2023年內蒙古鄂爾多斯一中物理高二上期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

2023年內蒙古鄂爾多斯一中物理高二上期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電動機線圈的電阻為R，電動機正常工作時，兩端電壓為U通過電流為I，作時間為t，下列說法中正確的是（）A.電動機消耗的電能為B.電動機消耗的電能為C.電動機線圈生熱為D.電動機線生熱為2、關于內能，下列說法正確的是A.理想氣體吸熱，溫度一定升高B.物體動能越大，分子動能越大C.外界對氣體做功10J，同時氣體放出20J的熱量，則氣體的內能減少10JD.只有熱傳遞可以改變物體的內能3、如圖所示，空間有一垂直紙面的磁感應強度為0.5T的勻強磁場，一質量為0.2kg且足夠長的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板左端無初速放置一質量為0.1kg、電荷量q=+0.2C的滑塊，滑塊與絕緣木板之間動摩擦因數為0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力。t=0時對木板施加方向水平向左，大小為0.6N恒力，g取10m/s2。則（）A.木板和滑塊一直做加速度為2m/s2的勻加速運動B.滑塊開始做加速度減小的變加速運動，最后做速度為10m/s勻速運動C.木板先做加速度為2m/s2勻加速運動，再做加速度增大的運動，最后做加速度為3m/s2的勻加速運動D.t=5s后滑塊和木板開始有相對運動4、下列說法中正確的是A.電荷在電場中某處不受電場力的作用，則該處的電場強度為零B.一小段通電導線在某處不受磁場力的作用，則該處磁感應強度一定為零C.把一個試探電荷放在電場中的某點，該點的電場強度與其所受電場力成正比D.把一小段通電導線放在磁場中某處，它所受的磁場力與該小段通電導線的長度和電流的乘積的比值表示該處磁場的強弱5、小明坐在回家汽車上，隨意地瞥著窗外的景物，突然，他打了一個激靈，有沒有搞錯：路邊的樹木正在往后退，這沒問題!可是遠處的山頭居然在隨車前進，這怎么可能?!關于小明的感受，下列分析中你認為正確的是A.小明觀察到路邊的樹木后退，是選的前進的汽車為參考系B.小明觀察到路邊的樹木后退，是選的遠處的山頭為參考系C.小明觀察到遠處的山頭前進，是選的前進的汽車為參考系D.小明觀察到遠處的山頭前進，是選的路邊的樹木為參考系6、一質量為0.5kg的小球以12m/s的速度豎直向下撞擊水平地面，反彈后離開地面時的速度大小為8m/s，方向豎直向上，設小球與地面的作用時間為0.2s，g取10m/s2，則地面對小球的平均作用力大小為（）A.10N B.15NC.50N D.55N二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列現(xiàn)象屬電磁驅動的是A.磁電式儀表線圈的骨架用鋁框來做B.微安表的表頭在運輸時要把兩接線柱短接C.自制金屬地雷探測器D.當圖中B變大時，ab在固定光滑導軌上滑動8、如圖甲所示，兩平行金屬板MN、PQ的板長和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時間周期性變化的電場，電場方向與兩板垂直，不計重力的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向源源不斷地射入電場，粒子射入電場時的初動能均為Ek0。已知t=0時刻射入電場的粒子剛好沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場。則（）A.所有粒子最終都垂直電場方向射出電場B.t=0之后射入電場的粒子有可能會打到極板上C.所有粒子在經過電場過程中最大動能都不可能超過2Ek0D.若入射速度加倍成2v0，則粒子從電場出射時的側向位移與v0相比必定減半9、電子感應加速器是利用感應電場來加速電子的一種設備。電子感應加速器主要由上、下電磁鐵磁極和環(huán)形真空室組成，當電磁鐵通以變化的電流時，會在柱形電磁鐵的兩極間產生磁場，在磁場中安置一個環(huán)形真空管道作為電子運行的軌道，如圖所示（圖中上部分為主視圖、下部分為俯視圖）。當磁場發(fā)生變化時，產生的感應電場就會不斷加速電子，電子在真空管中沿逆時針方向做圓周運動。下列說法正確的是（）A.磁場力充當電子做圓周運動的向心力B.使電子加速的是電場力C.勵磁電流必須從N端流入、從M端流出，且減小D.勵磁電流必須從M端流入、從N端流出，且增大10、三條在同一平面（紙面）內的長直絕緣導線組成一等邊三角形，在導線中通過的電流均為I，方向如圖所示．a、b和c三點分別位于三角形的三個頂角的平分線上，且到相應頂點的距離相等．將a、b和c處的磁感應強度大小分別記為B1、B2和B3，下列說法正確的是（）A.B1=B2<B3B.B1=B2=B3C.a和b處磁場方向垂直于紙面向外，c處磁場方向垂直于紙面向里D.a處磁場方向垂直于紙面向外，b和c處磁場方向垂直于紙面向里三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻．