2021屆北京市高考物理考前沖刺押題試卷（一）附答案詳解

2021屆北京市高考物理考前沖刺押題試卷（一）

一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）

1.關(guān)于氣體的狀態(tài)參量，下列說法中不正確的是（）

A.一定量氣體的體積等于這些氣體分子所能到達(dá)的空間

B.一定量氣體的壓強(qiáng)是由組成這些氣體的所有分子受到的重力而產(chǎn)生

C.一定量氣體的質(zhì)量等于組成這些氣體的所有分子的質(zhì)量之和

D.氣體溫度的高低反映了大量分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的劇烈程度

2.如圖所示，一束可見光射向半圓形玻璃磚的圓心0,經(jīng)折射后分為兩

束單色光a和b,下列判斷正確的是（）

A.a光的頻率大于b光的頻率J

B.玻璃對a光的折射率小于對b光的折射率

C.a光光子能量小于b光光子能量

D.若a光能夠使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，貝必光也一定能

3.泊松亮斑產(chǎn)生原因是（）

A.光的反射B.光的衍射C.光的折射D.光的干涉

4.下列關(guān)于四幅圖的說法中正確的是（）

熒光屏n

K顯微鏡4-0.85

3-1.51

-3.4

甲：盧瑟福鬧子散射實(shí)險(xiǎn)乙：玻爾的氫原子能級(jí)示意圖

丙：光電效應(yīng)演示實(shí)臉T：三種射線在磁場中的偏轉(zhuǎn)

A.甲圖中A處能觀察到大量的閃光點(diǎn)，B處能看到較多的閃光點(diǎn)，C處觀察不到閃光點(diǎn)

B.乙圖中處于基態(tài)的氫原子能吸收能量為10.6eV的光子而發(fā)生躍遷

C.丙圖中用弧光燈照射原來帶電鋅板，一定能發(fā)現(xiàn)驗(yàn)電器張角變大

D.丁圖中三種射線是a、0、y射線，其中射線2為y射線

氫原子能級(jí)圖如圖所示，關(guān)于玻爾理論與氧原子躍遷，下列敘述n￡/eV

0

4-0.85

正確的是（）3-1.51

A.玻爾的原子模型完全推翻了盧瑟福的原子理論，能夠解釋所-3.4

有的原子發(fā)光現(xiàn)象

B.電子躍遷時(shí)輻射的光子的頻率等于電子繞核做圓周運(yùn)動(dòng)的頻

-13.6

率

C.氫原子從n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)輻射出的光子能量為17.0eU

D.大量的氫原子處于ri=4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)總共可輻射出6種不同頻率的光

6.下列關(guān)于天文學(xué)發(fā)展歷史說法正確的是（）

A.哥白尼建立了日心說，并且現(xiàn)代天文學(xué)證明太陽就是宇宙的中心.

B.開普勒提出繞同一恒星運(yùn)行的行星軌道半長軸的平方跟公轉(zhuǎn)周期的立方之比都相等.

C.牛頓建立了萬有引力定律，并由此測出了地球的質(zhì)量.

D.卡文迪許用扭秤實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量G,其在國際單位制中的單位是：NW/kg2

7.2019年9月19日14時(shí)42分，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長征十一號(hào)運(yùn)載

火箭采取“一箭五星”的方式成功將“珠海一號(hào)”03組衛(wèi)星發(fā)射升空,

衛(wèi)星順利進(jìn)入預(yù)定軌道,任務(wù)獲得圓滿成功，為新中國成立70周年獻(xiàn)禮。

酒泉衛(wèi)星中心發(fā)射的運(yùn)載火箭由地面豎直向上升空，其速度-時(shí)間圖象0

如圖所示，貝！1（）

A.在t2時(shí)刻火箭到達(dá)最大高度

B.在Q時(shí)刻火箭落回地面

C.在“至以時(shí)間內(nèi)火箭加速度最大

D.在至《3時(shí)間內(nèi)火箭靜止在最大高度處

8.18世紀(jì)，數(shù)學(xué)家莫佩爾蒂，哲學(xué)家伏爾泰曾經(jīng)設(shè)想“穿透地球：假設(shè)能夠沿著

地球兩極連線開鑿一條沿著地軸的隧道貫穿地球，一個(gè)人可以從北極入口4由靜

止自由落入隧道中，忽略一切阻力，此人可以從南極出口8飛出，己知此人的質(zhì)

量m=50kg：地球表面處重力加速度取g=10m/s2：地球半徑R=6.4x106m：

假設(shè)地球可視為質(zhì)量分布均勻的球體。均勻球殼對殼內(nèi)任一點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)合引力為零，則以下說法

