2020年廣東省茂名市高州市中考物理模擬試卷（6月份）（附答案詳解）

2020年廣東省茂名市高州市中考物理模擬試卷（6月份）

一、單選題（本大題共7小題，共21.0分）

1.被稱為“人造太陽”的東方超環(huán)日前取得重大突破，在1億度超高溫度下運行了近

10秒，“東方超環(huán)”的反應原理與太陽類似。下列相關說法中正確的是（）

A.“東方超環(huán)”是利用核裂變工作的

B.利用“東方超環(huán)”反應原理可制作氫彈

C.“東方超環(huán)”工作時將核能轉化為電能

D.核能是一次能源，也是可再生能源

2.如圖所示，關于聲現象的各種實驗情景中，下列說法正確的是（）

A.甲實驗抽氣過程中，鐘罩內鈴聲變小，說明真空可以傳聲

B.乙實驗說明鋼尺振動的頻率越高，響度越大

C.丙實驗中摩托車的消聲器是在傳播過程中減弱噪聲

D.丁實驗中喇叭發(fā)聲時燭焰在晃動說明聲波能傳遞能量

3.小明春游時在池塘邊看到魚在云中游的景觀。如圖所示，

下列現象與小明看到水中魚形成原因相同的是（）

A.海市蜃樓

B.小孔成像

C.立竿見影

D.水中倒影

4.在“探究動能的大小與哪些因素”有關的實驗中（如圖），

讓同一鐵球從斜面的不同高度由靜止釋放，撞擊同一木.\.S

h\B-------?

塊。下列說法中正確的是（）-------J匚

A.這樣做的目的是研究物體的動能大小與質量的關系

B.鐵球能從斜槽上滾下是因為它具有慣性

C.鐵球從斜面上滾下的過程中，鐵球受到的支持力沒有做功

D.木塊B受到的重力與它對水平面的壓力是一對平衡力

5.下列物態(tài)變化，需要吸熱的是（）

A.冰雪消融B.霜打枝頭C.滴水成冰D.濃霧迷漫

6.智能手機可通過人臉、指紋或密碼三種方式中的任意一種來識別解鎖，每種方式相

當于一個開關，用燈L發(fā)光模擬手機解鎖成功，圖中的模擬電路符合要求的是（）

7.如圖甲所示，分別用不同的力拉著甲、乙兩個質量不同的物體在同一水平面上做直

線運動，兩物體運動的s-t圖象如圖乙所示，則下列分析正確的是（）

,__,F*5N[-FZ=8N

w3一

圖甲

圖乙

A.甲乙都做勻速直線運動，所以甲乙兩物體受到的摩擦力一樣大

B.甲物體運動的速度大，所以甲物體的慣性比乙物體大

C.相同時間內拉力對甲乙兩物體做功之比為5：8

D.甲乙兩物體受到拉力的功率之比為5：4

二、填空題（本大題共7小題，共21.0分）

8.物體都是由____組成的，在水結冰過程中，質量______,內能（后兩空均

選填“增加”、“減少”或“不變”）。

9.在我國新冠肺炎疫情期間，公共場所空氣中彌漫著消毒水氣味，這是現象;

出入小區(qū)、工作場所，常用到測溫槍，它是通過接收人體表面輻射出來的（選

填“紅外線”或“紫外線”）來測量體溫的。N95口罩中起阻隔作用的關鍵層是熔

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噴布，熔噴布采用靜電駐極技術，含有病毒的飛沫靠近熔噴布后，就會被靜電吸附

在表面，這是因為帶電體有的性質。

10.我國北方供熱的“暖氣”用水作介質，這主要是因為水的大；某房間一段時

間內循環(huán)流動的水質量為1000kg，進水溫度為55冤，出水溫度為40汽.這段時間里

水向外放出熱量_____J,這些熱量相當于完全燃燒kg酒精放出的熱量。

（c水=4.2x103J/（kg?℃）,酒精的熱值3x10"/kg。）

11.如圖1所示電路中，閉合開關S,三只電表的示數分別如圖2所示，則定值電阻％的

阻值是n,當滑動變阻器的滑片P向左移動時，電流表4的示數將，

電壓表u的示數與電流表&的示數之比將（后兩空選填“變大”、“變小”或

“不變”）o

12.如圖，在“探究平面鏡成像特點”的實驗中要想取得較好的實r^—1—_

驗效果，最好選擇在_____（選填“較亮”或“較暗”）的環(huán)境V4J/

中進行；實驗時將點燃的蠟燭4向玻璃板靠近，觀察到蠟燭的oM-----力’

