吳淞中學2023-2024學年高二物理第一學期期末復習檢測模擬試題含解析

吳淞中學2023-2024學年高二物理第一學期期末復習檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩豎直放置的平行金屬板P和Q接入如圖所示電路中，在兩板間用長為L絕緣輕繩懸掛一帶電小球可視為質點，閉合開關，待電路穩(wěn)定后小球靜止時，輕繩與豎直方向夾角為，下列判斷正確的是A.剪斷輕繩后小球將作類平拋運動B.保持P板不動，將Q板緩慢向右移動一小段距離，夾角隨之減小C.保持P板不動，將Q板緩慢向上移動一小段距離，夾角隨之增大D.斷開開關，小球會一直保持靜止2、如圖所示A、B、C三個物體放在旋轉圓盤上，隨圓盤一起轉動且與圓盤保持相對靜止，三者與轉盤之間動摩擦因數相同。已知A的質量為2m，B、C質量均為m，A、B離軸為R，C離軸為2R，則下列判斷中正確的是A.物體A的向心力最小 B.物體C所受的靜摩擦力最小C.當圓盤轉速增加時，C比A先滑動 D.當圓盤轉速增加時，B比A先滑動3、隨著科技的不斷發(fā)展，無線充電已經進入人們的視線。小到手表、手機，大到電腦、電動汽車的充電，都已經實現(xiàn)了從理論研發(fā)到實際應用的轉化。下圖給出了某品牌的無線充電手機利用電磁感應方式無線充電的原理圖。關于無線充電，下列說法正確的是()A.無線充電時手機接收線圈部分的工作原理是“電流的磁效應”B.只有將充電底座接到直流電源上才能對手機進行充電C.接收線圈中交變電流的頻率與發(fā)射線圈中交變電流的頻率相同D.只要有無線充電底座，所有手機都可以進行無線充電4、如圖所示，一帶正電的粒子以一定的初速度v0沿兩板的中線進入水平放置的平行金屬板內，恰好沿下板的邊緣飛出。已知板長為，板間距離為，板間電壓為，帶電粒子的電荷量為，粒子通過平行金屬板的時間為，不計粒子重力，則（）A.在前時間內，靜電力對粒子做的功為B.在后時間內，靜電力對粒子做的功為C.在粒子偏轉前和后的過程中，靜電力做功之比為D.在粒子偏轉前和后的過程中，靜電力做功之比為5、一個空氣平行板電容器，極板間距離為，正對面積為，充以電荷量后，兩極板間電壓為，為使電容器的電容加倍，可采用的辦法是()A.將電壓變?yōu)?B.將帶電荷量變?yōu)镃.將極板正對面積變?yōu)?D.將兩極板間距離變?yōu)樵瓉淼?倍6、如圖所示，在勻強磁場中有一水平絕緣傳送帶以速度ν沿順時針方向傳動．現(xiàn)將一帶正電的小物塊輕放在傳送帶的左側．設小物塊在運動過程中電量保持不變，則小物塊運動情況可能正確的是A.小物塊先做勻加速運動，最后做勻速直線運動B.小物塊做加速度增大的加速運動，最后脫離傳送帶向上做曲線運動C.小物塊做加速度減小的加速運動，最后做勻速直線運動D.小物塊做加速度減小加速運動，最后脫離傳送帶向上做曲線運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣塊，甲、乙疊放在一起置于光滑的水平地面上，空間存在著水平方向的的勻強磁場，在水平恒力F的作用下，甲、乙無相對滑動的一起向左加速運動，在加速運動階段()A.甲、乙兩物塊之間的摩擦力不斷增大B.甲、乙兩物塊之間的摩擦力不變C.甲、乙向左運動的加速度不斷減小D.甲對乙的壓力不斷增大8、如圖所示為閉合電路中兩個不同電源的U-I圖像，則下列說法中正確的是(

