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文檔簡介
2021年吉林省長春市高考物理質檢試卷(二)
一、單選題(本大題共5小題,共30.0分)
1.關于“亞洲一號”地球同步衛(wèi)星,下面說法中正確的是()
A.已知它的質量為1.24噸,若其增為2.48噸,則軌道半徑將變?yōu)樵瓉淼?倍
B.它的運行速度比近地衛(wèi)星的運行速度大
C.它可以通過北京的正上方,所以我們能用它來轉播電視
D.若已知它距地面上高度約為地球半徑5.6倍,所以其向心加速度約為其下方地面上重力加速
度的專
2.關于太陽,下列說法正確的是()
A.是銀河系的一個組成部分
B.是銀河系中唯一發(fā)光的恒星
C.是一顆能發(fā)光、發(fā)熱的液態(tài)星球
D.輻射能量主要來自于太陽內部的化學反應
3.如圖所示,質量不計的水平橫梁4B的4端插入豎直墻壁內,另一端裝\c
有一個輕質小滑輪B,一輕繩的一端C固定于該墻壁上,另一端跨過光
滑小滑輪后懸掛一質量為m=5kg的物體,其中4CB4=30。,重力加彖》?8
速度為g=10m/s2,那么,橫梁48對小滑輪的作用力的大小和方向j::
分別為()
A.50V3/V,方向沿著4TB方向水平向右
B.25N,方向沿著豎直向上的方向
C.50N,方向沿著NCBD的角平分線方向與8C繩子的夾角為120。斜向上
D.50N,方向沿著4CBD的角平分線方向與4B橫梁的夾角為60。斜向上
4.如圖甲所示,在粗糙的水平面上,質量為1kg的物塊在水平向右的外力尸的作用下做直線運動,
3s后撤去外力,物塊運動的速度-時間圖象如圖乙所示。下列判斷正確的是()
甲乙
A.5s末物塊返回出發(fā)點
B.0?5s內,物塊經(jīng)過的路程是16M
C.物塊在0?1s內和3s?5s內的平均速度大小相等
D.物塊與水平面之間的動摩擦因數(shù)為0.5
5.一個電阻為R、面積為S的金屬環(huán),讓磁感線垂直穿過環(huán)面,在t時間內,磁感應強度的變化是△B,
則通過金屬環(huán)導線截面的電量與下述哪些量無關()
A.時間tB.環(huán)所圍面積S
C.環(huán)的電阻值RD.磁感應強度B的變化
二、多選題(本大題共5小題,共27.0分)
6.如圖,圖中五點均在勻強電場中,它們剛好是一個圓的四個等分點和圓心。
已知電場線與圓所在平面平行。下列有關圓心。和等分點a的電勢、電場
強度的描述中正確的是()
A.a點的電勢為4V
B.a點的電勢為6v
C.。點的場強方向由。點指向a點
D.。點的場強方向由0點指向電勢為2V的點
7.如圖所示的電路中,電源電動勢為E、內電阻為r.在滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向上滑
動的過程中,下列說法正確的是()
-L_4p
A.電路中的總電流變大B.電源路端電壓變大
C.通過電阻/?2的電流變大D.通過滑動變阻器治的電流變大
8.如圖,拉動齒條可使玩具陀螺轉動起來,設每次拉出齒條的長度都相同,則()
A.拉力尸越大,陀螺獲得的動能越大
B.拉出齒條的過程,系統(tǒng)機械能守恒
C.拉力尸做功全部轉化為陀螺的動能
D.拉力F越大,拉大F的功率就越大
9.下列說法正確的是()
A.分子間的引力隨分子間距離增大先增大后減小
B.自然發(fā)生的熱傳遞過程總是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的