正確的是（）

A.人與地球構(gòu)成的系統(tǒng)，由于重力發(fā)生變化，故機(jī)械能不守恒

B.人在下落過程中，受到的萬有引力與到地心。的距離的平方成反比

C.人從北極開始下落，到剛好經(jīng)過地心。的過程，萬有引力對人做功尸=3.2x10〃

D.當(dāng)人下落經(jīng)過距地心瞬間，人的瞬時(shí)速度大小為4V5xl03m/s

9.簡諧橫波某時(shí)刻的波形如圖所示，P為介質(zhì)中的一個(gè)質(zhì)點(diǎn)，波沿支軸的

正方向傳播.下列說法正確的是（）"\/.

A.質(zhì)點(diǎn)P此時(shí)刻的速度沿支軸的正方向......W

B.質(zhì)點(diǎn)P此時(shí)刻的加速度沿x軸的正方向

C.再過半個(gè)周期時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的位移為負(fù)值

D.經(jīng)過一個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為2a

10.在如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢為12U,電源內(nèi)阻為1.0附，電路中的電阻孔為1.5量），小型直

流電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為0.5餓，電流表內(nèi)阻不計(jì)。閉合開關(guān)S后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)為2.04。

則以下判斷中錯(cuò)誤的是

A.電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為1.0VB.電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為7.0U

C.電動(dòng)機(jī)的熱功率為2.0勿D.電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為12”

11.在勻強(qiáng)磁場的同一位置，先后放入長度相等的兩根直導(dǎo)線a和b,a、6導(dǎo)線的方向與磁場方向垂

直，但兩導(dǎo)線中的電流大小不同，如圖表示導(dǎo)線所受安培力尸與通電電流/的關(guān)系，a、b各自有

一組F、/的數(shù)值，在圖象中各描一個(gè)點(diǎn)，其中正確的是

心’

c.D.

12.如圖所示，兩電荷量都是Q的正點(diǎn)電荷對稱地放置在x軸上原點(diǎn)。的兩側(cè)，b

a、b兩點(diǎn)分別在x軸和y軸上。取無窮遠(yuǎn)處的電勢為零，下列說法正確的.[5——

是

A.。點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，電勢也為零

B.正的試探電荷在b點(diǎn)的電勢能大于零，所受電場力方向向右

C.帶正電的試探電荷從。點(diǎn)移到b點(diǎn)，需克服電場力做功

D.帶負(fù)電的試探電荷在a點(diǎn)的電勢能小于在。點(diǎn)的電勢能

13.A、B兩球在光滑水平面上相向運(yùn)動(dòng)，兩球相碰后有一球停止運(yùn)動(dòng)，則下述說法中正確的是（）

A.若碰后，4球速度為0,則碰前A的動(dòng)量一定大于B的動(dòng)量

B.若碰后，4球速度為0,則碰前4的動(dòng)量一定小于B的動(dòng)量

C.若碰后，B球速度為0,則碰前4的動(dòng)量一定大于8的動(dòng)量

D.若碰后，B球速度為0,則碰前力的動(dòng)量大小可能等于B的動(dòng)量

14.如圖所示，質(zhì)量相同的甲、乙兩人乘坐兩部構(gòu)造不同、傾角相同的電梯去商場，他們均相對于

電梯靜止，則下列說法正確的是（）

A.若兩電梯勻速上升，則甲、乙兩人均沒有受到摩擦力

B.若兩電梯勻速上升，則甲受到的重力和支持力

C.若兩電梯勻加速上升，則兩人均受到沿速度方向的摩擦力

D.無論電梯加速或勻速上升，甲的都不會(huì)受到摩擦力的作用

二、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

15.某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖所示的電路探究在25久?80匯范圍內(nèi)某熱敏電阻的溫度特性。所用器材

有：置于溫控室（圖中虛線區(qū)域）中的熱敏電阻耳，其標(biāo)稱值（25°C時(shí)的阻值）為900.0。；電源

E（6憶內(nèi)阻可忽略）；電壓表⑨（量程150mH）；定值電阻&（阻值20.00）,滑動(dòng)變阻器％（最大

阻值為1000。）；電阻箱/?2（阻值范圍0?999.9。）；單刀開關(guān)Si，單刀雙擲開關(guān)52。

實(shí)驗(yàn)時(shí)，先按圖8連接好電路，再將溫控室的溫度t升至80.0汽。將S2與1端接通，閉合S「調(diào)節(jié)