)A.電動勢E1=E2，短路電流I1>I2B.電動勢E1=E2，內阻r1>r2C.電動勢E1>E2，內阻r1>r2D.當兩電源的工作電流變化量相同時，電源2的路端電壓變化較大9、如圖所示，在等腰直角三角形abc區(qū)域內存在垂直紙面向外、磁感應強度為B的勻強磁場，O為ab邊的中點，在O處有一粒子源沿紙面內不同方向、以相同的速率不斷向磁場中釋放相同的帶正電的粒子，已知粒子的質量為m，電荷量為q，直角邊ab長為，不計重力和粒子間的相互作用力．則A.粒子能從bc邊射出的區(qū)域長度為B.粒子在磁場中運動的最長時間為C.若粒子從bc邊射出，則入射方向與Ob的夾角一定小于D.從ac邊射出的粒子中，沿Oa方向射入磁場的粒子在磁場中運動的時間最短10、關于某一閉合電路的性質，下列說法正確的是A.外電路斷路時，路端電壓最高B.由U外＝IR可知，外電壓隨I增大而增大C.由U內＝Ir可知，電源內壓隨I的增大而增大D.由P＝IU可知，電源的輸出功率P隨輸出電流I的增大而增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某研究性學習小組利用如圖甲所示電路測量電池組的電動勢E和內阻r．根據實驗數據繪出如圖乙所示的R－圖線，其中R為電阻箱讀數，I為電流表讀數，由此可以得到E＝________，r＝________．（保留一位有效數字）12．（12分）在研究電磁感應現(xiàn)象的實驗中所用的器材如圖所示，回答下列問題：（1）將未完成的電路補充完整______________________________；（2）連接好電路后，寫出能產生感應電流的一種情況：______________________________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A、剪斷輕繩前，小球受到重力，水平向右的電場力，及繩子的拉力，當剪斷輕繩后，小球將沿著繩子拉力反方向，作勻加速直線運動，不是類平拋運動，故A錯誤；BC、當保持P板不動，將Q板緩慢向右移動一小段距離，即增大兩極板間距，因極板電壓U不變，依據可知，電場強度減小，那么電場力減小，夾角隨之減小，故B正確，C錯誤；D、斷開開關，因電容器要放電，其電量Q變小，電壓也減小，由可知，電場力減小，小球會向下擺，故D錯誤；故選B2、C【解析】A．物體做圓周運動靠靜摩擦力提供向心力，有所以物體A的向心力為物體B的向心力為物體C的向心力為可知，物體B的向心力最小，故A錯誤；B．物體做圓周運動靠靜摩擦力提供向心力，所以物體B的摩擦力最小，故B錯誤；CD．根據得，發(fā)生相對滑動的臨界角速度C的半徑最大，臨界角速度最小，增大轉速，C最先滑動，A、B的臨界角速度相等，A、B同時滑動，故C正確，D錯誤。故選C。3、C【解析】A．無線充電的原理，其實就是電磁感應現(xiàn)象，而不是電流的磁效應，故A錯誤；B．發(fā)生電磁感應的條件是磁通量要發(fā)生變化，直流電無法產生變化的磁場，故不能接到直流電源上，故B錯誤；C．發(fā)生電磁感應時，兩個線圈中的交變電流的頻率是相同的，故C正確；D．只有無線充電底座，手機內部沒有能實現(xiàn)無線充電的接收線圈等裝置，也不能進行無線充電，D錯誤。故C正確。4、B【解析】AB．粒子在垂直于板的方向做初速度為零的勻加速運動：由可得，前時間內與時間內垂直于板方向之比為，在前時間內的位移為，在后時間內的位移為；電場力對粒子做功為故A錯誤，B正確；C．由電場力做功，則前粒子在下落前和后內，電場力做功之比。故CD錯誤。故選B。5、C【解析】AB．電容是描述電容器容納電荷本領大小的物理量，是電容器本身具有的屬性，根據電容的定義式：可知，電容C與Q、U無關，AB錯誤；CD．根據電容的決定式：可知將極板正對面積變?yōu)?，電容變原來?倍，將兩極板間距離變?yōu)樵瓉淼?倍，電容變?yōu)樵瓉淼?，C正確，D錯誤。6、C【解析】滑塊受重力、支持力、洛倫茲力和靜摩擦力，根據牛頓第二定律分析加速度的變化【詳解】滑塊受重力、支持力、向上的洛倫茲力和靜摩擦力，根據牛頓第二定律，有：μ（mg-qvB）=ma，隨速度的增加，滑塊的加速度逐漸減小，直到mg=qvB時加速度減為零，滑塊做勻速運動，故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】當甲與乙向右運動時，甲所受的洛倫茲力豎直向下，又由于地面光滑，所以摩擦力為0，把甲乙看成一個系統(tǒng)，，甲與乙相對靜止，乙對甲的靜摩擦力．