像將（選填“變大”、“不變”或“變小”）：讓玻璃板//

沿00'軸（玻璃板與桌面的接觸部分）方向水平向右移動，發(fā)現像相對于4（選

填“向右”、“向左”或“不”）移動。

13.如圖，在粗糙斜面上將一個重為20N的物體勻速拉到高八處，沿斜面向上的拉力為

10N,斜面長s=2m、高八=0.6m。則物體運動的過程中受到的摩擦力大小為

M斜面的機械效率為，物體的重力勢能。（選填“變大”、“變

14.甲、乙兩燈額定電壓均為6V,測得兩燈的電壓與電流

關系如圖所示。甲燈正常工作時的電阻是

00.20.40.60.8pA

現將兩燈串聯后接在電源兩端，要使其中一個燈泡正常發(fā)光，并保證電路安全，電

源電壓最大為V，此時乙燈消耗的功率為勿。

三、作圖題（本大題共3小題，共7.0分）

15.利用如圖所示的滑輪組拉著重為10N的物體4沿水平

方向做勻速直線運動o請畫出滑輪組最省力的繞線情

況，并畫出4對地面壓力的示意圖。

16.如圖所示，有一點光源S發(fā)出的一條光線經平面鏡反射后，反

射光線經過凸透鏡折射后與主光軸平行（F為透鏡的焦點），請

畫出：①入射光線，②反射光線，③經凸透鏡折射后的折射

光線。

17.請根據安全用電原則在圖中完成家庭電路的連接。要求：開關只控制照明燈，熔斷

器保護三孔插座。

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四、實驗探究題（本大題共3小題，共20.0分）

18.（1）如圖1所示，木塊移動的距離為cm；如圖2所示體溫計的示數是℃；

圖3是用天平測物塊質量時的實驗情景,

圖1

圖3

（2）如圖4是“探究水沸騰時溫度變化的特點”的實驗裝置。

①圖甲實驗裝置的組裝順序應為（選填“自上而下”或“自下而上”）。

②根據實驗數據繪制的水的溫度隨加熱時間變化的圖象如圖乙，由圖可知本實驗

中水的沸點為℃,由此可知此地大氣壓比一個標準大氣壓更（選填

“高”或“低”）。

③為了減少從開始加熱到沸騰的時間，可以采取的措施是（寫一條即可）。

19.在探究杠桿的平衡條件的實驗中:

(1)如圖甲所示，為了使杠桿在水平位置平衡，應該向移動右端的螺母(選填

“左”或“右”)。

(2)如圖乙，杠桿在水平位置平衡，記錄數據。根據這一次實驗數據，小明同學立

即分析得出杠桿的平衡條件，這種做法的不足是。

(3)如圖乙所示，4、B兩點分別增加一個鉤碼，則杠桿(填“左端下沉”“右

端下沉”或“仍保持平衡”)o

(4)如圖丙，杠桿在水平位置平衡后，在A點掛兩個鉤碼，在B點豎直向下拉彈簧測

力計，仍使杠桿水平位置平衡。當彈簧測力計改為斜拉時，再次使杠桿水平位置平

衡，則彈簧測力計的示數將o(選填“變大”、“變小”或“不變”)

(5)實驗時只有10個相同的鉤碼，杠桿上每格等距，當在4點掛3個鉤碼時，如圖丁

所示，則怎樣掛鉤碼可以使杠桿在水平位置平衡？(請設計兩種方案)

①；②?

20.小明利用如圖甲電路”探究電流跟電阻”的關系，己知電源電壓保持不變，實驗用

到的電阻阻值分別為50、100、150、200、250。

(1)請根據圖甲的電路圖將圖乙實物圖補充完整，要求向右移動滑片電流表的示數

變大。(導線不允許交叉)。

(2)實驗中多次改變R的阻值，調節(jié)滑動變阻器，使電壓表示數保持不變，記下電流

表的示數，得到如圖丙/-/?圖象。

①由實驗圖象可得出的結論：。

②上述實驗中，小明利用50的電阻完成實驗后，接下來的操作是：將100的電阻

接入電路中，閉合開關，向(選填“左”“右”)移動滑片，使電壓表示數為

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V,讀出電流表的示數。

③圖丙中陰影部分的面積表示。

(3)實驗后為測量/?2阻值，小明設計了如圖所示的兩個實驗電路圖，其中電源電壓

未知，定值電阻燈的阻值已知。實驗步驟如下：

①閉合開關S,斷開開關Si，記錄電流表示數計算出電源電壓U=A&；

②閉合開關S和Sr記錄電流表示數/2；

通過分析，你認為小明所使用的實驗電路是(選填相應選項字母)，求得

/?2=(用/?］、/］、表

五、計算題(本大題共2小題，共13.0分)

21.一輛汽車以60k勿的恒定功率在平直的公路上做直線運

動，其u-t圖象如圖所示，汽車在第10s時已行駛了

150m,速度達到了20m/s,隨后勻速行駛30s,設汽車

在行駛過程中所受阻力大小不變。求：

(1)汽車在40s內的平均速度，

(2)汽車前10s做的功，

(3)汽車受到阻力的大小。

22.如圖所示，甲是電壓力鍋，乙是其內部的電路簡圖，由溫控開關(電阻不計)自動控

制加熱和保溫，先要按下溫控開關按鈕；到達設定溫度后，按鈕會自動彈起，加熱

電阻％和/?2的阻值不隨溫度變化。說明書中的主要信息如下表所示。

額定電壓220K

額定加熱功率1210MZ

額定保溫功率88W

頻率50Hz

容積5L

(1)求電阻/?2的阻值

(2)求保溫狀態(tài)時長的功率

(3)若某次使用壓力鍋時的功率隨時間的變化如圖丙所示，求壓力鍋15加譏共消耗

多少電能。

六、綜合題(本大題共3小題，共18.0分)

23.如圖所示為某品牌四旋翼無人機，它采用4個電機帶

動旋翼(螺旋槳)轉動，對下方空氣施力的同時獲得

升力。該無人機設有一鍵起降和返航、空中懸停、

超聲波傳感器、氣壓傳感器等功能，還擁有北斗定

位系統(tǒng)。攜帶的攝像機可以進行高清拍攝并實時把信號傳到遙控器顯示器。下表是

某小型無人機的部分參數：

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參數名電池電壓電池容量電動機額定拍攝速度/

稱/V/mAh功率/W幀.秒-1

數據2425004011000

(電池容量=放電電流x放電時間，例如，lzn4i是指以InM的電流能連續(xù)工作1九)

(1)北斗定位系統(tǒng)利用傳遞信息，其在真空中的傳播速度為m/s.