C.人們感覺干燥,空氣絕對濕度可能很大,而空氣的相對濕度一定較小
D.液體中懸浮微粒的布朗運動使液體分子永不停息地做無規(guī)則運動
E.液面上部的蒸汽達到飽和時,從宏觀上來看液體不再蒸發(fā),但仍有液體分子從液面飛出
10.如圖甲所示,同一介質中兩個波源M和N相距L=6.0m,起振后的振動圖像分別如圖乙和圖丙所
示,位于M、N之間的質點P到波源M的距離d=2.25m.已知波源M產生的簡諧橫波的速度為u=
50m/s,則以下判斷正確的是()
MPN°
A.波源M產生的波的波長比波源N產生的波的波長長
B.波源M產生的波剛傳播到P點時,質點P向y軸正方向運動的
C.兩列波疊加后,P點的振幅是9cm
D.兩列波疊加后,"、N連線的中點處的振幅是9cm
三、填空題(本大題共1小題,共4.0分)
H.如圖所示是教學演示用的某光導器件的截面圖,它是由某種圓柱形玻璃拉成的一
半圓形器件,其外徑為R.實驗時,當一束激光從光導器件上端中點垂直端面射0,)
入時,發(fā)現(xiàn)激光在玻璃里面恰好發(fā)生三次全反射后平行入射光射出,則光導器
件的折射率為,從光進入到離開所用的時間為。
四、實驗題(本大題共2小題,共15.0分)
12.圖示為“探究合力功與物體動能變化的關系”的實驗裝置,只改變重物的質量進行多次實驗,
每次小車都從同一位置4由靜止釋放。請回答下列問題:
(1)用螺旋測微器測量遮光條的寬度d,其示數(shù)如圖所示,則d=mmo
(2)平衡摩擦力時,(填“要”或“不要”)掛上重物。
(3)實驗時,(填“需要”或“不需要”)滿足重物的總質量遠小于小車的總質量(包括拉力傳感
器和遮光條)。
(4)按正確實驗操作后,為了盡可能減小實驗誤差,若傳感器的示數(shù)為F,小車總質量為M,重物的
總質量為m,4、B兩點間的距離為L,遮光條通過光電門的時間為3則需要測量的物理量是
A.M、m、LB.F、M、L、tC.F、m、L、tD.F、M、L
(5)在實驗誤差允許范圍內,關系式成立。(用測量的物理量表示)
13.某同學采用圖甲所示的電路完成“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗,實驗中用電壓表測量小
燈泡的電壓,用多用電表的直流擋測量通過小燈泡的電流。
(1)圖甲中多用電表的黑表筆是(填“p”或"Q”),用多用電表的直流電流擋測量通過小燈泡
的電流時,需要將多用電表的兩個表筆連接到a、b兩處,其中黑表筆應與.(填“a”或
"b")連接。
(2)實驗配備的器材如下:
4待測小燈泡L(“2.5V,0.2W")
電壓表V(量程0?3V,阻值約3k。)
C.多用電表(三個直流電流擋量程分別為lnM,10mA,100mA)
D滑動變阻器&(阻值范圍0?100,額定電流24)
£滑動變阻器&(阻值范圍0?5000,額定電流1A)
F.電池組(電動勢4.51Z,內阻約為10)
G.開關一只,導線若干
為了使測量盡可能地準確且能方便地進行調節(jié),多用電表直流電流擋量程應選,滑動變阻器
應選。
(3)該同學選取合適的器材后,用導線將器材按圖甲所示的電路連接起來,如圖乙所示。他在實驗前
進行電路檢查時發(fā)現(xiàn)漏接了一根導線,請你在乙圖上用筆畫上這根漏接的導線。
(4)該同學糾正連線錯誤后,通過實驗測得多組/、U值并描繪出小燈泡的/-U曲線如圖丙所示。由
I-U曲線可以看出:當燈泡兩端電壓U=2.20U時小燈泡的電阻心=n(保留兩位有效數(shù)
字);
