2021屆山東省威海市高考物理二模試卷附答案詳解

2021屆山東省威海市高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）

1.下列說法中正確的是（）

A.比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定

B.電子通過雙縫干涉后的圖樣體現(xiàn)了光的波動(dòng)性

C.一定光照條件下，單位時(shí)間內(nèi)，陰極K發(fā)射的光電子數(shù)目隨電壓增大而增大

D.原子的結(jié)合能隨原子核核子數(shù)的增大先增大后減小

2.圖甲為一列簡諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖，圖乙為質(zhì)點(diǎn)P以此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)的振動(dòng)圖象.從該

時(shí)刻起（）

A.經(jīng)過0.35s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q距平衡位置的距離等于質(zhì)點(diǎn)P距平衡位置的距離

B.經(jīng)過0.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的加速度大于質(zhì)點(diǎn)P的加速度

C.經(jīng)過0.15s,波沿x軸的正方向傳播了3zn

D.經(jīng)過0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正方向

3.下列圖象的描述和判斷正確的是（）

A.圖中，一定質(zhì)量的某種氣體，若不計(jì)分子勢(shì)能，氣體在狀態(tài)①時(shí)具有的

內(nèi)能較大

在實(shí)際問題中，飽和汽壓包括水蒸氣的氣壓和空氣中其他各

種氣體的氣壓，且水的飽和汽壓隨溫度的變化而變化，溫度升高，飽和汽壓增大

p

c

圖中，由經(jīng)到。的過程，氣體對(duì)外做功小于由經(jīng)。到的過程

C./B4B4C

o--------------

?定震*的理想

氣體碌,圖象

D.圖中，通過觀察蜂蠟在云母片上熔化區(qū)域形狀，可以得出蜂蠟的物理性質(zhì)是各

云綠片

向異性的

處于基態(tài)的一群氫原子被外來單色光激發(fā)后，發(fā)射的光譜中，在

巴耳末系中只有兩條光譜線5>3躍遷到n=2）。則下列說法中錯(cuò)

誤的是（）

A.外來單色光的頻率約為3.08x1015Hz23.4

B.該氫原子發(fā)射的所有譜線中，最長的波長為6564mH

C.該氫原子發(fā)射的所有譜線中，最短波長的光子動(dòng)量約為6.79x1------------------13￡

10~27kg-m/s

D.氫原子發(fā)射的光照射逸出功為2.29W的金屬鈉，光電子最大動(dòng)能約為10.46eV

5.下列關(guān)于光子說法正確的是（）

A.光的能量是連續(xù)的

B.光子的能量和它的頻率成正比

C.光子的能量和它的速度的平方成正比

D.光子是具有一定質(zhì)量和體積的物質(zhì)微粒

6.設(shè)地球的半徑為心,質(zhì)量為瓶的衛(wèi)星在距地面及高處做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，地面的重力加速度為外，

不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，則以下說法錯(cuò)誤的是（）

A.衛(wèi)星的線速度為叵B.衛(wèi)星的角速度為整

7278RO

C.衛(wèi)星的加速度為當(dāng)D.衛(wèi)星的周期為4?；?/p>

如圖所示，電梯內(nèi)用兩根輕質(zhì)細(xì)線吊著一個(gè)質(zhì)量m=0.8kg的小球，細(xì)線OB水平，

細(xì)線04與豎直方向的夾角a=37。.已知電梯在豎直方向上運(yùn)動(dòng)，加速度大小為

H

2m/s2,取g=lOm/s?,sin37°=0.6,則下列說法正確的是（）

A.細(xì)線0B的彈力一定為6.0NB.細(xì)線0B的彈力可能為4.8N

C.細(xì)線04的彈力可能為6.4ND.細(xì)線。4的彈力可能為9.6N

8.在如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S,把滑動(dòng)變阻器飛的滑片向上滑動(dòng)的過程

