上海市楊浦區(qū)市級(jí)名校2023年高二物理第一學(xué)期期末達(dá)標(biāo)測試試題含解析

上海市楊浦區(qū)市級(jí)名校2023年高二物理第一學(xué)期期末達(dá)標(biāo)測試試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請按要求用筆。3．請按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、我國自行研制、具有完全自主知識(shí)產(chǎn)權(quán)的新一代大型噴氣式客機(jī)C919首飛成功后，拉開了全面試驗(yàn)試飛的新征程，假設(shè)飛機(jī)在水平跑道上的滑跑是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)位移時(shí)才能達(dá)到起飛所要求的速度，已知飛機(jī)質(zhì)量，滑跑時(shí)受到的阻力為自身重力的倍，重力加速度取，則飛機(jī)滑跑過程中牽引力為A.

N B.C. D.2、如圖所示為一速度選擇器，兩極板P、Q之間存在電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場和磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場。一束粒子流(重力不計(jì))以速度v從a沿直線運(yùn)動(dòng)到b，則下列說法中正確的是（）A.粒子的帶電性質(zhì)不確定B.粒子一定帶正電C.若粒子流以相同的速率從b點(diǎn)射入，也可以沿直線運(yùn)動(dòng)到aD.粒子的速度一定等于3、矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，下列說法中正確的是（）A.在中性面時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢最大B.穿過線圈的磁通量為零時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢也為零C.穿過線圈的磁通量為零時(shí)，磁通量的變化率也為零D.在中性面時(shí)，通過線圈的磁通量最大4、下列說法中正確的是()A.在電場中，電場強(qiáng)度大的點(diǎn)，電勢必定高B.電荷置于電勢越高的點(diǎn)，其所具有的電勢能也越大C.電場中電場強(qiáng)度大的地方，沿電場線方向電勢降落快D.一帶電粒子只受電場力作用電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電勢能一定變化5、關(guān)于下列實(shí)驗(yàn)及現(xiàn)象的說法，正確的是A.圖甲說明薄板是非晶體B.圖乙說明氣體速率分布隨溫度變化而變化，且C.圖丙說明氣體壓強(qiáng)的大小既與分子動(dòng)能有關(guān)也與分子的密集程度有關(guān)D.圖丁說明水黽受到了浮力作用6、在某高度處將小球以2m/s的速度水平拋出.落地時(shí)的速度是4m/s，不計(jì)空氣阻力，則小球落地時(shí)速度方向和水平方向的夾角是（）A.60° B.45°C.37° D.30°二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖是醫(yī)用回旋加速器示意圖，其核心部分是兩個(gè)D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場中，并分別與高頻電源相連．現(xiàn)用該裝置加速氘核(帶電量為e、質(zhì)量為2m)和氦核(帶電量為2e、質(zhì)量為4m)．若不考慮粒子重力及在電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，則下列說法中正確的有（電源頻率可保證電荷到達(dá)Ｄ型盒間隙時(shí)能改變電壓方向）A.氘核和氦核運(yùn)動(dòng)的周期相同B.氘核和氦核的最大動(dòng)能相同C.要使氘核的最大動(dòng)能變成原來的4倍，可僅將磁感應(yīng)強(qiáng)度增大為原來的2倍D.要使氘核的最大動(dòng)能變成原來的1/4，可僅將磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?/28、如圖甲所示,一正方形導(dǎo)線框置于勻強(qiáng)磁場中,勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化如圖乙所示,則線框中的電流和導(dǎo)線受到的安培力隨時(shí)間變化的圖象分別是(規(guī)定垂直紙面向里的方向?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度的正方向,逆時(shí)針方向?yàn)榫€框中電流的正方向,向右為安培力的正方向)A.A B.BC.C D.D9、如圖所示，虛線AB和CD分別為橢圓的長軸和短軸，相交于O點(diǎn)，兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷分別處于橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn)M、N上，下列說法中正確的是()A.A、B兩處電勢、場強(qiáng)均相同B.C、D兩處電勢、場強(qiáng)均相同C.在虛線AB上O點(diǎn)的場強(qiáng)最大D.帶正電的試探電荷在O處的電勢能大于在B處的電勢能10、如圖所示，從燈絲發(fā)出的電子經(jīng)加速電場加速后，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，若加速電壓為U1，偏轉(zhuǎn)電壓為U2，要使電子在電場中的偏轉(zhuǎn)量y增大為原來的2倍，下列方法中正確的是()（）A.使U增大為原來2倍B.使U增大為原來的2倍C.使偏轉(zhuǎn)板的長度增大為原來2倍D.偏轉(zhuǎn)板的距離減小為原來的1/2三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）要測繪額定電壓為2V的日常用小電珠的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇：A．