(5)我們知道,多用電表用久以后,表內電池的電動勢會減小而內阻會增大。那么用久以后的多用電
表電流擋測得的電流與真實值相比(填“偏大”,“偏小”或“相同”)。
五、計算題(本大題共3小題,共42.0分)
14.如圖所示為某同學設計的投射裝置,水平地面上固定一根內壁光滑的細
管道(管道直徑忽略不計),管道下端固定在水平地面上,管道豎直4B部
分長度為2R,8c部分是半徑為R的四分之一圓弧,管口沿水平方向,。為
圓弧的圓心。與圓心。水平距離為R的豎直墻壁上固定圓形靶子,圓心。'
與。等高,E、F為靶子的最高點和最低點。管道內4處有一插銷,擋住
下面的小球,彈簧上端與小球并未連接,彈簧下端固定在金屬桿MN上,
MN可通過上下調節(jié)改變彈簧壓縮量。小球質量為m且可視為質點,不計空氣阻力和彈簧的質量,
重力加速度為9.為了讓小球擊中靶子的圓心,求:
(1)小球從管口離開時的速度大?。?/p>
(2)小球對管道C處的壓力;
(3)彈簧儲存的彈性勢能。
15.如圖所示,圓形勻強磁場半徑R=1cm,磁感應強度B=/7,方向垂直紙面向里,其上方有一
對水平放置的平行金屬板M、N,間距d=lcm,N板中央開有小孔S.小孔位于圓心0的正上方,
S與。的連線交磁場邊界于4兩金屬板通過導線與匝數(shù)為100匝的矩形線圈相連(為表示線圈的繞
向,圖中只畫了2匝),線圈內有垂直紙面向里且均勻增加的磁場,穿過線圈的磁通量變化率為
詈=100wb/s.位于圓形磁場邊界上某點(圖中未畫出)的離子源P,在紙面內向磁場區(qū)域發(fā)射速
度大小為17=58X105^/5,方向指向圓心的帶正電的離子,離子的比荷為A=5xl07c〃g,
經(jīng)一段時間后離子從磁場邊界A點射出,沿直線AS進入M、N間的電場.(不計離子重力;離子
碰到極板將被吸附)求:
(1)M、N間場強的大小和方向;
(2)離子源「到4點的距離;
(3)請計算說明離子進入M、N間電場后能否返回?
(4)離子在磁場中運動的總時間(計算時取兀=3).
16.如圖所示,一定質量的理想氣體,經(jīng)歷4-BtC-4的過程,其中4-B是雙曲線的一部分。
則
(1)氣體從4到B的過程中,吸收熱量還是放出熱量,請分析說明;
(2)從C到4的過程中,氣體對外做功還是外界對氣體做功,做了多少功?
(3)若在力TB—CTA的整個過程中,氣體對外界放出86/的熱量,從4到B的過程中,對外做了多
少功?
E'xlO-Sm3
參考答案及解析
1.答案:D
解析:解:力、根據(jù)萬有引力提供向心力。等=ma,軌道半徑于質量無關,故A錯誤;
B、根據(jù)萬有引力提供向心力可得,》=月軌道半徑越大,線速度越小,所以同步衛(wèi)星的運行速
度小于近地衛(wèi)星的運行速度.故B錯誤.
C、同步衛(wèi)星軌道是一定的,在赤道的上方,不可能通過北京的正上方.故C錯誤.
D、根據(jù)G等=ma,同步衛(wèi)星在所在位置處的向心加速度等于該位置的重力加速度,g=等,同
步衛(wèi)星距地面上高度約為地球半徑5.6倍,即同步衛(wèi)星的軌道半徑是地球半徑的6.6倍,則同步衛(wèi)星的
向心加速度是地球表面重力加速度的六々三,故。正確.
6.6443
故選:D
同步衛(wèi)星的特點:定周期(24人)、定軌道(赤道上方)、定高度、定速率.萬有引力提供向心力,據(jù)此
分析即可.
解決本題的關鍵知道同步衛(wèi)星的特點:定周期(24八)、定軌道(赤道上方)、定高度、定速率.以及掌
握萬有引力提供向心力,萬有引力等于重力.