中，若電源內(nèi)阻不能忽略，則下列說法正確的是（）丁，巳q

A.電壓表的示數(shù)變小，電流表示數(shù)變大F

B.電壓表的示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小

C.沒有電流通過7?2

D./?2中有由a到b的電流

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

9.如圖所示，匝數(shù)n=100匝、邊長;0.1m,電阻不計(jì)的正方形導(dǎo)線框abed處于勻強(qiáng)磁場中，磁

感應(yīng)強(qiáng)度8=近7。線框繞中心軸0。'以3=100兀rad/s的角速度勻速運(yùn)動(dòng)。線框的輸出端與理

7T

想變壓器原線圈相連，副線圈連接著一只“20V、10山”的燈泡，且燈泡能正常發(fā)光，電路中

熔斷器熔斷電流為內(nèi)，熔斷器兩端的電壓忽略不計(jì)。從圖示位置開始計(jì)時(shí)，下列判斷正確的

是（）

A.線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式為u=100V2cosl007rtIZ

B.理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為5：1

C.副線圈兩端并聯(lián)“20人lOW"的燈泡最多不能超過10只

D.線框從圖示位置轉(zhuǎn)過360。過程中，通過熔斷器的電荷量為0.02C

10.如圖所示，豎直放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌間距為，，之間接有定值電阻R,質(zhì)量

為m的金屬棒與兩導(dǎo)軌始終保持垂直并良好接觸且無摩擦，棒的電阻為r,導(dǎo)軌

電阻不計(jì)。整個(gè)裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面垂

直，棒在豎直向上的恒力F作用下先加速上升的一段時(shí)間，再達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)。則

下列說法中正確的是

F-mg

A.棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，通過它的電流為/=

Bl

B.棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，其速度為〃=（~*）R

B212

C.棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)前，其加速度一直在減小

D.整個(gè)過程中，棒所受安培力做功在數(shù)值上等于棒上所生的熱

11.如圖所示，固定于地面、傾角為。的光滑斜面上有一輕質(zhì)彈簧，輕質(zhì)彈簧一端與固定于斜面底

端的擋板C連接，另一端與物塊4連接，物塊4上方放置有另一物塊B,物塊A、B質(zhì)量均為m且

不粘連，整個(gè)系統(tǒng)在沿斜面向下的外力F作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)。某一時(shí)刻將力F撤去，在彈簧將

4、B彈出過程中，若4、B能夠分離，重力加速度為g。則下列敘述正確的是（）

A.A、B剛分離的瞬間,兩物塊速度達(dá)到最大

B.A、8剛分離的瞬間，4的加速度大小為gsin。

C.從力F撤去到4、B分離的過程中，8物塊的機(jī)械能一直增加

D.從力F撤去到力、B分離的過程中，4、B物塊和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

12.如圖，一勻強(qiáng)電場的方向平行于正方形4BC0確定的平面。己知4、B、C三

：；

點(diǎn)的電勢(shì)分別為心=15人租8=31/,%=一3乙則下列說法正確的是（）；

：：

A.場強(qiáng)的方向與B。連線垂直

------------*C

B.電子在4點(diǎn)的電勢(shì)能比在B點(diǎn)的低12eV

C.。點(diǎn)的電勢(shì)為9V

D.電子從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場力做功為6elZ

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14.0分）

13.在用插針法測定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，甲、乙、丙三位同學(xué)在紙上畫出的界面aa'、bb'與玻

璃磚位置的關(guān)系分別如圖①、②和③所示，其中甲、丙兩同學(xué)用的是矩形玻璃磚，乙同學(xué)用的

是梯形玻璃磚.他們的其他操作均正確，且均以aa'、防'為界面畫光路圖，則三位同學(xué)測得的

折射率與真實(shí)值相比（填偏大、偏小、不變或無法確定）

甲同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比

乙同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比

丙同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比

14.在“測定金屬的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，提供以下實(shí)驗(yàn)器材；待測金屬絲、螺旋測微器、毫米刻度尺、

