ABD錯誤，選項C正確．故選C．【題目點撥】本題涉及到的問題是同一粒子在圓形磁場中做相同時間的勻速圓周運動問題，由周期公式和半徑公式知道，粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)時間由偏轉(zhuǎn)角決定，從而畫出粒子做勻速圓周運動的軌跡，也確定了兩種情況下的半徑與磁場圓的半徑關(guān)系，再由洛侖茲力提供向心力從而求出速度．2、B【解題分析】

電路為串聯(lián)電路，通過各個電阻的電流相等，以為，根據(jù)可知電壓表的示數(shù)為70V，即，電壓表的示數(shù)為50V，即，而AB間的電壓為故B正確，ACD錯誤．3、D【解題分析】

洛倫茲力只改變帶電粒子的速度方向，不改變速度大小；由公式可知，當磁感應(yīng)強度變?yōu)樵瓉淼?倍，周期將減半；由公式可知，當磁感應(yīng)強度變?yōu)樵瓉淼?倍，軌道半徑將減半。

A．速率加倍，周期減半，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．速率減半，軌道半徑不變，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．速率不變，周期加倍，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．速率不變，軌道半徑減半，與結(jié)論相符，選項D正確；4、C【解題分析】解：A、電場強度反映電場本身的性質(zhì)，由電場本身決定，與試探電荷的電荷量無關(guān)，故A錯誤．BC、E=為電場強度的定義式，運用比值法定義，適用于各種電場，故B錯誤，C正確．D、公式中q是放入電場中的試探電荷，F(xiàn)是試探電荷所受到的力，故D錯誤．故選C．【點評】本題關(guān)鍵抓住電場強度是描述電場本身性質(zhì)的物理量，其大小和方向與試探電荷無關(guān)，是電場本身決定．5、C【解題分析】

A．磁感應(yīng)強度是由磁場本身決定的物理量，與通電導線所受安培力F以及I和L的乘積無關(guān)，選項A錯誤；B．通電導線在磁感應(yīng)強度大的地方受力不一定大，還要看導線放置的方向，選項B錯誤；C．某點磁感應(yīng)強度的方向就是小磁針N極在該點的受力方向，選項C正確；D．若有一小段通電導體在磁場中不受磁場力的作用，則該點的磁感應(yīng)強度不一定為0，可能是通電導線與磁場平行，選項D錯誤。6、C【解題分析】

根據(jù)電路中出現(xiàn)的現(xiàn)象分析電路出現(xiàn)的故障.【題目詳解】燈L1發(fā)光，而燈L2，L3均不發(fā)光，說明整個電路是接通的；理想電流表A1有示數(shù)，理想電流表A2無示數(shù)，說明左邊支路有電流而右邊支路無電流，可能是燈L2短路，故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

AB．電容器極板間電壓不變，根據(jù)勻強電場中電場強度和電勢差的關(guān)系：極板間距變大，可知電場強度減小，電荷初始時刻靜止不動，受到豎直向下的重力和豎直向上的電場力平衡，電場強度減小，電荷受到的電場力變小，所以電荷將向下加速運動，A錯誤，B正確。CD．根據(jù)電容的決定式：極板間距增大，電容減小，根據(jù)電容的定義式：極板間電壓不變，電容減小，電荷量減小，電容器放電，所以電流表中有從到的電流，C錯誤，D正確。故選BD。8、AD【解題分析】加5V的電壓時，電流為1.0A，則由歐姆定律可知，；故A正確；加12V的電壓時，電流為1.5A，則可得電阻為：R′==8Ω；故B錯誤；由圖可知，隨電壓的增大，圖象的斜率減小，則可知導體的電阻越來越大，故C錯誤；由圖可知，此導體為非線性元件，歐姆定律對該導體不適用；故D正確；故選AD．9、BCD【解題分析】由正試探電荷的軌跡彎曲方向可判定A點電荷一定帶正電，A對；根據(jù)等量異種點電荷的電場線、等勢面分布可知M點電勢高于N點電勢，M點場強較小，C錯；由電勢差公式可知B錯（從試探電荷受電場力做負功也可判斷）；NO部分場強較強，相同距離的電勢差較大，D錯10、AC【解題分析】

AB.前兩秒，根據(jù)牛頓第二定律則0-2s的速度規(guī)律為：v=at；t=1s時，速率為2m/s，t=2s時，速率為4m/s，則動量為p=mv=4kg?m/s故A正確B錯誤；CD.2-4s，力開始反向，物體減速，根據(jù)牛頓第二定律，a′=-1m/s2，所以3s時的速度為v3=v2+a′t=3m/s動量為3kg?m/s，同理4s時速度為2m/s，故C正確D錯誤；故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、×1歐姆調(diào)零40.0A1、A2圖見解析【解題分析】

（1）[1]．多用電表指針的偏轉(zhuǎn)角度太大，指示值太小，要使指針指在中央附近，指示值變大，根據(jù)歐姆擋讀數(shù)=指示值×倍率可知，應(yīng)換用倍率小的擋位，用×1擋．

[2][3]．換擋后，要重新進行歐姆調(diào)零．此段電阻絲的電阻為40.0Ω．

（2）①[4]．電源的電動勢為4.5V，則電壓表的量程（15V）過大，則可用已知內(nèi)阻的電流表A1與定值電阻R0串聯(lián)作為電壓表；則所選的電表是A1A2；[5]．電路如圖；12、CF1.995【解題分析】（1）電池組電壓是3V，故電壓表選C，由于待測電阻的電阻值比較小，滑動變阻器選總阻值小的便于調(diào)節(jié)，故選F；（2）螺旋測微器讀數(shù)為，（3）根據(jù)和，聯(lián)立得：.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)；(3)【解題分析】

(1)(2)根據(jù)動能定理、牛頓第二定律得解得（3）設(shè)最大偏角為β，從小球釋放到運動到最大高度過程中由動能定理得解得β=16°14、（1）f=BILsinN=mg-BILcos（2