2.答案:A
解析:解:4、太陽系是以銀河系為中心,所以太陽系是銀河系的一個組成部分。故A正確;
8、太陽不是銀河系中唯一發(fā)光的恒星,所有恒星均發(fā)光?故8錯誤;
C、太陽是一顆能發(fā)光、發(fā)熱的星球,但不是液態(tài),故C錯誤;
。、太陽內部在進行劇烈的熱核反應,釋放出巨大的核能,不是化學反應。故。錯誤;
故選:Aa
對于太陽系中行星的運動規(guī)律,可根據(jù)開普勒三大定律進行研究;太陽內部發(fā)生的是熱核反應,而
不是化學反應。
本題考查了熱核反應、宇宙、銀河系、恒星的基本知識和運動規(guī)律,關鍵是要在平時學習的過程中
結合地理知識,掌握天體運動的常識,再結合物理規(guī)律解答相關的問題。
3.答案:C
解析:解:對B點受力分析:滑輪受到繩子的作用力應為圖中兩段繩中拉
力F]和尸2的合力?,因同一根繩張力處處相等,都等于物體的重量,即為:
&=尸2=G=mgo
用平行四邊形定則作圖,由于拉力&和尸2的夾角為120。;
則由幾何知識得橫梁4B對小滑輪的作用力方向沿著/C8。的角平分線方向與BC繩子的夾角為120。
斜向上,
大小為:F梁=F[=mg=5x10=50/V
所以橫梁AB對小滑輪的作用力的大小是50N;方向與AB橫梁的夾角為30。斜向上。故AB。錯誤,C
正確。
故選:Co
題中跨過光滑定滑輪的輕繩上張力大小處處相等,滑輪對繩子的作用力應該是兩滑輪兩側細繩拉力
的合力,根據(jù)平衡條件和平行四邊形定則求解。
本題考查共點力平衡條件中的動態(tài)平衡,要注意明確繩子上的張力等于mg,同時明確相的彈力可以
沿任意方向,只能根據(jù)兩端繩子的合力求解桿的彈力。
4.答案:C
解析:解:4、根據(jù)速度圖象可知,0?5s內物塊的速度方向相同,物塊一直向右運動,5s末物塊距
離發(fā)點最遠,故A錯誤;
8、0?5s內,物塊經(jīng)過的路程等于位移大小,即圖乙中速度圖象與坐標軸圍成的面積,即為x=
(":)+'x4zn=14m,故B錯誤;
C、根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可知,物塊在0?1s內的平均速度為區(qū)=:7n/s=2m/s,3s?5s內的
平均速度為/=:m/s=2m/s,所以物塊在0?1s內和3s?5s內的平均速度大小相等,故C正確;
D、3s后撤去外力,物塊減速運動的加速度大小為a=黑=衿m/s2=2m/s2,
根據(jù)牛頓第二定律可得ma,解得:尸;0.2,故。錯誤。
故選:Co
根據(jù)速度圖象方向物塊的運動情況;
根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可知平均速度等于初末速度的平均值;
圖乙中速度圖象與坐標軸圍成的面積表示位移;
求出物塊減速運動的加速度大小,根據(jù)牛頓第二定律求解動摩擦因數(shù)。
本題主要是考查牛頓第二定律和圖象的結合,關鍵是掌握圖線斜率的物理意義是運動物體的加速度,
圖線下的“面積”表示是運動物體在相應的時間內所發(fā)生的位移,t軸上面的位移為正值,t軸下面