電壓表V(量程0?3乙內(nèi)阻約5k。)、電流表4(量程0?0.64內(nèi)阻以=1.50)、電源E(電動(dòng)勢(shì)約

3U)、滑動(dòng)變阻器、開關(guān)及導(dǎo)線若干。某同學(xué)進(jìn)行了如下操作：

(1)該同學(xué)用毫米刻度尺測量待測金屬絲的長度為L;用螺旋測微器測量待測金屬絲的直徑為d,某次

測量如圖甲所示，讀數(shù)為mm.

(2)按照?qǐng)D乙所示的實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)電路圖，請(qǐng)完成圖丙中的實(shí)物連接。

(3)該同學(xué)進(jìn)行了相應(yīng)測量，利用電壓表和電流表的讀數(shù)畫出了圖丁所示的U-/圖象，由此得到金屬

絲電阻R=________0。

四、計(jì)算題(本大題共4小題，共46.0分)

15.有-一輛汽車質(zhì)量為800kg,行駛在圓弧半徑為50m的拱形橋面上.求：

(1)當(dāng)汽車在拱頂處速度為5m/s時(shí)，拱橋?qū)ζ嚨闹С至?

(2)汽車以多大的速度經(jīng)過拱頂時(shí)對(duì)橋恰好沒有壓力而騰空？(取g=10m/s2)

16.如圖所示的粗細(xì)均勻薄壁U型管，左管上端封閉，右管開口且足夠長.溫度為口=

L

27久時(shí)，右管內(nèi)水銀面比左管高h(yuǎn)=4cm,左管內(nèi)空氣柱長度為L=40cm,大氣

壓強(qiáng)Po=76cmHg.現(xiàn)使左管內(nèi)空氣溫度緩慢下降，則當(dāng)左管內(nèi)液面上升七=

4c/n時(shí)，管內(nèi)氣體溫度tz為多少℃?

17.在某空間建立如圖所示直角坐標(biāo)系，并在該空間加上沿y軸負(fù)方向、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)

磁場，和沿某個(gè)方向的勻強(qiáng)電場。一質(zhì)量為m、帶電量為+q(q>0)的粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)。以初速

度及沿支軸正方向射入該空間，粒子恰好能做勻速直線運(yùn)動(dòng)。不計(jì)粒子的重力，求：

(1)所加電場強(qiáng)度E的大小和方向；

(2)若撤去電場，并改變磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，使粒子恰好能經(jīng)過坐標(biāo)為(3a,0,-a)的點(diǎn)，則改變后的

磁感應(yīng)強(qiáng)度夕為多大？

(3)若保持磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變，將電場強(qiáng)度大小調(diào)整為E',方向調(diào)整為平行于yOz平面且與y軸正方向

成某個(gè)夾角。，使得粒子能夠在%0y平面內(nèi)做類平拋運(yùn)動(dòng)(沿x軸正方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，沿y軸

正方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng))并經(jīng)過坐標(biāo)為(3a,a,0)的點(diǎn)，則E'和tan。各為多少？

18.如圖，空間某個(gè)半徑為R的區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，與

它相鄰的是一對(duì)間距為d,足夠大的平行金屬板，板間電壓為U.一群質(zhì)

三

量為電量為q的帶正電粒子從磁場的左側(cè)以相同速度沿平行極板的二

三

方向射入磁場，所有進(jìn)入磁場的粒子都能從P點(diǎn)射入電場，不計(jì)重力。

問：

(1)粒子的入射速度"為多少？

(2)極板CD上多長的區(qū)域上可能會(huì)有帶電粒子擊中？

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：4、比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定。故A正確；

8、電子通過雙縫干涉后的圖樣體現(xiàn)了電子等實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性。故B錯(cuò)誤；