電源E（電動(dòng)勢3.0V，內(nèi)阻可不計(jì)）B．電壓表V1(量程為0~3.0V，內(nèi)阻約2kΩ)C．電壓表V2(0~15.0V，內(nèi)阻約6kΩD．電流表A1(0~0.6A，內(nèi)阻約1Ω)E．電流表A2(0~100mA，內(nèi)阻約2Ω)F．滑動(dòng)變阻器R1（最大值10Ω）G．滑動(dòng)變阻器R2（最大值2kΩ）（1）為減少實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選擇________，電流表應(yīng)選擇_______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇______.（填各器材的序號(hào)）（2）為提高實(shí)驗(yàn)精度，請你設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖，并畫在下面的虛線框中.（）（3）實(shí)驗(yàn)中測得一組數(shù)據(jù)如下表所示，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線。（）I/A00.120.210.290.340380.420.450.470.490.50U/V00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00（4）該小電珠的額定功率是____________________。12．（12分）為研究某一蓄電池組，某興趣小組將一塊舊的電池組充滿電，準(zhǔn)備利用下列器材測量電池組的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻A.待測電池組，電動(dòng)勢約為4V，內(nèi)阻約幾歐姆B.直流電壓表、（量程均可滿足要求，均可視為理想電表）C.定值電阻（未知）D.滑動(dòng)變阻器R，最大阻值（已知）E.導(dǎo)線和開關(guān)（1）現(xiàn)利用以上器材，設(shè)計(jì)一個(gè)電路如圖甲所示，完成對(duì)待測電池組的電動(dòng)勢和內(nèi)阻的測量（2）實(shí)驗(yàn)之前，需要利用該電路圖測出定值電阻，方法是先把滑動(dòng)變阻器R調(diào)到最大阻值，再閉合開關(guān)，電壓表和的讀數(shù)分別為、，則=_______（用、、表示）（3）實(shí)驗(yàn)中移動(dòng)滑動(dòng)變阻器觸頭，讀出電壓表和多組數(shù)據(jù)、，描繪出圖象（橫軸為），圖線斜率絕對(duì)值為k，與橫軸的截距值為a，則電池組的電動(dòng)勢E=____，內(nèi)阻r=____（用k、a、表示）（4）經(jīng)測量得到該電池組的電動(dòng)勢為E=4.0V，內(nèi)阻r=1Ω，現(xiàn)用該電池組與定值電阻串聯(lián)，然后與兩個(gè)相同的燈泡構(gòu)成如圖乙所示的電路，燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示，則每個(gè)燈泡的實(shí)際功率約為______W（結(jié)果保留兩位小數(shù)）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求得運(yùn)動(dòng)的加速度；根據(jù)牛頓第二定律求得牽引力；【詳解】飛機(jī)在起飛過程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)x=t解得：；加速度大小為：；飛機(jī)起飛的過程中受到牽引力與阻力，根據(jù)牛頓第二定律可知：F-f=ma，解得：F=f+ma=2.1×105N；故選C.【點(diǎn)睛】本題主要考查了運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律，加速度是解決問題的中間橋梁2、A【解析】AB．粒子受洛倫茲力和電場力，假設(shè)粒子帶負(fù)電，則受到向下的洛倫茲力，電場力向上；若粒子帶正電，洛倫茲力向上，電場力向下，均可以平衡，粒子可以帶正電，也可以帶負(fù)電，A正確B錯(cuò)誤；C．如果這束粒子流從b處沿直線ba方向射入，電場力方向不變，洛倫茲力反向，故電場力與洛倫茲力方向相同，不再平衡，故合力與速度不共線，粒子開始做曲線運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)誤；D．為使粒子不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，粒子所受到電場力和洛倫茲力是平衡力，即為所以電場與磁場的關(guān)系為D錯(cuò)誤。故選A。3、D【解析】在中性面時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；穿過線圈的磁通量為零時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢最大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；穿過線圈的磁通量為零時(shí)，磁通量的變化率最大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在中性面時(shí)，通過線圈的磁通量最大，選項(xiàng)D正確.4、C【解析】A、電場線密處，電場強(qiáng)度大，而電場線方向不確定，故無法判斷電勢高低，電勢就不一定高，故A錯(cuò)誤；B、正電荷置于電勢越高的點(diǎn)，其所具有的電勢能也越大，負(fù)電荷置于電勢越高的點(diǎn)，其所具有的電勢能也越?。还蔅錯(cuò)誤；C、電場中電場強(qiáng)度大的地方，沿電場線方向電勢降落快．故C正確D、一帶電粒子只受電場力作用在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電勢能不一定變化，如電子繞原子核做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)電勢能不會(huì)變化，故D錯(cuò)誤點(diǎn)睛：電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的相對(duì)大小，電場線的方向反映電勢的高低，則電場強(qiáng)度與電勢沒有直接關(guān)系5、C【解析】A．