2024屆福建省福州市長樂高中、城關中學、文筆中學物理高二上期末質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2024屆福建省福州市長樂高中、城關中學、文筆中學物理高二上期末質量跟蹤監(jiān)視試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，邊長為L的正六邊形ABCDEF的5條邊上分別放置5根長度也為L的相同絕緣細棒。每根細棒均勻帶上正電?，F(xiàn)將電荷量為+Q的點電荷置于BC中點，此時正六邊形幾何中心O點的場強為零。若移走AB邊上的細棒，則O點電場強度大小為(k為靜電力常量)(不考慮絕緣棒及+Q之間的相互影響)（）A. B.C. D.2、如圖所示，示波器的示波管可視為加速電場與偏轉電場的組合，若已知加速電壓為U1，偏轉電壓為U2，偏轉極板長為L，極板間距為d，且電子被加速前的初速度可忽略，則關于示波器靈敏度[即偏轉電場中每單位偏轉電壓所引起的偏轉量()與加速電場、偏轉電場的關系，下列說法中正確的是()A.L越大，靈敏度越高 B.d越大，靈敏度越高C.U1越大，靈敏度越高 D.U2越大，靈敏度越高3、如圖所示是靜電場一部分電場分布，下列說法正確的是（）A.這個電場可能是負點電荷的電場B.A處的電場強度大于B處的電場強度C.負電荷在A處所受的電場力方向沿A點的切線方向D.點電荷q在A點處的瞬時加速度比在B點處的瞬時加速度?。ú挥嬛亓Γ?、如圖所示為速度選擇器示意圖，為其兩個極板。某帶電粒子電荷量為q，以速度v0從S1射入，恰能沿虛線從S2射出。不計粒子重力，下列說法正確的是（）A.該粒子一定帶正電B.該粒子以速度v0從S2射入，也能沿虛線從S1射出C.該粒子以速度2v0從S1射入，仍能沿虛線從S2射出D.該粒子電荷量變?yōu)?q，以速度v0從S1射入，仍能沿虛線從S2射出5、在同一平面內有四根彼此絕緣的通電直導線，如圖所示，四根導線中電流I4＝I3>I2>I1，要使O點磁場增強，則應切斷哪一根導線中的電流()A.I1 B.I2C.I3 D.I46、如圖所示是由電源、靈敏電流計、滑動變阻器和平行板電容器組成的電路，閉合開關，在下列四個過程中，為使靈敏電流計中有到電流，下列做法可行的是A.在平行板電容器中插入一塊塑料板B.增大平行板電容器兩極板間的距離C.滑動變阻器的滑片向右滑動D.減小平行板電容器兩極板的正對面積二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的正方形區(qū)域存在垂直紙面向里的磁場，兩個質量相等、電荷量相等的異種電荷1、2，以不同速率垂直于磁感線方向從O點垂直ad射入磁場中，O點為ad的中點，兩粒子運動的軌跡如圖所示，取sin53°=0.8，cos53°=0.6。不計粒子受到的重力。下列關于兩粒子的運動速率v、在磁場中的運動時間t、圓周運動周期T及角速度ω的關系正確的是（）A.v1：v2=5：2 B.t1：t2=53：180C.T1：T2=1：1 D.ω1：ω2=180：538、如圖紙面內金屬圓環(huán)通過一絕緣細線OA懸掛在足夠長的水平通電細直導線上，懸點O固定，下列各種情況中環(huán)中能產(chǎn)生感應電流的是A.使圓環(huán)在豎直平面內繞O點左右擺動B.使圓環(huán)在垂直紙面方向繞O點前后擺動C.使圓環(huán)以豎直線OA為軸轉動D.使通電直導線中電流均勻增大9、把表頭G改裝成大量程電流表或電壓表時下列說法正確的是A.改裝成電壓表時應給表頭串聯(lián)一個較大電阻B.改裝成電流表時應給表頭并聯(lián)一個較小電阻C.改裝后表頭G的自身電阻會發(fā)生變化D.改裝后表頭G本身的參量均不會發(fā)生變化10、如圖甲所示，兩平行金屬板MN、PQ的板長和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時間周期性變化的電場，電場方向與兩板垂直，不計重力的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向源源不斷地射入電場，粒子射入電場時的初動能均為Ek0。