C、光電流達(dá)到飽和后，光電子數(shù)目不會(huì)隨電壓增大而增大。故C錯(cuò)誤；

。、原子的結(jié)合能隨原子核核子數(shù)的增大而增大。故。錯(cuò)誤；

故選：Ao

比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定；電子通過雙縫干涉后的圖樣體現(xiàn)了電子等實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性；

光電流達(dá)到飽和后，光電子數(shù)目不在增加；原子的結(jié)合能隨原子核核子數(shù)的增大而增大。

本題考查了原子核的結(jié)合能、愛因斯坦光電效應(yīng)方程、光的波粒二象性等知識(shí)點(diǎn)。這種題型屬于基

礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不大。

2.答案：C

解析：解：力、由圖，經(jīng)過0.35s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q距平衡位置的距離不可能等于質(zhì)點(diǎn)P距平衡位置的距離。

故4錯(cuò)誤。

B、此時(shí)P向下運(yùn)動(dòng)，Q點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)。T=0.2s,經(jīng)過t=0.25s=l[T時(shí)，P點(diǎn)到達(dá)波谷，Q點(diǎn)到達(dá)

平衡位置上方，但未到波峰，質(zhì)點(diǎn)Q的加速度小于質(zhì)點(diǎn)P的加速度。故B錯(cuò)誤。

C、因波沿%軸的正方向傳播,4=4m,則波速u=*=20m/s,則經(jīng)過0.15s,波傳播距離x=vt=3rn。

故C正確。

D、t=0.1s=,質(zhì)點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向。故。錯(cuò)誤。

故選：Co

由振動(dòng)圖象讀出t=0時(shí)刻P點(diǎn)的振動(dòng)方向，判斷波的傳播方向.由波動(dòng)圖象讀出波長，由振動(dòng)圖象

讀出周期，可求出波速.分析波動(dòng)過程，確定Q點(diǎn)的加速度與P點(diǎn)加速度關(guān)系，并判斷Q點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方

向.

波的圖象往往先判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向和波的傳播方向間的關(guān)系.同時(shí)，熟練要分析波動(dòng)形成的過程，

分析物理量的變化情況.

3.答案：C

解析：解：4、高溫時(shí)速率大的分子占比更多，因此氣體分子在高溫狀態(tài)時(shí)的平均速率大于低溫狀態(tài)

時(shí)的平均速率，結(jié)合圖可知，A<0?由于狀態(tài)②時(shí)的溫度高，故不計(jì)分子勢(shì)能時(shí)，氣體在狀態(tài)①時(shí)

具有的內(nèi)能較小，故A錯(cuò)誤；

&在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，這個(gè)壓強(qiáng)叫做飽和蒸

氣壓強(qiáng)；飽和汽壓不包括空氣中其他各種氣體的氣壓，故8錯(cuò)誤；

C、由4經(jīng)B到C的過程氣體對(duì)外做功為叫=%?△V,由4經(jīng)。到C的過程氣體對(duì)外做功為為伍=Pc-

△K,由于Pc>2i，故〃2>明，故C正確；

。、通過觀察蜂蠟在玻璃片和云母片上熔化區(qū)域形狀的不同，可以得出晶體的物理性質(zhì)是各向異性

的或晶體在不同方向上的物理性質(zhì)是不同的，即單晶體具有各向異性，不能得出蜂蠟物理性質(zhì)是各

向異性的結(jié)論，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高平均動(dòng)能增大，體積不變時(shí)，氣體的內(nèi)能由平均動(dòng)能決定；

與液體處于動(dòng)態(tài)平衡的蒸氣叫飽和蒸氣；反之，稱為不飽和蒸氣。飽和蒸氣壓強(qiáng)與飽和蒸氣體積無

關(guān)；

根據(jù)皿=P△V即可判斷出對(duì)外做功的大??；

單晶體具有各向異性，而非晶體具有各向同性。

該題結(jié)合圖象考查熱學(xué)的多個(gè)知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，解答本題關(guān)鍵是明確影響飽和蒸汽壓的因素：液體的