%的滑片位置，使電壓表讀數(shù)為某一值U。；保持%的滑片位置不變，將/?2置于最大值，將52與

2端接通，調(diào)節(jié)/?2,使電壓表讀數(shù)仍為%;斷開Si，記下此時(shí)/?2的讀數(shù)。逐步降低溫控室的溫

度3得到相應(yīng)溫度下/?2的阻值，直至溫度降到25.0?？趯?shí)驗(yàn)得到的/?2-匕數(shù)據(jù)見下表。

t/℃25.030.040.050.060.070.080.0

R2/n900.0680.0500.0390.0320.0270.0240.0

回答下列問題:

(1)在閉合區(qū)前，圖中％的滑片應(yīng)移動(dòng)到(填“a”或"b”)端。

(2)在下圖的坐標(biāo)紙上補(bǔ)齊數(shù)據(jù)表中所給數(shù)據(jù)點(diǎn)，并作出/?2-t曲線。

1(MM)

800

6()()

40077

??????????????????????????

：：：：：：：：：：：：：：：：：：：u：：：：：

200::::::::::::::::::::::::::

40.()60.080.01(X).()

(3)由上圖可得到%?在25.0。(2?80.0%：范圍內(nèi)的溫度特性。當(dāng)t=44.0%：時(shí)，可得

RT=12。

(4)將RT握于手心，手心溫度下伍的相應(yīng)讀數(shù)如圖所示，該讀數(shù)

為________0,則手心溫度為℃o

16.為了探究質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系，一同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖1所

示的實(shí)驗(yàn)裝置，其中M為帶滑輪的小車的質(zhì)量，m為砂和砂桶的

質(zhì)量(滑輪質(zhì)量不計(jì))。

:律黑。滸禺

\ft

mUU.即

?????

ABCD2F

32

(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)，一定要進(jìn)行的操作或保證的條件是。

A.用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量

員將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力

C.小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測力計(jì)的示數(shù)

。.改變砂和砂桶的質(zhì)量，打出幾條紙帶

E.為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量zn遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M

(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)得到一條紙帶，如圖2所示，均取4為測量起點(diǎn),B、D、F各點(diǎn)的測量坐標(biāo)分別為沖=4.10cm、

xD=12.90cm、xF=22.50cm。C、E點(diǎn)坐標(biāo)漏測量。已知交流電的頻率是50Hz,圖上各點(diǎn)間

再無其他點(diǎn)，則小車運(yùn)動(dòng)的加速度a=m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

(3)以彈簧測力計(jì)的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，加速度a為縱坐標(biāo)，畫出的a-F圖象是一條直線，圖線與橫軸

的夾角為。，求得圖線的斜率為k,則小車的質(zhì)量一定為。

4,

B?扁

C.k

三、計(jì)算題(本大題共4小題，共40.0分)

17.如圖所示，水平面上有兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN和PQ,兩導(dǎo)軌間距為3電阻均可忽

略不計(jì)，在M和P之間接有阻值為R的定值電阻.導(dǎo)體桿就質(zhì)量為m,電阻為r,并與導(dǎo)軌接觸良

好.整個(gè)裝置處于方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中.現(xiàn)給ab桿大小為火的初速度，

使桿向右運(yùn)動(dòng).求:

(1)當(dāng)ab桿的速度大小為當(dāng)時(shí)，帥桿兩端的電壓大小.

(2)在帥桿的速度從大小為訕減小到大小為冷的過程中，定值電阻R產(chǎn)生的熱量.

18.中國艦載戰(zhàn)機(jī)“殲-15”成功在“遼寧艦”航空母艦上完成起降，為航母戰(zhàn)斗力的組建邁出重

要一步.某同學(xué)為了研究“殲-15”艦載機(jī)的起飛過程，把其運(yùn)動(dòng)過程簡化如下：其軌道由長

為L=1.5m的水平粗糙軌道AB(所受阻力恒為/=O.lmg)和光滑圓弧軌道BC相接，圓弧軌道半

徑R=2m,圓心在B點(diǎn)正上方。處，弧BC所對的圓心角為8=37。，具有動(dòng)力裝置的玩具小車質(zhì)

量為m=lkg,從4點(diǎn)開始以恒定功率P=10”由靜止開始啟動(dòng)，運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)撤去動(dòng)力，小車

沿圓弧軌道繼續(xù)運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力為鳳=26N,(取g=10m/s2,sM37。=0.6,

cos37°=0.8).求：

(1)動(dòng)力小車運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)時(shí)的速度U的大小

(2)求小車加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t.