(2)超聲波傳感器可探測無人機在飛行時遇到的障礙物，無人機懸停時，向某一山

峰發(fā)射超聲波，10s后收到回波，無人機距離山峰的距離oO聲=340m/s)

(3)氣壓傳感器可通過測定大氣壓值獲知無人機所處的高度這是因為：高度越高，

大氣壓越。

(4)無人機上面裝有高清攝像機，所成的像是倒立的、的實像。

(5)該無人機電池最多可提供kW-九的電能。

24.某中學學生在研學活動中參觀某型號潛水艇。潛水艇1水艙

的艇殼是用高強度的特種鋼板制造，最大下潛深度可

達350m,潛水艇的總體積為1.5x1。3機3,水艙未充

海水時，潛水艇總重量為9x106/V,艇內兩側有水艙，

其截面如圖所示，通過向水艙中充水或從水艙中向外

排水來改變潛水艇的自重，從而使其下沉或上浮。

(g=ION/kg,海水密度取lg/cm3),求：

。)水艙未充海水時，漂浮在海面的潛水艇排開海水的體積是m3；為使?jié)撍?/p>

艇完全潛入海水中，至少應向水艙充入海水的質量是t；

(2)潛水艇在水面下勻速下潛的過程中受到海水的浮力,壓強。(選填

“變大”“不變”或“變小”)

(3)當潛水艇潛至最大深度時，有一艙門與海水的接觸面積為1.5瓶2時，則此艙門受

到海水的壓力為N；此時水艙中氣體的壓強至少Pa(設一個標準大氣

壓為1.01x105Pa)o

25.閱讀材料，回答下列問題

巨磁電阻效應與磁感應強度1988年阿爾貝?費爾和彼得?格林貝格爾發(fā)現，在鐵、鋁

相間的三層復合膜電阻中，微弱的磁場可以導致電阻大小的急劇變化，這種現象被

命名為“巨磁電阻效應”，這種電阻叫做磁敏電阻。更多的實驗發(fā)現，并非任意兩

種不同種金屬相間的膜都具有“巨磁電阻效應”。組成三層膜的兩種金屬中，邊緣

層是鐵、鉆、銀這三種容易被磁化的金屬中的一種，中間層是不易被磁化的其他金

屬，才可能產生“巨磁電阻效應”。

物理學中常用磁感線來形象地描述磁場，用磁感應強度(用字母B表示)來描述磁場

的強弱，它的國際單位是特斯拉(符號是T),磁感應強度B越大表明磁場越強；B=0

表明沒有磁場。圖1所示是某磁敏電阻R的阻值隨磁感應強度B變化的圖象。為了研

究某磁敏電阻R的性質，小明設計了如圖2所示的電路進行實驗，已知電源電壓恒

為6匕請解答下列問題：

(1)以下三層復合膜可能發(fā)生“巨磁電阻效應”的是。

4鐵/鉆/鐵8.鉆/銅/鉆C.銅/鋁/金D.鐵/鐵/銅

(2)在圖2中，只閉合品，通電螺線管的右端為極；要使通電螺旋線管的磁性

增強，應將％的滑片向(選填“左”或“右”)移動。

(3)在圖2中，當Si斷開，52閉合時，移動”的滑片使電壓表的示數為3人則此時電

流表的示數為A再閉合Si，移動滑動變阻器&的滑片，當電流表示數為0.024

時，由圖象可得，此時該磁敏電阻所在位置的磁感應強度為7。

(4)實驗中小明將圖2甲電路中電源的正負極對調，發(fā)現乙電路中電壓表和電流表的

示數不變，這表明，該磁敏電阻的阻值與磁場的無關。

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：力、東方超環(huán)的熱核反應示意圖，屬于核聚變，故A錯誤；