種類和液體的溫度，與蒸汽的體積無關(guān)，基礎(chǔ)題目。

4.答案:B

解析：解：4、由發(fā)射的光譜中，在巴耳末系中只有兩條光譜線，可判斷出基態(tài)氫原子吸收光子后躍

1

遷到n=4,根據(jù)能級(jí)躍遷時(shí)的頻率條件加=Em-En,外來單色光的頻率為v=等=

匕竺x3.08X1015Hz,故A正確.

6.63x10-34

8、該氫原子發(fā)射的所有譜線中，71=4到n=3躍遷產(chǎn)生的光子的能量最小，頻率最低，波長最長，

利用若=E,—E3得最長的波長為"端=卷含就罌聲7n“18.84x10-m=1884nm,

故8錯(cuò)誤.

C、n=4到n=1躍遷產(chǎn)生的光子的能量最大，頻率最高，波長最短，利用光子能量E==

光子動(dòng)量尸=：得光子動(dòng)量P=E.

AC

因?yàn)镋=%-4=[-0.85-(-13.6)]x1,6x10-197=2.04xIO-18；,所以動(dòng)量P=g=

4Q4X10x679x10~27kg-m/s,故C正確.

D,n=4到n=1躍遷產(chǎn)生的光子的能量最大，為E=—4=12.75eV,用它照射逸出功為2.29eU

的金屬鈉，光電子動(dòng)能最大，最大動(dòng)能為a=E-%=(12.75-2.29)eU土10.46eV,故。正確.

本題選錯(cuò)誤的.

故選：B。

通過在巴耳末系中只有兩條光譜線，判斷出躍遷后的原子所處的能級(jí)，從而求外來單色光的頻率；

波長最長的譜線，對(duì)應(yīng)躍遷時(shí)能級(jí)差值最小，波長最短的譜線，對(duì)應(yīng)躍遷時(shí)能級(jí)差值最大；利用光

子能量和動(dòng)量表達(dá)式，求解光子動(dòng)量；利用光電效應(yīng)方程求最大動(dòng)能。

本題考查原子的躍遷和光電效應(yīng)，解答時(shí)用到玻爾理論的頻率條件hv=Em-E”和愛因斯坦光電效

應(yīng)方程&巾=hv-%.本題難點(diǎn)是運(yùn)算復(fù)雜，此類題目對(duì)培養(yǎng)學(xué)生的運(yùn)算能力大有裨益。

5.答案：B

解析：解：小光子說認(rèn)為光是不連續(xù)的、一份一份的，每一份的能量為抽，故A錯(cuò)誤。

BC、由E=hy知，光子的能量和它的頻率成正比，故B正確，C錯(cuò)誤。

。、光是一種電磁波，光是高頻電磁波，光子不是物質(zhì)微粒，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

光子說認(rèn)為光是不連續(xù)的、一份一份的，光子的能量與光的頻率成正比。光子不是實(shí)物粒子。

本題的要求掌握光子說的內(nèi)容、光子能量公式，知道光是一種電磁波，不是實(shí)物粒子。

6.答案：C

解析：解：4研究衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式：雪=m',

rzr

解得：D=舟其中r=2R0①

忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬有引力等于重力列出等式：^~=mg0,

解得：GM=gRl②

由①②得：衛(wèi)星的速度大小12=坪,故A正確。

B、衛(wèi)星的角速度?=3=為/條，故B正確。

C、根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)得：a=^=以，故C錯(cuò)誤。

r4

=里=4兀陛,

D、衛(wèi)星的周期7故。正確。

v7go

本題選擇錯(cuò)誤的，故選：C。

研究衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式表示出線速度、角速度、周

期、加速度等物理量.忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬有引力等于重力列出等式.