19.某汽車做到剎車性能測試，當(dāng)汽車以36km"的速率行駛時(shí)，可以在18nl的距離內(nèi)被剎??；當(dāng)以

54km"的速率行駛時(shí)，可以在34.5m的距離內(nèi)被剎住。假設(shè)駕駛員的反應(yīng)時(shí)間(駕駛員從看到

障礙物到產(chǎn)生剎車動(dòng)作的時(shí)間)與剎車的加速度都形同，試問：

(1)這位駕駛員的反應(yīng)時(shí)間為多少？

(2)某霧天改路段能見度為50m,則行車速率不能超過多少米每秒?

20.如圖所示，光滑的平行金屬導(dǎo)軌水平放置，電阻不計(jì)，導(dǎo)軌間距為

L,左側(cè)接一阻值為R的電阻.區(qū)域cdef內(nèi)存在垂直軌道平面向下

的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場.質(zhì)量為小、電阻為r的導(dǎo)體棒MN垂

直于導(dǎo)軌放置，并與導(dǎo)軌接觸良好.棒MN在平行于軌道的水平拉

力作用下，由靜止開始做加速度為a勻加速度直線運(yùn)動(dòng)并開始計(jì)時(shí)，求:

(1)棒位移為s時(shí)的速度及此時(shí)MN兩端的電壓；

(2)棒運(yùn)動(dòng)時(shí)間t內(nèi)通過電阻R的電量；

(3)棒在磁場中運(yùn)動(dòng)過程中拉力F與時(shí)間t的關(guān)系；

(4)若撤去拉力后，棒的速度隨位移s的變化規(guī)律滿足〃=%-cs,(c為已知的常數(shù))，撤去拉力后棒

在磁場中運(yùn)動(dòng)距離為d時(shí)恰好靜止，則拉力作用的時(shí)間為多少？

參考答案及解析

1.答案：B

解析：解：4、氣體體積等于這些氣體分子所能到達(dá)的空間，故A正確；

8、氣體壓強(qiáng)是大量氣體分子頻繁地碰撞器壁而產(chǎn)生的作用在器壁單位面積上的平均作用力，故8

錯(cuò)誤；

C、一定量氣體的質(zhì)量等于組成這些氣體的所有分子的質(zhì)量之和，故C正確；

。、溫度高低是分子平均動(dòng)能大小的標(biāo)志，氣體溫度的高低反映了大量分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的劇烈程度，

故。正確；

本題選擇不正確的，故選：B.

氣體體積等于這些氣體分子所能到達(dá)的空間；

氣體壓強(qiáng)是大量氣體分子頻繁地碰撞器壁而產(chǎn)生的作用在器壁單位面積上的平均作用力.氣體壓強(qiáng)

決定于氣體分子的密度（單位體積內(nèi)的分子數(shù)）和分子的平均動(dòng)能；

一定量氣體的質(zhì)量等于組成這些氣體的所有分子的質(zhì)量之和；

氣體溫度的高低反映了大量分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的劇烈程度.

本題考查體積、壓強(qiáng)、質(zhì)量的概念，屬于基礎(chǔ)題，不難，注意概念的記憶和理解.

2.答案：A

解析：解：AB,因?yàn)椴Ａ光的偏折程度大于b光，所以玻璃對a光的折射率大于對b光的折射率.折

射率大，光的頻率大，所以a光的頻率大于b光的頻率，故A正確，B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)E=hy知，光子的能量與頻率成正比，則a光的光子能量大于b光的光子能量.

。、產(chǎn)生光電效應(yīng)的條件是：入射光的頻率大于金屬的極限頻率，由于a光的頻率大于b光的頻率，

則若a光能夠使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，貝柏光不一定能.故。錯(cuò)誤.

故選：A

根據(jù)光線的偏折程度，比較光的折射率大小，從而得出頻率、波長、波速、光子能量的大小關(guān)系.根

據(jù)產(chǎn)生光電效應(yīng)的條件：入射光的頻率大于金屬的極限頻率，分析光電效應(yīng)現(xiàn)象.

光的折射率與頻率、光速、臨界角的對應(yīng)關(guān)系需清楚，有些學(xué)生弄不清它們之間的關(guān)系，容易出錯(cuò).可

結(jié)合光的色散、干涉等實(shí)驗(yàn)記住它們的關(guān)系.