從東方超環(huán)的反應原理與太陽類似，可制作氫彈，故8正確；

C、“東方超環(huán)”工作時原子核能轉化為內能，故C錯誤；

D、核能屬于不可再生能源，故。錯誤。

故選：B。

(1)人造太陽指的是全超導托卡馬克核聚變試驗裝置；

(2)東方超環(huán)的反應原理與太陽類似，能量轉化是原子核能轉化為內能；

(3)從能源是否可再利用的角度可分為可再生能源和不可再生能源，像風能、水能、太

陽能、生物質能，可以在自然界里源源不斷的得到補充，所以它們屬于可再生能源；可

以從自然界直接獲取的能源叫一次能源。

此題考核能的利用，以及能源的分類，屬于基礎題目。

2.【答案】D

【解析】解：

4、當空氣被不斷抽出后，鈴聲逐漸減弱，說明聲音的傳播需要介質，推理可知真空不

能傳聲，故A錯誤；

8、影響音調高低的是頻率，當鋼尺振動的頻率越高時，音調越高，故B錯誤；

C、摩托車消聲器是在聲源處減弱噪聲，故C錯誤；

。、喇叭發(fā)聲使旁邊的燭焰晃動，說明聲音能傳遞能量，故。正確。

故選：D。

此題考查聲音的多個知識點；深入理解聲音的傳播知識、聲音的三個特征；明確聲音的

幾個實驗所探究的內容，可做出選擇。

3.【答案】A

【解析】解：魚反射的光線由水中進入空氣時、在水面上發(fā)生折射，折射角大于入射角，

折射光線進入人眼，人眼會逆著折射光線的方向看去，就會覺得魚變淺了；而我們看到

的魚，不是魚的實際位置，而是變淺的魚的虛像；

A、海市蜃樓是由光的折射形成的，故A正確；

BC、小孔成像、立竿見影是由光的直線傳播形成的，故BC錯誤；

。、水中倒影屬于平面鏡成像，是由光的反射形成的，故。錯誤。

故選：Ao

我們能看到魚，是魚反射的光線從水中斜射入空氣中，進入人眼，人看到的不是真實的

魚，而是變淺了的魚的虛像，是由于折射形成的。

此題通過幾個日常生活中的現象考查了對光的折射、光的直線傳播、光的反射的理解,

在學習過程中要善于利用所學知識解釋有關現象。

4.【答案】C

【解析】解：

A、此實驗中利用的是同一個鐵球，因此質量是相等的，它們的高度不同，則到達底端

時的速度就會不同，所以該實驗可以探究動能大小與速度的關系，故A錯誤；

以球能從斜槽上滾下的原因是受力不平衡，力改變了鐵球的運動狀態(tài)；故3錯誤；

C、鐵球從斜面上滾下的過程中，在支持力的方向上沒有移動距離，所以鐵球受到的支

持力沒有做功，故C正確；

。、木塊B受到的重力與它對水平面的壓力，大小相等，方向相同，不是一對平衡力，

故。錯誤；

故選：C。

(1)動能的決定因素有兩個：質量和速度，在探究“物體動能的大小與哪些因素有關”

時，應該利用控制變量法的思路，去分析解決；

(2)力是改變物體運動狀態(tài)的原因；

(3)做功的條件是：作用在物體上有力，物體沿力的方向移動一段距離：

(4)二力平衡的條件是：大小相等、方向相反、作用在同一條直線上，作用在同一個物

體上

此題涉及到用控制變量法研究動能大小的影響因素，做功的必要因素、平衡力的判斷等

多個知識點，是一道綜合性較強的題目。

5.【答案】A

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【解析】解:

A、冰雪融化，冰由固態(tài)變成液態(tài)，是熔化過程，需要吸收熱量。故A符合題意；

8、霜是空氣中的水蒸氣遇冷凝華形成的冰晶，需要放出熱量。故8不符合題意；

C、冰的形成，水由液態(tài)變成固態(tài)，是凝固過程，需要放出熱量。故C不符合題意；

。、霧是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的水滴，需要放出熱量。故。不符合題意。

故選：4。

(1)在一定條件下，物體的三種狀態(tài)-固態(tài)、液態(tài)、氣態(tài)之間會發(fā)生相互轉化，這就是物

態(tài)變化；

(2)物質由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐?/p>

態(tài)叫液化，由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固。

(3)六種物態(tài)變化過程中，都伴隨著吸熱或放熱；其中放出熱量的物態(tài)變化有：凝固、

液化、凝華；吸熱的有：熔化、汽化、升華。

分析生活中的熱現象屬于哪種物態(tài)變化，關鍵要看清物態(tài)變化前后，物質各處于什么狀

態(tài)；另外對六種物態(tài)變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識。

6.【答案】D

【解析】解：因人臉、指紋或密碼均可以解鎖說明三個開關可以獨立工作、互不影響，

所以三個開關為并聯，再與燈泡串聯，連接到電源上，故。正確。

故選：。。

由題意可知，人臉、指紋或密碼均可以解鎖說明三個開關可以獨立工作、互不影響即為

并聯，然后與燈泡、電源組成電路，據此進行解答。

本題考查了根據要求設計電路，根據題意得出三個開關的位置和連接方式是關鍵。

7.【答案】D

【解析】解：

A、由圖象可知，甲乙的路程和時間成正比，所以甲、乙兩物體均作勻速直線運動；由

圖可知：乙受到的拉力大于甲受到的拉力；則乙受到的摩擦力大于甲受到的摩擦力；故

4錯誤；

8、己知乙受到的摩擦力大于甲受到的摩擦力，接觸面粗糙程度相同，所以乙對水平面

的壓力大于甲對水平面的壓力；由于物體對水平面的壓力等于物體的重力，所以乙物體

的重力大于甲的重力，則乙物體的質量大于甲的質量,所以乙物體的慣性大，故B錯誤；

C、由圖象可知，8s內甲乙通過路程分別為0.8m、0.4m,則甲乙兩物體的速度分別為：

v甲=1==0.1m/s,v=十=黑^=0.05m/s：

則相同時間內，拉力對甲乙兩物體做功分別之比為：

W/：“乙=F聃甲：F/S,=F鏟甲t：//川=5NxO.lm/sxt：8/Vx0.05m/sxt=5：

4；故C錯誤；

。、甲乙兩物體的功率分別為：

P甲:P=W/?/：“2=5：4；故。正確。

故選：D?

(1)根據路程、時間圖象判斷出相同時間內路程的大小關系；

(2)根據摩擦力的影響因素即可判斷壓力的大小關系，即可得出物體的重力和質量關系；

由于質量是物體慣性的量度，慣性大小取決于物體的質量大小，與速度大小無關。根據

質量的大小確定慣性的大小。

(3)根據相同時間8s內甲乙通過路程，求出拉力對甲乙兩物體做功，然后求出比值；

(4)根據P=/求出功率的比值。

根據圖象或圖表探究物質的規(guī)律是近兩年來出現較多的題目，圖象可以使我們建立更多

的感性認識，從表象中去探究本質規(guī)律，體驗知識的形成過程。此題涉及到的知識點較

多，綜合性很強。

運用圖象法解答問題的一般步驟：①明確圖象中橫縱坐標表示的物理量分別是什么；②

注意認清橫坐標和縱坐標上各表示的最小分格的數值大小和單位；③明確圖象所表示

的物理意義；④根據圖象對題目提出的問題作出判斷，得到結論。

8.【答案】物質不變減小

【解析】解：物體是由物質形成的；

水結冰，物質的狀態(tài)發(fā)生變化，質量不變；

水凝固成冰的過程中，放出熱量，內能減小。

故答案為：物質；不變；減少。

(1)物體是由物質組成的；

(2)質量是物體的一種屬性，不隨物體位置、形狀、狀態(tài)和溫度變化;