已知t=0時刻射入電場的粒子剛好沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場。則（）A.所有粒子最終都垂直電場方向射出電場B.t=0之后射入電場的粒子有可能會打到極板上C.所有粒子在經(jīng)過電場過程中最大動能都不可能超過2Ek0D.若入射速度加倍成2v0，則粒子從電場出射時的側向位移與v0相比必定減半三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為伏安法測電阻一種常用電路。以下分析正確的是（）A.此接法的測量值大于真實值B.此接法的測量值小于真實值C.此接法要求待測電阻值小于電流表內阻D.開始實驗時滑動變阻器滑動頭P應處在最左端12．（12分）某研究小組收集了手機中的鋰電池．為測量鋰電池的電動勢E和內阻r，小紅同學設計了如圖所示的電路圖來“測電源電動勢和內阻”，圖中R2為電阻箱．根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出圖象，如圖所示(1)若該圖線的斜率為k，縱軸截距為b，則該鋰電池的電動勢E＝________，內阻r＝________(用k、b表示)(2)上述方法測出的數(shù)據(jù)與真實值比較，測量出的內阻_____________（填“偏大”或“偏小”）,造成此系統(tǒng)誤差主要原因是__________________________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】每根細棒均勻帶上正電，現(xiàn)將電荷量為+Q的點電荷置于BC中點，此時正六邊形幾何中心O點的場強為零；由此可知，+Q的點電荷在O點的電場強度大小為那么每根細棒在O點的電場強度大小也為若移走AB邊上的細棒，那么其余棒在O點的電場強度大小為故選A。2、A【解析】偏轉位移靈敏度故A正確，BCD錯誤。故選A。3、B【解析】A．負點電荷電場的電場線是直線，則這個電場不可能是負點電荷的電場，選項A錯誤；B．電場線越密集則場強越大，可知A處的電場強度大于B處的電場強度，選項B正確；C．負電荷在A處所受的電場力方向沿A點的切線的反方向，選項C錯誤；D．A處的電場強度大于B處的電場強度，則在A處的電場力大于B處的電場力，點電荷q在A點處的瞬時加速度比在B點處的瞬時加速度大，選項D錯誤；故選B。4、D【解析】A．因上下極板的極性不確定，則不能確定粒子的電性，選項A錯誤；B．該粒子以速度v0從S2射入，只有洛倫茲力方向改變，而電場力方向不變，受力不平衡，因而不沿虛線運動，故B錯誤；C．該粒子以速度2v0從S1射入，洛倫茲力變大，而電場力不變，則粒子不能沿虛線從S2射出，選項C錯誤；D．根據(jù)可知則該粒子電荷量變?yōu)?q，以速度v0從S1射入，仍能沿虛線從S2射出，選項D正確。故選D。5、D【解析】從圖中可得在O點產(chǎn)生的磁感應強度的方向都為垂直紙面向里，而在O點產(chǎn)生的磁感應強度方向為垂直紙面向外，故要使O點磁場增強，則應該切斷，D正確【點睛】本題利用安培定則判斷磁場方向比較簡單，但磁場疊加，較為復雜，采用作圖法可防止思路出現(xiàn)混亂6、A【解析】根據(jù)題圖可知，考查了含容電路；電路穩(wěn)定時，該電路中沒有電流，滑動變阻器R上沒有電壓．根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，由電容的定義式分析電容器所帶電量如何變化，就能判斷電路中電流的方向【詳解】A、在平行板電容器中插入電介質，根據(jù)電容的決定式分析得知電容增大，而電容器的電壓不變，則電容的定義式分析得知電容器所帶電量增加，將要充電，電路中形成逆時針方向的充電電流，有b到a方向的電流通過電流計．故A正確；B、增大平行板電容器兩極板間的距離，根據(jù)電容的決定式分析得知電容減小，而電容器的電壓不變，則電容的定義式分析得知電容器所帶電量減小，將要放電，，有a到b方向的電流通過電流計．