3.答案：B

解析：解：4、光的反射屬于幾何光學(xué)的內(nèi)容，不是泊松亮斑產(chǎn)生的原因，故A錯(cuò)誤；

B、光離開直線路徑繞到障礙物陰影里的現(xiàn)象叫光的衍射，的泊松亮斑是當(dāng)光照到不透光的小圓板上

時(shí)，在圓板的陰影中心出現(xiàn)的亮斑（在陰影外還有不等間距的明暗相間的圓環(huán)）屬于光的衍射，故8

正確；

C、光的折射也屬于幾何光學(xué)的內(nèi)容，也不是泊松亮斑產(chǎn)生的原因，故C錯(cuò)誤；

。、光的干涉是指兩列（或多列）光波同時(shí)存在時(shí)，在它們交疊區(qū)域每個(gè)點(diǎn)的振動(dòng)都是各列波單獨(dú)產(chǎn)生

的振動(dòng)的疊加，典型例子為楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

光的折射和反射都屬于光的直線傳播的內(nèi)容；光的干涉和衍射屬于波動(dòng)光學(xué)的內(nèi)容；泊松亮斑屬于

典型的光的衍射現(xiàn)象。

本題主要考察對于衍射典型實(shí)驗(yàn)的記憶和理解，注意區(qū)別幾何光學(xué)和波動(dòng)光學(xué)有助于解題。其中可

重點(diǎn)記憶泊松亮斑屬于衍射相關(guān)的實(shí)驗(yàn)，楊氏雙縫屬于干涉相關(guān)的實(shí)驗(yàn)。

4.答案:D

解析：解：力、甲圖中4處能觀察到大量的閃光點(diǎn)，8處能看到較少的閃光點(diǎn)，在C處也可以觀察到很

少的閃光點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

8、吸收光子能量發(fā)生躍遷，吸收的光子能量需等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，從基態(tài)氫原子發(fā)生躍遷到n=

2能級(jí)，需要吸收的能量最小，吸收的能量為-3.4eV-（-13.6e1Q=10.2eIZ,即受到10.2eV光子照

射，可以從基態(tài)氫原子發(fā)生躍遷到n=2能級(jí)；從基態(tài)氫原子發(fā)生躍遷到凡=3能級(jí)，需要吸收的能

量一1.51eV-（-13.6W）=13.09eV,所以10.6eV的光子不能被吸收，不能發(fā)生躍遷，故8錯(cuò)誤，

C、圖中用弧光燈照射鋅板，鋅板上的電子逸出，鋅板帶上正電，若驗(yàn)電器原來帶負(fù)電，驗(yàn)電器的張

角可能先變小后變大，故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)左手定則可知，2不帶電，為y射線，故。正確；

故選：Do

a散射實(shí)驗(yàn)中，大多少a粒子沒有發(fā)生偏轉(zhuǎn)，少數(shù)發(fā)生較大角度偏轉(zhuǎn)，極少數(shù)a粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)。

吸收光子能量發(fā)生躍遷，吸收的光子能量需等于兩能級(jí)間的能級(jí)差?；」鉄粽丈滗\板發(fā)生光電效應(yīng)

時(shí)，鋅板上的電子逸出，鋅板帶上正電。根據(jù)左手定則判斷粒子的電性，確定為何種射線，a射線的

電離作用很強(qiáng)。

本題要知道能級(jí)差與吸收或輻射光子能量的關(guān)系，即七皿-En=要掌握吸收光子能量發(fā)生躍遷，

吸收的光子能量需等于兩能級(jí)間的能級(jí)差。

5.答案：。

解析：解：4、玻爾的原子模型是在盧瑟福的原子理論的基礎(chǔ)上建立的，對其有繼承有發(fā)揚(yáng)，玻爾理

論并不成熟，只能解釋氫原子的發(fā)光現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B、電子躍遷時(shí)輻射的光子的頻率與能級(jí)差值有關(guān)，即立=石恒-E.,其頻率與電子繞核做圓周運(yùn)動(dòng)

的頻率無關(guān)，故8錯(cuò)誤；

C、由n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)輻射出的光子能量為E=%—%=-3.4eK-(-13.6eV)=10.2eV,

故C錯(cuò)誤；

D、大量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)總共可輻射出廢=6種不同頻率的光，故

。正確。

故選：Do

玻爾理論僅可解釋氫原子發(fā)光現(xiàn)象;據(jù)玻爾理論，電子躍遷時(shí)輻射的光子的頻率滿足:hv=Em-En,

與電子繞核做圓周運(yùn)動(dòng)的頻率無關(guān)；根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式分析。

本題考查玻爾氫原子模型，要了解一部分物理學(xué)史的內(nèi)容，重在記憶和積累，注意掌握躍遷過程中

能量的計(jì)算問題。

6.答案：D

解析：解：4、哥白尼建立了日心說，太陽是太陽系的中心，現(xiàn)代天文學(xué)證明太陽不是宇宙的中心，

故A錯(cuò)誤；

8、開普勒提出繞同一恒星運(yùn)動(dòng)的行星軌道的半長軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方之比都相等，故B

錯(cuò)誤；

C、牛頓建立了萬有引力定律，不知道萬有引力常量大小，沒有計(jì)算出地球的質(zhì)量，故C錯(cuò)誤；

。、卡文迪許用扭秤實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量G,其在國際單位制中的單位是N-m2"g2,故。正確；

故選：D.