的位移為負值。
5.答案:A
解析:解:由法拉第電磁感應定律得:E=^=^S,
△tAc
閉合電路歐姆定律得:I二,
通過金屬環(huán)截面的電荷量為:q=/At,
解得:q=等,電荷量與R、s、A8有關,與t無關,故A正確;
故選:Ao
根據(jù)法拉第電磁感應定律、歐姆定律、電流與電量的關系式求解通過圓環(huán)的電荷量,然后分析仁
本題是電磁感應與電路相結合的綜合題,分析清楚題意,應用法拉第電磁感應定律、歐姆定律與電
流定義式可以解題。
6.答案:BD
解析:解:AB.在勻強電場中,根據(jù)電勢差與場強的關系為U=Ed,/,‘‘
可知任意兩平行直線上相等距離的電勢差相等,由題圖可知,<pa-10V/^V
<Pb=(Pc-(Pd<則。a=0b+Wc-3d=2V+1OU—6V=6V,故A,/,\
錯誤,B正確:y//
CD、因以=<Pd,所以ad連線是一條等勢線,如圖所示,根據(jù)電場線
與等勢面垂直,且沿電場線電勢逐漸降低,知。點的場強方向應指向/'
圖中電勢為2M的點,故C錯誤,。正確。
故選:BD。
勻強電場的電場線為相互平行間隔相等的平行線,而等勢線與電場線垂直;在勻強電場中,電勢差
與場強的關系為(7=5/沿任一方向相等距離電勢差相等,由此求a點的電勢。根據(jù)題意可以找到
一條等勢線,根據(jù)電場線與等勢線的特點確定電場線的方向。
本題的關鍵在于找出等勢面,然后才能確定電場線,要搞清電場線與等勢線的關系,能利用幾何關
系找出等勢點,再根據(jù)等勢線的特點確定等勢面。
7.答案:BC
解析:解:4、在滑動變阻器%的滑動觸片P向上滑動的過程中,&變大,外電路總電阻變大,由閉
合電路歐姆定律分析電路中的總電流變小.故A錯誤.
B、路端電壓〃=后一),/變小,E、r不變,則U變大.故B正確.
C、路端電壓U變大,通過電阻/?2的電流變大.故C正確.
。、總電流變小,通過電阻/?2的電流變大,所以通過滑動變阻器R1的電流必定變小.故。錯誤.
故選:BC.
在滑動變阻器%的滑動觸片P向上滑動的過程中,&增大,外電路總電阻變大,由閉合電路歐姆定
律分析電路中的總電流和路端電壓的變化,分析通過電阻Rz的電流變化,再判斷通過滑動變阻器&的
電流的變化.
本題也可以利用結論進行判斷:變阻器電阻變小,路端電壓必定變小,其所在電路電流必定增大,
所并聯(lián)的電路電壓變小.
8.答案:AD
解析:解:
A、齒條的長度是固定的,即拉力作用的位移固定,拉力越大做的功越多,陀螺獲得的動能越大,故
A正確.
8、由于拉力做功,故系統(tǒng)機械能不守恒.故8錯誤.
C、拉力做功,人的內能轉化為陀螺的動能和摩擦產生的內能,故C錯誤.
。、拉力越大,陀螺的動能越大,即獲得的速度越大,由功率P=Fu可知產的功率越大,故。正確.
故選:AD.
由于齒條的長度是固定的,故拉力越大,做的功越多,由此可判定4
只有重力做功機械能才守恒.
拉力F做功轉化為陀螺動能和摩擦產生的內能.
結合前面對動能的分析,由功率P=F-可分析功率變化.
該題的關鍵是要知道拉力做功的位移是固定不變的,此位移就是齒條的長度;其次在拉動的時候會
摩擦生熱,這點不要忽略了.