(3)晶體熔化過程中吸收熱量、溫度不變，內能增大；晶體凝固過程中，放出熱量，溫

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度不變，內能減小。

本題主要考查質量是物體的屬性和晶體凝固過程內能的變化；一般情況下物體吸收熱量,

溫度升高，放出熱量，溫度降低，晶體熔化、凝固和液體沸騰過程中，存在吸放熱情況，

但溫度不變，內能會發(fā)生變化。

9.【答案】擴散紅外線吸引輕小物體

【解析】解：

(1)我國新冠肺炎疫情期間，公共場所空氣中彌漫著消毒水氣味，是由于消毒水分子運

動到空氣中，進入人們的鼻腔，引起嗅覺，屬于擴散現象；

(2)測溫槍是通過接收身體表面輻射出來的紅外線來測溫的；

(3)熔噴布是一種超細靜電纖維布，由于帶電的纖維布具有吸引輕小物體的性質，致使

大部分攜帶有病毒的飛沫能被吸附在熔噴布表面而無法穿透。

故答案為：擴散；紅外線；吸引輕小物體。

(1)物質是由大量分子組成的，分子在永不停息地做無規(guī)則運動；

(2)一切物體都會向外輻射紅外線，溫度越高，輻射的紅外線越多；

(3)帶電體具有吸引輕小物體的性質。

本題主要考查學生對分子動理論、紅外線的應用以及帶電體性質的了解和掌握，是一道

基礎題。

10.【答案】比熱容6.3x1072.1

【解析】解：(1)“暖氣”用水作介質，是因為水的比熱容大，質量相同、且降低相同

的溫度時，水釋放的熱量多，取暖效果好；

(2)水放出的熱量：

37

Q水=c次m次(t-t0)=4.2x10J/(kg■℃)x1000kgx(55℃-40℃)=6.3xIO/；

(3)熱量由完全燃燒酒精提供，即Q酒樗=<2次=6.3X107/,

Q灑精=mq需要酒精的質量：

Q酒精6.3X107；個q.

m酒精3X101"g=2-lkg°

故答案為：熱傳遞;比熱容；6.3x107；2.1。

(1)水的比熱容比較大，質量相同、且降低相同的溫度時，水釋放的熱量多。

(2)已知水的質量、水的初末溫和水的比熱容，利用放熱公式可以求出水放出的熱量。

(3)由題知Q^=Q收，利用Q版=mq求需要完全燃燒酒精的質量。

本題考查水的比熱容大的應用、吸熱公式Q/炎=cm△t、燃料完全燃燒放熱公式Q^=

rnq的掌握和運用，因條件已給出，難度不大。

11.【答案】9變小變大

【解析】解：

(1)兩電阻并聯，電壓表測電源電壓，電壓表選用小量程，分度值為0.1V,示數為2.7V；

為測變阻器的電流，&測總電流，由并聯電路電流的規(guī)律，42的讀數較大；

上圖中，電流表選用小量程，分度值為0.024

因此，公測變阻器的電流，示數為0.24,&測總電流，示數為0.54,由并聯電路電流的

規(guī)律，通過此的電流為：=0.5/1-0.24=0.371,

由歐姆定律，&=￡=怒=9。；

(2)當滑動變阻器&的滑片P向左移動時，變阻器連入電路的電阻變大，由歐姆定律/='

電流表4的示數將變小，電壓表V的示數與電流表&的示數之比即并聯的總電阻，因變

阻器的電阻變大，由電阻的并聯規(guī)律，總電阻變大，這個比值將變大。

故答案為：9；變??；變大

(1)兩電阻并聯，電壓表測電源電壓，電壓表選用小量程，分度值為0.1U得出電源電壓；

4測變阻器的電流，&測總電流，由并聯電路電流的規(guī)律，可知&的讀數較大，根據

電流表選用小量程得出兩表的示數，由并聯電路電流的規(guī)律得出通過8的電流，由歐姆

定律求出此；

(2)當滑動變阻器/?2的滑片P向左移動時分析變阻器連入電路的電阻變化，由歐姆定律得

出電流表4的示數變化，由歐姆定律，電壓表V的示數與電流表4的示數之比即并聯的

總電阻，由電阻的并聯規(guī)律分析這個比值的變化。

本題考查并聯電路的規(guī)律及歐姆定律的運用，關健是電路的分析。

12.【答案】較暗不變不

第16頁，共28頁

【解析】解：進行實驗時，點燃的蠟燭作成像物體，點燃的蠟燭很亮，環(huán)境越暗，成像

越清晰。

實驗時將點燃的蠟燭a向玻璃板靠近，像也越靠近玻璃板，物體大小不變，像的大小也

不變，因為像和物體大小相等。

讓玻璃板沿。。'軸方向水平向右移動，物體和玻璃板的距離不變，所以像和玻璃板的距

離也不變，像相對于z不變，所以像相對于/不移動。

故答案為：較暗；不變；不。

(1)探究平面鏡成像實驗時，選擇成像物體和環(huán)境對比度大，并且物體越亮，成像越清

晰。

(2)物體在平面鏡中成像，像和物體大小相等，像的大小只和物體大小有關，跟物體到

平面鏡的距離無關。

(3)像和物體到平面鏡距離相等。

平面鏡成像特點(等大、等距、垂直、虛像)是平面鏡成像習題的重要依據，一定要熟練

掌握。

13.【答案】460%變大

【解析】解：

(1)拉力所做的有用功：

W有用=Gh=20Nx0.6m=12/；

拉力產做的總功：

W&=Fs=IONx2m=20/,

拉力做的額外功：

加領=勿總一皿有咫=2°/—12/=8/,

由可得，物體受到的摩擦力：

?W額87.