實驗室除提供開關S和導線外，還有以下器材可供選擇：A．電壓表V（量程3V，內阻RV=10kΩ）B．電流表A1（量程3mA，內阻Rg1=99.5Ω）C．電流表A2（量程1500mA，內阻Rg2=0.5Ω）D．滑動變阻器R1（阻值范圍0～10Ω，額定電流2A）E．滑動變阻器R2（阻值范圍0～1000Ω，額定電流1A）F．定值電阻R3=0.5Ω(1)根據可選用的器材，設計了如圖1所示的測量電路圖(2)該同學應該將電流表_____（選填A1或A2）與定值電阻R3并聯(lián)，改裝成一個量程是_____A的新電流表(3)滑動變阻器選用______（選填“R1”或“R2”）(4)利用上述測量電路測得數據，以電流表A的直接讀數I為橫坐標，以電壓表V的讀數為U縱坐標繪出了如圖2所示的圖線，根據圖線可求出電源的電動勢E=_____V（結果保留三位有效數字），電源的內阻r=_____Ω（結果保留兩位有效數字）12．（12分）如圖所示為驗證動量守恒的實驗裝置示意圖（1）若入射小球質量為m1，半徑為r1；被碰小球質量為m2，半徑為r2．則要完成該實驗須滿足（）A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＞m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）0為斜槽末端垂足，P為碰前入射小球落點的平均位置，M、N兩點為碰后兩球平均落點位置，則在誤差允許的范圍內，關系式m1OP=_________________（用m1、m2及圖中字母表示）成立，即表示碰撞中動量守恒四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】對于電動機來說，不是純電阻電路，總功率的大小要用P=UI來計算，電動機線圈發(fā)熱的功率為I2R．對于電動機，由于不是純電阻電路，所以歐姆定律不能使用，電動機的總功率的大小為P=UI，所以消耗的總的電能為UIt，所以AB錯誤；電動機線圈發(fā)熱的功率為I2R，所以電動機線圈產生的熱量為Q=I2Rt，所以C正確故選C點評：對于電功率的計算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計算公式是不一樣的2、C【解析】A.根據熱力學第一定律△U=W+Q得物體的內能與做功和熱傳遞有關，故一定質量的理想氣體吸熱時內能可以不變．溫度不一定升高，故A錯誤；B.物體運動速度與分子熱運動的速度或動能無關，分子動能與物體的動能無關，故B錯誤；C.外界對氣體做功10J，同時氣體放出20J的熱量，則根據熱力學第一定律△U=W+Q=10?20=?10J，氣體的內能減少10J，故C正確；D.物體內能改變與做功和熱傳遞有關．故D錯誤故選C3、C【解析】先求出木塊靜摩擦力能提供的最大加速度，再根據牛頓第二定律判斷當0.6N的恒力作用于木板時，系統(tǒng)一起運動的加速度，當滑塊獲得向左運動的速度以后又產生一個方向向上的洛倫茲力，當洛倫茲力等于重力時滑塊與木板之間的彈力為零，此時摩擦力等于零，此后物塊做勻速運動，木板做勻加速直線運動【詳解】ABC．由于動摩擦因數為0.5，靜摩擦力能提供的最大加速度為5m/s2，所以當0.6N的恒力作用于木板時，系統(tǒng)一起運動的加速度即滑塊開始隨木板一起做勻加速運動，當滑塊獲得向左運動的速度以后又產生一個方向向上的洛倫茲力，當到達一定速度時開始在木板上滑動，此時隨速度的增加，滑塊與木板間的壓力減小，摩擦力減小滑塊開始做加速度減小的變加速運動，木板做加速度增大的加速運動；當洛倫茲力等于重力時滑塊與木板之間的彈力為零，此時Bqv=mg解得v=10m/s此時摩擦力消失，滑塊做勻速運動，而木板在恒力作用下做勻加速運動，故AB錯誤，C正確；D．滑塊開始一起做a=2m/s2加速直線運動，當滑塊獲得向左運動的速度以后又產生一個方向向上的洛倫茲力，滑塊開始做加速度減小的變加速運動，所以速度增大到10m/s所用的時間大于5s，故D錯誤。故選C【點睛】本題主要考查了牛頓第二定律的直接應用，要求同學們能正確分析木板和滑塊的受力情況，進而判斷運動情況。4、A【解析】A．電荷在電場中某處不受電場力，可知電場強度為零，故A正確；B．一小段通電導線在磁場中不受磁場力，可能導線的方向與磁場方向平行，磁感應強度不一定為零，故B錯誤；C．電場的強弱與電荷受到的電場力無關，故C錯誤；D．只有當導線中電流的方向與磁場的方向垂直時，導線所受的磁場力與該小段通電導線的長度和電流的乘積的比值才能表示該處磁場的強弱，故D錯誤。故選A5、A【解析】AB．小明觀察到路邊的樹木后退，是選的前進的汽車為參考系，故A正確，B錯誤；CD．小明感覺到遠處的山頭也在前進，實際上是以自己和近處的連線為參考系的，在這個轉動的系統(tǒng)中，山頭從連線的后方轉到了前方，因此小明就有山頭隨車前進的感覺，故C錯誤，D錯誤。故選A。6、D【解析】取豎直向上為正方向，對小球由動量定理有代入數據解得故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A．鋁是導體，儀表指針偏轉時鋁框隨之轉動，并切割磁感線產生感應電流，感應電流又會受到安培阻力，阻礙線圈的轉動，故A正確；