9.答案:BCE
解析:解:4、分子間的引力總是隨分子間的距離增大而減小,故A錯誤;
8、根據(jù)熱力學第二定律可知,自然發(fā)生的熱傳遞過程總是向著分子熱運動無序性增大的方向進行,
故8正確;
C、人們感到干燥,是因為空氣的相對濕度較小,若溫度低,絕對濕度可能大,而相對濕度小,人們
也會感到干燥,故C正確;
。、液體分子就是在永不停息地做無規(guī)則運動,與布朗運動無關,故。錯誤;
£液面上部的蒸汽達到飽和時,液體分子從液面飛出,同時有蒸汽分子進入液體中,從宏觀上看,
液體不再蒸發(fā),故E正確;
故選:BCE。
根據(jù)分子間的相互作用力與間距的關系分析;
熱力學第二定律的一種表述方式為:對任何一類與熱現(xiàn)象有關的宏觀自然過程進行都具有方向性;
布朗運動是懸浮在液體中的固體微粒的運動;
液面上部的蒸汽達到飽和是一種動態(tài)平衡態(tài),即在相同時間內從水面飛出去的分子數(shù)等于回到水中
的分子數(shù)。
本題考查了分子動理論、熱力學第二定律、布朗運動和相對濕度,考查考生的理解能力,掌握教材
基本知識是關鍵。
10.答案:BC
解析:解:4、由于兩波在同一介質中傳播,故兩波波速相等,均為u=50m/s,分析圖象可知,兩
波周期相同,均為7=0.02s,則波長均為;I==50x0.02m=1m,故A錯誤;
8、分析圖乙可知,波源M起振方向向上,由于各質點起振方向和波源起振方向相同,故波傳播到P點
時,質點P向y軸正方向運動,故8正確;
C、分析圖乙和圖丙可知,兩波起振方向相反,且2點到兩波源的波程差為4刀=?-£0-/代入
數(shù)據(jù)可知△%=1.5爪=1.5人為半波長的奇數(shù)倍,故P點為振動加強點,振幅為兩波振幅之和,A=
+A2=5cm+4cm—9cm,故C正確;
D.MN連線的中點到兩波源的波程差為0,且兩波起振方向相反,故該點為振動減弱點,振幅為兩
波振幅之差,A'=Ar-A2=(.5-4)cm=1cm,故。錯誤。
故選:BC。
根據(jù)圖像可知周期相同,同一介質中傳播的波波速相同,由;l=M'可知波長關系;根據(jù)各質點起振
方向和波源起振方向相同可判斷波源M產生的波剛傳播到P點時,質點P振動方向;兩波疊加,頻率
相同,發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象,結合兩波源的起振方向和波程差判斷振動加強點和減弱點。
本題屬于波的干涉、振動圖象的識圖和對質點振動的判斷問題??疾橹R點全面,重點突出,充分
考查了學生掌握知識與應用知識的能力。
2近2場R
答案:
11.3C
解析:解:由對稱性可得第二次發(fā)生全反射的點一定是與。點等高的B點,其光路圖
如圖所示。
由幾何關系可知入射角a=60°=C
1_2V3
則n=s-i7n—Csin600-3
光在光導器件中傳播的路程為s=2R+2Rcos60°=3R
傳播時間為1=;=微=等
n
故答案為:逗,空史。
3c
根據(jù)題意畫出光路圖,由幾何關系得到入射角,結合全反射條件求得臨界角C,從而由sinC=a求得
n
折射率。根據(jù)光程和光速求從光進入到離開所用的時間。
本題關鍵是作出光路圖,找出各個角度的關系,求出入射角和折射角,然后結合折射定律和全反射
條件解決這類問題。
12.答案:1.750不要不需要BFL=1M^2
解析:解:(1)用螺旋測微器測量遮光條的寬度d=1.5rrnn+0.0nmnx25.0=1.750mm。
(2)平衡摩擦力時,不要掛上重物,只需讓小車在木板上勻速運動即可。
(3)因有壓力傳感器測量拉力大小,故實驗時,不需要滿足重物的總質量遠小于小車的總質量(包括
拉力傳感器和遮光條);
(4)小車經(jīng)過光電門的速度u=m則要驗證的關系是:FL=^M(}2,則還需要測量的物理量是:F、
M、L、3故選8;