f=—=—=4/V;

Js2m

(2)斜面的機械效率：

=%理=坦x100%=60%；

1

Wl：l20J，

(3)物體沿斜面向上運動的過程中，質量不變、高度變大，重力勢能變大。

故答案為：4；60%；變大。

(1)利用皿=G/i求所做的有用功，利用W=Fs求拉力做的總功，拉力做的額外功等于

總功減去有用功，再利用小麴=/s求物體受到的摩擦力；

(2)斜面的機械效率等于有用功與總功之比；

(3)重力勢能與物體的質量、所處的高度有關，質量越大、所處的高度越大，物體的重

力勢能越大。

本題考查了使用斜面時有用功、總功、額外功、機械效率的計算以及重力勢能大小變化

分析，明確使用斜面時克服摩擦做的功是額外功是關鍵。

14.【答案】2073

【解析】解：(1)甲、乙兩燈額定電壓均為6V,由圖知，甲燈的額定電流為0.34乙燈

的額定電流為0.74

由歐姆定律，甲燈正常工作時的電阻是：

R股=瓶=包=200.

甲/甲0.34，

(2)根據串聯電路各處的相等，要使其中一個燈泡正常發(fā)光，并保證電路安全，故電路

的最大電流只能為0.34,由圖知，乙的電壓為IV,

由串聯電路電壓的規(guī)律，電源電壓最大為：

U=6V+1V=7V,

此時乙燈消耗的功率為：

乙

P=UI=1Vx0.34=03Wo

故答案為：20：7；0.3,

(1)甲、乙兩燈額定電壓均為6V,由圖知甲乙燈的額定電流，由歐姆定律求出甲燈正常

工作時的電阻；

(2)根據串聯電路各處的相等，要使其中一個燈泡正常發(fā)光，并保證電路安全，確定電

路的最大電流，由圖知乙此時的電壓，由串聯電路電壓的規(guī)律得出電源電壓最大值；

根據P=U/求出此時乙燈消耗的功率。

本題考查串聯電路的規(guī)律及歐姆定律和電功率公式的運用，關鍵是從圖中獲取有效的信

息。

15.【答案】解:

由圖知，滑輪組由一個動滑輪和一個定滑輪組成，最多可由3段繩子通過動滑輪，從動

第18頁，共28頁

滑輪開始，依次由內向外繞線，如圖所示：

4對地面壓力的作用點作用在地面上，方向垂直水平地面向下，即豎直向下，由此畫出

地面受壓力示意圖，如圖所示：

【解析】要使滑輪組最省力，就是使最多的繩子段數通過動滑輪，由此繞線；

壓力是垂直作用在物體表面的力，由此畫出4對地面壓力示意圖。

本題考查了滑輪組的繞法和力的示意圖的畫法。使用滑輪組可以省力，也可以改變用力

的方向，關鍵是根據題意確定正確繞法。

16.【答案】解：

作出光源S關于平面鏡的對稱點，可得像的位置S',連接S'F作出反射光線，與平面鏡的

交點為入射點，連接入射點與S的連線即為入射光線，再根據通過焦點的光線經凸透鏡

折射后將平行于主光軸作出折射光線。如圖所示：

【解析】物像關于平面鏡對稱,據此確定像的位置;而反射光線好像是從虛像上發(fā)出的，

據此連接像點與F確定入射點的位置，畫出反射光線，再根據通過焦點的光線經凸透鏡

折射后將平行于主光軸作出折射光線。

本題考查了平面鏡成像的特點和凸透鏡的三條特殊光線的作圖，利用好經平面鏡后的反

射光線好像是從虛像上發(fā)出的是解題的關鍵。

17.【答案】解：(1)燈泡接法：火線與開關串聯，然后再接到燈泡頂端的金屬點，零線

直接與燈泡的螺旋套相連；

(2)安裝三孔插座的原則，左孔接零線，中間插孔與地線相連，右孔接火線；將熔斷器

接到火線上，如下圖所示:

【解析】對于電燈接線操作的基本要求是：“火線零線并排走，零線直接進燈頭，火線

接在開關上，通過開關進燈頭。”而對于插座的接線方法是要求“左零右火”，三孔插

座還要求中接地，如果電路中有熔絲，則要將熔絲接到火線上。

本題考查了家庭電路中的電燈、開關、插座的連接；家庭電路中，不但考慮用電器的正

常使用，更要考慮使用的安全性。三孔插座的接線原則：左零右火，中間接地。

18.【答案】1.3036.631.6自下而上98低減少水的質量

【解析】解：(1)圖1中，刻度尺的分度值為lnun,木塊起始位置左端與4cni刻度線對齊，

最終位置時，左端與5.3cm刻度線對齊，估讀為5.30cm,木塊移動距離：s=5.30cm-

4.00cm=1.30cm；

由圖2可知，體溫計的分度值為0.1。&示數為36.6T；

天平標尺的分度值為0.2g,物塊的質量：zn=20g+10g+1.6g=31.6g；

(2)①酒精燈需用外焰加熱，所以耍放好酒精燈，再固定鐵圈的高度；按照自下而上的

順序進行；

②由圖象乙可知，水在第2min開始沸騰，沸騰時，不斷吸收熱量，溫度保持98汽不變，

所以本實驗中水的沸點是98。(：，由此可知此地大氣壓比一標準大氣壓低；

③探究水的沸騰實驗中，加熱時間長的原因：水的質量大、水的初溫低、未用酒精燈

的外焰加熱等；為縮短實驗時間，可以適當減少水的質量。

故答案為：⑴1.30：36.6；31.6；(2)①自下而上；②98:低；③減少水的質量。

(1);體溫計讀數時先要認清量程和分度值；物體質量等于祛碼質量加游碼在標尺上所

對的刻度值；

(2)①實驗時，需用酒精燈的外焰加熱，所以要調整好鐵圈的高度，然后根據溫度計的

使用規(guī)則固定好其位置；

②在讀取溫度計的示數時，要注意其分度值；液體沸騰時，不斷吸收熱量，溫度保持

不變，這個不變的溫度是液體的沸點；

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③影響加熱時間的因素：水的多少、水的初溫、酒精度的火焰大小等有關。

此題主要考查水的沸騰實驗，考查了實驗裝置的組裝順序、溫度計的讀數、液化現象等,

此題屬于中等題，要求學生熟練掌握，并學會靈活運用。

19.【答案】右只進行了一次實驗結論具有偶然性左端下沉變大在。點掛6個鉤

碼在E點掛4個鉤碼

【解析】解：(1)如圖甲，杠桿的右端上翹，無論左端或右端的平衡螺母都要向上翹的

右端移動，使杠桿在水平位置平衡；

(2)只有一次實驗總結實驗結論是不合理的，一次實驗很具有偶然性，要多進行幾次實

驗，避免偶然性；

(3)設一個鉤碼的重力G,一格的長度為L,則當杠桿兩側的鉤碼各增加一個杠桿時：

左邊=3GX3L=9GL＞右邊=4GX2L=8GL；

故杠桿不再水平平衡，左端下沉；

(4)斜向下拉時，阻力和阻力臂一定，動力臂變小，動力變大，所以，測力計的示數將

變大；

(5)設一鉤碼重為G,一格為3則杠桿在水平位置平衡時：左邊=3Gx4L=12GL,

右邊=3Gx4Z,=4Gx3L=6Gx2L=12GL,

在F處掛3個鉤碼、或在E處掛4個鉤碼、或在。處掛6個鉤碼；

故答案為：(1)右；(2)只進行了一次實驗結論具有偶然性；(3)左端下沉；(4)變大；(5)

在。點掛6個鉤碼；在E點掛4個鉤碼。

(1)在調節(jié)杠桿在水平位置平衡時，平衡螺母向上翹的一端移動；

(2)初中物理用實驗探究物理問題時要進行多次實驗，有的是為了多次測量求平均值來

減小誤差；有的是多次測量發(fā)現變化規(guī)律；有的是為了使實驗結論具有普遍性；

(3)用杠桿平衡條件可對兩側的力的力臂的乘積進行分析，最后做出判斷；

(4)當彈簧測力計斜著拉時，其力臂小于杠桿長，根據杠桿平衡條件分析出答案；

(5)根據杠桿平衡條件：動力x動力臂=阻力x阻力臂進行解答；

探究杠桿平衡條件時，使杠桿在水平位置平衡，此時力與杠桿垂直，力臂的長度可以直

接從杠桿上讀出來；初中物理實驗進行多次測量有些是為了求平均值，使測得的數據更

準確，有些是為了尋找普遍規(guī)律，探究杠桿平衡的條件就是為了尋找普遍規(guī)律。

20.【答案】電壓一定，電流與電阻成反比左2.5定值電阻兩端電壓A拚

【解析】解：

(1)向右移動滑片電流表的示數變大，即電阻變小，故變阻器右下接線柱連入電路占與

電阻串聯，電壓表與電阻并聯，如下圖所示：

(2)①由圖丙知，電阻兩端的電壓始終保持：

UV=IR=0.1AX25。=---=0.5AX5。=2.5V,為一定值，故由實驗圖象可得出的結

論：電壓一定，電流與電阻成反比；

②根據串聯分壓原理可知，將定值電阻由50改接成10。的電阻，電阻增大，其分得的

電壓增大；

探究電流與電阻的實驗中應控制電壓不變，即應保持電阻兩端的電壓不變，根據串聯電

路電壓的規(guī)律可知應增大滑動變阻器分得的電壓，由分壓原理，應增大滑動變阻器連入

電路中的電阻，所以滑片應向左端移動，使電壓表的示數為2.5V,讀出電流表的示數;

③圖丙中陰影部分的面積S=/R，因〃=//?,陰影部分的面積表示定值電阻兩端電壓;

(3)①閉合開關5,斷開開關記錄電流表示數"，計算出電源電壓U=//i；

②閉合開關S和Si，記錄電流表示數

閉合開關S,斷開開關品,4圖中，為&的簡單電路，由歐姆定律可得出電源電壓U=/18；

而B中，兩電阻串聯，不能得出電源電壓大小，故小明所使用的實驗電路是4

在②中，兩電阻并聯，電流表測干路電流，根據并聯電路各支路互不影響，通過的

電流為：ku由歐姆定律：

R2=L=4

2h'2-h

故答案為：(1)如上所示；(2)①電壓一定，電流與電阻成反比；②左；2.5：③定值電

阻兩端電壓(3)②小維。

(1)根據向右移動滑片電流表的示數變大確定變阻器右下接線柱連入電路與電阻串聯，

電壓表與電阻并聯；

(2)①由圖丙求出電阻兩端的電壓為一定值，分析得出結論；

第22頁，共28頁

②根據控制變量法，研究電流與電阻的關系時，需控制定值電阻的電壓相同，當換上

大電阻時，根據分壓原理確定電壓表示數的變化，由串聯電路電壓的規(guī)律結合分壓原理

確定滑片移動的方向；

③圖丙中陰影部分的面積S=/R,結合歐姆定律分析；

(3)①閉合開關S,斷開開關Si，記錄電流表示數計算出電源電壓U=/i%；

②閉合開關S和Si，記錄電流表示數與；

閉合開關S,斷開開關分析4B兩圖電路連接，根據電源電壓U=/]%確定是哪個電

路圖；

根據電流表測干路電流，由并聯電路各支路互不影響得出通過/?2的電流，由歐姆定律求

出先。

本題“探究電流跟電阻”的關系，考查電路連接、數據分析、控制變量法和操作過程及

設計方案測電阻的能力。

21.【答案】解：(1)勻速行駛30s通過的路程為:

s2=u2t2=20m/sx30s=600m,

汽車在40s內通過的路程為：

s=S]+s2=150m+600m—750m,

汽車在40s內的平均速度為：

s750m1”/

u=-=------=18.75m/s；

t40s/

(2)汽車前10s做的功為：

W=Pt=60000IVx10s=6x1057；

(3)根據P=7=7=Fu知，

汽車受到的拉力為：

「P60000W

F=-=-------=3000N,

v20m/s

因為汽車在10s做勻速運動，處于平衡狀態(tài)，牽引力等于阻力，g|JF=f=3000/Vo

答：⑴汽車在40s內的平均速度為18.75m/s；

(2)汽車前10s做的功為6x105/；

⑶汽車受到阻力的大小3000N。

【解析】(1)知道汽車在30s內的速度，利用s=戊求出行駛的路程；求出在0-40s內行

駛的總路程s=si+S2,再利用速度公式求在0?40s內汽車的平均速度；

(2)根據WZ=Pt算出汽車前10s做的功;

(3)根據P=?=F=FD算出汽車受到的拉力為，因為汽車在10s做勻速運動，處于平

衡狀態(tài)，牽引力等于阻力，從而算出汽車受到阻力的大小。

此題考查了速度公式、功的公式、功率公式的應用，關鍵是根據圖象、結合二力平衡條

件得出汽車做勻速直線運動時的阻力大小。

22.【答案】解：(1)溫控開關按下時，/?2被短路，由P=?可得，電阻％的阻值：

2=也空=

P加熱1210W'

當溫控開關按鈕彈起時，燈與/?2串聯，由P=9可得，電路的總電阻：

R=『空*

P保溫88W，

串聯電路總電阻等于各部分電阻之和，

R?=R-=550。-40/2=510/2；

(2)根據P^=U/來掰可得，保溫狀態(tài)時的電流：

/儂=駟=虹=0.44

保溫U22QV

保溫狀態(tài)時占的功率：

Pi==(0.44)2*40。=6.4W.

怵加*

(3)由圖丙可知，15M譏其中加熱10mm，保溫5min,

根據W=Pt可得，加熱和保溫消耗的電能：

加加熱+保溫保溫

w=Wr+W2=P4Pt=1210WX10X60s+88WX5X60s=

752400/。

答：(1)電阻/?2的阻值是510。；

(2)保溫狀態(tài)時&的功率是6.4勿；

⑶壓力鍋共消耗752400/的電能。

【解析】(1)溫控開關按下時，/?2被短路，由PR求出電阻咒的阻值；當溫控開關按

鈕彈起時，％與/?2串聯，根據P=?求出電路的總電阻，再根據串聯電路總電阻等于各

部分電阻之和求出％的阻值；

(2)根據「保=U/保溫可求保溫狀態(tài)時的電流，再根據P1=虛&可求保溫狀態(tài)時治的功

第24頁，共28頁

率；

(3)由勿=Pt計算加熱和保溫消耗的電能，從而可得消耗的總的電能；

本題考查了電阻、電功和電功率的計算，關鍵是公式的靈活運用和電壓力鍋狀態(tài)的判斷。

23.【答案】電磁波3x1081700m低縮小0.06

【解析】解；(1)北斗定位系統(tǒng)利用電磁波來傳遞信息，其在真空中的傳播速度為3x

108m/s；

(2)v=340m/s,t=|x10s=5s,

由及=/得：

s=vt=340m/sx5s=1700m；

(3)大氣壓的大小與高度有關，高度越高，氣壓越小，根據大氣壓的數值可以測定無人

機的高度；

(4)高清攝像機，u>2f,成倒立、縮小的實像，與照相機原理相同；

(5)無人機提供的電能為：

W=Ult=24/x2500mAh=24Vx2.54x3600s=216000/=0.06kW-h。

故答案為：(1)電磁波；3x108；(2)i700m:(3)低；(4)縮?。?5)0.06。

(1)電磁波可以傳遞信息；電磁波速度等于3X108M/S；'

(2)用公式s=仇算出超聲波從發(fā)出到接收傳播的總路程，除以2即可得到無人機距離山

峰的距離；

(3)大氣壓的大小與高度有關；

(4)凸透鏡成像時，u>2f,成倒立、縮小的實像，應用于照相機和攝像機；

(5)根據U/t求出電能。

本題主要考查學生對：超聲波和電磁波的特點、回聲測距，大氣壓與高度的關系、功的

公式的理解和掌握，是綜合題。

24.【答案】900600不變變大5.25x1063.601x106

【解析】解：(1)水艙未充海水時，潛水艇漂浮在水面上，潛水艇受到的浮力：F浮=G=

9x106N,

潛水艇排開水的體積為：曝=公=百何娥麗西=9。。病，

潛水艇浸沒在海水中增加的排開海水的體積：&丫排=V_丫排