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可.

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是

考試內(nèi)容之一.

7.答案：C

解析：解：4、火箭在0-t4時(shí)刻內(nèi)的速度始終為正，即一直向上運(yùn)動(dòng)，故Q時(shí)刻火箭到達(dá)最大高度，

故A錯(cuò)誤。

8、由于火箭一直向上運(yùn)動(dòng)，可知Q時(shí)刻沒有落回地面，故8錯(cuò)誤。

C、速度時(shí)間圖象的斜率表示加速度，由圖可知在匕至t2時(shí)間內(nèi)火箭加速度最大，故C正確：

。、在t2至t3時(shí)間內(nèi)火箭的速度不為零，表示火箭做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤；

故選：Co

速度時(shí)間圖象的斜率表示加速度，圖線與坐標(biāo)軸圍成圖形的面積表示位移，根據(jù)速度的方向判斷火

箭的運(yùn)動(dòng)方向。

本題考查速度時(shí)間圖線，關(guān)鍵是明確圖線斜率表示加速度，速度的正負(fù)表示運(yùn)動(dòng)方向，從而判斷火

箭的運(yùn)動(dòng)情況；圖象圍成面積表示位移判斷那一時(shí)刻到達(dá)最大高度。

8.答案：D

解析：解：4、人與地球構(gòu)成的系統(tǒng)，由于只有重力做功，故系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)誤；

B、與球心的距離為r時(shí)，萬有引力為：F=G哭，=所以尸=竺詈r8心故B錯(cuò)誤;

C、人從北極開始下落，直到經(jīng)過地心的過程中，萬有引力對人做功：

W=F-R

其中：p==

聯(lián)立解得：

W=\mgR=|x50x10x6.4x106=1.6x109/,故C錯(cuò)誤；

D、人從下落到距地心引過程，萬有引力的平均值為：F=l（mg+lmg）=lmg

根據(jù)動(dòng)能定理，有：=

解得：

v=-=J"，*；：*宓m/s=4V3x103m/s>故D正確；

故選：Do

4、機(jī)械能守恒的條件是只有重力或彈簧彈力做功；

B、根據(jù)萬有引力定律推導(dǎo)出萬有引力的表達(dá)式進(jìn)行分析；

C、人從北極開始下落，直到經(jīng)過地心的過程中，重力與距離球心的距離成正比，取平均力，為地面

時(shí)重力的一半，即足然后根據(jù)功的定義列式求解即可；

。、對人從下落到距地心過程，根據(jù)動(dòng)能定理列式求解即可。

近幾年高考對萬有引力的考查均有創(chuàng)新點(diǎn)，并且對學(xué)生的能力要求較高。本題考查學(xué)生對機(jī)械能守

恒定律適用條件的理解、對題目信息的充分挖掘、對變力做功的計(jì)算。不難。

9.答案：C

解析：解：4、由題圖可得，波沿x軸方向傳播，P質(zhì)點(diǎn)在該時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故A

錯(cuò)誤；

B、由題可知，P在X軸上方，但由于加速度。=-上，可知加速度的方向向下.故8錯(cuò)誤；

m

C、P質(zhì)點(diǎn)在該時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，再過半個(gè)周期時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的位置在P的關(guān)于x的對

稱的位置上，位移為負(fù)值.故C正確；

。、經(jīng)過一個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為4a.故O錯(cuò)誤，

故選：C.

根據(jù)波的傳播方向確定質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，從而確定質(zhì)點(diǎn)的位移如何變化，位移越大，勢能越大，則

動(dòng)能越小可以求出速度的變化情況；又。=-竺，可以求出加速度的變化情況.經(jīng)過一個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)

m

P通過的路程是4倍振幅.

只要掌握了質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向和波的傳播方向之間的關(guān)系，就能知道質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向，從而確定質(zhì)點(diǎn)

的位移的變化情況，進(jìn)而確定速度和加速度的變化趨勢.