故B錯誤；C、電路穩(wěn)定時，該電路中沒有電流，移動滑動變阻器R的滑片，電容器的電壓不變，電路中仍沒有電流．故C錯誤；D、減小平行板電容器兩極板的正對面積，根據(jù)電容的決定式分析得知電容減小，而電容器的電壓不變，則電容的定義式分析得知電容器所帶電量減小，將要放電，有a到b方向的電流通過電流計．故D錯誤【點睛】當電容器保持與電源相連時，電壓不變．只有電容器充電或放電時，電路中才有電路二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】設正方形的邊長為，如圖所示由幾何知識得，，解得，A．粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得則故A錯誤；C．粒子在磁場中做圓周運動的周期由于、、都相等，兩粒子在磁場中做圓周運動的周期相等，故故C正確；B．粒子在磁場中在運動時間由于兩粒子在磁場中做圓周運動的周期相等，則粒子在磁場中的運動時間之比故B正確。D．粒子做圓周運動的角速度由于、、都相等，則故D錯誤。故選BC。8、ACD【解析】A、根據(jù)右手螺旋定則可知，離直導線越遠磁場越弱，越近的磁場越強，當使圓環(huán)在豎直平面內繞O點左右擺動時，穿過環(huán)的磁通量會發(fā)生改變，會產(chǎn)生感應電流，故A正確；B、當使圓環(huán)在垂直紙面方向繞O點前后擺動時，穿過環(huán)的磁通量不變，不會產(chǎn)生感應電流，故B錯誤；C、當使圓環(huán)以豎直線OA為軸轉動時，穿過環(huán)的磁通量會發(fā)生改變，會產(chǎn)生感應電流，故C正確；D、當使通電直導線中電流均勻增大時，穿過環(huán)的磁通量增大，會產(chǎn)生感應電流，故D正確；故選ACD9、ABD【解析】把表頭G改裝成電壓表時應給表頭串聯(lián)一個較大電阻，選項A正確；改裝成電流表時應給表頭并聯(lián)一個較小電阻，選項B正確；改裝后表頭G本身的參量均不會發(fā)生變化，選項C錯誤，D正確10、AC【解析】AB．粒子在平行極板方向不受電場力，做勻速直線運動，故所有粒子的運動時間相同；t=0時刻射入電場的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場，說明豎直方向分速度變化量為零，說明運動時間為周期的整數(shù)倍；故所有粒子最終都垂直電場方向射出電場；由于t=0時刻射入的粒子在電場方向上始終做單向的直線運動，豎直方向的位移最大，故所有粒子最終都不會打到極板上，A正確，B錯誤；C．t=0時刻射入的粒子豎直方向的分位移最大，為；根據(jù)分位移公式，有由于L=d，故故最大動能C正確；D．粒子入射速度加倍成2v0，則粒子從電場出射時間減半，穿過電場的運動時間變?yōu)殡妶鲎兓胫芷诘恼麛?shù)倍，則不同時刻進入電場的側向位移與原v0相比關系就不確定，如t=0時刻，粒子從電場出射時的側向位移與v0相比減半，進入電場，入射速度v0時，側向位移為0，入射速度2v0時，側向位移為，D錯誤。故選AC。第II卷（非選擇題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A【解析】AB．上圖是電流表的內接法測電阻，圖中電壓表示數(shù)大于的兩端電壓，所以測量值A正確，B錯誤；C．內接法的誤差是由于電流表的分壓造成的，如果待測電阻值比電流表內阻越大，電流表分壓作用越小，誤差越小，C錯誤；D．為了安全期間，以防超過電表量程，滑動變阻器開始要處于最右端，讓分壓最小，D錯誤。故選A。12、①.②.③.偏?、?電壓表分流作用【解析】（1）由閉合電路的歐姆定律求出與的關系式，根據(jù)該關系式求出電源的電動勢與內阻；（2）因為電壓表不是理想電表，所以存在誤差【詳解】（1）不考慮電壓表分流作用，電路的電流根據(jù)閉合電路歐姆定律，有，聯(lián)立得，則圖像斜率，縱軸截距，所以，（2）考慮電壓表的分流作用，寫出閉合電路歐姆定律，其中是電壓表內阻與電源內阻并聯(lián)之后的電阻，此為我們實驗的測量值，所以比真實值小【點睛】測定電源內阻與電動勢的實驗利用閉合電路歐姆