所以選BD8、AD【解析】ABC.全電路的歐姆定律結合U-I圖象可知，圖象與U軸的交點表示電源的電動勢，斜率表示內阻，則知電動勢E1=E2，內阻r1＜r2，U-I圖象與I軸的交點表示短路電流，故發(fā)生短路時的電流I1＞I2；故A項正確，B項、C項錯誤.D.根據U=E-Ir可知，△U=r?△I，因內阻r1＜r2，故當電源的工作電流變化相同時，電源2的路端電壓變化較大；故D正確.9、AB【解析】粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，作出粒子運動軌跡，求出粒子軌道半徑與粒子轉過的圓心角，然根據粒子做圓周運動的周期公式求出粒子的運動時間【詳解】ABC．粒子運動軌跡如圖所示：粒子在bc邊可以從b點射出，最高點在P點．根據可得粒子做圓周運動半徑，ab邊長為，根據幾何知識可得，粒子恰好與ac邊相切時，恰好從P點射出，，P為bc中點，，粒子運動的最長時間，且粒子與Ob方向的夾角可以大于，故AB正確，C錯誤；D．若粒子從ac邊射出，則粒子在磁場中運動的時間最短時，弧長所對應的弦長最短，如上圖，粒子從aQ的中點E射出時弦最短為L，故D錯誤所以AB正確，CD錯誤【點睛】解答此題的關鍵是找出運動最長和最短時間的圓的運動軌跡，注意數學知識求解10、AC【解析】A．外電路斷路時，外電路，有，所以有：則路端電壓最高，故A正確；B．根據閉合電路的歐姆定律得：，可知外電壓隨I的增大而減小，而U外＝IR中，I的增大伴隨R的減小，故B錯誤；C．針對某一電源來說，內阻r一定，故由U內＝Ir可知電源的U內隨I的增大而增大；故C正確；D．外功率P＝IU，隨著I的增大路端電壓U會減小，不能得到外功率與電流的關系；而由外功率:根據數學知識分析可得，當電源的內電阻等于外電阻時，輸出功率最大，當電流增大時，電源的輸出功率可能變大，也可能變小，故D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.3.0②.1.0【解析】由得，，則圖象的斜率即為電池組電動勢的大小，即E=3.0V，圖象縱軸截距的絕對值為電池組的內阻r=1.0Ω【點睛】物理圖象關鍵要根據物理規(guī)律得到解析式，運用數學知識分析圖象的物理意義．本題采用的是轉換法，本來I-R是非線性關系，轉換成是線性關系，圖象直觀，一目了然12、①.②.閉合與斷開開關瞬間【解析】（1）[1]探究電磁感應現(xiàn)象實驗電路分兩部分，電源、開關、滑動變阻器、原線圈組成閉合電路，檢流計與副線圈組成另一個閉合電路；電路連接如圖所示：(2)[2]穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化時，回路會產生感應電流：把小線圈插入大線圈中，閉合與斷開開關瞬間；閉合開關后把小線圈插入大線圈過程；閉合開關后移動滑動變阻器滑片過程等都會產生感應電流故答案為（1）電路圖如圖所示；（2）閉合與斷開開關瞬間四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)3N【解析】(1)設小球在C點的速度大小是vC，則對于小球由A→C的過程中，由動能定理得：解得：(2)小球在C點時受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球對軌道壓力：NC′=NC=3N14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當R0=1Ω時，根據閉合電路的歐姆定律求解電流強度，由平衡條件求解磁感應強度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，根據牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當R0