10.答案：A

解析：試題分析：由題意可知，電路中的電流為2.04則電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為

&=Xy<.)=n-XIS3)=W；故A錯(cuò)誤，8正確；電動(dòng)機(jī)的熱功率

,矗=鏟抽=4蝴運(yùn)=也做陋；故c正確；電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率卷=，璘-曙3

故。正確；

考點(diǎn)：考查了電功、電功率的計(jì)算.

11.答案：D

解析：解：在勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)電流方向與磁場垂直時(shí)所受安培力為：F=B/L,由于磁場強(qiáng)度B和導(dǎo)

線長度L不變，因此F與/的關(guān)系圖象為過原點(diǎn)的直線，故ABC錯(cuò)誤，。正確.

故選。.

根據(jù)安培力公式F=B/L寫出表達(dá)式即可正確求解.

本題比較簡單，考查了安培力公式F=B/L的理解和應(yīng)用，考查角度新穎，擴(kuò)展學(xué)生思維.

12.答案：D

解析：

兩個(gè)等量同種電荷電場線分布關(guān)于中垂線左右對稱，關(guān)于連線上下對稱，呈現(xiàn)排斥形狀；根據(jù)兩個(gè)

等量同種點(diǎn)電荷的電場線和等勢面的分布情況，如右圖所示，分析電勢和場強(qiáng)的關(guān)系。

對于等量同種電荷和等量異種電荷的電場和電勢

分布特點(diǎn)要能熟練掌握，尤其是在連線和垂直平

分線的分布特點(diǎn)，可以抓住電場線和等勢面的對

稱性進(jìn)行記憶。

A.結(jié)合兩個(gè)等量同種電荷電場線分布可知，兩個(gè)等

量同種電荷連線中點(diǎn)出的電場強(qiáng)度為零，但電勢

卻是中垂線上最高點(diǎn)，故4錯(cuò)誤；

B.由右圖所示知：取無窮遠(yuǎn)處的電勢為零，從無窮遠(yuǎn)處向b點(diǎn)移動(dòng)逆著電場線移動(dòng)，故b點(diǎn)電勢大于

零，即正的試探電荷在b點(diǎn)的電勢能大于零；b的電場強(qiáng)度方向向上，則正電荷在b點(diǎn)受到的電場力的

方向向上；故B錯(cuò)誤；

C正電荷從。向b運(yùn)動(dòng)的過程中，順電場線移動(dòng)，電場力做正功，故C錯(cuò)誤；

D兩個(gè)等量同種電荷中點(diǎn)。的電勢在連線上為最小值，在中垂線上為最大值，所以a點(diǎn)的電勢大于0

點(diǎn)的電勢，即帶負(fù)電的試探電荷在a點(diǎn)的電勢能小于在。點(diǎn)的電勢能，故。正確。

故選D。

13.答案：A

解析：解：4、設(shè)4的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎?，則根據(jù)據(jù)動(dòng)量守恒定律得：

mAvA-mBvB=mAvAl+mBvB'

若碰后4停止運(yùn)動(dòng)，則B必然反向，即B的速度方向與4初速度方向相同，及碰后動(dòng)量方向與碰前力的

動(dòng)量方向相同，所以碰前4的動(dòng)量大于B的動(dòng)量，故A正確，B錯(cuò)誤

C、若碰后，B球速度為0,同理可以證明若碰后B的速度為零，則碰前4的動(dòng)量小于B的動(dòng)量，故C。

錯(cuò)誤

故選A.

根據(jù)動(dòng)量守恒定律列式并分兩種情況進(jìn)行分析即可求解.

本題主要考查了動(dòng)量守恒定律的直接應(yīng)用，難度不大，屬于基礎(chǔ)題.

14.答案：B

解析：解：4、若兩電梯均為勻速上升，則甲只受重力和支持力，乙則受重力、支持力和摩擦力，故

A錯(cuò)誤，

B、若兩電梯均勻上升時(shí)，甲受重力與支持力一定為平衡力，合力為零；而乙要受重力、支持力及摩

擦力的作用而處于平衡；重力與支持力不是平衡力；故8正確；

C、若兩電梯勻加速上升，則甲所受摩擦力水平向右，乙所受摩擦力平行斜面向上，故C錯(cuò)誤；

。、若兩電梯勻加速上升，則甲所受摩擦力水平向右，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

對人受力分析，由牛頓第二定律及共點(diǎn)力的平衡條件可確定人是否受到摩擦力；并分析兩人受支持

力的大小關(guān)系.

本題考查牛頓第二定律及共點(diǎn)力的平衡條件，兩種問題均要求做好受力分析才能正確求解.