向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應(yīng)用.運(yùn)用黃金代換式GM=

g/?2求出問題是考試中常見的方法.

7.答案：B

解析：解：小球受力如圖所示：J

由牛頓第二定律

當(dāng)加速度方向向上時(shí)：Tcosa—mg—ma,Tsina-T

AAB---v---1

“，ms

解得：TA=12N,TB=7.2/V；

當(dāng)加速度方向向下時(shí)：mg-TAcosa=ma,TAsina=TB

解得：TA=8N,TB=4.8/V；

故錯(cuò)誤，B正確；

故選：B。

小球在豎直方向運(yùn)動(dòng)，加速度方向即可能向上，也可能向下，應(yīng)用牛頓第二定律求出細(xì)線的拉力，

然后分析答題.

本題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，對(duì)小球正確受力分析、應(yīng)用牛頓第二定律即可解題，解題時(shí)要注

意討論加速度的方向，否則會(huì)出錯(cuò).

8.答案：D

解析：解：4、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向上移動(dòng)的過程中，變阻器在路電阻減小，外電路總電阻減

小，干路電流增大，電壓表測量色的電壓，根據(jù)U=/R可知，電壓表示數(shù)增大，故AB錯(cuò)誤；

C、根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，并聯(lián)部分電壓變小，電容器電壓減小，電容器放電，電容器下極板

帶正電，則％中有由a到b的電流，故C錯(cuò)誤，。正確.

故選：D。

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向上移動(dòng)的過程中，變阻器在路電阻減小，即可知外電路總電阻減小，由

閉合電路歐姆定律可判斷出干路電流的變化，進(jìn)而判斷并聯(lián)部分電壓變化，從而判斷電容器是充電

還是放電.

本題按“局部—整體T局部”的思路進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析，掌握閉合電路歐姆定律和部分電路歐姆定律是分

析的理論依據(jù)，注意電容器對(duì)電路沒有影響.

9.答案:AB

解析：解：4、從圖示位置開始，線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式

u=NBS3cos3t=100x今x0.12x1007rcosl007rt(y)=100V2cosl007rt(7)，故A正確：

B、由于燈泡正常發(fā)光，則副線圈兩端電壓為201Z,由公式￡=最得：

100—

也===3故B正確；

n2201

C、一個(gè)燈泡正常發(fā)光的電流為/=3=彭=0.54

由公式*=詈可知：

hn2

，2==5/i=5y/2A

n2

則燈泡的個(gè)數(shù)N=2只=10立只”14只，故C錯(cuò)誤：

0.5

D、線框從圖示位置轉(zhuǎn)過360。過程中，穿過線圈的磁通量變化為0,則電荷量為0,故。錯(cuò)誤。

故選：AB.

線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直磁場的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式“=

NBS3cosa)t；然后結(jié)合變壓器的變壓比公式和

輸入、輸出功率關(guān)系分析

本題關(guān)鍵熟悉交流電的產(chǎn)生和變壓器的變壓比公式，同時(shí)要結(jié)合能量守恒定律分析

10.答案：AC

解析：對(duì)導(dǎo)體棒受力分析得：F-mg-BlL=ma,而感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BW,電流［=_￡_,帶入得：

F-mg-尤包=ma,隨著運(yùn)動(dòng)速度V增加，加速度減小，當(dāng)加速度減小到零時(shí)，速度最大:v=

R十萬

''一"f",電流1=￡*,故A正確；8錯(cuò)誤；C正確；

B2L2BL

根據(jù)能量守恒定律可知，棒所受安培力做功在數(shù)值上等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，故。錯(cuò)誤；

故選：AC.