(5)在實驗誤差允許范圍內,關系式FL=:M《)2成立。
點睛:了解光電門測量瞬時速度的原理,實驗中我們要清楚研究對象和研究過程,對于系統(tǒng)我們要
考慮全面,同時明確實驗原理是解答實驗問題的前提。
故答案為:(1)1.750;(2)不要;(3)不需要;(4)B;(5)FL=:M()2
(1)明確螺旋測微器的讀數(shù)方法,注意在讀轉動部分時需要估讀;
(2)分析實驗原理以及實驗方法,從而確定實驗中應測量的物理量;
(3)明確拉力的功以及動能的變化,根據(jù)動能定理即可確定應驗證的表達式。
本題考查驗證驗證動能定理的實驗,要注意明確實驗原理,即可明確實驗應需要的儀表以及實驗數(shù)
據(jù)處理的基本方法
13.答案:Pb100mA%28相同
解析:解:(1)多用電表黑表筆接表的負插孔,故由圖可知P為
多用電表的黑表筆;對于多用電表測量時因遵循電流由紅表筆
進表,由黑表筆出表,故可知黑表筆應與b連接;
(2)根據(jù)小燈泡的規(guī)格可知電路中電流約為/=£=慧4=0Q84=80mA
燈泡電阻約為&=臂=霽0=31.250
故為了測量準確減小誤差多用電表直流電流擋量程應選10064因采用分壓接法,故滑動變阻器應
選總阻值較小的%;
(3)滑動變阻器是采用的分壓式接法,故連接圖如圖所示
(4)根據(jù)圖丙可知當燈泡兩端電壓U=2.20V,電流/=78mA=0.0784故此時小燈泡的電阻%=
—U=-2-.2-0fclx2c8c0c
I0.078
(5)使用多用電表電流檔測電流時并不會用到表內的電池,即表內電池電動勢和內阻的大小對多用電
表電流檔的測量無影響,故測得的電流與真實值相比是相同的。
故答案為:(1)P;b;(2)100m4;&;(3)如圖所示;(4)28;(5)相同。
(1)明確多用電表原理,知道黑表筆接負插孔,紅表筆接正插孔;
(2)根據(jù)燈泡額定功率可確定額定電流和燈泡電阻,從而確定量程,再根據(jù)電路接法確定滑動變阻器;
(3)根據(jù)原理圖即可確定實物圖;
(4)由圖丙確定電壓2.20了時的電流,再由歐姆定律即可求出燈泡的電阻;
(5)知道多用電表中電源只用來測量電阻,測電流和電壓時內部電源不起作用.
本題考查用描繪燈泡的伏安特性曲線以及多用電表的原理以及使用,要求明確多用電表結構;同時
掌握用伏安法描述燈泡伏安特性曲線的實驗原理。
14.答案:解:(1)小球從C點離開后到圓心。'的過程做平拋運動,則水平方向,有:R=vct
豎直方向,有:R=\gt2
可得:%=
(2)設在C處,管道對小球的作用力方向豎直向下,大小為F,由牛頓第二定律得
mg+F=
可得尸=-,m9,負號表示F的方向豎直向上
根據(jù)牛頓第三定律知小球對管道C處的壓力大小為方向豎直向下。
(3)小球由4至C運動過程中,取4所在水平面為零勢能面。
根據(jù)能量守恒可知:EP=mg-3R+
解得彈簧儲存的彈性勢能:EP=^mgR
答:(1)小球從管口離開時的速度大小是與^;
(2)小球對管道C處的壓力為方向豎直向下;
(3)彈簧儲存的彈性勢能為當mgR。
解析:(1)小球從C點離開后做平拋運動,由平拋運動的規(guī)律求小球從管口離開時的速度大??;
(2)小球到達C處時,由合力提供向心力,由牛頓第二定律求管道對小球的作用力,從而得到小球對
管道C處的壓力;
(3)小球由4至C運動過程中,取4所在水平面為零勢能面。根據(jù)能量守恒可求得彈性勢能。
本題考查了平拋運動的規(guī)律、牛頓第二定律、能量守恒的綜合應用,解題的關鍵是明確小球的運動
過程選擇合適的規(guī)律,熟練運用運動的分解法求平拋運動的初速度。
15.答案:解:(1)由法拉第電磁感應定律得,M、N之間的電壓
U="絲=100x100=104匕
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