(3)450(4)620.033.0

解析:

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖以及實(shí)驗(yàn)安全性要求可明確滑片對應(yīng)的位置；

(2)根據(jù)描點(diǎn)法可得出對應(yīng)的圖象如圖所示；

(3)根據(jù)作出的圖象進(jìn)行分析，由圖可找出對應(yīng)的電阻值；

(4)根據(jù)電阻箱的讀數(shù)方法可明確對應(yīng)的電阻值，再根據(jù)圖象確定對應(yīng)的溫度。

本題考查電學(xué)中描繪圖象和應(yīng)用圖象的能力，只需要明確圖象的基本性質(zhì)即可正確解答。

(1)為了保護(hù)測量電路，在閉合工前，圖中％的滑片應(yīng)移動(dòng)到b端。

(2)做出的/?2—t曲線如圖所示。

1

(3)由作出的/?2-t曲線可知，當(dāng)1=44.0。(：時(shí)，可得RT=45O0。

(4)根據(jù)圖所示讀數(shù)為6X1000+2X100+1x0。+0.1xOO=620.00,由作出的此一t曲線可

知,當(dāng)R.=620.0。時(shí),可得t=33.0°C。

答案(l)b(2)圖見解析(3)450(4)620.033.0

16.答案：BCD0.20D

解析：解：(1)AE、本題拉力可以由彈簧測力計(jì)測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需

要使小桶(包括砂)的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，故4錯(cuò)誤，E錯(cuò)誤.

8、該題是彈簧測力計(jì)測出拉力，從而表示小車受到的合外力，故需要將帶滑輪的長木板右端墊高,

以平衡摩擦力，故8正確：

C、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器運(yùn)用時(shí)，都是先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實(shí)驗(yàn)探究加速度與力和質(zhì)量

的關(guān)系，要記錄彈簧測力計(jì)的示數(shù)，故C正確；

。、改變砂和砂桶質(zhì)量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨F變化關(guān)系，故。正確；

故選：BCD.

(2)兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)沒有畫出，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔：T=0.02x5=0.1s；

xBD=xD-xB=12.90cm—4.10cm=8.80cm=0.088cm

xDF=xF-xD=22.50cm—12.90cm=9.60cm=0.096cm

nl

由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論△x=Q/可知，加速度：a='"景皿=88/s?=0.20m/s2

(3)對a-F圖來說，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)，此題，彈簧測力計(jì)的示數(shù)尸尸令故小車

質(zhì)量為巾=；,故選Q.

k

故答案為：(l)BCD；(2)0.20；(3)0.

(1)解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)；

(2)根據(jù)逐差法求得加速度；

(3)小車質(zhì)量不變時(shí)，加速度與拉力成正比，對a-F圖來說，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)。

解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，小車質(zhì)量不

變時(shí)，加速度與拉力成正比，對a-尸圖來說，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù).

17.答案：解：(1)感應(yīng)電動(dòng)勢：E=BL^=\BLv0,

感應(yīng)電流：/=急=黠，

ab桿兩端電壓：U=IR=黑黑

(2)由能量守恒定律得：+Q,

電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱：QR=±Q,

K~vT

解得：QR盤;

答：(1)當(dāng)處桿的速度大小為半時(shí)，ab桿兩端的電壓大小為黔.

⑵在必桿的速度從大小為加減小到大小為孑的過程中，定值電阻R產(chǎn)生的熱量為翳.

解析：(1)由E=8。求出感應(yīng)電動(dòng)勢，然后應(yīng)用歐姆定律求出導(dǎo)體桿兩端的電壓.

(2)應(yīng)用能量守恒定律求出回路產(chǎn)生的熱量，然后應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)求出電阻R產(chǎn)生的熱量.

本題是電磁感應(yīng)與電路、力學(xué)相結(jié)合的綜合題，應(yīng)用E=BLu、歐姆定律與能量守恒定律可以解題；

平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)與應(yīng)用.

18.答案：解：(1)對小車在C點(diǎn)時(shí)受力分析如圖所示，則其向心力由支持力/X

Y

和重力的分力提供，由牛頓第二定律可得：FN-mgcose=m^,

代入數(shù)據(jù)解得：u=6m/s；

(2)選小車為研究對象，在小車從4運(yùn)動(dòng)到C的過程中，由動(dòng)能定理可得：/.

mg

Pt—f(L+s)—mgR(l—cosO)=^mv2—0,

其中s為圓弧BC的長度，根據(jù)幾何關(guān)系可得：

e

s=--x2nR=1.3m,

360°

解得：t=2.48s；

答：(1)動(dòng)力小車運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)時(shí)的速度的大小為