11.答案：BCD

解析：解：力、A、8被彈起的過程中，當(dāng)整體的合力等于零時(shí)，兩物塊速度達(dá)到最大，此時(shí)彈簧處

于壓縮狀態(tài)，4、B還沒有分離，故A錯(cuò)誤。

B、4、8剛分離瞬間，4、B間的彈力為零，對(duì)B,由牛頓第二定律得mgsin。-maB,得CZB=gsind,

此瞬間4與B的加速度相同，所以4的加速度大小為gsin。，故B正確。

C、從力尸撤去到4、8發(fā)生分離的過程中，4對(duì)B一直做正功，貝必物塊的機(jī)械能一直增加，故C正

確。

。、從力尸撤去到4、B發(fā)生分離的過程中，4、B物塊及彈簧所構(gòu)成的系統(tǒng)只有重力和彈簧的彈力做

功，所以系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故。正確。

故選：BCD.

系統(tǒng)機(jī)械能守恒的條件是只有重力和彈簧的彈力做功。A、B被彈起過程中，合力等于零時(shí)，兩物塊

速度達(dá)到最大。A、B剛分離瞬間，兩者間的彈力為零，以B為研究對(duì)象，求解B的加速度大小，即等

于4的加速度大小。結(jié)合功能原理分析4的機(jī)械能變化情況。

本題從受力角度看，兩物體分離的條件是兩物體間的彈力為0.從運(yùn)動(dòng)學(xué)角度看，一起運(yùn)動(dòng)的兩物體

恰好分離時(shí)，兩物體在沿斜面方向上的加速度和速度仍相等。

12.答案：BC

解析：解：A、連接4C,在4c上找出與B點(diǎn)等電勢(shì)點(diǎn)E,作出等勢(shì)線BE,根據(jù)、\\

電場線與等勢(shì)面垂直可知，電場線方向與BE垂直向下，并不與BD連線垂直。D

故4錯(cuò)誤.pmV

B、電子在4點(diǎn)的電勢(shì)能比在B點(diǎn)的低，-MB=-qU.=-勺(以—SB)=|a\i

e(15-3”=12eV,故B正確。B一、37c

C、根據(jù)勻強(qiáng)電場中電勢(shì)差與場強(qiáng)的關(guān)系：U=Ed,可知沿電場線方向相同距離電勢(shì)差相等，結(jié)合

正方形的對(duì)稱性可得：(PA-<PB=<PD一中C，

得：9。=04—SB+9c=15—3—3=9匕故C正確。

。、電子從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場力做功為WBc=-eUBc=-e(3-(-3))=-6eV,故。錯(cuò)誤。

故選：BCo

電場力做功根據(jù)公式W=qU進(jìn)行計(jì)算；根據(jù)勻強(qiáng)電場中電勢(shì)差與場強(qiáng)的關(guān)系：U=Ed,可知沿電

場線方向相同距離電勢(shì)差相等，求解。點(diǎn)的電勢(shì)；連接4C,在2C上找出與2點(diǎn)等電勢(shì)點(diǎn)，作出等勢(shì)

線，再確定電場線的方向。

本題關(guān)鍵是找到等勢(shì)點(diǎn)，作出等勢(shì)線。利用電場線與等勢(shì)面相互垂直的關(guān)系作出電場線，分析時(shí)還

要抓住對(duì)稱性。

13.答案：偏小；不變；可能偏大、可能偏小、可能不變

解析：解：如圖1.甲同學(xué)測定折射率時(shí)，作出的折射光線如圖中虛線所示，實(shí)線表示實(shí)際光線，可

見折射角增大，則由折射定律n=%可知，折射率n將偏小:

用圖②測折射率時(shí)，只要操作正確，測量的結(jié)果與玻璃磚的形狀無關(guān)，故乙同學(xué)測得的折射率與真

實(shí)值相比不變；

用圖③測折射率時(shí)，折射角可能偏小，可能偏大，也可能不變，所以測得的折射率可能偏大、可能

偏小，也可能不變.

故答案為:

①偏??；

②不變；

③可能偏大、可能偏小、可能不變.