圖甲說明薄板具有各向同性，多晶體和非晶體都具有各向同性，說明薄板可能是多晶體，也可能是非晶體，故A錯(cuò)誤；B．圖乙看出溫度越高，各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比的最大值向速度大的方向遷移，可知T2＞T1故B錯(cuò)誤；C．如圖丙可以說明，氣體壓強(qiáng)的大小既與分子動(dòng)能有關(guān)，也與分子的密集程度有關(guān)，故C正確；D．水黽停在水面上的原因是水黽受到了水的表面張力的作用，故D錯(cuò)誤。故選C。6、A【解析】小球在水平方向上的分速度不變，等于，根據(jù)平行四邊形定則得則所以A選項(xiàng)是正確的，BCD均錯(cuò)誤故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ACD【解析】A項(xiàng)：帶電粒子大磁場中運(yùn)動(dòng)周期，兩粒子的比荷相等，所以周期相等，故A正確；B項(xiàng)：根據(jù)得，最大動(dòng)能，所以氦核的最大動(dòng)能較大，故B錯(cuò)誤；C、D項(xiàng)：由可知，要使氘核最大動(dòng)能變成原來的4倍，磁場變?yōu)樵瓉淼?倍，同理可知，要使氘核的最大動(dòng)能變成原來的1/4，可僅將磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?/2故CD正確故選ACD8、AC【解析】由右圖所示B-t圖象可知，0-T/2內(nèi)，線圈中向里的磁通量增大，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，沿ABCDA方向，即電流為正方向；T/2-T內(nèi)，線圈中向里的磁通量減小，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，即電流為負(fù)方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律：，由于磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小保持不變．故A正確，B錯(cuò)誤；0-T/2內(nèi)，電路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，根據(jù)左手定則可知，AB邊受到的安培力的方向向右，為正值；T/2-T內(nèi)，電路中的電流為順時(shí)針，AB邊受到的安培力的方向向左，為負(fù)值；根據(jù)安培力的公式：F=BIL，電流大小不變，安培力的大小與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比．故C正確，D錯(cuò)誤．故選AC點(diǎn)睛：本題考查了判斷感應(yīng)電流隨時(shí)間變化關(guān)系，關(guān)鍵是分析清楚B-t圖象，其斜率反應(yīng)感應(yīng)電流的大小和方向，應(yīng)用楞次定律即可正確解題，要注意排除法的應(yīng)用9、BD【解析】A．根據(jù)等量異種電荷的電場分布可知，A點(diǎn)的電勢高于B點(diǎn)的電勢不同、兩點(diǎn)的場強(qiáng)相同，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．C、D兩處處在電勢為零的等勢面上，則電勢相同；由對(duì)稱性可知兩點(diǎn)的場強(qiáng)也相同，選項(xiàng)B正確；C．在虛線AB上O點(diǎn)的電場線最稀疏，則場強(qiáng)最小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因?yàn)镺點(diǎn)電勢為零，而B點(diǎn)電勢小于零，則帶正電的試探電荷在O處的電勢能大于在B處的電勢能，選項(xiàng)D正確；故選BD.10、BD【解析】設(shè)電子經(jīng)加速電場加速后的速度為v0，偏轉(zhuǎn)極板的長度為L，板間距離為d．在加速電場中，由動(dòng)能定理得：qU1＝mv02?0；在偏轉(zhuǎn)電場中，電子做類平拋運(yùn)動(dòng)，偏轉(zhuǎn)量為；聯(lián)立以上兩式解得：．要使電子在電場中的偏轉(zhuǎn)量y增大為原來的2倍，由此式可以判斷出，使U1變?yōu)樵瓉淼模皇筓2增大為原來的2倍；使偏轉(zhuǎn)板的長度增大為原來倍；偏轉(zhuǎn)板的距離減小為原來的1/2；選項(xiàng)AC錯(cuò)誤、BD正確．故選BD【點(diǎn)睛】解答本題的關(guān)鍵是：要靈活運(yùn)用動(dòng)能定理和平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，得到最終電子偏轉(zhuǎn)量y的綜合表達(dá)式，再根據(jù)題目要求進(jìn)行討論分析得出結(jié)論三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.B②.D③.F④.⑤.⑥.1.00W【解析】考查實(shí)驗(yàn)“描繪小燈泡的伏安特性曲線”?！驹斀狻浚?）[1][2][3]．由題意，小燈泡額定電壓為2V，額定電流為0.5A，故電壓表應(yīng)選B，電流表應(yīng)選D，描繪小燈泡伏安特性曲線，要求電流從0開始調(diào)，所以應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓式接法，選總阻值小的滑動(dòng)變阻器F。（2）[4]．由于小電珠電阻較小，滿足，屬于小電阻，應(yīng)采用電流表外接法，電路圖如圖所示：（3）[5]．小電珠的伏安特性曲線如圖所示：（4）[6]．由圖可知，當(dāng)電壓為2V時(shí)，電流為0.5A，功率為：12、①.（1）②.（2）ka③.（3）④.（4）0.75W（0.73~0.78）【解析】（2）滑動(dòng)變阻器與定值電阻串聯(lián)，電流相等：，所以（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律得：，整理得：，所以，，所以，（4）將定值電阻歸到電源內(nèi)阻，得到新電源：，設(shè)每個(gè)