B．連接后由于電磁效應動圈阻尼變得極大，運輸時線圈不再容易擺動，可以防止指針打壞，故B錯誤；

C．金屬探測器由高頻振蕩器、振蕩檢測器、音頻振蕩器和功率放大器等組成，而非電磁驅動，故C錯誤；

D．當圖中B變大時，回路中產生電流，又產生安培力，故屬于電磁驅動，故D正確；

故選AD。8、AC【解析】AB．粒子在平行極板方向不受電場力，做勻速直線運動，故所有粒子的運動時間相同；t=0時刻射入電場的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場，說明豎直方向分速度變化量為零，說明運動時間為周期的整數倍；故所有粒子最終都垂直電場方向射出電場；由于t=0時刻射入的粒子在電場方向上始終做單向的直線運動，豎直方向的位移最大，故所有粒子最終都不會打到極板上，A正確，B錯誤；C．t=0時刻射入的粒子豎直方向的分位移最大，為；根據分位移公式，有由于L=d，故故最大動能C正確；D．粒子入射速度加倍成2v0，則粒子從電場出射時間減半，穿過電場的運動時間變?yōu)殡妶鲎兓胫芷诘恼麛当?，則不同時刻進入電場的側向位移與原v0相比關系就不確定，如t=0時刻，粒子從電場出射時的側向位移與v0相比減半，進入電場，入射速度v0時，側向位移為0，入射速度2v0時，側向位移為，D錯誤。故選AC。第II卷（非選擇題9、ABD【解析】AB.電子在感應加速器中受到洛倫茲力、電場力、重力。由于重力很小，可以忽略不計。洛倫茲力方向與電子速度方向垂直，提供電子圓周運動的向心力，但洛倫茲力不做功，通過電場力做功使電子加速，故AB正確；CD.電子在真空管中沿逆時針方向做圓周運動，根據左手定則可知上、下電磁鐵間存在豎直向上的磁場，根據右手定則可判斷勵磁電流從M端流入、從N端流出；電子在真空管中沿逆時針方向做圓周運動，產生順時針的感應電流，產生豎直向下的感應磁場，根據楞次定律感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化可得原磁場應增大，故C錯誤，D正確。故選ABD。10、AC【解析】考查了安培定則，磁場的疊加【詳解】a、b和c處的磁感應強度均是三條通電導線單獨存在時在各點處產生的磁場的疊加．由于通過三條導線的電流大小相等，結合安培定則可判斷出三條導線在a、b處產生的的合磁感應強度垂直紙面向外，在c處垂直紙面向里，且。故選AC【點睛】通電導線周圍存在磁場，且離導線越遠場強越弱．磁場不但有大小而且有方向，方向相同則相加，方向相反則相減．并根據矢量疊加原理來求解三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（2）A1②.0.6③.（3）R1④.（4）1.48(1.47～1.49)⑤.0.84(0.82～0.86)【解析】（2）根據并聯(lián)電路的特點求解改裝后的電流表對應的量程；（3）根據方便的原則選擇滑動變阻器；（4）根據電流表G讀數與改裝后電流表讀數的關系，由閉合電路歐姆定律求出電源的電動勢和內阻；【詳解】（2）電流表A1量程過小，而A2量程過大，則可用電流表A1，與定值電阻R3并聯(lián)，改裝成一個量程是的新電流表；（3）一節(jié)干電池的電動勢約E=1.5V，為方便實驗操作，滑動變阻器應選R1，它的阻值范圍是0-10Ω；（4）由上可知，改裝后電流表的量程是電流表G量程的200倍，圖象的縱截距b等于電源的電動勢，由圖讀出電源的電動勢為：E=1.48V圖線的斜率大小k=r，由數學知識知：，則電源的內阻為：r=k=0.84Ω；【點睛】量電源的電動勢和內電阻的實驗，采用改裝的方式將表頭改裝為量程較大的電流表，再根據原實驗的研究方法進行分析研究，注意數據處理的方法.12、①.C②.m1OM+m2ON【解析】（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質量大于被碰小球的質量；為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同（2）根據動量守恒定律求出需要驗證的表達式【詳解】（1）為保證兩球發(fā)生對心正碰，兩球的半徑應相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質量應大于被碰球的質量，故選C；（2）小球離開軌道后做平拋運動，小球拋出點的高度相等，則它們在空中的運動時間t相等，驗證碰撞