用插針法測定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)原理是折射定律《=典，運(yùn)用作圖法，作出光路圖，確定折射光

sinr

線的偏折情況，分析入射角與折射角的誤差，從而來確定折射率的誤差.

對(duì)于實(shí)驗(yàn)誤差，要緊扣實(shí)驗(yàn)原理，用作圖法，確定出入射角與折射角的誤差，即可分析折射率的誤

差.

14.答案：0.3153.5—

4L

解析：解：(1)由圖甲所示螺旋測微器可知，其示數(shù)為0+31.5xO.Olnvn=0.315小加。

(2)由圖乙所示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，電流表采用內(nèi)接法，根據(jù)圖乙所示電路圖連

接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示；

(3)根據(jù)圖丁所示圖象由歐姆定律得R+&=彳=言。=5.0/2,

金屬絲電阻R=3.50；

(4)由電阻定律可知^^==2急，

電阻率p=嗒；

故答案為：(1)0.315；(2)實(shí)物電路圖如圖所示；(3)3.5；(4)嗒。

(1)螺旋測微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)。

(2)根據(jù)圖乙所示電路圖連接實(shí)物電路圖。

(3)根據(jù)圖乙所示電路圖與圖丁所示圖象求出金屬絲的電阻。

(4)根據(jù)電阻定律求出電阻率的表達(dá)式。

本題考查了螺旋測微器讀數(shù)、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理等問題，要掌握常用器材的使用與讀數(shù)方法；應(yīng)用電阻

定律可以求出電阻率的表達(dá)式。

15.答案:解：(1)根據(jù)牛頓第二定律得，

..V2

mg—N=m—

解得N=mg-m-=8000-800x—W=7600/V.

DRso

答：拱橋?qū)ζ嚨闹С至?600N.

(2)當(dāng)壓力為零時(shí)，有：mg=m^

解得%=dgR=解OOm/s=22.4m/s-

答：當(dāng)汽車的速度為22.4771/s時(shí)，汽車對(duì)橋恰好沒有壓力而騰空.

解析：(1)汽車在橋頂時(shí)，重力和支持力的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出拱橋

對(duì)汽車的支持力.

(2)當(dāng)汽車對(duì)橋頂恰好無壓力時(shí)，重力提供向心力，根據(jù)牛頓牛頓第二定律求出汽車的速度.

解決本題的關(guān)鍵搞清向心力的來源，運(yùn)用牛頓第二定律求解.

16.答案：解：設(shè)玻璃管橫截面積為Sen?,以左管上端封閉的空氣柱為研究對(duì)象.

氣壓：P[=P()+色=76+4cmHg=QOcmHg,p2=76—4=72cmHg

體積：匕=40?Scm3,%=(40-4)?S=36Scm3

溫度：Ti=273十27=300K

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程：

PMP2%

丁_虧

代入數(shù)據(jù)解得：72=策71=蔣蕓X3OOK=243K

即管內(nèi)氣體溫度為t2=T2-273℃=243-273℃=-30℃

答：管內(nèi)氣體溫度12為-30℃

解析：左管水銀面比右管水銀面高出4cm,則封閉氣體的壓強(qiáng)減小4cm"g,對(duì)封閉氣體運(yùn)用理想氣

體狀態(tài)方程列式求解即可

以封閉的氣體為研究對(duì)象，找出氣體變化前后的狀態(tài)參量，利用氣體的狀態(tài)方程計(jì)算即可.

17.答案：解：(1)由左手定則可知，帶電粒子所受洛倫茲力沿z軸負(fù)方向，

粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件可知，電場力沿z軸正方向，粒子帶正電，則電場強(qiáng)度方向沿z軸

正方向，

對(duì)粒子，由平衡條件得：qE-qvB=0

解得：E=vB

(2)撤去電場后粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖1所示

設(shè)粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r,由幾何知識(shí)得:

r2=(r—Q)2+(3a)2

解得：r=5a

粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心